物理卷·2018届四川省绵阳市三台县塔山中学高二下学期期中物理模拟试卷（一）+（解析版）

物理卷·2018届四川省绵阳市三台县塔山中学高二下学期期中物理模拟试卷（一）+（解析版）

‎2016-2017学年四川省绵阳市三台县塔山中学高二（下）期中物理模拟试卷（一）‎ ‎　‎ 一、选择题（本题共19小题，每小题4分，共76分．在每小题给出的4个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）‎ ‎1．某电路中电场随时间变化的图象如下图所示，能发射电磁波的电场是哪一种？（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎2．一闭合线圈置于磁场中，若磁感应强度B随时间变化的规律如图所示，则图中能正确反映线圈中感应电动势E随时间t变化的图象是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎3．如图所示电路中，线圈L与灯泡A并联，当合上开关S后灯A正常发光．已知，线圈L的电阻小于灯泡A的电阻．则下列现象可能发生的是（　　）‎ A．当断开S时，灯泡A立即熄灭 B．当断开S时，灯泡A突然闪亮一下，然后逐渐熄灭 C．若把线圈L换成电阻，断开S时，灯泡A逐渐熄灭 D．若把线圈L换成电阻，断开S时，灯泡A突然闪亮一下，然后逐渐熄灭 ‎4．理想变压器原、副线圈匝数之比n1：n2=2：1，且在输入、输出回路中分别接有相同的纯电阻，如图3所示，原线圈接在电压为U的交流电源上，则副线圈的输出电压为（　　）‎ A． B． C． U D． U ‎5．在LC振荡电路中，t1和t2时电感线圈中的磁感线和电容器中的极板带电情况如图所示，若t2﹣t1=，则下列说法中正确的是（　　）‎ A．在t1时刻电容器正在充电 B．在t2时刻电容器正在充电 C．在t1时刻电路中的电流处在增大状态 D．在t2时刻电路中的电流处在增大状态 ‎6．如图所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L供电，如果将原、副线圈减少相同匝数，其它条件不变，则（　　）‎ A．小灯泡变暗 B．小灯泡变亮 C．原、副线圈两段电压的比值不变 D．通过原、副线圈电流的比值不变 ‎7．为了能安全对某一高电压U、高电流I的线路进行测定，图中接法可行的是（　　）（绕组匝数n1＞n2）‎ A． B． C． D．‎ ‎8．两金属棒和三根电阻丝如图连接，虚线框内存在均匀变化的匀强磁场，三根电阻丝的电阻大小之比R1：R2：R3=3：2：1，金属棒电阻不计．当S1、S2闭合，S3断开时，闭合的回路中感应电流为I，当S2、S3闭合，S1断开时，闭合的回路中感应电流为5I，当S1、S3闭合，S2断开时，闭合的回路中感应电流是（　　）‎ A．0 B．3I C．5I D．7I ‎9．如图所示，A是长直密绕通电螺线管．小线圈B与电流表连接，并沿A的轴线OX从O点自左向右匀速穿过螺线管A．能正确反映通过电流表中电流I随X变化规律的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎10．照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的．可是我们在晚上七、八点钟用电高峰时开灯，电灯比深夜时要显得暗些．这是因为用电高峰时（　　）‎ A．总电阻比深夜时大，供电线路上的电流小，每盏灯两端的电压较低 B．总电阻比深夜时大，供电线路上的电流小，通过每盏灯的电流较小 C．总电阻比深夜时小，供电线路上的电流大，输电线上损失的电压较大 D．总电阻比深夜时小，供电线路上的电流大，每盏灯两端的电压较低 ‎11．如图所示，边长为L的正方形闭合线框，在磁感应强度为B的匀强磁场中，以一条边为轴，以角速度ω匀速转动，转轴与B垂直，线圈总电阻为R，导线电阻不计．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电压表示数为 B．电压表示数 C．线圈转一周产生热量为 D．线圈转一周产生热量为 ‎12．如图所示一个矩形线圈abcd放在垂直纸面向里的匀强磁场中，在进行下列操作时，整个线圈始终处于磁场之内，线圈中能产生感应电流的是（　　）‎ A．线圈沿纸面向右移动 B．线圈沿纸面向下移动 C．