贵州省毕节市梁才学校2019-2020学年高一上学期期中考试物理试题

贵州省毕节市梁才学校2019-2020学年高一上学期期中考试物理试题

贵州省梁才学校高2019级2019年秋期半期考试物理试题 一、选择题 ‎1.关于质点，下列说法正确的是（　　）‎ A. 运转中的地球不能看成质点，因为它的体积太大了，原子核可以看成质点，因为它极小 B. 研究火车在轨道上运行的所有问题均不可能将火车看成质点，因为火车有一定的长度，且车厢在前进，车轮则在转动 C. 研究体操运动员在平衡木上翻滚和转体时，可将运动员看成质点 D. 万吨巨轮在大海中航行时，要确定它的位置，可将它看成质点 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 物体能否看作质点与其大小无关；如地球在公转时可以看作质点；而原子在研究其转动时不能看作质点；故A错误；研究火车在相距较远的两站之间的运行时间时，火车的长度可以忽略，可以看作质点，故B错误；研究体操运动员在平衡木上翻滚和转体时，运动员的体积不能忽略，故不可将运动员看成质点，故C错误；万吨巨轮在大海中航行时，要确定它的位置，其大小可以忽略不计，故可将它看成质点，故D正确．故选D．‎ 点睛：可视为质点的运动物体有以下两种情况：（1）运动物体的形状和大小跟它所研究的问题相比可忽略不计，如研究地球绕太阳的公转，可把地球当作一质点．（2）做平动的物体，由于物体上各点的运动情况相同，可以用一个点代表整个物体的运动．‎ ‎2.规定向东为位移的正方向，今有一个皮球停在水平面的某处，轻轻踢它一脚，使它向东做直线运动，经‎5m远与墙相碰，后又向西做直线运动，经‎7m而停下。则上述过程中皮球通过的路程和位移分别是：‎ A. ‎12m、‎2m B. ‎12m、－‎2m C. －‎2m、‎2m D. ‎2m、－‎‎2m ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】皮球向东运动，经过‎5m，与墙相碰后又向西运动，经‎7m后停下，所以总的路程为‎12m；位移是指从初位置到末位置的有向线段，皮球的总的运动过程是向西运动了‎2m，所以位移为‎-2m。‎ A．‎12m、‎2m，与结论不相符，选项A错误；‎ B．‎12m、－‎2m，与结论相符，选项B正确；‎ C．－‎2m、‎2m，与结论不相符，选项C错误；‎ D．‎2m、－‎2m，与结论不相符，选项D错误；‎ ‎3.有关弹力，下列说法正确的是（ ）‎ A. 绳对物体的拉力的方向总是沿着绳而指向绳收缩的方向 B. 拿一根细竹杆拨动水中木头，木头受到竹杆的弹力，是由于木头发生形变而产生的 C. 木块放在桌面上要受到一个向上的弹力，是由于木块发生微小形变而产生的 D. 挂在电线下面的电灯受到向上的拉力，是因为电灯发生微小形变而产生的 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．绳对物体的拉力的方向，总是沿着绳而指向绳收缩的方向，故A正确；‎ B．拿一根细竹杆拨动水中木头，木头受到竹杆的弹力，是由于竹杆发生形变而产生的，故B错误；‎ C．木块放在桌面上受到一个向上的弹力，这是由于桌面发生微小形变而产生的，故C错误；‎ D．挂在电线下面的电灯受到向上的拉力，是因为电线发生微小形变而产生的，故D错误。‎ ‎4.如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重力为2N的小球，小球处于静止状态，则弹性杆对小球的弹力（ ）‎ A. 大小为2N，方向平行于斜面向上 B. 大小为1N，方向平行于斜面向上 C. 大小为2N，方向垂直于斜面向上 D. 大小为2N，方向竖直向上 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】小球受到重力G和弹性杆对小球的弹力F，由于小球处于静止状态，弹力与重力平衡，故弹性杆对小球的弹力方向应竖直向上，大小为F=G=2N；‎ A. 大小为2N，方向平行于斜面向上，与结论不相符，选项A错误；‎ B. 大小为1N，方向平行于斜面向上，与结论不相符，选项B错误；‎ C. 大小为2N，方向垂直于斜面向上，与结论不相符，选项C错误；‎ D. 大小2N，方向竖直向上，与结论相符，选项D正确；‎ ‎5. 小球自某一高度自由落下，它落地时的速度与落到一半高度时的速度之比是（ ）‎ A. ∶1 B. ∶‎2 ‎C. 2∶1 D. 4∶1‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，前一半位移内；整个位移上：，联立解得：；即到达地面时的速度与在一半高度时的速度之比为.故选A.‎ ‎【点睛】本题关键是明确自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，然后选择恰当的公式列式后联立求解 ‎6.下列说法中不正确的是（ ）‎ A. 在地球表面附近的物体，一定受到重力 B. 重力方向一定是垂直于水平面向下 C. 用一条软绳将一物体悬挂起来保持静止，物体的重心一定在悬绳的延长线上 D. 任何有规则形状的物体，其几何中心必与其重心重合 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．重力源自万有引力，凡是地球表面附近物体，一定受到重力，故A与题意不符；‎ B．