江苏省高中2019年高考物理考前模拟试卷（一）新人教版

江苏省高中2019年高考物理考前模拟试卷（一）新人教版

江苏省高中2019年高考考前物理模拟试卷（一） ‎ 一、单项选择题（每小题3分，共15分。每小题只有一个选项符合要求，选对的得3分，选错或不选的得0分）‎ ‎1、对下列物理公式的理解，说法正确的是 ( )‎ A．由公式a= △v/ △t可知，加速度a由速度的变化量△v和时间△t 决定 B．由公式a= F/m可知，加速度a由物体所受合外力F和物体的质量m决定 C．出公式E=F/q 可知，电场强度E由电荷受到的电场力F和电荷的电量q决定 D．由公式C=Q/U 可知，电容器的电容c由屯容器所带电量Q和两板间的电势差U决定 ‎2、静电场中，带电粒子在电场力作用下从电势为φa的a点运动至电势为φb的b点．若带电粒子在a、b两点的速率分别为va、vb，不计重力，则带电粒子的比荷q/m，为 ‎ A． B． C． D．‎ v t ‎0‎ t1‎ t2‎ ‎3、放置在光滑地面上的物体在某种力的作用下从静止开始向右运动，如果该物体的速度时间图像是一条抛物线，如右图所示，则下列说法正确的是（ ）‎ A．0 ~ t1内物体做匀加速运动 B．t1时刻物体的速度最大，加速度也最大 ‎ C．物体在0 ~ t1内和t1 ~ t2内运动的位移相等 ‎ D．物体在0 ~ t1内和t1 ~ t2内运动的速度方向相反 ‎ ‎4、酒精测试仪利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化。在如图所示的电路中，R和Ro为定值电阻，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻，因此，显示仪表读数的指针与酒精气体浓度有了对应关系。如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻r′的倒数与酒精气体的浓度成正比，那么，电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是 （ ）‎ ‎ A．U越大，表示c越大，但是c与U不成正比 ‎ B．U越小，表示r′越小c越大，但是c与U成正比 ‎ C．U越小，表示c越小，c与U成反比 ‎ D．U越大，表示r′越大c越大，c与U成正比 ‎5．一物体放置在倾角为的斜面上，斜面固定于加速上升的电梯 a θ 中，加速度为，如图所示．在物体始终相对于斜面静止的条件下( )‎ A．当一定时，越大，斜面对物体的正压力越小 B．当一定时，越大，斜面对物体的摩擦力越大 C．当一定时，越大，斜面对物体的正压力越大 D．当一定时，越大，斜面对物体的摩擦力越小 二、多项选择题（每小题4分，共16分。全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）‎ 9‎ ‎6、如图，A、B是在地球大气层外圆周轨道上运行的质量不等的两颗卫星，它们的轨道半径满足RA=2R,RB=3R，R为地球半径，下列说法正确的是（ ）‎ A．A、B的角速度之比 B．A、B的线速度之比 ‎ C．A、B的加速度之比 D．A、B受到的万有引力之比 ‎7、M、N是一对水平放置的平行板电容器，将它与一电动势为E，内阻为r的电源组成如图所示的电路，R是并联在电容器上的滑动变阻器，G是灵敏电流计，在电容器的两极板间有一带电的油滴处于悬浮状态，如图所示，现保持开关S闭合，将滑动变阻器的滑片向上滑动，则（ ）‎ M N G a b E r R S A．在滑片滑动时，灵敏电流计中有从a向b的电流 B．在滑片滑动时，灵敏电流计中有从b向a的电流 C．带电油滴将向上运动 D．带电油滴将向下运动 E b a ‎-q ‎8、如图，实线表示某电场的电场线，一个带负电的粒子沿虚线所示的路径从a点运动到b点，则（ ）‎ A．