线圈垂直纸面向外移动 D．线圈以ab边为轴转动 ‎13．如图所示，理想变压器的a、b端加上某一交流电压（电压有效值保持不变），副线圈c、d端所接灯泡L恰好正常发光．此时滑线变阻器的滑片P于图示位置．现将滑片P下移 （ 导线电阻不计），则以下说法正确的是：（　　）‎ A．灯仍能正常发光，原线圈输入电流变小 B．灯不能正常发光，原线圈输入功率变大 C．灯不能正常发光，原线圈输入电压变大 D．灯仍能正常发光，原线圈输入功率不变 ‎14．如图所示，理想变压器的原线圈接u=11000sin100πt（V）的交变电压，副线圈通过电阻r=6Ω的导线对“220V/880W”的电器RL供电，该电器正常工作．由此可知（　　）‎ A．原、副线圈的匝数比为50：1‎ B．交变电压的频率为100 Hz C．副线圈中电流的有效值为4 A D．变压器的输入功率为880 W ‎15．如图，边长为d的正方形线圈，从位置A开始向右运动，并穿过宽为L（L＞d）匀强磁场区域到达位置B，则（　　）‎ A．整个过程，线圈中始终有感应电流 B．整个过程，线圈中始终没有感应电流 C．线圈进入磁场和离开磁场的过程中，线圈中有感应电流，方向都是逆时针方向 D．线圈进入磁场过程中，感应电流的方向为逆时针方向；穿出磁场的过程中，感应电流的方向为顺时针方向 ‎16．交变电流电压的有效值为6V，它和电阻R1、R2及电容器C、电压表一起连接成如图所示的电路，图中电压表的读数为U1，为了保证电容器C不被击穿，电容器的耐压值为U2，电容器在电路中正常工作，则（　　）‎ A．U1=6 V U2=6 V B．U1=6 V U2=3 V C．U1=6 V U2≥6 V D．U1=6 V U2≥6 V ‎17．如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场的区域宽度为2a，磁感应强度的大小为B．一边长为a、电阻为4R的正方形均匀导线框ABCD从图示位置沿水平向右方向以速度v匀速穿过磁场区域，在下图中线框A、B两端电压UAB与线框移动距离x的关系图象正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎18．如图所示，甲、乙两图是两个与匀强磁场垂直放置的金属框架，乙图中除了一个电阻极小、自感系数为L的线圈外，两图其他条件均相同．如果两图中AB杆均以相同初速度、相同加速度向右运动相同的距离，外力对AB杆做功的情况是（　　）‎ A．甲图中外力做功多 B．两图中外力做功相等 C．乙图中外力做功多 D．无法比较 ‎19．如图所示，在水平面上有一固定的u形光滑金属框架，框架上放置一金属杆ab．在垂直纸面方向有一匀强磁场，下列情况中可能的是（　　）‎ A．若磁场方向垂直纸面向外，并且磁感应强度增大时，杆ab将向右移动 B．若磁场方向垂直纸面向外，并且磁感应强度减小时，杆ab将向右移动 C．若磁场方向垂直纸面向里，并且磁感应强度减小时，杆ab将向右移动 D．若磁场方向垂直纸面向里，并且磁感应强度增大时，杆ab将向右移动 ‎　‎ 二、非选择题（本题共2小题，共24分）‎ ‎20．如图（甲）所示，一固定的矩形导体线圈水平放置，线圈的两端接一只小灯泡，在线圈所在空间内存在着与线圈平面垂直的均匀分布的磁场．已知线圈的匝数n=100匝，电阻r=1.0Ω，所围成矩形的面积S=0.040m2，小灯泡的电阻R=9.0Ω，磁场的磁感应强度随按如图（乙）所示的规律变化，线圈中产生的感应电动势瞬时值的表达式为e=nBmScost，其中Bm为磁感应强度的最大值，T为磁场变化的周期．不计灯丝电阻随温度的变化，求：‎ ‎（1）线圈中产生感应电动势的最大值．‎ ‎（2）小灯泡消耗的电功率．‎ ‎（3）在磁感强度变化的0～的时间内，通过小灯泡的电荷量．‎ ‎21．如图所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为θ的绝缘斜面上，两导轨间距为L．M、P两点间接有电阻值为R的电阻，一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直．整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下．导轨和金属杆的电阻可忽略．让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦．