物理卷·2018届西藏拉萨中学高二上学期第三次月考物理试卷 （解析版）

物理卷·2018届西藏拉萨中学高二上学期第三次月考物理试卷 （解析版）

‎2016-2017学年西藏拉萨中学高二（上）第三次月考物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（本大题共10小题，每小题5分．其中1-6题为单选；7-10题为多选，全选对的得5分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，共50分）‎ ‎1．用毛皮摩擦过的硬橡胶棒，靠近一个塑料小球时（　　）‎ A．若塑料球被硬橡胶棒吸引，说明塑料小球必定带正电 B．若塑料球被硬橡胶棒吸引，说明塑料小球必定带负电 C．若塑料球被硬橡胶棒排斥，说明塑料小球必定带正电 D．若塑料球被硬橡胶棒排斥，说明塑料小球必定带负电 ‎2．如图所示，正电荷q在电场力作用下由P向Q做加速运动，而且加速度越来越大，那么可以断定，它所在电场是图中哪一个？（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎3．在静电场中，将一正电荷从a移动到b点，仅克服电场力做了功，则（　　）‎ A．b点的电场强度一定比a点大 B．b点的电势一定比a点高 C．电场线方向一定从b指向a D．该电荷的动能一定增大 ‎4．走廊里有一盏电灯，在走廊两端各有一个开关，我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，那么设计的电路为（　　）‎ A．“与”门电路 B．“非“门电路 C．“或”门电路 D．上述答案都有可能 ‎5．如图所示的电路中，闭合开关，灯L1、L2正常发光．由于电路出现故障，突然发现L1变亮，L2变暗，电流表的读数变小，根据分析，发生的故障可能是（　　）‎ A．R1断路 B．R2断路 C．R3短路 D．R4短路 ‎6．把一个量程为5mA的电流表改装成欧姆表R×1档，电流表的内阻是50Ω，电池的电动势是1.5V，经过调零之后测电阻，当欧姆表指针指到满偏的位置时，被测电阻的阻值是（　　）‎ A．50Ω B．16.7Ω C．100Ω D．400Ω ‎7．下列有关磁感应强度的说法正确的是（　　）‎ A．一小段通电导线放在磁场中某处，如果受到的磁场力为零，该处的磁感应强度不一定为零 B．把一小磁针放在磁场中某处，如果小磁针北极受到的磁场力为零，该处的磁感应强度一定为零 C．根据公式B=可知，放置在磁场中1m长的通电直导线，通过1A的电流，如果受到的磁场力为1N，则该处的磁感应强度就是1T D．磁场中某处的磁感应强度B的方向跟电流在该处受到的磁场力F的方向一致 ‎8．某静电场沿x方向的电势分布如图所示，则（　　）‎ A．在0﹣x1之间不存在沿x方向的电场 B．在0﹣x1之间存在着沿x方向的匀强电场 C．在x1﹣x2之间存在着沿x方向的匀强电场 D．在x1﹣x2之间存在着沿x方向的非匀强电场 ‎9．如图所示，a、b、c、d是滑动变阻器的4个接线柱，现把此变阻器串联接入电路中，并要求滑片P向接线柱c移动时，电路中的电流减小，则接入电路的接线柱可能是（　　）‎ A．a和b B．a和c C．b和c D．b和d ‎10．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，下列说法正确的是（　　）‎ A．定值电阻R1电功率增大 B．电压表和电流表读数都减小 C．电压表读数增大，电流表读数减小 D．R中电流变化的绝对值大于电流表读数变化的绝对值 ‎　‎ 二、实验填空题（本题共16分，每空2分）‎ ‎11．图（a）为某同学测量一节干电池的电动势和内电阻的电路图，其中虚线框内是用毫安表改装成双量程电流表的改装电路．‎ ‎（1）已知毫安表表头的内阻为10Ω，满偏电流为100mA；R1和R2为固定电阻，阻值分别为R1=0.5Ω，R2=2.0Ω；由此可知，若使用a和b两个接线柱，电表的量程为　　A；若使用a和c两个接线柱，电表的量程为　　A；‎ ‎（2）电压表有两种规格，V1（量程1.5V，内阻约为2kΩ）和V2（量程3V，内阻约为4kΩ）；滑动变阻器有两种规格，最大阻值分别为20Ω和500Ω．