2020高考物理总复习课时冲关练 (1)

申明敬告: 本站不保证该用户上传的文档完整性,不预览、不比对内容而直接下载产生的反悔问题本站不予受理。

文档介绍

2020高考物理总复习课时冲关练 (1)

牛顿第二定律 两类动力学问题 ‎ [A级-基础练]‎ ‎1.大小分别为1 N和7 N的两个力作用在一个质量为1 kg的物体上,物体能获得的最小加速度和最大加速度分别是(  )‎ A.1 m/s2和7 m/s2     B.5 m/s2和8 m/s2‎ C.6 m/s2和8 m/s2 D.0 m/s2和8 m/s2‎ 解析:C [当两力反向时,合力最小,加速度最小,amin= m/s2=6 m/s2;当两力同向时,合力最大,加速度最大,amax= m/s2=8 m/s2,选项C正确.]‎ ‎2.有研究发现,轿车的加速度变化情况将影响乘客的舒适度,即加速度变化得越慢,乘客就会感到越舒适,加速度变化得越快,乘坐轿车的人就会感到越不舒适.若引入一个新物理量来表示加速度变化的快慢,则该物理量的单位是(  )‎ A.m/s B.m/s2‎ C.m/s3 D.m2/s 解析:C [新物理量表示的是加速度变化的快慢,所以新物理量应该等于加速度的变化量与时间的比值,所以新物理量的单位应该是m/s3,选项C正确.]‎ ‎3.(2018·山东枣庄质检)有一轻质橡皮筋下端挂一个铁球,手持橡皮筋的上端使铁球竖直向上做匀加速运动,若某时刻手突然停止运动,则下列判断正确的是(  )‎ A.铁球立即停止上升,随后开始向下运动 B.铁球立即开始向上做减速运动,当速度减到零后开始下落 C.铁球立即开始向上做减速运动,当速度达到最大值后开始下落 D.铁球继续向上做加速运动,当速度达到最大值后才开始做减速运动 解析:D [铁球匀加速上升,受到拉力和重力的作用,且拉力的大小大于重力,手突然停止运动瞬间,铁球由于惯性继续向上运动,开始阶段橡皮条的拉力还大于重力,合力竖直向上,铁球继续向上加速运动,当拉力等于重力后,速度达到最大值,之后拉力小于重力,铁球开始做减速运动,故A、B、C错误,D正确.]‎ ‎4.(2018·莱州质检)如图所示,小车沿水平面做直线运动,小车内光滑底面上有一物块被压缩的弹簧压向左壁,小车向右加速运动.若小车向右加速度增大,则车左壁受物块的压力F1和车右壁受弹簧的压力F2的大小变化是(  )‎ A.F1不变,F2变大 B.F1变大,F2不变 C.F1、F2都变大 D.F1变大,F2减小 解析:B [若小车向右的加速度增大,弹簧长度不变,则车左壁受物块的压力F1增大,车右壁受弹簧的压力F2的大小不变,B正确.]‎ ‎5.(2019·广西南宁模拟)如图所示,车内轻绳AB与BC拴住一小球,BC水平,开始车在水平面上向右做匀速直线运动,现突然刹车做匀减速直线运动,小球仍处于图中所示的位置,则(  )‎ A.AB绳、BC绳拉力都变小 B.AB绳拉力变大,BC绳拉力不变 C.AB绳拉力不变,BC绳拉力变小 D.AB绳拉力不变,BC绳拉力变大 解析:C [对球B受力分析,受重力、BC绳子的拉力FT2、AB绳子的拉力FT1,如图所示,根据牛顿第二定律,水平方向:FT2-FT1sin θ=ma 竖直方向:FT1cos θ-mg=0‎ 解得FT1=,AB绳子的拉力不变 FT2=mgtan θ+ma 匀速时加速度为零,刹车后,加速度向左,取负值,所以,BC绳子的拉力变小,故C正确,A、B、D错误.]‎ ‎6.(2019·黄石模拟)如图,带有竖直支柱的斜面固定在水平地面上,光滑的小球被轻质细线和轻弹簧系住静止于斜面上,弹簧处于拉伸状态.现剪断细线,小球沿斜面向下运动的过程中(  )‎ A.弹簧达到自然长度前加速运动,之后减速运动 B.弹簧达到自然长度前加速运动,之后先加速运动后减速运动 C.加速度先增大后减小 D.加速度一直减小 解析:B [在未剪断细线时,弹簧处于伸长状态,故弹簧对小球有向下的弹力,故剪断细线后小球先加速向下运动,加速度减小,当弹簧的弹力沿斜面向上且等于小球重力沿斜面向下的分力时,速度达到最大,小球继续向下运动,此后弹簧的弹力大于小球重力沿斜面向下的分力,小球做减速运动,并且加速度增大,选项B正确.]