求：‎ ‎（1）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时杆中的电流及杆的加速度大小；‎ ‎（2）在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值．‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年四川省绵阳市三台县塔山中学高二（下）期中物理模拟试卷（一）‎ 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（本题共19小题，每小题4分，共76分．在每小题给出的4个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）‎ ‎1．某电路中电场随时间变化的图象如下图所示，能发射电磁波的电场是哪一种？（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】电磁波的产生．‎ ‎【分析】根据麦克斯韦的电磁场理论，周期性变化的电场会产生周期性变化的磁场，周期性变化的磁场会产生周期性变化的电场，周期性变化的磁场与电场不断的相互激发，会使电磁场由近及远的传播，形成电磁波．‎ ‎【解答】解：A、图A是稳定的电场，不能产生磁场．故A错误．‎ B、C、图B与图C是均匀变化的电场，产生恒定不变的磁场，也不能形成电磁波．故B错误，C错误．‎ D、图D是按正弦函数规律周期性变化的电场，会产生同频率的周期性变化的磁场，能形成电磁场，向外发射电磁波．故D正确．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎2．一闭合线圈置于磁场中，若磁感应强度B随时间变化的规律如图所示，则图中能正确反映线圈中感应电动势E随时间t变化的图象是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】根据法拉第电磁感应定律研究一个周期内感应电动势的大小，由楞次定律判断感应电动势的方向，再选择图象．‎ ‎【解答】解：设磁感应强度增大时，产生的感应电流沿正方向．‎ 在前半周内，磁感应强度均匀增大，一定，根据法拉第电磁感应定律得知：感应电动势E=S，则知E一定．‎ 同理，在后半周内，感应电动势E一定，方向与前半周方向相反．根据楞次定律判断得知，感应电流方向沿负方向．‎ 故选A ‎　‎ ‎3．如图所示电路中，线圈L与灯泡A并联，当合上开关S后灯A正常发光．已知，线圈L的电阻小于灯泡A的电阻．则下列现象可能发生的是（　　）‎ A．当断开S时，灯泡A立即熄灭 B．当断开S时，灯泡A突然闪亮一下，然后逐渐熄灭 C．若把线圈L换成电阻，断开S时，灯泡A逐渐熄灭 D．若把线圈L换成电阻，断开S时，灯泡A突然闪亮一下，然后逐渐熄灭 ‎【考点】自感现象和自感系数．‎ ‎【分析】“断电自感”是一种常见的电磁感应现象，忽略电池内阻及导线电阻，并设灯A的电阻为RA，线圈L的直流电阻为RL，电动势为E，线圈L中的电流强度为IA，通过灯泡的电流强度为IL，电流方向均向右；‎ ‎（1）电流方向：K断开瞬间通过灯A的电流立刻减小为0；但同时由于线圈L中的电流IL0减小，故L中的自感电流I′L必与原电流IL0同向以“阻碍”原电流的减小，因而线圈L作了A、L回路的电源，且线圈L的左端为电流负极而右端为正极；故实际上K断开瞬间经过灯A的电流并不为0而是方向向左的电流IL． ‎ ‎（2）L断开瞬间线圈与A灯中的瞬时电流的大小：电路断开后线圈将原来储存起来的能量（磁场能）通过自感而经回路L、A释放，故在K断开前、后的瞬间线圈的能量（磁场能）是相等的，而磁场是由电流产生的，因而K断开后瞬间线圈中的总电流强度与断开前的电流强度IL0必相等．所以断电自感中线圈中的电流将从断开前瞬间的电流强度IL0开始减小．那么开关断开瞬间加于电灯L两端的瞬间电压为UA=IL0RA．‎ ‎【解答】解：A、B、电键断开前，电路稳定，灯 A 正常发光，线圈相当于直导线，电阻较小，故流过线圈的电流较大；电键断开后，线圈中的电流会减小，发生自感现象，线圈成为A、L回路的电源，故灯泡反而会更亮一下后熄灭，故A错误，B正确；‎ C、D、若用电阻取代L接入电路，则不会发生自感现象，故断开S时，灯A立即熄灭，故C错误，D错误；‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎4．