浙江省重点中学2019届高考物理下学期仿真试题新人教版

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浙江省2019届重点中学高三第二学期高考仿真试题 理科综合能力测试——物理部分试题解析 ‎ 非选择题部分（共42分）‎ 试题总评：试题依据新课标高考大纲，按照浙江高考说明命制，题目难度适宜，含有较多的情景新颖原创题，具有一定的区分度和信度。‎ 一、选择题：本大题共4小题，每小题6分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. ‎ ‎14．在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定了一电荷量为+Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放质量为m，电荷量为—q的负检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中θ=60°，规定电场中P点的电势为零．则在+Q形成的电场中 A．N点电势高于P点电势 B．N点电势为 C．P点电场强度大小是N点的2倍 D．检验电荷在N点具有的电势能为 ‎【解析】如图以O为圆心，以OP为半径，作圆交ON与M，则，故A错；对于B，由N到P，写出动能定理：，，得，故B对；对于C，由，∴P点电场强度大小是N点的4倍，故C也错；检验电荷在N点具有的电势能为，答案D也错．‎ ‎【答案】B ‎15．质点P以O点为平衡位置竖直向上作简谐运动，同时质点Q也从O点被竖直上抛，它们恰好同时到达最高点，且高度相同，在此过程中，两质点的瞬时速度vP与vQ的关系应该是 ‎ ‎ A．vP＞vQ　　 B．先vP＞vQ，后vP＜vQ，最后vP=vQ ‎ C．vP＜vQ　　 D．先vP＜vQ，后vP＞vQ，最后vP=vQ 11‎ ‎【解析】质点P以O点为平衡位置竖直向上作简谐运动，∴，求导得：；质点Q也从O点被竖直上抛，∴，求导得：，作出v—t图像，发现有以下两种：‎ 情况一显然不满足；情况二满足，所以先vP＜vQ，后vP＞vQ，最后vP=vQ．‎ ‎【答案】D 注：位移函数的导数就是速度函数，速度函数的导数就是加速度函数．‎ ‎16．图为洗衣机脱水制动示意图．脱水桶的半径为20 ‎ cm，正常工作时以每分钟1200转高速旋转．脱水 后衣服 可视为均匀地紧贴脱水桶壁上，且当衣服 和桶的总质量为3 kg时，测得从打开脱水桶盖到脱 水桶静止，脱水桶共旋转了25圈．设脱水桶刹车 盘的半径为6 cm，则脱水桶制动过程中刹车带上的 平均摩擦力的大小约为 ‎ A．15 N B．100N ‎ C．200 N D．50N ‎【解析】利用动能定理解题：， ．‎ ‎【答案】B 11‎ ‎17．钱学森被誉为中国导弹之父，“导弹”这个词也是他的创作．导弹制导方式很多，惯性制导系统是其中的一种，该系统的重要元件之一是加速度计．如图所示，沿导弹长度方向安装的固定光滑杆上套一质量为m的绝缘滑块，分别与劲度系数均为k的轻弹簧相连，两弹簧另一端与固定壁相连．当弹簧为原长时，固定在滑块上的滑片停在滑动变阻器（电阻总长为L）正中央，M、N两端输入电压为U0，输出电压UPQ＝0．系统加速时滑块移动，滑片随之在变阻器上自由滑动，UPQ相应改变，然后通过控制系统进行制导。设某段时间导弹沿水平方向匀变速运动，滑片处于变阻器中央的右侧，且UPQ＝U0，则这段时间导弹的加速度 A．方向向右，大小为 B．方向向左，大小为 C．方向向右，大小为． D．方向向左，大小为 ‎【解析】UPQ＝U0＞0，∴滑块向右滑．此时滑块所受的力向左，力的大小及加速度之间关系有：．又电压与电阻成正比，∴．故方向向左，大小为．‎ ‎【答案】D 二、选择题：本大题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项是正确的，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 ‎18．如图甲所示，竖直放置的无限长直导线的右侧固 定一小圆环，直导线与小圆环在同一平面内，导 线中通入如图乙所示电流，（规定电流方向向上时 为正）下列说法正确的是：‎ ‎ A．当0＜t＜T/4时，环中电流沿逆时针方向 ‎ B．当T/4＜t＜T/2时，环中电流越来越大 ‎ C．当T/2＜t＜3T/4时，环中电流沿顺时针方向 ‎ 11‎ D．