则电压表应选用　　（填“V1”或“V2”），R应选用最大阻值为　　Ω的滑动变阻器．‎ ‎（3）实验步骤如下：‎ ‎①开关S2拨向b，将滑动变阻器R的滑动片移到　　端（选填“左”或“右”），闭合开关S1；‎ ‎②多次调节滑动变阻器的滑动片，记下电压表的示数U和毫安表的示数I；某次测量时毫安表的示数如图（b）所示，其读数为　　mA．‎ ‎③以U为纵坐标，I为横坐标，作U﹣I图线（用直线拟合），如图（c）所示；‎ ‎④根据图线求得电源的电动势E=　　V（结果保留三位有效数字），内阻r=　　Ω（结果保留两位有效数字）．‎ ‎　‎ 三、计算题：（本大题共3小题，共44分，要求写出必要的文字说明、方程式、演算步骤和答案．有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位．）‎ ‎12．如图所示，带负电的小球静止在水平放置的平行板电容器两板间，距下板0.8cm，两板间的电势差为300V．如果两板间电势差减小到60V，则带电小球运动到极板上需多长时间？‎ ‎13．在水平向右的匀强电场中，有一质量为m、带正电的小球，用长为l的绝缘细线悬挂于O点，当小球静止时细线与竖直方向夹角为θ（如图所示）．现给小球一个垂直于悬线的初速度，使小球在竖直平面内做圆周运动．试问（不计空气阻力，重力加速度为g）：‎ ‎（1）若小球恰好完成圆周运动，则小球运动过程中的最小速度值是多少？‎ ‎（2）小球的初速度至少是多大？‎ ‎14．如图所示的电路中，直流发电机M的电动势E=250V，内阻r=3Ω，R1=R2=1Ω．电热器组中装有50只完全相同的电热器，每只电热器的额定电压为200V，额定功率为l 000W，其他电阻不计，也不计电热器电阻随温度的变化．问：‎ ‎（1）当接通几只电热器时，实际使用的电热器都能正常工作？‎ ‎（2）当接通几只电热器时，发电机输出的功率最大？‎ ‎（3）当接通几只电热器时，被接通电热器的总消耗功率最大？‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年西藏拉萨中学高二（上）第三次月考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（本大题共10小题，每小题5分．其中1-6题为单选；7-10题为多选，全选对的得5分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，共50分）‎ ‎1．用毛皮摩擦过的硬橡胶棒，靠近一个塑料小球时（　　）‎ A．若塑料球被硬橡胶棒吸引，说明塑料小球必定带正电 B．若塑料球被硬橡胶棒吸引，说明塑料小球必定带负电 C．若塑料球被硬橡胶棒排斥，说明塑料小球必定带正电 D．若塑料球被硬橡胶棒排斥，说明塑料小球必定带负电 ‎【考点】电荷守恒定律．‎ ‎【分析】带电物体具有吸引轻小物体的性质，同种电荷相排斥、异种电互相吸引，由此分析．‎ ‎【解答】解：AB、毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，若塑料球被硬橡胶棒吸引，塑料小球可能不带电或带负电，AB错误；‎ CD、若塑料球被硬橡胶棒排斥，说明塑料小球的电性与橡胶棒的电性相同，即小球带负电，C错误、D正确．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎2．如图所示，正电荷q在电场力作用下由P向Q做加速运动，而且加速度越来越大，那么可以断定，它所在电场是图中哪一个？（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】电场线；电场强度．‎ ‎【分析】电荷在电场只受电场力，根据牛顿第二定律可知，电场力越大，加速度越大．正电荷的电场力与电场强度成正比，电场线的疏密表示电场强度的大小．