理想变压器原、副线圈匝数之比n1：n2=2：1，且在输入、输出回路中分别接有相同的纯电阻，如图3所示，原线圈接在电压为U的交流电源上，则副线圈的输出电压为（　　）‎ A． B． C． U D． U ‎【考点】变压器的构造和原理．‎ ‎【分析】根据电压之比等于线圈匝数之比，而电流之比等于线圈匝数的反比可分别用U2表示变压器输入电压和原线圈中R两端的电压，再根据R与原线圈串联，根据串联电路规律即可求得输出电压．‎ ‎【解答】解：设原线圈中电流为I，则根据电流之比等于线圈匝数的反比可知，副线圈中电流为2I；则可知原线圈R两端的电压UR=IR；副线圈的输出电压U2=2IR；‎ 根据变压器电压之比与线圈匝数关系可知： =；‎ 根据电路规律可知，U=UR+U1；‎ 联立以上各式解得：U2=U．‎ 故C正确，ABD错误．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎5．在LC振荡电路中，t1和t2时电感线圈中的磁感线和电容器中的极板带电情况如图所示，若t2﹣t1=，则下列说法中正确的是（　　）‎ A．在t1时刻电容器正在充电 B．在t2时刻电容器正在充电 C．在t1时刻电路中的电流处在增大状态 D．在t2时刻电路中的电流处在增大状态 ‎【考点】电磁波的产生．‎ ‎【分析】明确振荡电路的产生过程，知道振荡电路充电时电流越来越小，自感线圈阻碍它减小，磁场能转化为电场能，放电时电流越来越大，电场能转化为磁场能．‎ ‎【解答】解：由题图t1时刻感应电流的方向与放电电流方向相反，电流应增大，故此时正在放电；‎ 而t2时刻感应电流的方向与充电电流方向相同，电流应减小，此时电容器正在充电，故BC正确，AD错误．‎ 故选：BC ‎　‎ ‎6．如图所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L供电，如果将原、副线圈减少相同匝数，其它条件不变，则（　　）‎ A．小灯泡变暗 B．小灯泡变亮 C．原、副线圈两段电压的比值不变 D．通过原、副线圈电流的比值不变 ‎【考点】变压器的构造和原理．‎ ‎【分析】因变压器为降压变压器，原线圈匝数大于副线圈匝数；而当同时减小相同匝数时，匝数之比一定变大；再根据变压器原理进行分析即可．‎ ‎【解答】解：根据数学规律可知，分子与分母减小相同的数据时，比值一定会增大，故原副线圈减小相同的匝数后，匝数之比变大；因此电压之比变大；输出电压减小，故小灯泡变暗；而电流与匝数之比成反比，故电流的比值变小；‎ 故BCD错误，A正确；‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎7．为了能安全对某一高电压U、高电流I的线路进行测定，图中接法可行的是（　　）（绕组匝数n1＞n2）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】变压器的构造和原理．‎ ‎【分析】理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势．而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势．串联在电路中的是电流互感器，并联在电路中的是电压互感器．‎ ‎【解答】解：由图可知，AB并联在电路中是电压互感器，电路中是强电压，通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，所以n1＞n2，故B正确，A错误；‎ CD串联在电路中是电流互感器，电路中是强电流，通过变压器变成弱电流，用电流表测量，因为电流之比等于线圈匝数的倒数比，所以应该n1＜n2，故CD错误；‎ 故选：B ‎　‎ ‎8．两金属棒和三根电阻丝如图连接，虚线框内存在均匀变化的匀强磁场，三根电阻丝的电阻大小之比R1：R2：R3=3：2：1，金属棒电阻不计．当S1、S2闭合，S3断开时，闭合的回路中感应电流为I，当S2、S3闭合，S1断开时，闭合的回路中感应电流为5I，当S1、S3闭合，S2断开时，闭合的回路中感应电流是（　　）‎ A．0 B．3I C．5I D．