带电粒子所受电场力变大 B．带电粒子所受电场力变小 C．带电粒子的电势能变大 D．带电粒子的电势能变小 ‎ h S ‎9、2010年广州亚运会上，刘翔重归赛场，以打破亚运记录的方式夺得110米跨栏的冠军。他采用蹲踞式起跑，在发令枪响后，左脚迅速蹬离起跑器，在向前加速的同时提升身体重心。如图所示，假设质量为m的运动员，在起跑时前进的距离S内，重心升高量为h，获得的速度为v，阻力做功为W阻，则在此过程中（ ）‎ A．运动员的机械能增加了 B．运动员的机械能增加了 C．运动员的重力做功为 D．运动员自身做功 三、简答题简答题：本大题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共42分．请将解答填在相应的位置．‎ ‎10、Ⅰ(4分)利用重物自由下落验证机械能守恒定律的实验。‎ ‎(1)在验证机械能守恒定律的试验中，没有必要进行的操作是 ( ) ‎ A．用天平测重物的质量 B．用秒表测重物下落的时间 ‎ C．用打点计时器记录重物下落的信息 D．用纸带记录测量重物下落的高度 ‎·‎ ‎·‎ ‎·‎ A B C ‎20.50‎ ‎18.70‎ 单位：cm ‎(2)该实验所用打点计时器的电源频率为50Hz， A、B、C为纸带中选取的三个计数点，每两个计数点之间还有4个点未画出，则每两个计数点之间的时间间隔T= s 9‎ ‎，打点计时器在打下计数点B时，物体的下落速度为vB= m/s。（小数点后保留两位有效数字）‎ ‎(3)由于该实验中存在阻力做功，所以实验测得的重物的重力势能的减少量 动能的增加量（选填“<”, “>”或“=”）‎ ‎11、(10分)现有一只标值为“3.0V，xW”小灯泡，其额定功率的标值已模糊不清。某同学想通过测量灯丝伏安曲线的方法，来找出该灯泡正常工作时的功率。‎ ‎(1)已知该灯泡灯丝电阻较小，请先在图（甲）中补全用伏安法测量灯丝电阻的电路图，再选择合适量程的电流表与电压表，将图（乙）中的实物连成完整的电路。‎ ‎(2)开关S闭合之前，图（乙）中滑动变阻器的滑片应该置于 （选填“A”端、“B端”、或“AB正中间”）‎ ‎ ‎ ‎(3)该同学通过实验作出了灯丝的伏安曲线如图（丙）所示，根据小灯泡的额定电压的标值为“3.0V”，从图（丙）中可以找出该灯正常工作时的电流I= A，其额定功率为P=‎ ‎ W。（结果均保留两位有效数字）‎ ‎(甲)‎ S E R0‎ I/A ‎0‎ ‎0.1.0‎ ‎0.2‎ ‎0.3‎ ‎1.052‎ ‎3.0‎ ‎(丙)‎ U/V ‎2.052‎ ‎4.06‎ ‎(乙)‎ S AS BS ‎12.【选做题】本题包括A、B小题，，并在答题卡相应的答题区域内作答。‎ A.(选修模块3－3)（12分）‎ ‎(1)下列说法中正确的是 ▲ ‎ A.水可以浸润玻璃，水银不能浸润玻璃 B.热管是利用升华和汽化传递热量的装置 A O p/(Pa)‎ V/（m3）‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎3‎ ‎3‎ B C.布朗运动是指在显微镜下直接观察到的液体分子的无规则运动。‎ ‎ D.一般说来物体的温度和体积变化时它的内能都要随之改变 ‎(2) 如图所示，一定质量的某种理想气体由状态A变为状态B，‎ A、B两状态的相关参量数据已标于压强—体积图象上。该 气体由AB过程中对外做功400J，则此过程中气体内能 增加了 J，从外界吸收了 J热量。‎ 9‎ ‎(3)某地强风速v=10m/s，空气的密度。若通过截面积S=400m2的风能全部用于使风力发电机转动，且风能的20%转化为电能，则通过这个截面的风的发电功率是多大？‎ B．（选修模块3-4: 计12分）‎ ‎⑴如图所示，O是一列横波的波源，从O点起振开始计时，t＝0.4s时，波形如图示（即此刻仅在OA之间有波形）．则以下判断正确的是 。