当3T/4＜t＜T时，环有收缩的趋势 ‎【解析】当0＜t＜T/4时，环中感应磁场向内变大，∴环中电流沿逆时针方向．A对；‎ 当T/4＜t＜T/2时，环中感应磁场变化率越来越大，直至t＝T/2时达到最大．∴环中电流越来越大．B对；当T/2＜t＜3T/4时，环中感应磁场向外变大，∴环中电流沿顺时针方向．C对，当3T/4＜t＜T时，环中感应磁场变小，∴环有扩张的趋势．D错．‎ ‎【答案】ABC ‎19．设地球的半径为R0，质量为m的卫星在距地面2R0高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为g，则下列说法不正确的是 ‎ A．卫星的线速度为 B．卫星的角速度为 C．卫星的加速度为 D．卫星的周期为2π ‎ ‎【解析】∵卫星在距地面2R0高处做匀速圆周运动，∴由平衡知：，，其中，．可解得：，，，．故ABC错，D对．‎ ‎【答案】ABC ‎20．如图所示，电路中电源的电动势为E，内阻为，A为非理想电压表，B为静电计；两个平行板电容器的电容分别为和，将电键S闭 合较长时间后，下列说法中正确的是 ‎ A．电压表的示数为零 ‎ B．电压表的示数等于电源电动势E ‎ C．若将变阻器滑动触头P向右滑动，则电容器上带电量增大 ‎ D．若断开电键S，再增大电容器两极板间距离，则静电计指针张角也增大 ‎【解析】将电键S闭合较长时间后，电路相当于短路，故电压表的示数为零 11‎ ‎，A对，B错；C错；若断开电键S，再增大电容器C2两极板间距离，则U增大，∴静电计指针张角也增大，D对．‎ ‎【答案】AD 非选择题部分（共78分）‎ ‎21．（10分）I．在一些实验中需要较准确地测量物体转过的角 ‎ 度，为此人们设计了这样的仪器：一个可转动的圆盘，在 圆盘的边缘标有刻度（称为主尺），圆盘外侧有一个固 定不动的圆弧状的游标尺，如图所示（图中画了圈盘的一部分和游标尺）．圆盘上刻出 对应的圆心角，游标尺上把与主尺上190对应的圆心角等分成10个格．试根据图中 所示的情况读出此时游标上的0刻线与圆盘的0刻线之间所夹的角度为 ．‎ II．卫星绕地球做匀速圆周运动时处于完全失重状态，物体对支持面几 乎没有压力，所以在这种环境中已无法用天平称量物体的质量．‎ 假设某同学在这种环境设计了如图所示装置（图中O为光滑的小 孔）来间接测量物体的质量：给待测物体一个初速度，使它在桌 面上做匀速圆周运动．设航天器中具有基本测量工具．‎ ‎（1）物体与桌面间的摩擦力可以忽略不计，原因是 ．‎ ‎（2）实验时需要测量的物理量是 ．‎ ‎（3）待测物体质量的表达式为 ．‎ ‎【解析】I．总读数＝主尺上的读数＋0.1×游标尺上的读数(类似于游标卡尺的读数方法)‎ 此时游标上的0刻线与圆盘的0刻线之间所夹的角度为：15＋0.1×8＝15.8º；‎ II．（1）∵卫星绕地球做匀速圆周运动时处于完全失重状态，物体对支持面几乎没有压力，‎ ‎∴物体与桌面间的摩擦力可以忽略不计；（2）由公式F＝ma知：只需知道F，a，则可计算 出m．给出航天器中具有基本测量工具，我们可以测出待测物体的运动周期T，运动轨迹的 11‎ 半径r，弹簧秤读数F．因此根据公式，就可算出．‎ ‎【答案】I． 15.8° ‎ II．（1） 物体对支持面无压力 ‎ ‎（2） 弹簧秤拉力F．圆周运动半经r．周期T． ‎ ‎（3）‎ ‎22．（10分）有以下可供选用的器材及导线若干条，要求尽可能精确地测量出待测电流表的满偏电流．‎ A．待测电流表A0：满偏电流约为700～800μA、内阻约100Ω，已知表盘刻度均匀、总 格数为N．‎ B．电流表A：量程0.6A、内阻0.1Ω．‎ C．电压表V：量程3V、内阻3kΩ．‎ D．滑动变阻器R：最大阻值200Ω．‎ E．电源E：电动势约3V、内阻约1.5Ω．‎ F．开关S一个．‎ ‎(1) 根据你的测量需要，在B．（电流表A）和C．（电压表V）中应选择 ．（只需 ‎ ‎ 填序号即可）‎ ‎ (2) 在虚线框内画出你设计的实验电路图．‎ ‎ (3) 测量过程中，测出多组数据，其中一组数据中待测电流表A0的指针偏转了n格，可 算出满偏电流IAmax = ，式中除N、n外，其他字母符号代表的物理量是 ．‎ ‎【解析】按照节能、够用就好原则选出合适仪器即可！‎ ‎【答案】① C ‎ ‎② 电路如图所示 ‎ ‎ ③(或)U为电压表读数，Rv为电压表内阻 11‎ ‎23．