7I ‎【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】根据开关的闭合与断开情况，明确电路结构；根据电路连接情况确定感应电动势，由欧姆定律求出电路电流；然后解方程组答题．‎ ‎【解答】解：因为R1：R2：R3=3：2：1，可以设R1=3R，R2=2R，R3=R；‎ 由电路图可知，当S1、S2闭合，S3断开时，电阻R1与R2组成闭合回路，‎ 设此时感应电动势是E1，由欧姆定律可得：I==，E1=5IR；‎ 当S2、S3闭合，S1断开时，电阻R2与R3组成闭合回路，设感应电动势为E2，‎ 由欧姆定律可得：5I==，E2=15IR；‎ 当S1、S3闭合，S2断开时，电阻R1与R3组成闭合回路，‎ 此时感应电动势E=E1+E2=20IR，‎ 由欧姆定律可得，电路电流I′===5I；‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎9．如图所示，A是长直密绕通电螺线管．小线圈B与电流表连接，并沿A的轴线OX从O点自左向右匀速穿过螺线管A．能正确反映通过电流表中电流I随X变化规律的是（　　）‎ A． B． C．‎ ‎ D．‎ ‎【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律．‎ ‎【分析】小线圈B在接近和穿出通电螺线管时，其磁通量发生变化，将有感应电流产生，当小线圈B在螺线管内部运动时，由于内部是匀强磁场，其磁通量不发生变化，故无电流．‎ ‎【解答】本题通过电流与时间图象来考查对楞次定律的理解，当小线圈B在螺线管内部运动时，其磁通量不变，无感应电流，因此选项AB错误；根据电流的方向可知，选项D错误，故本题正确选项为C．‎ ‎　‎ ‎10．照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的．可是我们在晚上七、八点钟用电高峰时开灯，电灯比深夜时要显得暗些．这是因为用电高峰时（　　）‎ A．总电阻比深夜时大，供电线路上的电流小，每盏灯两端的电压较低 B．总电阻比深夜时大，供电线路上的电流小，通过每盏灯的电流较小 C．总电阻比深夜时小，供电线路上的电流大，输电线上损失的电压较大 D．总电阻比深夜时小，供电线路上的电流大，每盏灯两端的电压较低 ‎【考点】闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路．‎ ‎【分析】用电高峰时，负载增多，由于各个电灯是并联，总电阻减小，根据电流的变化，判断出输电线上损失电压的变化，从而得出用户获得电压的大小．‎ ‎【解答】解：晚上七、八点钟用电高峰时开灯，由于负载增多，各个电灯是并联，则总电阻减小，根据欧姆定律，输电线上的电流增大，输电线上损失的电压变大，由于照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的，所以用电高峰时用户获得的电压减小，每盏灯两端的电压较低．故CD正确，A、B错误．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎11．如图所示，边长为L的正方形闭合线框，在磁感应强度为B的匀强磁场中，以一条边为轴，以角速度ω匀速转动，转轴与B垂直，线圈总电阻为R，导线电阻不计．下列说法中正确的是（　　）‎ A．电压表示数为 B．电压表示数 C．线圈转一周产生热量为 D．线圈转一周产生热量为 ‎【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．‎ ‎【分析】线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流，根据E=BSω求出感应电动势的最大值，最大值与有效值的倍，电压表示数为有效值，根据Q=I2RT求解线圈转一周产生热量．‎ ‎【解答】解：A、感应电动势的最大值E=BSω=BL2ω，根据欧姆定律得：线圈的电流最大值为I=，所以电流的有效值为：，电压表测量的是的电压，所以电压表的示数U=，故A错误，B正确；‎ C、根据Q=I2RT得：线圈转一周产生热量为Q==，故C正确，D错误．‎ 故选BC ‎　‎ ‎12．如图所示一个矩形线圈abcd放在垂直纸面向里的匀强磁场中，在进行下列操作时，整个线圈始终处于磁场之内，线圈中能产生感应电流的是（　　）‎ A．线圈沿纸面向右移动 B．线圈沿纸面向下移动 C．