重力的方向一定是垂直水平面向下，即竖直向下，故B与题意不符；‎ C．根据二力平衡可知，用软绳将一物体悬挂起来（静止），物体重心一定在悬绳所在的直线上，故C与题意不符；‎ D．重心分布与物体的形状和质量分布情况有关，有规则形状的物体，其几何中心不一定与其重心重合，还与质量分布情况有关，故D与题意相符。‎ ‎7.如图细绳竖直拉紧，小球和光滑斜面接触，并处于静止状态，则小球受到的力是：（　　）‎ A. 重力、绳的拉力、斜面的弹力 B. 重力、绳的拉力 C. 重力、斜面的弹力 D. 绳的拉力、斜面的弹力 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 小球受力如图 从受力上分析可知：小球受到重力、绳的拉力，故B正确；‎ 综上所述本题答案是：B ‎8.有两个大小恒定的力，作用在一点上，当两力同向时，合力为A，反向时合力为B，当两力相互垂直时，其合力大小为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设两个力分别为F1和F2，根据已知条件并运用平行四边形定则列式分析即可．‎ ‎【详解】两力同向时，有F1+F2=A；两力反向时，有F1-F2=B；解得，；‎ 两个力垂直时，有，解得，故选D。‎ ‎9.滑块以某一初速度冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零．已知滑块通过斜面中点时的速度为v，则滑块在前一半路程中的平均速度大小为（　　）‎ A. ‎ B. （+1）v C. v D. v ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】设初速度为v0，减速位移为L，由速度位移关系可得：，，由匀变速直线运动的推论；故选A.‎ ‎【点睛】匀变速直线运动过程中合理应用速度位移公式和中间位移速度公式可以有效提高解题速度．‎ ‎10.在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻，速度达较大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地。他的速度图像如图所示。下列关于该空降兵在0～t1或t1～t2时间内的平均速度的结论正确的是（ ）‎ A. 0～t1， B. t1～t2，‎ C. t1～t2， D. t1～t2，‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．空降兵在0～t1时间内做自由落体运动，由匀变速直线运动规律可得 故A错误；‎ BCD．根据图形的面积表示位移的大小可知，向下弯曲的曲线，位移要比匀变速直线运动时的小，所以平均速度也要比较小，即 故BC错误，D正确。‎ ‎11.作用于同一物体上的两个力，F1=5N，F2=4N，它们的合力可能是（ ）‎ A. 0N B. 10N C. 9N D. 5N ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】两力合成时，合力范围为，故合力范围为 故CD正确。‎ ‎12.如图所示，为一物体做匀变速直线运动的速度——时间图线，根据图线作出的以下几个判断，正确的是（ ）‎ A. 物体始终沿正方向运动 B. 在t=2s前，物体位于出发点负方向上，在t=2s后物体位于出发点正方向上 C. 物体先沿负方向运动，在t=2s后，开始沿正方向运动 D. 前4s内，当t=2s时，物体距出发点最远 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】AC．物体在前2s内沿负方向运动，后2s内沿正方向运动，速度方向相反，故A错误，C正确；‎ BD．根据速度图象与时间轴所围的“面积”表示位移，图线在横轴上方，位移为正值，在横轴下方位移为负值，则知在t=4s时，物体离出发点的位移为零，物体返回到原出发点，所以物体4s内始终位于出发点负方向上，故B错误，D正确。‎ ‎13.A物体自高为H的塔顶自由下落的同时，B物体自塔底以初速度v0竖直上抛，B物体上升至最高点时，A物体正好落地，则下列说法正确的是（　　）‎ A. 两物体相遇时，A、B两物体的速度大小均为 B. 两物体相遇时离地面的高度为 C. B物体上升的最大高度高于H D A物体落地时速度小于v0‎ ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】由题意可知，A做匀加速直线运动，B做匀减速直线运动，且A、B两物体的加速度相同，运动时间相同，由可知，速度变化量大小相等， 则A物体落地时速度与B物体上抛时初速度大小相等，都等于， B物体上升的最大高度与A物体的下落高度相等，都等于H，故CD错误；设两物体相遇时所用的时间为t，速度大小为v， 由速度时间公式得，对于A物体有：， 对于B物体有：， 联立以上两式可解得，则两物体相遇时，A、B两物体的速度大小， 由速度位移公式得， ，  ， 联立以上各式可解得：，两物体相遇时离地面的高度为 ，故AB 正确．‎ ‎14.如图所示，两块相互垂直的光滑挡板OP、OQ，OP竖直放置，小球a、b固定在轻弹簧的两端．水平力F作用于b时，a、b紧靠挡板处于静止状态．现保证b球不动，使挡板OP向右缓慢平移一小段距离，则( )‎ A. 弹簧变短 B. 弹簧变长 C. 