‎ ‎7.如图所示,水平桌面由粗糙程度不同的AB、BC两部分组成,且AB=BC.小物块P ‎(可视为质点)以某一初速度从A点滑上桌面,最后恰好停在C点,已知物块经过AB与BC两部分的时间之比为1∶4,则物块P与桌面上AB、BC部分之间的动摩擦因数μ1、μ2之比为(P物块在AB、BC上所做两段运动可看做匀变速直线运动)(  )‎ A.1∶4   B.8∶1   C.1∶1   D.4∶1‎ 解析:B [设B点的速度为vB,根据匀变速直线运动平均速度的推论有:t1=t2,又t1∶t2=1∶4,解得:vB=,在AB上的加速度大小为:a1=μ1g=,在BC上的加速度大小为:a2=μ2g=,联立解得:μ1∶μ2=8∶1,故选B.]‎ ‎8.(2019·吉林调研)如图所示,质量为4 kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面.质量为1 kg的物体B用细线悬挂起来,A、B紧挨在一起但A、B之间无压力.某时刻将细线剪断,则细线剪断瞬间,B对A的压力大小为(g取10 m/s2)(  )‎ A.0 B.8 N C.10 N D.50 N 解析:B [剪断细线前,物体A、B间无压力,则弹簧的弹力F=mAg=40 N,剪断细线的瞬间,对物体A、B整体分析,整体加速度a==2 m/s2,对物体B隔离分析,有mBg-FN=mBa,解得FN=mBg-mBa=8 N,故B正确.]‎ ‎9.(2019·广州六校联考)某种型号焰火礼花弹从专用炮筒中射出后,在4 s末到达离地面100 m的最高点时炸开,构成各种美丽的图案.假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v0,上升过程中所受的阻力大小始终是自身重力的k倍,g=10 m/s2,那么v0和k分别等于(  )‎ A.40 m/s,1.25 B.40 m/s,0.25‎ C.50 m/s,1.25 D.50 m/s,0.25‎ 解析:D [上升过程中所受的阻力f=kmg,根据牛顿第二定律得:a==(k+1)g,根据h=at2,得:a==12.5 m/s2,所以v0=at=50 m/s,而(k+1)g=12.5 m/s2,所以k=0.25.故选D.]‎ ‎[B级—能力练]‎ ‎10.(2019·日照模拟)如图所示,在竖直平面内有半径为R和2R的两个圆,两圆的最高点相切,切点为A,B和C分别是小圆和大圆上的两个点,其中AB长为R,AC长为2R.现沿AB和AC建立两条光滑轨道,自A处由静止释放小球,已知小球沿AB轨道运动到B点所用时间为t1,沿AC轨道运动到C点所用时间为t2,则t1与t2之比为(  )‎ A.1∶ B.1∶2‎ C.1∶ D.1∶3‎ 解析:A [设AB与竖直方向的夹角为θ,则AB=2Rcos θ,小球沿AB下滑的加速度为a=gcos θ,解得小球在AB上运动的时间为t1= = ;同理可知小球在AC上运动的时间为t2= = ,则t1与t2之比为1∶,选项A正确.]‎ ‎11.(多选)如图所示是一劲度系数为k的轻质弹簧,上端固定,下端连着一质量为m的物块A,A放在托盘B上初始时全部静止,弹簧处于自然长度,现设法控制B的运动,使A匀加速下降,用x表示弹簧伸长量,用a表示A的加速度,则在能保持A匀加速下降的整个过程中(始终在弹簧弹性限度内),重力加速度为g,下列说法正确的有(  )‎ A.B对A的作用力随弹簧伸长量x线性递增 B.若a=,则弹簧最大形变量为 C.B对A的最大作用力为m(g+a)‎ D.物块A的高度下降了 解析:BD [随着托盘向下运动,弹簧的弹力增大,托盘支持力减小,A错误;当a=时,根据牛顿第二定律得mg-F=ma,解得F=mg-ma==kx,解得x=,故B正确;由B项可知,B对A的最大作用力为F=mg-ma,故C错误;由mg-ma=kx得:x=,故物块的高度下降了,D正确.]‎ ‎12.