线圈垂直纸面向外移动 D．线圈以ab边为轴转动 ‎【考点】感应电流的产生条件．‎ ‎【分析】产生感应电流的条件是：穿过闭合回路的磁通量发生变化．因此无论线圈如何运动，关键是看其磁通量是否变化，从而判断出是否有感应电流产生．‎ ‎【解答】解：A、B、C、由于磁场是匀强磁场，把线圈向右拉动，或向上拉动，或垂直纸面向外运动，其磁通量均不变化，均无感应电流产生，故ABC错误；‎ D、当线圈绕ab边转动时，其磁通量发生变化，故有感应电流产生，故D正确．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎13．如图所示，理想变压器的a、b端加上某一交流电压（电压有效值保持不变），副线圈c、d端所接灯泡L恰好正常发光．此时滑线变阻器的滑片P于图示位置．现将滑片P下移 （ 导线电阻不计），则以下说法正确的是：（　　）‎ A．灯仍能正常发光，原线圈输入电流变小 B．灯不能正常发光，原线圈输入功率变大 C．灯不能正常发光，原线圈输入电压变大 D．灯仍能正常发光，原线圈输入功率不变 ‎【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率．‎ ‎【分析】副线圈两端的电压与匝数比和输入电压决定，滑片P下移，连入电路的电阻变大，根据动态分析去判断．‎ ‎【解答】解：副线圈两端的电压由匝数比和输入电压决定，由题意知 副线圈两端的电压不变，故灯正常发光，滑片P下移，连入电路的电阻变大，副线圈的电流减小，根据电流与匝数成反比知原线圈的输入电流也减小，输入功率等于输出功率都减小；‎ 故选：A ‎　‎ ‎14．如图所示，理想变压器的原线圈接u=11000sin100πt（V）的交变电压，副线圈通过电阻r=6Ω的导线对“220V/880W”的电器RL供电，该电器正常工作．由此可知（　　）‎ A．原、副线圈的匝数比为50：1‎ B．交变电压的频率为100 Hz C．副线圈中电流的有效值为4 A D．变压器的输入功率为880 W ‎【考点】变压器的构造和原理．‎ ‎【分析】根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．‎ ‎【解答】解：输入电压的有效值为11000 V，用电器的额定电压为220 V，所以变压器的输出电压大于220 V，原副线圈的匝数比小于50：1，故A错误；‎ B、由输入电压的表达式知，f=Hz=50 Hz，故B错误；‎ C、副线圈中的电流与用电器中的电流相同，I=4 A，故C正确；‎ D、变压器的输出功率为用电器的功率和导线电阻损耗的功率之和，大于880 W，所以变压器的输入功率大于880 W，故D错误．‎ 故选C ‎　‎ ‎15．如图，边长为d的正方形线圈，从位置A开始向右运动，并穿过宽为L（L＞d）匀强磁场区域到达位置B，则（　　）‎ A．整个过程，线圈中始终有感应电流 B．整个过程，线圈中始终没有感应电流 C．线圈进入磁场和离开磁场的过程中，线圈中有感应电流，方向都是逆时针方向 D．线圈进入磁场过程中，感应电流的方向为逆时针方向；穿出磁场的过程中，感应电流的方向为顺时针方向 ‎【考点】右手定则；导体切割磁感线时的感应电动势．‎ ‎【分析】根据感应电流产生的条件判断是否有感应电流产生，应用右手定则判断感应电流的方向．‎ ‎【解答】解：在线圈进入或离开磁场的过程中，穿过线圈的磁通量发生变化，有感应电流产生，线圈完全在磁场中时，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生；‎ 由右手定则可知，线圈进入磁场过程中，线圈中感应电流沿逆时针方向，线圈离开磁场时，电流沿顺时针方向，由以上分析可知，D正确，ABC错误；‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎16．交变电流电压的有效值为6V，它和电阻R1、R2及电容器C、电压表一起连接成如图所示的电路，图中电压表的读数为U1，为了保证电容器C不被击穿，电容器的耐压值为U2，电容器在电路中正常工作，则（　　）‎ A．U1=6 V U2=6 V B．U1=6 V U2=3 V C．U1=6 V U2≥6 V D．U1=6 V U2≥6 V ‎【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．