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文档介绍
2018-2019学年黑龙江省东南联合体高一下学期期末考试物理试题 Word版含解析
2018-2019学年下学期龙东南联合体期末联考高一物理理科试卷 一、单项选择题 1.关于功率的概念，下列说法中正确的是( ) A. 功率是描述力对物体做功多少的物理量 B. 由P=W/t可知，功率与时间成反比 C. 由P=Fvcosθ可知只要F不为零，v也不为零，那么功率P就一定不为零 D. 某个力对物体做功越快，它的功率就一定大 【答案】D 【解析】 【详解】功率是描述一个物体做功快慢的物理量，故A错误。由P=W/t可知，当功一定时，功率与时间成反比，故B错误。当F与v垂直时，则功率等于零，故C错误。根据知，做功越快，功率越大，故D正确。故选D 2. 某物体在一足够大的光滑水平面上向东运动，当它受到一个向南的恒定外力作用时，物体的运动将是（ ） A. 曲线运动，但加速度方向不变、大小不变，是匀变速曲线运动 B. 直线运动，且是匀变速运动 C. 曲线运动，但加速度方向改变、大小不变，是非匀变速曲线运动 D. 曲线运动，但加速度方向和大小均改变，是非匀变速曲线运动 【答案】A 【解析】 该题考查知识点1：曲线运动的条件：物体所受合外力与速度不共线。由于外力向南，速度向东，故为曲线运动. 2：匀变速曲线运动的定义：加速度大小方向不变的运动。由于外力向南恒定，由牛顿第二定律可得加速度大小方向不变，故为匀变速曲线运动.所以选A 3.如图所示，甲、乙两个小球从竖直面内的半圆轨道的左侧A开始做平抛运动，甲球落在轨道最低点D，乙球落在D点右侧的轨道上．设甲乙球的初速度分别为v1、v2 ，在空中运动的时间分别为t1、t2，则下列判断正确的是（ ） A. t1＝t2 B. t1＜t2 C. v1＞v2 D. v1＜v2 【答案】D 【解析】 【详解】AB、平抛运动的时间由高度决定，由图可知甲下降的高度大，所以甲运动的时间长，即，故A、B错误； CD、平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，由图可知，在下降相同高度的时候，乙的水平位移大，所以乙的初速度要大于甲的初速度，即，故C错误，D正确； 故选D 4.如图所示，小球在竖直向下的力F作用下，将竖直轻弹簧压缩，若将力F撤去，小球将向上弹起并离开弹簧，直到速度为零时为止，则小球在上升过程中 A. 小球动能最大时弹性势能为零 B. 小球在离开弹簧时动能最大 C. 小球动能减为零时，重力势能最大 D. 小球的动能先减小后增大 【答案】C 【解析】 【详解】AB. 弹力与重力大小相等时，速度最大，动能最大，此时弹簧仍然被压缩，弹簧的弹力不等于零，弹性势能不等于零，故AB错误； C. 小球将向上弹起并离开弹簧，直到速度为零时为止，这个过程中速度为零时，动能减为0 ，小球上升的高度最大，重力势能最大，故C正确； D. 将力F撤去小球将向上弹起的过程中，弹簧的弹力先大于重力，后小于重力，小球所受的合力先向上后向下，所以小球先做加速运动，后做减速运动，小球的速度先增大后减小，小球的动能先增大后减小，故D错误 5.如图所示，质量为m的小球从高度为h处的斜面上的A点滚下，经过水平面BC后，再滚上另一斜面，当它到达高为的D点时，速度为零，在这个过程中，重力做功为( ) A. B. C. mgh D. 0 【答案】B 【解析】 AD间的高度差为 则重力做功为 故应选B。 点晴：重力做功与路经无关，与高度差h有关即w=mgh。 6.质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来．已知弹性安全带的缓冲时间是1.5s，安全带自然长度为5m，g取10m/s2，则安全带所受的平均冲力的大小为 A. 500N B. 1000N C. 600N D. 1100N 【答案】B 【解析】 【详解】根据自由落体运动规律，该工人自由下落5m的时间为1s，则根据冲量定理则： 带入数据则： A. 500N与计算结果F=1000N不相符，故A错误； B. 1000N与计算结果F=1000N相符，故B正确； C. 600N与计算结果F=1000N不相符，故C错误； D. 1100N与计算结果F=1000N不相符，故D错误。 7.一个质量为0.3kg的弹性小球，在光滑水平面上以6m/s的速度垂直撞到墙上，碰撞后小球沿相反方向运动，反弹后的速度大小与碰撞前相同，则碰撞前后小球速度变化量的大小△v和碰撞过程中小球的动能变化量△Ek为（ ） A. △v=0 B. △v=12m/s C. △Ek=1.8J D. △Ek=10.8J 【答案】B 【解析】 【详解】AB．规定初速度方向为正方向，初速度为：v1=6m/s，碰撞后速度为：v2=﹣6m/s △v=v2﹣v1=﹣12m/s，负号表示速度变化量的方向与初速度方向相反，所以碰撞前后小球速度变化量的大小为12m/s．