根据上述知识分析．‎ ‎【解答】解：A、电荷在匀强电场中做匀加速直线运动，不符合题意．故A错误．‎ ‎ B、P到Q，电场线越来越疏，电场强度越来越小，电荷做加速度减小的加速运动．不符合题意．故B错误．‎ ‎ C、P到Q，电场线越来越密，电场强度越来越大，电荷做加速度减大的加速运动．符合题意．故C正确．‎ ‎ D、P到Q，电场线越来越疏，电场强度越来越小，电荷做加速度减小的加速运动．不符合题意．故D错误．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎3．在静电场中，将一正电荷从a移动到b点，仅克服电场力做了功，则（　　）‎ A．b点的电场强度一定比a点大 B．b点的电势一定比a点高 C．电场线方向一定从b指向a D．该电荷的动能一定增大 ‎【考点】电场强度；电势；电势能．‎ ‎【分析】根据电场力做功得出电势能的高低，结合电势的定义式比较出电势的高低，根据电场线的性质明确电场强度和电场线的方向，再根据合外力做功分析动能的变化．‎ ‎【解答】解：A、由于电场线的疏密未知，则无法比较电场强度的大小．故A错误．‎ B、正电荷从a点移动到b点，电场力做了负功，则电势能增大，根据φ=知，q为正值，则电势增加，即b点的电势一定比a点电势高．故B正确．‎ C、b点的电势比a点高，但是电场线方向不一定由b点指向a．故C错误．‎ D、电场力做负功，可能还有其它力做功，总功可能为正，根据动能定理知，动能可能增大．但如果只有电场力做功时，则动能减小，故D错误；‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎4．走廊里有一盏电灯，在走廊两端各有一个开关，我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，那么设计的电路为（　　）‎ A．“与”门电路 B．“非“门电路 C．“或”门电路 D．上述答案都有可能 ‎【考点】简单的逻辑电路．‎ ‎【分析】“或”逻辑关系的特点是，当事件的某一个条件满足，该事件就能发生．‎ ‎【解答】解：不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，所满足的关系是“或”逻辑关系，即事件的某一个条件满足，该事件就能发生．故C正确，A、B、D错误．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎5．如图所示的电路中，闭合开关，灯L1、L2正常发光．由于电路出现故障，突然发现L1变亮，L2变暗，电流表的读数变小，根据分析，发生的故障可能是（　　）‎ A．R1断路 B．R2断路 C．R3短路 D．R4短路 ‎【考点】闭合电路的欧姆定律．‎ ‎【分析】首先认识电路的结构：没有发生故障前，R1与L1并联，R2与R3并联后与R4串联再与L2并联，两部分并联电路再串联，画出等效电路图．将选择逐一代入，根据欧姆定律分析，选择符合题意的选项．‎ ‎【解答】解：没有发生故障前，等效电路如图所示．‎ A、若R1断路，总外电阻变大，总电流减小，路端电压变大，L1两端电压变大，L1变亮；ab部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，总电流减小，通过L2、R4的电流都减小，L2变暗，符合题意．故A正确．‎ B、若R2断路，总电阻变大，总电流减小，ac部分电路结构没变，电流仍按原比例分配，R1、L1中电流都减小，L1变暗，与题意相矛盾，故B错洖．‎ C、若R3短路或R4短路，总电阻减小，总电流增大，A中电流变大，与题意相矛盾，故CD错误．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎6．把一个量程为5mA的电流表改装成欧姆表R×1档，电流表的内阻是50Ω，电池的电动势是1.5V，经过调零之后测电阻，当欧姆表指针指到满偏的位置时，被测电阻的阻值是（　　）‎ A．