- 2021-05-26 发布 |
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文档介绍
江西省南昌市第二中学2020届高三下学期5月模拟考试文综物理试题 Word版含解析
www.ks5u.com 物理试卷 一、选择题（本大题共8小题每小题6分在每小题给出的四个选项中第1至4题只有一项符合题目要求第5至8题有两项或三项符合题目要求．全部选对的得6分选对但不全的得3分有选错的得0分） 1.从奥斯特发现电流周围存在磁场后，法拉第坚信磁一定能生电他使用如图所示的装置进行实验研究，以至于经过了10年都没发现“磁生电” 主要原因是 A. 励磁线圈A中的电流较小，产生的磁场不够强 B. 励磁线圈A中的电流是恒定电流，不会产生磁场 C. 感应线圈B中的匝数较少，产生的电流很小 D. 励磁线圈A中的电流是恒定电流，产生稳恒磁场 【答案】D 【解析】 试题分析：励磁线圈A中的电流发生变化时，穿过线圈B的磁通量发生变化，电流表G中产生感应电流．励磁线圈A中的电流是恒定电流，产生稳恒磁场，穿过线圈B的磁通量都不发生变化，电流表G中无感应电流，故ABC错，D对． 考点：电磁感应现象的发现过程． 2.某电场的电场线分布如图所示，M、N、Q是以电场线上一点O为圆心的同一圆周上的三点，OQ连线与直线MN垂直．以下说法正确的是 A. O点电势与Q点电势相等 B. M、O间的电势差大于O、N间的电势差 C. 将一负电荷由M点移到Q点，电荷的电势能减少 - 18 - D. 正电荷在Q点所受电场力的方向与OQ垂直且竖直向上 【答案】B 【解析】 【详解】根据电场线与等势线垂直特点，在O点所在电场线上找到Q点的等势点，该等势点在O点的上方，根据沿电场线电势降低可知，O点的电势比Q点的电势高，故A错误；根据电场线分布情况可知，MO间的平均电场强度比ON之间的平均电场强度大，由公式U=Ed可知，M、O间的电势差大于O、N间的电势差，故B正确；M点的电势比Q点的电势高，负电荷由M点移到Q点，电场力做负功，电荷的电势能增加，故C错误．正电荷所受的电场力与该点电场线的切线方向相同，斜向上，故D错误；故选B． 3.已知氢原子的基态能量为，激发态能量为，其中，3，年，巴尔末对当时已知的在可见光区的四条谱线做了分析，发现这些谱线的波长能够用一个公式表示，这个公式写做，，4，5，式中R叫做里德伯常量，这个公式称为巴尔末公式用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，则里德伯常量R可以表示为 A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】若，由跃迁，释放光子，则 因为，则 由 得 - 18 - 解得里德伯常量 故A正确，BCD错误． 故选A． 4.如图半径为R圆表示一柱形区域的横截面（纸面）。在柱形区域内加方向垂直纸面向里的匀强磁场磁感应强度大小为B。一带正电荷的粒子沿图中直线以速率v0从圆上的a点射入柱形区域从圆上b点射出磁场时速度方向与射入时的夹角为120°（b点图中未画出）。已知圆心O到直线的距离为不计重力，则下列关于粒子的比荷正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】运动轨迹为圆，圆心一定在入射方向的垂线上，粒子在磁场中运动轨迹如图所示 由于速度的偏向角为120o，因此圆心角 由对称性可知，是角平分线 - 18 - 题中已知圆心O到直线的距离为，可得 因此 根据 得 B正确，ACD错误。 故选B。 5.最近，科学家在望远镜中看到太阳系外某一恒星有一行星，并测得它围绕该恒星运行一周所用的时间为1200年，它与该恒星的距离为地球到太阳距离的100倍．假定该行星绕恒星运行的轨道和地球绕太阳运行的轨道都是圆周，利用以上数据可以求出的量有（） A. 恒星质量与太阳质量之比 B. 恒星密度与太阳密度之比 C. 行星质量与地球质量之比 D. 行星运行速度与地球公转速度之比 【答案】AD 【解析】 【详解】A.行星绕恒星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，设恒星质量为M，行星质量为m，轨道半径为r，有 ① 解得： - 18 - 同理，太阳质量为： 由于地球公转周期为1年，故可以求得恒星质量与太阳质量之比，故A符合题意； B.