力F变大 D. b对地面的压力不变 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.对a进行受力分析，如图所示，使挡板OP向右缓慢平移一小段距离，θ减小，‎ θ减小，cosθ增大，F弹减小，再根据胡克定律F=kx，x减小，弹簧变长，故A错误，B正确；‎ C.根据以上分析可知 FN=mgtanθ θ减小，tanθ减小，FN减小，对于整体ab，在水平方向，根据平衡条件：‎ F=FN 力F变小，故C错误；‎ D. 对于整体ab，在竖直方向，根据平衡条件：‎ Fb=（ma+mb）g 地面对b的支持力不变，根据牛顿第三定律，b对地面的压力也不变，故D正确。‎ 二、实验题 ‎15.在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，实验装置如图，实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端每次测出相应的弹簧总长度．有一个同学通过以上实验测量后把6组数据描点在如坐标图，由此图线可得出该弹簧的原长为L0＝______cm. ‎ ‎【答案】5‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]弹簧处于原长时，弹力为零，故弹簧的原长L0=‎‎5cm ‎16.振针式电磁打点计时器是一种使用________（填“交流”或“直流”）电源的计时仪器，它的工作电压是6-8V。当电源频率是50Hz时，它每隔_______s打一次点。‎ ‎【答案】 (1). 交流 (2). 0.02‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]振针式电磁打点计时器使用的是交流电源；‎ ‎[2]当电源频率是50Hz时，它每隔0.02s打一次点。‎ ‎17.如图所示，是研究匀变速直线运动的实验中得到的一条纸带，舍去前面比较密集的点，从O点开始每5个点取一个计数点：0、1、2、3、4、5、6，量得s1=‎1.30cm，s2=‎1.80cm，s3=‎2.28cm，s4=‎2.78cm，s5=‎3.29cm，s6=‎3.81cm。（每两个计数点的时间间隔为T）‎ ‎（1）打计数点1时小车的速度v1=________cm/s ‎（2）求出小车的加速度a=_________‎ ‎（3）用s1和s2及T表示v0,则v0=___________‎ ‎【答案】 (1). 15.5 (2). (3). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1] 由于每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度 ‎(2)[2]根据匀变速直线运动的推论公式△s=aT2可以求出加速度的大小 ‎ ‎ ‎(3)[3]由某时间内的平均速度等于瞬时速度，则有 又因加速度 根据，联立解得 三、计算题 ‎18.如图所示，在水平面上向右运动的物体，质量为‎20kg。物体与水平面的动摩擦因数µ=0.1，运动过程中， 还受到一个水平向左的大小为10N的拉力的作用。‎ ‎（1）物体受到的滑动摩擦力为多少？‎ ‎（2）如果速度为‎5m/s时,撤去向左的拉力，以加速度‎1m/s2减速运动，物体滑行多远停下？‎ ‎【答案】（1）20N （2）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)物体受到的滑动摩擦力为 ‎(2)由速度位移公式得 ‎19.汽车以‎10m/s的速度行驶，刹车后获得‎2m/s2的加速度。‎ ‎（1）汽车停下需要多少时间？‎ ‎（2）则刹车后4s通过的位移是多少？‎ ‎（3）刹车后8s通过的位移是多少？‎ ‎【答案】（1）5s； （2）‎24m （3）‎‎25m ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)根据v=v0+at得汽车停车时间为：‎ ‎(2)刹车后4s的速度为 刹车后4s通过的位移 ‎(3)由于汽车后5s停止，所以刹车后8s通过的位移时 ‎20.如图所示，在质量为m＝‎1kg的重物上系着一条长为‎30cm的细绳，细绳的另一端连着一个轻质圆环，圆环套在水平的棒上可以滑动，环与棒间的动摩擦因数μ＝0.75，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．另有一条细绳一端固定在重物上，另一端跨过定滑轮，定滑轮固定在距离圆环‎50cm的地方．当细绳的端点挂上重力为G的重物，而圆环将要开始滑动时，(g取‎10m/s2)试求：‎ ‎（1）φ角的大小；‎ ‎（2）长为‎30 cm的细绳的张力大小；‎ ‎（3）重物G的质量．‎ ‎【答案】（1）（2）8N（3）‎0.6kg.‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)圆环将要开始滑动时，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有，对环进行受力分析，则有 解得 得 由于AO=‎30cm，AB=‎50cm，由余弦定理可求得 ‎(2)按如图所示选取坐标轴 根据m处于平衡状态，则有：‎ 解得：‎ T=8N ‎(3)圆环将要滑动时，重物G=m′g，又 解得