2019-2020学年陕西省山阳中学高一上学期期中考试物理试题

2019-2020学年陕西省山阳中学高一上学期期中考试物理试题

此卷只装订不密封 班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 ‎ 陕西省山阳中学2019-2020学年上学期高一期中试卷 物 理 注意事项：‎ 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。考试结束后，将答题卡交回。试卷满分100分，考试时间90分钟。‎ 注意事项：1．开始答卷前，考生务必将自己的班级、姓名填写清楚。‎ ‎2．将试题答案填在相应的答题卡内，在试卷上作答无效。‎ ‎3． g取‎10m/s2。‎ 一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。‎ ‎1．下列各组物理量中，都是矢量的是（ ）‎ A． 位移、时间、速度 B． 加速度、速度、速率 C． 路程、时间、位移 D． 加速度、速度、位移 ‎2．伽利略对自由落体的研究，开创了研究自然规律的科学方法，这就是（ ）‎ A．对自然现象进行总结归纳的方法 B．用科学实验进行探究的方法 C．把科学实验和逻辑推理（包括数学演算）相结合的方法 D．对自然现象进行总结归纳，并用实验进行验证的方法 ‎3．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（ ）‎ A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度为零时，加速度也为零 C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大 ‎4．如图所示，弹簧左端固定，右端可自由伸长到P点。一物块从光滑水平面的b位置以速度v向左运动，将弹簧压缩到最短a点，之后物块被弹簧向右弹出。物块从P到a的运动过程，以下说法正确的是(　　)‎ A．物块的惯性减小 B．在a位置，物块的惯性为零 C．物块对弹簧的作用力和弹簧对物块的作用力大小相等 D．在a位置，物块对弹簧的作用力小于弹簧对物块的作用力 ‎5．轻弹簧上端固定，下端挂一重物，平衡时弹簧伸长了‎4 cm。若将重物向下拉‎1 cm后放手，则重物在刚释放的瞬间的加速度是(　　)‎ A．‎2.5 m/s2 B．‎7.5 m/s‎2 C．‎10 m/s2 D．‎12.5 m/s2‎ ‎6．如图所示，小球系在细绳的一端，放在倾角为α的光滑斜面上，用力将斜面在水平桌面上缓慢向左移动，使小球缓慢上升(最高点足够高)，那么在斜面运动的过程中，细绳的拉力将(　　)‎ A．先增大后减小 B．先减小后增大 C．一直增大 D．一直减小 ‎7．如图所示，放在光滑水平面上的物体A和B，质量分别为‎2m和m，第一次水平恒力F1作用在A上，第二次水平恒力F2作用在B上。已知两次水平恒力作用时，A、B间的作用力大小相等。则(　　)‎ A．F1F2 D．F1>‎2F2‎ ‎8．关于牛顿第一定律，下列说法中正确的是(　　)‎ A．它是通过实验直接得到的 B．它的得出过程体现了科学研究的方法 C．牛顿第一定律说明了物体不受外力作用时的运动规律 D．它揭示了力是产生加速度的原因 ‎9．为提高百米赛跑运动员的成绩，教练员分析了运动员跑百米全程式的 录像带，测得运动员在前7s跑了61.6m，跑到终点共用10.8s，则（ ）‎ A．运动员在百米全过程的平均速度大约是‎9.26m/s B．运动员在前7s的平均速度是‎8.8m/s C．运动员在7s末的瞬时速度是8.8m/s D．运动员在百米的终点冲刺速度为9.26m/s ‎10．以v0=12m/s的速度匀速行驶的汽车，突然刹车，刹车过程中汽车以a=-6m/s2的加速度继续前进，则刹车后( )‎ A．3s内的位移是12 m ‎ B．3s内的位移是9m C．1 s末速度的大小是6 m/s ‎ D．3 s末速度的大小是6 m/s ‎11．