（16分）如图所示，一质量为m＝1 kg的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的A 点，随传送带运动到B点，小物块从C点沿圆弧切线进入竖直光滑的半圆轨道恰能做圆 周运动．已知圆弧半径R＝0.9m，轨道最低点为D，D点距水平面的高度h＝0.8m．小 物块离开D点后恰好垂直碰击放在水平面上E点的固定倾斜挡板．已知物块与传送带间 的动摩擦因数＝0.3，传送带以5 m/s恒定速率顺时针转动（g取10 m/s2），试求：‎ ‎（1）传送带AB两端的距离；‎ ‎（2）小物块经过D点时对轨道的压力的大小； ‎ ‎（3）倾斜挡板与水平面间的夹角的正切值．‎ ‎【解析】本题主要考察牛顿定律、物体作圆周运动的临界点、‎ 动能定理及平抛运动等知识点。属简单题型。‎ ‎（1）对小物块，在C点恰能做圆周运动，由牛顿第二定律得：‎ ‎ ，‎ ‎ 则．…………………………………………………………………（2分）‎ 由于，小物块在传送带上一直加速，则由A到B有 ‎，…………………………………………………………（2分）‎ ‎，‎ 所以传送带AB两端的距离=1.5m．……………………………………………（2分）‎ ‎（2）对小物块，由C到D有，……………………………（2分）‎ 在D点FN—mg＝，代入数据解得FN＝60N．………………………………（2分）‎ 由牛顿第三定律知小物块对轨道的压力大小为．………………（2分）‎ ‎（3）小物块从D点抛出后做平抛运动，则，‎ 解得t＝0.4s． …………………………………………………………………………（2分）‎ 将小物块在E点的速度进行分解得．………………………（2分）‎ 11‎ ‎【答案】（1）1.5m；（6分）‎ ‎（2）；（6分）‎ ‎（3）．（4分）‎ ‎24．（20分）如图所示，光滑绝缘水平桌面上固定一绝缘挡板P，质量分别为和的小 物块A和B（可视为质点）分别带有和的电荷量，两物块由绝缘的轻弹簧相 连，一不可伸长的轻绳跨过定滑轮，一端与物块B 连接，另一端连接轻质小钩．整个装 置处于正交的场强大小为E、方向水平向左的匀 强电场和磁感应强度大小为B、方向水平向里的 匀强磁场中。物块A，B开始时均静止，已知 弹簧的劲度系数为K，不计一切摩擦及AB间的 库仑力，物块A、B所带的电荷量不变，B不会 碰到滑轮，物块A、B均不离开水平桌面．若在 小钩上挂一质量为M的物块C并由静止释放，可使物块A对挡板P的压力为零，但不 会离开P，则 ‎（1）求物块C下落的最大距离；‎ ‎（2）求小物块C下落到最低点的过程中，小物块B的电势能的变化量、弹簧的弹性势 能变化量；‎ ‎（3）若C的质量改为2M，求小物块A刚离开挡板P时小物块B的速度大小以及此时 小物块B对水平桌面的压力．‎ ‎【解析】本题主要考察弹簧、物体作运动的临界点、能量守恒定律及受力平衡等知识点。属中档题型。‎ ‎（1）开始时弹簧的形变量为，对物体B由平衡条件可得：． ……（2分）‎ 设A刚离开挡板时，弹簧的形变量为，对物块B由平衡条件可得：．（2分）‎ 故C下降的最大距离为：．……………………………（1分）‎ ‎（2）物块C由静止释放下落至最低点的过程中，B的电势能增加量为：‎ ‎．……………………………………………………‎ 11‎ ‎（3分）‎ 由能量守恒定律可知：物块由静止释放至下落至最低点的过程中，C的重力势能减小 量等于B的电势能的增量和弹簧弹性势能的增量即：‎ ‎．…………………………………………………………………（3分）‎ 解得：．…………………………………………（1分）‎ ‎（3）当C的质量为2M时，设A刚离开挡板时B的速度为V，由能量守恒定律可知：‎ ‎．…………………………………………（3分）‎ 解得A刚离开P时B的速度为：．…………………………（1分）‎ 因为物块AB均不离开水平桌面，所以对物块B竖直方向受力平衡：‎ ‎．……………………………………………………………………（3分）‎ 解得：．……………………………………（1分）‎ ‎【答案】（1）；（5分）‎ ‎（2）；‎ ‎；（7分）‎ ‎（3）；‎ ‎．（8分）‎ 11‎ ‎25．（22分）如图所示，在xOy平面的第一、四象限内 存在着方向垂直纸面向外，磁感应强度为B的匀强 磁场，在第四象限内还存在方向沿—y方向、电场强 度为E的匀强电场．从y轴上坐标为（0，a）的P 点向第一象限的磁场区发射速度大小不等的带正电 的同种粒子，速度方向范围是与+y方向成300—1500‎ 角，且在xOy平面内.