‎ ‎【分析】正弦式交流电的最大值是有效值的倍．电容器C的耐压值是电容器所能承担的最大电压．‎ ‎【解答】‎ 解：交流电源的电压是6V，而电压表测量的是交流电的有效值，则电压表的示数为U1=6V；‎ 因正弦式交流电的最大值是有效值的倍，则知电压的最大值为6V，‎ 所以电容器要能正常工作，其耐压值必须不低于6V，即U2＞6V．故D正确，ABC错误．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎17．如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场的区域宽度为2a，磁感应强度的大小为B．一边长为a、电阻为4R的正方形均匀导线框ABCD从图示位置沿水平向右方向以速度v匀速穿过磁场区域，在下图中线框A、B两端电压UAB与线框移动距离x的关系图象正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】由楞次定律判断感应电流方向，确定出A、B两端电势的高低．由E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律求出电势差．‎ ‎【解答】解：由楞次定律判断可知，在线框穿过磁场的过程中，A点的电势始终高于B的电势，则UAB始终为正值．AB、DC两边切割磁感线时产生的感应电动势为E=Bav．‎ 在0﹣a内，AB切割磁感线，AB两端的电压是路端电压，则UAB=；‎ 在a﹣2a内，线框完全在磁场中运动，穿过线框的磁通量没有变化，不产生感应电流，则UAB=E=Bav；‎ 在2a﹣3a内，A、B两端的电压等于路端电压的，则UAB==Bav．故D正确．‎ 故选：D ‎　‎ ‎18．如图所示，甲、乙两图是两个与匀强磁场垂直放置的金属框架，乙图中除了一个电阻极小、自感系数为L的线圈外，两图其他条件均相同．如果两图中AB杆均以相同初速度、相同加速度向右运动相同的距离，外力对AB杆做功的情况是（　　）‎ A．甲图中外力做功多 B．两图中外力做功相等 C．乙图中外力做功多 D．无法比较 ‎【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．‎ ‎【分析】明确线圈的阻碍作用，由于乙图中有线圈，要减缓电流的增加，安培力要小于甲图中的安培力，根据动能定理判断外力做功的大小．‎ ‎【解答】解：乙图中有线圈，要减缓电流的增加，安培力要小于甲图中的安培力，则甲图克服安培力做功大于乙图克服安培力做功，根据动能定理得：W﹣W安=mv2﹣0，因为导体AB以相同的加速度向右做匀加速直线运动，通过的位移相等，则末动能相等．所以甲图外力做功大于乙图外力做功．故A正确，BCD错误．‎ 故选：A ‎　‎ ‎19．如图所示，在水平面上有一固定的u形光滑金属框架，框架上放置一金属杆ab．在垂直纸面方向有一匀强磁场，下列情况中可能的是（　　）‎ A．若磁场方向垂直纸面向外，并且磁感应强度增大时，杆ab将向右移动 B．若磁场方向垂直纸面向外，并且磁感应强度减小时，杆ab将向右移动 C．若磁场方向垂直纸面向里，并且磁感应强度减小时，杆ab将向右移动 D．若磁场方向垂直纸面向里，并且磁感应强度增大时，杆ab将向右移动 ‎【考点】楞次定律．‎ ‎【分析】根据楞次定律判断出感应电流的方向，再根据左手定则判断出安培力的方向，从而确定杆子的运动方向．‎ ‎【解答】解：A、若磁场方向垂直纸面向外，并且磁感应强度增大时，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，根据左手定则，杆子所受的安培力方向向左，将向左运动．故A错误．‎ B、若磁场方向垂直纸面向外，并且磁感应强度减小时，根据楞次定律，感应电流的方向为逆时针方向，根据左手定则，杆子所受的安培力方向向右，将向右运动．故B正确．‎ C、若磁场方向垂直纸面向里，并且磁感应强度减小时，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，根据左手定则，杆子所受的安培力方向向右，将向右运动．故C正确．‎ D、若磁场方向垂直纸面向里，并且磁感应强度增大时，根据楞次定律，感应电流的方向为逆时针方向，根据左手定则，杆子所受的安培力方向向左，将向左运动．故D错误．‎ 故选BC．‎ ‎　‎ 二、非选择题（本题共2小题，共24分）‎ ‎20．