如图所示，倾角θ＝30°的斜面体A静止在水平地面上，一根轻绳跨过斜面体顶端的小滑轮，绳两端系有质量均为m的小物块a、b，整个装置处于静止状态。现给物块b施加一个水平向右的力F，使b缓慢移动直到轻绳与竖直方向成30°角(不计绳与滑轮间的摩擦)，对此过程说法正确的是(　　)‎ A．b受到绳的拉力逐渐增大 B．水平拉力F逐渐增大 C．小物块a受到的摩擦力先增大再减小 D．小物块a一定沿斜面缓慢上移 ‎12．匀速转动的长传送带倾斜放置，传动方向如图所示，在顶部静止放上一物块，在物块下滑过程中，规定沿传送带向下为正，下列描述物块运动过程中的v－t、a－t图象，可能正确的是(　　)‎ ‎ ‎ 二、非选择题：本题共5小题，共52分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。‎ ‎13．(6分)如图甲为某次实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔是0.1 s，A与各点之间的距离如图所示，单位是cm，纸带的加速度是________ m/s2(结果保留3位有效数字)，在验证质量一定时加速度a和合外力F的关系时，某学生根据实验数据作出了如图乙所示的a—F图象，其原因是____________________________。‎ ‎14．(6分)有同学利用如图所示的装置来探究求合力的方法：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力FTOA、FTOB和FTOC，回答下列问题：‎ ‎ ‎ ‎(1) (多选)改变钩码个数，实验能完成的是 。‎ A．钩码的个数N1＝N2＝2，N3＝4 B．钩码的个数N1＝N3＝3，N2＝4‎ C．钩码的个数N1＝N2＝N3＝4 D．钩码的个数N1＝3，N2＝4，N3＝5‎ ‎(2)在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是 。‎ A．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向 B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度 C．用量角器量出三段绳子之间的夹角 D．用天平测出钩码的质量 ‎(3)在作图时，你认为图中________(选填“甲”或“乙”)是正确的。‎ ‎15．(10分)）以25m/s的初速度从地面竖直上抛一小球，求小球上升的最大高度和小球从抛出到落地所用的时间。（忽略空气阻力的影响）‎ ‎16．(14分)如图所示，用一个轻质三角支架悬挂重物，已知AB杆的左端用铰链固定，且它所能承受的最大压力为2000 N，AC绳所能承受的最大拉力为 000 N，α＝30°。为不使支架断裂，求悬挂的重物应满足的条件。‎ ‎17．(16分)如图所示，质量M＝8 kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车右端加一F＝8 N的水平拉力，当小车向右运动的速度达到v0＝1.5 m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m＝2 kg的小物块，小物块与小车间的动摩擦因数μ＝0.2，小车足够长，取g＝10 m/s2。求：‎ ‎(1)放小物块后，小物块及小车的加速度各为多大；‎ ‎(2)经多长时间两者达到相同的速度；‎ ‎(3)从小物块放上小车开始，经过t＝1.5 s小物块通过的位移大小为多少？‎ 陕西省山阳中学2019-2020学年上学期高一期中试卷 物 理答 案 一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。‎ ‎1．【答案】C ‎2．【答案】D ‎3．【答案】C ‎4．【答案】C ‎【解析】物块从P到a的运动过程中，质量不变，惯性不变，A、B项错误；根据牛顿第三定律，作用力和反作用力大小相等，C项正确，D项错误。