‎ A．波传到x＝9m处的点Q时，A点运动的路程为5m B．波传到x＝9m处的点Q时，A点运动的路程为1m C．从此刻起再经过1.2s点Q第二次出现波峰 ‎ D．从此刻起再经过0.8s点Q第二次出现波峰 ‎ ‎（2）某单摆的摆长为l、摆球质量为m，单摆做简谐振动时的周期为T，摆动时最大动能为Ek，如果摆角不变，将摆球质量变成2m，则单摆的最大动能变为__________，如果将摆长变再变为2l，摆角变成原来一半时，单摆的周期为________。‎ ‎⑶如图所示是安全门上的观察孔，其直径ab为 4 cm，门的厚度ac为2 cm。为了扩大向外观察范围，将孔中完全嵌入折射率为的玻璃，那么嵌入玻璃后向外观察视野的最大张角是多少？若要求将视野扩大到1800，嵌入玻璃的折射率应为多少？‎ 解：‎ 四、计算题（本题共2小题，第15题8分，第16题11分，共19分.要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤）‎ ‎13、（15分）如图所示，抗震救灾运输机在某场地卸放物资时，通过倾角为300的固定光滑斜轨道面进行。有一件质量为m=2．0kg的小包装盒，由静止开始从斜轨道的顶端A滑至底端B，然后又在水平面上滑行一段距离后停下。若A点距离水平面的高度h=5．0m，重力加速度g取10m/s2,求：‎ ‎1）包装盒由A滑到B所经历的时间;‎ ‎2）若地面的动摩擦因数为0．5，包装盒在水平地面上还能滑行多远？（不计斜面和地面接触处的能量损耗）‎ ‎ ‎ 9‎ ‎14、(16分)如图所示，一个板长为L，板间距离也是L的平行板容器上极板带正电，下极板带负电。有一对质量均为m，重力不计，带电量分别为+q和-q的粒子从极板正中水平射入（忽略两粒子间相互作用），初速度均为v0。若-q粒子恰能从上极板边缘飞出，求 B v0‎ v L L ‎(1)两极板间匀强电场的电场强度E的大小和方向 ‎(2)-q粒子飞出极板时的速度v的大小与方向 ‎(3)在极板右边的空间里存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，为使得+q粒子与-q粒子在磁场中对心正碰（碰撞时速度方向相反），则磁感应强度B应为多少？‎ ‎15（16分）个质量m＝0.1kg的正方形金属框总电阻R＝0.5W，金属框放在表面是绝缘且光滑的斜面顶端，自静止开始沿斜面下滑，下滑过程中穿过一段边界与斜面底边BB’平行、宽度为d的匀强磁场后滑至斜面底端BB’，设金属框在下滑时即时速度为v，与此对应的位移为s，那么v2-s图像如图2所示，已知匀强磁场方向垂直斜面向上。试问：‎ ‎（1）分析v2-s图像所提供的信息，计算出斜面倾角q和匀强磁场宽度d。‎ ‎（2）匀强磁场的磁感应强度多大？‎ ‎（3）金属框从斜面顶端滑至底端所需的时间为多少？‎ ‎（4）现用平行斜面沿斜面向上的恒力F作用在金属框上，使金属框从斜面底端BB’静止开始沿斜面向上运动，匀速通过磁场区域后到达斜面顶端。试计算恒力F做功的最小值。‎ 9‎ 江苏省高中2019年高考考前物理模拟试卷（一） ‎ 参 考 答 案 一、二选择题 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ 答案 B C C A B BC AC BD BD 三.简答题 ‎10、Ⅰ (1) AB （单选得1分） (2) 0.1 1.96 (3) > ‎ ‎11、Ⅱ（10分）(1)如图，电路2分，电流表内接不给分；实物连线2分（任何一个地方错误得0分）。