50Ω B．16.7Ω C．100Ω D．400Ω ‎【考点】把电流表改装成电压表．‎ ‎【分析】欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，应用闭合电路欧姆定律可以求出被测电阻阻值．‎ ‎【解答】解：欧姆表内阻：R内===300Ω，‎ 测电阻时： Ig=，‎ 代入数据解得：R=100Ω．‎ 故选：C．‎ ‎　‎ ‎7．下列有关磁感应强度的说法正确的是（　　）‎ A．一小段通电导线放在磁场中某处，如果受到的磁场力为零，该处的磁感应强度不一定为零 B．把一小磁针放在磁场中某处，如果小磁针北极受到的磁场力为零，该处的磁感应强度一定为零 C．根据公式B=可知，放置在磁场中1m长的通电直导线，通过1A的电流，如果受到的磁场力为1N，则该处的磁感应强度就是1T D．磁场中某处的磁感应强度B的方向跟电流在该处受到的磁场力F的方向一致 ‎【考点】磁感应强度．‎ ‎【分析】磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力及电流元均无关．电流元所受磁场力是由左手定则来确定．‎ ‎【解答】解：A、小段通电导线平行放在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度不一定为零，可能导线与磁场平行放置，故A正确；‎ B、把一小磁针放在磁场中某处，如果小磁针北极受到的磁场力为零，该处的磁感应强度一定为零，故B正确；‎ C、磁感应强度B= 只是定义式，它的大小取决于场源以及磁场中的位置，与F、I、L以及通电导线在磁场中的取向无关，只有垂直放置时在磁场中某处受到的磁场力为F，该处磁感应强度的大小一定是．故C错误；‎ D、根据左手定则可知，磁场中某处的磁感应强度B的方向跟电流在该处受到的磁场力F的方向垂直．故D错误；‎ 故选：AB ‎　‎ ‎8．某静电场沿x方向的电势分布如图所示，则（　　）‎ A．在0﹣x1之间不存在沿x方向的电场 B．在0﹣x1之间存在着沿x方向的匀强电场 C．在x1﹣x2之间存在着沿x方向的匀强电场 D．在x1﹣x2之间存在着沿x方向的非匀强电场 ‎【考点】电势．‎ ‎【分析】沿着场强方向电势减小，垂直场强方向电势不变，根据题中图象得到电势变化规律，再判断电场强度的情况．‎ ‎【解答】解：A、B、沿着场强方向电势减小，垂直场强方向电势不变，从0到x1电势不变，故0﹣x1之间电场强度在x方向没有分量，即不存在沿x方向的电场，故A正确，B错误；‎ C、D、在x1﹣x2之间，电势随着位移均匀减小，故电场强度在x方向没有分量不变，即存在着沿x方向的匀强电场，故C正确，D错误；‎ 故选AC．‎ ‎　‎ ‎9．如图所示，a、b、c、d是滑动变阻器的4个接线柱，现把此变阻器串联接入电路中，并要求滑片P向接线柱c移动时，电路中的电流减小，则接入电路的接线柱可能是（　　）‎ A．a和b B．a和c C．b和c D．b和d ‎【考点】串联电路和并联电路．‎ ‎【分析】滑动变阻器正确接法是上下接线柱各接一个，要求滑动触片P向接线柱d移动时，电路中的电流不断减小，变阻器连入电路的电阻变大．‎ ‎【解答】解：滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的．‎ A、连入电路时需要一上一下，若只接上面两个或只接下面两个均不能改变接入电路中电阻丝的长度，接b和a时，不能改变电阻，也就不能改变电流，故A错误．‎ B、接入电路中的接线柱是a和c时，滑动触片P向接线柱c移动时，变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流不断增大，故B错误．‎ C、接入电路中的接线柱是b和c时，滑动触片P向接线柱c移动时，变阻器连入电路的电阻变大，电路中的电流不断减小，故C正确．‎ D、接入电路中的接线柱是b和d时，滑动触片P向接线柱c移动时，变阻器连入电路的电阻变大，电路中的电流不断减小，故D正确．‎ 故选：CD．‎ ‎　‎ ‎10．