故A错误，B正确； C、反弹后的速度大小与碰撞前相同，即初、末动能相等，所以△Ek=0，故C错误，D错误。 故选：B． 8.如图所示，重物P放在粗糙的水平板OM上，当水平板绕O端缓慢抬高，在重物P没有滑动之前，下列说法中正确的是 A. P受到的支持力做正功 B. P受到的支持力不做功 C. P受到的摩擦力做负功 D. P受到的摩擦力做正功 【答案】A 【解析】 【详解】AB. 当水平板绕O端缓慢抬高，在重物P没有滑动之前，P做圆周运动，支持力垂直板向上，支持力与速度方向相同，故支持力做正功，故A正确，B错误； CD. 当水平板绕O端缓慢抬高，在重物P没有滑动之前，P做圆周运动，摩擦力沿板方向，与速度方向垂直，所以摩擦力不做功，故CD错误。 9.有一种玩具的结构如图所示，竖直放置的光滑圆铁环的半径R＝20 cm，环上有一个质量为m的穿孔的小球，仅能沿环做无摩擦滑动。如果圆环绕着通过环心的竖直轴O1O2以10 rad/s的角速度旋转(g取10 m/s2)，则小球相对环静止时和环心O的连线与O1O2的夹角θ可能是( ) A. 30° B. 45° C. 60° D. 75° 【答案】C 【解析】 小球转动的半径为，小球所受的合力垂直指向转轴，根据平行四边形定则，，解得，C正确． 10.用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体，静止时弹簧伸长量为L。现用该弹簧沿斜面方向拉住质里为2m的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L。斜面倾角为30°，如图所示。则物体所受摩擦力 A. 等干零 B. 大小为mg，方向沿斜面向下 C. 大小为mg，方向沿斜面向上 D. 大小为mg，方向沿斜面向上 【答案】A 【解析】 试题分析：弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件 F="mg" ① 根据胡克定律F="kL" ② 由①②得，③ 物体放在斜面上时，再次对物体受力分析，如图 设物体所受的摩擦力沿斜面向上，根据共点力平衡条件，有 F′+f-2mgsin30°="0" ③ 其中F′="kL=mg" ④ 由以上四式解得f=0，故物体所受的摩擦力大小方向沿斜面向上，大小为0．故选A． 考点：物体的平衡 【名师点睛】本题关键对物体受力分析，然后运用共点力平衡条件及胡克定律列式求解；注意胡克定律中弹簧的弹力与伸长量成正比． 二、多选择题 11.如图所示为人造地球卫星的轨道示意图，其中1为近地圆周轨道，2为椭圆轨道，3为地球同步轨道，其中P、Q为轨道的切点，则下列说法中正确的是 A. 卫星在1轨道上运行可经过一次加速转移到3轨道上运行 B. 卫星由1轨道进入2轨道机械能增大 C. 卫星在轨道1上的运行周期最短 D. 在轨道2上由Q点运行到P点的过程中，万有引力对其做正功，它的动能增加，重力势能减少，机械能增加 【答案】BC 【解析】 【详解】A.卫星从1轨道转移到3轨道上运行，需要在P点和Q点加速两次。故A错误； B.卫星由1轨道进入2轨道需要在P点点火加速，所以机械能增大。故B正确； C.根据开普勒第三定律可知，轨道半径最小的1轨道的周期最小。故C正确； D. 卫星在椭圆轨道2上自由运行时，只有万有引力对它做功，其机械能守恒，则它在P点的机械能等于在Q点的机械能．故D错误． 12.如图所示，在光滑的圆锥漏斗的内壁，有两个质量相等的小球A、B，它们分别紧贴漏斗，在不同水平面上做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（ ） A. 小球A的速率大于小球B的速率 B. 小球A的运行周期等于小球B的运行周期 C. 小球A漏斗壁的压力等于小球B对漏斗壁的压力 D. 小球A的角速度大于小球B的角速度 【答案】AC 【解析】 【详解】A、对A、B两球进行受力分析，两球均只受重力和漏斗给的支持力FN．设内壁与水平面的夹角为θ。根据牛顿第二定律有：mgtanθ=m，解得：v=，A球的轨道半径较大，则小球A的速率较大，故A正确； B、根据牛顿第二定律有：mgtanθ=m，解得：T= ，A球的轨道半径较大，则小球A的周期大于小于B的周期，故B错误； C、支持力为：FN=，两小球质量相等，则支持力相等，对漏斗壁的压力相等，故C正确； D、根据ω==知，A的轨道半径大，则A的角速度较小，故D错误。 13.如图所示，a、b、c三个相同的小球，a从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑，同时b、c从同一高度分别开始自由下落和平抛，它们与地面接触时重力的瞬时功率分别Pa、Pb、Pc。下列说法正确的有( ) A. 它们同时到达同一水平面 B. 它们的末动能相同 C. 它们与地面刚接触时重力的瞬时功率：Pa查看更多