由于恒星与太阳的体积均不知，故无法求出它们的密度之比，故B不符合题意； C由于①式中，行星质量可以约去，故无法求得行星质量，故C不符合题意； D.线速度，已知周期与半径关系，可以求得行星运行速度与地球公转速度之比，故D符合题意 6.一小球从静止开始向下运动经过时间t0落到地面。已知在物体运动过程中物体所受的空气阻力与速率成正比。若用F、v、s和E分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能则下列图象中可能正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】ABD 【解析】 【详解】A．下落的过程中，速度越来越快，因此空气阻力f越来越大,，所受的合力 越来越小，A正确； B．根据牛顿第二定律 加速度越来越小，也就是在 中，图象的斜率越来越小，B正确； C．加速度越来越小，只能是速度增加的越来越慢，但速度仍在增加，因此在图象中，斜率越来越大，C错误； - 18 - D．由于阻力越来越大，速度越来越快，因此阻力做功的功率越来越大，导致机械能减小的越来越快，D正确。 故选ABD。 7.质量均为m的两物块A、B之间连接着一个轻质弹簧，其劲度系数为k，再将物块A、B放在水平地面上一斜面的等高处，如图所示，弹簧处于压缩状态，且物块与斜面均能保持静止，已知斜面的倾角为θ，两物块和斜面间的动摩擦因数均为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是（ ） A. 斜面和水平地面间有静摩擦力 B. 斜面对A、B组成系统的静摩擦力的合力为2mgsinθ C. 若将弹簧拿掉，物块有可能发生滑动 D. 弹簧的最大压缩量为 【答案】BD 【解析】 【详解】A.以A、B两物块和轻质弹簧、斜面组成的整体为研究对象进行受力分析知，整体只在竖直方向上受重力及地面的支持力，没有沿水平面的相对运动趋势，故斜面与地面间没有摩擦力作用，故A错误； B.选A、B组成的系统为研究对象，摩擦力等于重力沿斜面的分力，即f=2mgsinθ，故B正确； C.以A为研究对象进行受力分析，在斜面内的力如图1，fA与F弹和mgsinθ的合力大小相等、方向相反，当撤去弹簧，A在斜面内的受力如图2所示，则fA′=mgsinθ，fA′fA，所以物块不可能发生滑动，故C错误； - 18 - D.由于fAm=μmgcosθ，则kxmax＝，得xmax=，故D正确。 故选BD。 8.如图所示，工厂利用皮带传输机把货物从地面运送到高出水平地面的C平台上，C平台离地面的高度一定。传输机的皮带以一定的速度v顺时针转动且不打滑。将货物轻轻地放在A处货物随皮带到达平台。货物在皮带上相对滑动时会留下一定长度的痕迹。已知所有货物与皮带间的动摩擦因数均为μ。若皮带的倾角、运行速度v和货物质量m都可以改变始终满足。可以认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则下列说法正确的是（ ） A. 当速度v一定时，角越大运送时间越短 B. 当倾角一定时，改变速度v运送时间可能不变 C. 当倾角和速度v一定时，货物质量m越大皮带上留下的痕迹越长 D. 当倾角和速度v一定时，货物质量m越大皮带上摩擦产生热越多 【答案】BD 【解析】 【详解】A．当速度v一定时，角足够大，使得略大于，此时物体向上运动的过程中，根据牛顿第二定律 可知，加速度极小，因此运动时间可能反而增加。A错误。 B．当倾角一定时，如果物体向上加速度运动时，到达顶端也没有达到与传送带速度相等，这时改变速度v，运送时间不变，B正确； C．物体沿传送带向上运动的加速度 与物体质量无关，因此货物质量m与痕迹长度无关，C错误； - 18 - D．产生的热量等于摩擦力与痕迹长度的积，质量越大，摩擦力越大，因此产生的热量越多，D正确。 故选D。 第II卷（非选择题共62分） 二、非选择题（包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题每个试题考生都必须做答．第13题～第16题为选考题考生根据要求做答） （一）必考题 9.物理小组的同学用如下图甲所示的实验器材测定重力加速度。