‎ ‎5．【答案】A ‎【解析】设重物的质量为m，弹簧的劲度系数为k.平衡时：mg＝kx1，将重物向下拉1 cm，由牛顿第二定律得：k(x1＋x2)－mg＝ma，联立解得：a＝2.5 m/s2，选项A正确。‎ ‎6．【答案】B ‎【解析】小球受力如图所示，拉力F与支持力FN的合力与重力G等大、反向，且FN的方向不变，可见，在斜面缓慢向左运动时，绳的拉力F先减小后增大。‎ ‎7．【答案】C ‎【解析】设A、B间作用力大小为FN，则水平恒力作用在A上时，隔离B受力分析有：FN＝maB；水平恒力作用在B上时，隔离A受力分析有：FN＝2maA，F1＝(2m＋m)aB，F2＝(2m＋m)aA，解得F1＝3FN，F2＝3FN/2，所以F1＝2F2，即F1>F2。‎ ‎8．【答案】BCD ‎【解析】伽利略所设计的实验是想象中的理想实验，但却是符合科学道理的，牛顿总结了前人的经验，指出了加速和减速的原因，并指出了这个原因跟运动的关系，不是通过实验直接得到的，它的得出过程体现了科学研究的方法，A错误，B正确；牛顿第一定律说明了物体不受外力作用时的运动规律，C正确；牛顿第一定律指出：外力可以迫使物体改变匀速运动状态或静止状态，即力是产生加速度的原因，故D正确。‎ ‎9．【答案】AB ‎10．【答案】AC ‎11．【答案】AB ‎【解析】b受力平衡，对b受力分析，如图甲所示。设绳与竖直方向的夹角为α，b缓慢移动直到与竖直方向成30°角的过程中，α变大，根据平行四边形定则可知，T逐渐增大，F逐渐增大，故A、B正确；对a受力分析，如图乙所示。刚开始T＝mg，a处于静止状态，则f＝T－mgsin 30°＝mg，方向向下，T增大时，f增大，摩擦力增大，由于不知道最大静摩擦力的具体值，所以不能判断a是否会滑动，故C、D错误。‎ ‎12．【答案】AC ‎【解析】物块静止放到传送带后，受到重力、支持力、沿斜面向下的滑动摩擦力，做匀加速运动，速度均匀增大，由v＝at知，v与t成正比。当速度等于传送带速度时，重力沿斜面向下的分力可能小于或等于最大静摩擦力，则物块将与传送带一起匀速向下运动，也可能重力沿斜面向下的分力大于最大静摩擦力，物块继续匀加速下滑。开始阶段的匀加速过程中，由牛顿第二定律得：μmgcos θ＋mgsin θ＝ma，得 a＝μgcos θ＋gsin θ.第二个匀加速过程中，由牛顿第二定律得：mgsin θ－μmgcos θ＝ma′，得 a′＝gsin θ－μgcos θ，可知，a′＜a，故A、C正确，B、D错误。‎ 二、非选择题：本题共5小题，共52分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。‎ ‎13．(6分)‎ ‎【答案】1.59　平衡摩擦力过度 ‎【解析】a的计算利用逐差法：a＝＝＝＝×10－2 m/s2≈1.59 m/s2。‎ ‎14．(6分)‎ ‎【答案】(1)BCD　(2)A　(3)甲 ‎【解析】(1)对O点受力分析如图所示，OA、OB、OC分别表示FTOA、FTOB、FTOC的大小，由于三个共点力处于平衡，所以FTOA、FTOB的合力大小等于FTOC，且FTOC 当悬挂重物的重力增加时，对AC绳的拉力将先达到最大值，所以为不使三角支架断裂，计算中应以AC绳中拉力达到最大值为依据，即取F2＝F2max＝1 000 N，于是得悬挂物的重力应满足的条件为Gmax≤F2sin 30°＝500 N。‎ ‎17．(16分)‎ ‎【解析】(1)小物块的加速度am＝μg＝2 m/s2‎ 小车的加速度aM＝＝0.5 m/s2。‎ ‎(2)由amt＝v0＋aMt 解得：t＝1 s。‎ ‎(3)从小物块放上小车开始1 s内，小物块的位移 s1＝amt2＝1 m ‎1 s末小物块的速度v＝amt＝2 m/s 在接下来的0.5 s内小物块与小车相对静止，一起做加速运动，且加速度a＝＝0.8 m/s2‎ 这0.5 s内小物块的位移x2＝vt1＋＝1.1 m 小物块1.5 s内通过的总位移x＝x1＋x2＝2.1 m。‎