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，下列说法正确的是（　　）‎ A．定值电阻R1电功率增大 B．电压表和电流表读数都减小 C．电压表读数增大，电流表读数减小 D．R中电流变化的绝对值大于电流表读数变化的绝对值 ‎【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．‎ ‎【分析】由图可知R2与R并联后与R1串联，电压表测路端电压，电流表测量流过R2的电流；滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由闭合电路的欧姆定律可知电路中干路电流的变化及路端电压的变化；再分析并联电路可得出电流表示数的变化．‎ ‎【解答】解：A、当滑片向a滑动时，R接入电阻减小，总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流I增加，‎ 根据P=I2R可知电阻R1电功率增大，故A正确；‎ B、C、干路电流增加，内电压增加，由U=E﹣Ir可知路端电压减小，即电压表示数减小；‎ 因路端电压减小，R1两端的电压增加，故并联部分电压减小，由欧姆定律可知电流表示数减小；故B正确，C错误；‎ D、滑动变阻器R与电阻R2并联，总电流增加，电阻R2的电流减小，故滑动变阻器R的电流增加，且增加量等于干路电流的增加量与电阻R2的电流减小量之和，故R中电流变化的绝对值大于电流表读数变化的绝对值，故D正确；‎ 故选ABD．‎ ‎　‎ 二、实验填空题（本题共16分，每空2分）‎ ‎11．图（a）为某同学测量一节干电池的电动势和内电阻的电路图，其中虚线框内是用毫安表改装成双量程电流表的改装电路．‎ ‎（1）已知毫安表表头的内阻为10Ω，满偏电流为100mA；R1和R2为固定电阻，阻值分别为R1=0.5Ω，R2=2.0Ω；由此可知，若使用a和b两个接线柱，电表的量程为　0.5　A；若使用a和c两个接线柱，电表的量程为　2.5　A；‎ ‎（2）电压表有两种规格，V1（量程1.5V，内阻约为2kΩ）和V2（量程3V，内阻约为4kΩ）；滑动变阻器有两种规格，最大阻值分别为20Ω和500Ω．则电压表应选用　V1　（填“V1”或“V2”），R应选用最大阻值为　20　Ω的滑动变阻器．‎ ‎（3）实验步骤如下：‎ ‎①开关S2拨向b，将滑动变阻器R的滑动片移到　右　端（选填“左”或“右”），闭合开关S1；‎ ‎②多次调节滑动变阻器的滑动片，记下电压表的示数U和毫安表的示数I；某次测量时毫安表的示数如图（b）所示，其读数为　58.0　mA．‎ ‎③以U为纵坐标，I为横坐标，作U﹣I图线（用直线拟合），如图（c）所示；‎ ‎④根据图线求得电源的电动势E=　1.48　V（结果保留三位有效数字），内阻r=　2.5　Ω（结果保留两位有效数字）．‎ ‎【考点】测定电源的电动势和内阻．‎ ‎【分析】（1）明确电表的改装原理，根据串并联规律可明确量程；‎ ‎（2）根据给出的仪表和实验原理分析实验方法以及实验器材；‎ ‎（3）分析实验步骤，根据实验要求明确滑片的位置，根据电流表的读数方法读出示数；利用U﹣I图象可求解电动势和内电阻；注意图中的电流值要注意求出等效电流表的示数；‎ ‎【解答】解：（1）使用ab两接线柱时，R1与R2串联后与表头并联；则量程I=Ig+=100×10﹣3+×10=0.5A；‎ 接ac两接线柱时，表头与R2串联后与R1并联；则量程I=Ig+=100×10﹣3+=2.5A； ‎ ‎（2）一节干电池的电动势约为1.5V，故电压表选V1； 因内阻较小，为了便于调节，滑动变阻器应选择20Ω的；‎ ‎（3）①为了让电流由最小开始调节，开始时滑动变阻器阻值滑到最大位置；故应滑到右端；‎ ‎②由图可知，电流表最小分度为1mA； 故读数为58.0mA； ‎ ‎④由U=E﹣Ir可知，图象中与纵坐标的交点表示电源的电动势；故E=1.48V；图象的斜率表示内阻； 由于指针指向b，故量程为0.5A；则r==2.5Ω 故答案为：（1）0.5； 2.5 （2）V1 20 （3）①右 ②58.0 ④1.48 2.5‎ ‎　‎ 三、计算题：（本大题共3小题，共44分，要求写出必要的文字说明、方程式、演算步骤和答案．