(2019·江西重点中学联考)趣味运动会上运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑,设球拍和球质量分别为M、m,球拍平面和水平面之间夹角为θ,球拍与球保持相对静止,它们间摩擦力及空气阻力不计,则(  )‎ A.运动员的加速度为gtan θ B.球拍对球的作用力为mg C.运动员对球拍的作用力为(M+m)gcos θ D.若加速度大于gsin θ,球一定沿球拍向上运动 解析:A [网球受力如图甲所示,根据牛顿第二定律得FNsin θ=ma,又FNcos θ=mg,解得a=gtan θ,FN=,故A正确,B错误;以球拍和球整体为研究对象,受力如图乙所示,根据平衡,运动员对球拍的作用力为F=,故C错误;当a>gtan θ时,网球才向上运动,由于gsin θ与gtan θ的大小关系未知,故球不一定沿球拍向上运动,故D错误.]‎ ‎13.(2019·台州模拟)已知无人机质量m=1 kg,动力系统能提供的最大升力F=16 N,无人机上升过程中最大速度v=6 m/s,若无人机从地面以最大升力竖直起飞,达到最大速度所用时间为3 s,假设无人机竖直飞行时所受阻力大小不变,求:‎ ‎(1)无人机以最大升力起飞的加速度大小;‎ ‎(2)无人机在竖直上升过程中所受阻力Ff的大小;‎ ‎(3)无人机从地面起飞竖直上升至离地高度h=30 m的高空所需的最短时间.‎ 解析:(1)无人机以最大升力起飞的加速度大小为:‎ a== m/s2=2 m/s2.‎ ‎(2)根据牛顿第二定律可得,‎ F-mg-Ff=ma,‎ 代入数据可解得:Ff=4 N.‎ ‎(3)由位移-时间公式得,无人机匀加速上升的高度:‎ h1=at2=×2×32 m=9 m,‎ 无人机达到最大速度匀速上升的高度:‎ h2=h-h1=30 m-9 m=21 m,‎ 由x=vt得,无人机匀速飞行的时间:‎ t′== s=3.5 s 则无人机从地面起飞竖直上升至离地高度h=30 m的高空所需的最短时间:‎ t总=t+t′=3 s+3.5 s=6.5 s.‎ 答案:(1)2 m/s2 (2)4 N (3)6.5 s ‎14.2018年中国大学生越野滑雪锦标赛于12月24日上午8点30分在长春净月潭瓦萨越野滑雪基地开赛.滑雪运动是运动员把滑雪板装在靴底在雪地上进行的滑行、跳跃的竞赛运动.当滑雪板相对雪地速度较大时,会把雪内的空气逼出来,在滑雪板与雪地间形成一个暂时的“气垫”,从而大大减小雪地对滑雪板的摩擦.然而当滑雪板相对雪地速度较小时,与雪地接触的时间超过某一值,滑雪板就会下陷,使得与雪地间的摩擦力增大.假设速度超过8 m/s时,滑雪板与雪地间的动摩擦因数就会由μ1=0.25变为μ2=0.125.一运动员从倾角θ=37°的坡顶A处由静止开始自由下滑,滑至坡底B(B处为一光滑小圆弧)后又滑上一段水平地面,最后停在C处,如图所示.不计空气阻力,已知坡长l=24.1 m,g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8.‎ ‎(1)求运动员从静止开始到动摩擦因数发生变化所经历的时间;‎ ‎(2)求运动员到达B处时的速度大小;‎ ‎(3)若滑雪板与水平地面间的动摩擦因数μ3=0.5,求运动员在水平地面上运动的最大距离.‎ 解析:(1)由牛顿第二定律得,mgsin θ-μ1mgcos θ=ma1,有a1=gsin θ-μ1gcos θ=4 m/s2‎ 运动员从静止开始到动摩擦因数发生变化所经历的时间t1==2 s 位移x1=a1t=8 m.‎ ‎(2)由牛顿第二定律得,mgsin θ-μ2mgcos θ=ma2,得a2=gsin θ-μ2gcos θ=5 m/s2‎ 由v=v2+2a2(l-x1)‎ 代入数据解得vB=15 m/s.‎ ‎(3)根据牛顿第二定律得a3=μ3g=5 m/s2‎ 在水平面滑行的距离x3==22.5 m.‎ 答案:(1)2 s (2)15 m/s (3)22.5 m
查看更多

相关文章

您可能关注的文档