结果所有粒子经过磁场偏转后 都垂直打到x轴上，然后进入第四象限内的正交电磁 场区．已知带电粒子电量+q，质量为m，粒子重力 不计．‎ ‎（1）所有通过第一象限磁场区的粒子中，求粒子经历的最短时间与最长时间的比值；‎ ‎（2）求粒子打到x轴上的范围；‎ ‎（3）从x轴上x=a点射入第四象限的粒子穿过正交电磁场后，从y轴上坐标为（0，—b）‎ ‎ 的Q点射出电磁场，求该粒子射出电磁场时的速度大小．‎ ‎【解析】本题主要考察粒子在磁场中作圆周运动的周期，速度、圆、动能定理等知识点。属中档题型。‎ ‎（1）；；得：． ……………（4分）‎ ‎（2）与轴夹角：．………………………………（2分）‎ 最左边：．………………………………（2分）‎ 与轴夹角：．………………………………………（2分）‎ 最右边：．………………………………（2分）‎ 范围是：．………………………………………（2分）‎ 11‎ ‎（3）在磁场中．…………………………………………………（2分）‎ 由题意知：．………………………………………………………………（2分）‎ 第四象限中，由动能定理：．…………………………（2分）‎ 得：．…………………………………………………（2分）‎ ‎【答案】（1）；‎ ‎（2）；‎ ‎（3）．‎ 11‎ 浙江省2019届重点中学协作体高三第二学期高考仿真试题 理科综合能力测试物理部分参考答案 ‎ 选择题（共21小题，每小题6分，共120分）‎ ‎21．（10分）I． 15.8° ‎ II． （1） 物体对支持面无压力 ‎ ‎（2） 弹簧秤拉力F．圆周运动半经r．周期T． ‎ ‎（3）‎ ‎22．（10分）① C ‎ ‎ ② 电路如图所示 ‎ ‎ ③(或)U为电压表读数，Rv为电压表内阻 ‎ ‎23．共16分 ‎（1）对小物块，在C点恰能做圆周运动，由牛顿第二定律得：‎ ‎ ，‎ ‎ 则．…………………………………………………………………（2分）‎ 由于，小物块在传送带上一直加速，则由A到B有 ‎，…………………………………………………………（2分）‎ ‎，‎ 所以传送带AB两端的距离=1.5m．……………………………………………（2分）‎ ‎（2）对小物块，由C到D有，……………………………（2分）‎ 14‎ 在D点FN—mg＝，代入数据解得FN＝60N．………………………………（2分）‎ 由牛顿第三定律知小物块对轨道的压力大小为．………………（2分）‎ ‎（3）小物块从D点抛出后做平抛运动，则，‎ 解得t＝0.4s． …………………………………………………………………………（2分）‎ 将小物块在E点的速度进行分解得．………………………（2分）‎ ‎24．共20分 ‎（1）开始时弹簧的形变量为，对物体B由平衡条件可得：． ……（2分）‎ 设A刚离开挡板时，弹簧的形变量为，对物块B由平衡条件可得：．（2分）‎ 故C下降的最大距离为：．……………………………（1分）‎ ‎（2）物块C由静止释放下落至最低点的过程中，B的电势能增加量为：‎ ‎．……………………………………………………（3分）‎ 由能量守恒定律可知：物块由静止释放至下落至最低点的过程中，C的重力势能减小 量等于B的电势能的增量和弹簧弹性势能的增量即：‎ ‎．…………………………………………………………………（3分）‎ 解得：．…………………………………………（1分）‎ ‎（3）当C的质量为2M时，设A刚离开挡板时B的速度为V，由能量守恒定律可知：‎ ‎．…………………………………………（3分）‎ 解得A刚离开P时B的速度为：．…………………………（1分）‎ 因为物块AB均不离开水平桌面，所以对物块B竖直方向受力平衡：‎ ‎．……………………………………………………………………（3分）‎ 14‎ 解得：．……………………………………（1分）‎ ‎25．共22分 ‎（1）；；得：． ……………（4分）‎ ‎（2）与轴夹角：．………………………………（2分）‎ 最左边：．………………………………（2分）‎ 与轴夹角：．………………………………………（2分）‎ 最右边：．………………………………（2分）‎ 范围是：．………………………………………（2分）‎ ‎（3）在磁场中．…………………………………………………（2分）‎ 由题意知：．………………………………………………………………（2分）‎ 第四象限中，由动能定理：．…………………………（2分）‎ 得：．…………………………………………………（2分）‎ ‎ ‎ 14‎