有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位．）‎ ‎12．如图所示，带负电的小球静止在水平放置的平行板电容器两板间，距下板0.8cm，两板间的电势差为300V．如果两板间电势差减小到60V，则带电小球运动到极板上需多长时间？‎ ‎【考点】电容器；带电粒子在匀强电场中的运动．‎ ‎【分析】带负电的小球静止时，重力与电场力平衡．当电势差减小时，小球向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求加速度，由运动学位移公式求时间．‎ ‎【解答】解：取带电小球为研究对象，设它带电量为q，则带电小球受重力mg和电场力qE的作用．‎ 当U1=300 V时，小球平衡： ①‎ 当U2=60V时，带电小球向下板做匀加速直线运动：②‎ 又 ③‎ 由 ①②③得： =s=2×10﹣2s 答：带电小球运动到极板上需2×10﹣2s．‎ ‎　‎ ‎13．在水平向右的匀强电场中，有一质量为m、带正电的小球，用长为l的绝缘细线悬挂于O点，当小球静止时细线与竖直方向夹角为θ（如图所示）．现给小球一个垂直于悬线的初速度，使小球在竖直平面内做圆周运动．试问（不计空气阻力，重力加速度为g）：‎ ‎（1）若小球恰好完成圆周运动，则小球运动过程中的最小速度值是多少？‎ ‎（2）小球的初速度至少是多大？‎ ‎【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力；电场强度．‎ ‎【分析】（1）对小球受力分析，求出小球受到的电场力与重力的合力，小球恰好完成圆周运动，在在平衡位置的反方向上，小球做圆周运动的向心力由重力与电场力的合力提供，此时小球速度最小，由牛顿第二定律可以求出最小速度．‎ ‎（2）由动能定理可以求出小球的最小初速度．‎ ‎【解答】解：（1）如图所示，重力与电场力的合力：‎ F=，电场力为mgtanθ，‎ 小球恰好做圆周运动，由牛顿第二定律得：‎ ‎=m，小球的最小速度v=；‎ ‎（2）由动能定理可得：‎ ‎﹣mg•2lcosθ﹣mgtanθ×2lsinθ=mv2﹣mv02，‎ 解得：v0=；‎ 答：（1）小球运动过程中的最小速度值为．‎ ‎（2）小球的初速度至少是．‎ ‎　‎ ‎14．如图所示的电路中，直流发电机M的电动势E=250V，内阻r=3Ω，R1=R2=1Ω．电热器组中装有50只完全相同的电热器，每只电热器的额定电压为200V，额定功率为l 000W，其他电阻不计，也不计电热器电阻随温度的变化．问：‎ ‎（1）当接通几只电热器时，实际使用的电热器都能正常工作？‎ ‎（2）当接通几只电热器时，发电机输出的功率最大？‎ ‎（3）当接通几只电热器时，被接通电热器的总消耗功率最大？‎ ‎【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．‎ ‎【分析】（1）先根据闭合电路欧姆定律求解干路电流，然后再得到每个电阻丝的额定电流，最后得到实际工作的电阻丝条数；‎ ‎（2）要使电源输出功率最大，必须使外电阻等于内阻．‎ ‎（2）要使电源输出功率最大，必须使外电阻等于内阻．（3）将电阻R1、R2和电源看成等效电源，当等效电源的内阻与电热器的并联电阻相等时，接通电热器的总消耗功率最大；‎ ‎【解答】解：（1）每只电热器的电阻为：‎ 电热器的额定电流为：‎ 根据欧姆定律为：‎ 电热器的盏数为：‎ ‎（2）当时，发电机输出的功率最大，即：‎ 解得电热器的总电阻：R=1Ω ‎，‎ 即：‎ 解得：‎ ‎（3）电热器的总电阻为：‎ 代入数据：‎ 解得：‎ 答：（1）当接通2只电热器时，实际使用的电热器都能正常工作；‎ ‎（2）当接通40只电热器时，发电机输出的功率最大 ‎（3）当接通8只电热器时，被接通电热器的总消耗功率最大