实验器材有：底座带有标尺的竖直杆、光电门1和2组成的光电计时器，其中光电门1在光电门2的上方，小球释放器（可使小球无初速释放）、网兜。实验时可用两光电门测量小球从光电门1运动至光电门2的时间t，并从竖直杆上读出两光电门间的距离h。 (1)使用游标卡尺测量小球的直径如下图乙所示，则小球直径为_________cm。 (2)改变光电门1的位置，保持光电门2的位置不变，小球经过光电门2的速度为v，不考虑空气阻力，小球的加速度为重力加速度g，则h、t、g、v四个物理量之间的关系式h=________。 (3)根据实验数据作出图象如上图丙所示，若图中直线斜率的绝对值为k，根据图象得出重力加速度g大小为________。 【答案】 (1). 1.170 (2). (3). 【解析】 【详解】(1)[1]主尺读数为1.1cm，游标尺读数为0.05×14mm=0.70mm=0.070cm，所以最终读数为1.1cm+0.070cm=1.170cm； (2)[2]小球经过光电门2的速度为v，根据运动学公式得从开始释放到经过光电门2的时间 - 18 - 所以从开始释放到经过光电门1的时间 所以经过光电门1的速度v 根据匀变速直线运动的推论得：两光电门间的距离 (3)[3]由公式得 若图线斜率的绝对值为k，则 所以重力加速度大小 10.在练习使用多用电表的实验中： （1）某同学用多用电表测量电阻，其欧姆挡的电路如图甲所示，若选择开关处在“×100”挡时，按正确使用方法测量电阻Rx的阻值，指针位于图乙示位置，则Rx=_____Ω． - 18 - （2）若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx，其测量结果与原结果相比将_____（填“变大”、“变小”或“不变”）． （3）某同学利用图甲中的器材设计了一只欧姆表，其电路如图丙所示． ①关于该欧姆表，下列说法正确的是_____． A．电阻刻度的零位在表盘的右端 B．表盘上的电阻刻度是均匀的 C．测量前，不需要红、黑表笔短接调零 D．测量后，应将开关S断开 ②某同学进行如下操作：当Rx未接入时，闭合开关S，将红、黑表笔分开时，调节可变电阻，使电流表满偏．当Rx接入A、B表笔之间时，若电流表的指针指在表盘的正中央，则待测电阻Rx的阻值为____．已知电流表的内阻为Rg，电池的内阻为r，可变电阻接入电路的阻值为R． 【答案】 (1). 700 (2). 变大 (3). CD (4). 【解析】 【详解】（1）[1]．若选择开关处在“×100”挡，由图乙所示可知，电阻测量值为：7×100=700Ω． （2）[2]．设电流表满偏电流Ig，欧姆调零时 Ig= 则 R内= 当电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流Ig不变，R内变小，用欧姆表测电阻时 由此可知当R内变小时，I变小，指针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了． - 18 - （3）①[3]．由图丙所示可知，该欧姆表电表与待测电路并联，则电表为电压表，利用并联电路特点测电阻，电阻刻度的零位在表盘的左端，由闭合电路欧姆定律可知，表盘上的电阻刻度是不均匀的，由于电表为电压表，测量前，不需要红、黑表笔短接调零，测量后，应将开关S断开，故AB错误，CD正确，故选CD． ②[4]．当Rx未接入时，闭合开关S，将红、黑表笔分开时，调节可变电阻，使电流表满偏，由闭合电路欧姆定律得 Ig= 当Rx接入A、B表笔之间时，若电流表的指针指在表盘的正中央，由欧姆定律得： Ig= 解得 Rx=． 11.如图所示在倾角=37°的固定斜面上放置一质量M=1kg、长度L=0.75m的薄平板AB。平板的上表面光滑其下端B与斜面底端C的距离为4m。在平板的上端A处放一质量m=0.6kg的能看成质点的滑块开始时使平板和滑块都静止之后将它们无初速释放。设平板与斜面间、滑块与斜面间的动摩擦因数均为m=0.5。通过计算判断无初速释放后薄平板是否立即开始运动，并求出滑块与平板下端B到达斜面底端C的时间差Δt。（sin370=0.6，cos370=0.8，g=10m/s2） 【答案】静止不动；10s 【解析】 【详解】对薄板由于 Mgsin37º查看更多