‎ S AS BS S E R0‎ VE AE ‎ ‎ ‎(2)（2分） B端 （可能是A端，与所连实物图对应即可得分） (3)（每空2分） 0.25 0.75‎ ‎12A （1）AD（4分） ‎ ‎（2）0（2分） 400（2分） ‎ ‎（3） ‎ ‎（2分）（2分）‎ ‎12B （1） BC （2）2Ek，T ⑶ 向外观察张角最大时，在cd边中点e观察，b为入射点，be为折射光线，入射角i、折射角r，由几何关系有sinr = ed/be = 1/2，根据折射定律有sini/ sinr = n，得i = 600，则最大张角θ = 2i = 1200；视野扩大到1800，即入射角为900，折射角r = 300，则折射率n = sin900/sin300 = 2。‎ 9‎ 四、计算题 ‎13、解：．解：对物体进行受力分析，由牛顿第二定律，得:‎ ‎………………………………………（1分）‎ 包装盒沿斜面由A到B的位移为……（1分）‎ 设包装盒由A到B做匀加速运动的时间为t 则……………………………………………………（1分）‎ 解得：…………………………………………（1分）‎ ‎（2）由动能定理得：………………………… （2分）‎ 其中……………………………………………………（1分）‎ 在B点速度 ………………………………………………（1分） ‎ 代入已知，得s=10m ……………………………………………（1分）‎ ‎14、解：(1)由于上板带正电，下板带负电，故板间电场强度方向竖直向下 ‎-q粒子在水平方向上匀速运动，在竖直方向上匀加速运动 ‎ ‎ …………………….……………………..……………………..…………①‎ ‎……………………………………………..………….…………………②‎ 其中 ‎………………………………………………………………………………③ ‎ ‎（①②③联合列式且正确者得3分）‎ 由①②③得，……………………………………………………………..④(1分)‎ ‎ (2)设粒子飞出板时水平速度为vx，竖直速度为vy，水平偏转角为 ‎……………………………….………………………………………………..⑤‎ ‎……………………….………..…………………………………..⑥‎ 9‎ ‎……………………….………..…………………………………………..⑦‎ ‎……………………….…………………………………………………⑧‎ 由④⑤⑥⑦⑧式可得，….………………………………………⑨(1分)‎ ‎(⑤⑥⑦联合列式且正确者得3分)‎ B v0‎ v L L v v ‎(3)由于+q粒子在电场中向下偏转，且运动轨迹与-q粒子对称，它飞出下极板时速度大小与偏转角和-q粒子相同，进入磁场后它们均做圆周运动，为了使它们正碰，只须，轨迹如图所示 由几何关系易知.………………………………⑩(1分)‎ 洛伦兹力提供向心力.………… .………….⑾(2分)‎ 由得⑨⑩⑾…………………………………….. (1分) ‎ ‎15、解：（1）s＝0到s＝1.6 m由公式v2＝2as，该段图线斜率k＝＝2a＝＝10，所以a＝5m（1分），根据牛顿第二定律 mgsinq＝ma（1分），sinq＝＝＝0.5，q＝30°（1分）， 由 ‎ 图得从线框下边进磁场到上边出磁场均做匀速运动，所以△s＝2L＝2d＝（2.6－1.6）m＝1 m，d＝L＝0.5m（2分），‎ ‎（2）线框通过磁场时，v12＝16，v1＝4 m/s，此时F安＝mg sinq（1分），BL＝mg sinq，B＝＝0.5 T（1分），‎ ‎（3）t1＝＝s＝0.8 s（1分），t2＝＝s＝0.25 s，s3＝（3.4－2.6）m＝0.8 m，s3＝v1t3＋a t32，t3＝0.2 s（1分），‎ 所以t＝t1＋t2＋t3＝（0.8＋0.25＋0.2）s＝1.25 s（2分）‎ ‎（4）未入磁场 F－mgsinq＝ma2，进入磁场F＝mgsinq＋F安， ∴F安＝ma2（1分），BL＝m，v＝＝2 m/s（1分），F安＝＝0.25N（1分），最小功WF＝2dF安＋mg（s1＋s2＋s3）sinq＝＋mg（s1＋s2＋s3）sinq＝1.95 J（2分） ‎ 9‎ ‎ ‎ 9‎