如图（甲）所示，一固定的矩形导体线圈水平放置，线圈的两端接一只小灯泡，在线圈所在空间内存在着与线圈平面垂直的均匀分布的磁场．已知线圈的匝数n=100匝，电阻r=1.0Ω，所围成矩形的面积S=0.040m2，小灯泡的电阻R=9.0Ω，磁场的磁感应强度随按如图（乙）所示的规律变化，线圈中产生的感应电动势瞬时值的表达式为e=nBmScost，其中Bm为磁感应强度的最大值，T为磁场变化的周期．不计灯丝电阻随温度的变化，求：‎ ‎（1）线圈中产生感应电动势的最大值．‎ ‎（2）小灯泡消耗的电功率．‎ ‎（3）在磁感强度变化的0～的时间内，通过小灯泡的电荷量．‎ ‎【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．‎ ‎【分析】（1）根据B﹣t图象读出周期T，由公式Em=nBmSω求出线圈中产生感应电动势的最大值；‎ ‎（2）根据欧姆定律求出电流的最大值，再求出电流的有效值，由电流的有效值求解小灯泡消耗的电功率．‎ ‎（3）根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电流的公式求解0～时间内，通过小灯泡的电荷量．‎ ‎【解答】解：（1）因为线圈中产生的感应电流变化的周期与磁场变化的周期相同，所以由图象可知，线圈中产生交变电流的周期为 T=3.14×10﹣2s．‎ 所以线圈中感应电动势的最大值为Em=nBmSω=nBmS•=100×1×0.040×‎ V=8V ‎（2）根据欧姆定律，电路中电流的最大值为 ‎ 通过小灯泡电流的有效值为 I==0.4A 小灯泡消耗的电功率为 P=I2R=2.88W ‎ ‎（3）在磁感应强度变化的1～1/4周期内，线圈中感应电动势的平均值 ‎ 通过灯泡的平均电流 ‎ 通过灯泡的电荷量 ‎ 答：‎ ‎（1）线圈中产生感应电动势的最大值为8V；‎ ‎（2）小灯泡消耗的电功率为2.88W；‎ ‎（3）在磁感应强度变化的0～时间内，通过小灯泡的电荷量为4.0×10﹣3C．‎ ‎　‎ ‎21．如图所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为θ的绝缘斜面上，两导轨间距为L．M、P两点间接有电阻值为R的电阻，一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直．整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下．导轨和金属杆的电阻可忽略．让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦．求：‎ ‎（1）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时杆中的电流及杆的加速度大小；‎ ‎（2）在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值．‎ ‎【考点】电磁感应中的能量转化；牛顿第二定律．‎ ‎【分析】（1）当导体棒的速度为v时，根据公式E=BLv求出电动势，根据闭合电路的欧姆定律即可求出电流，根据右手定则判断出通过MN棒的电流的方向；‎ ‎（2）导体棒运动到达最大速度时，受到的重力、支持力与安培力的合力等于0，然后使用力的正交分解法即可求出安培力的大小，代入安培力的计算公式即可．‎ ‎【解答】解：（1）当导体棒的速度为v时，产生的感应电动势为E=BLv，回路中的电流大小为：‎ I==；‎ 导体棒在磁场中运动时，所受安培力大小为：‎ F=BIL=‎ 由左手定则可知，安培力方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律，则有：‎ ma=mgsinθ﹣F；‎ 解得：a=gsinθ﹣；‎ ‎（2）当F=mgsinθ时，即导体棒的加速度为零时，ab杆达最大速度vmax，‎ 即：mgsinθ=‎ 可解得最大速度为：vm=‎ 答：（1）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时杆中的电流及杆的加速度大小gsinθ﹣；‎ ‎（2）在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值．‎