【物理】2019届二轮复习选择题专练(一)作业（全国通用）
选择题专练(一)
(限时：20分钟)
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．
14．下列论述中正确的是( )
A．开普勒根据万有引力定律得出行星运动规律
B．爱因斯坦的狭义相对论，全面否定了牛顿的经典力学规律
C．普朗克把能量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念
D．玻尔提出的原子结构假说，成功地解释了各种原子光谱的不连续性
答案 C
解析 开普勒通过研究第谷的行星观测数据，得出了行星运动规律，A错误；爱因斯坦的狭义相对论，并没有全面否定牛顿的经典力学，B错误；普朗克把能量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念，C正确；玻尔提出的原子结构假说，不能解释复杂原子，如氦原子核光谱的不连续性，D错误．
15.如图1，放置在光滑的水平地面上足够长的斜面体，下端固定有挡板，用外力将轻质弹簧压缩在小木块和挡板之间，弹簧的弹性势能为100 J．撤去外力，木块开始运动，离开弹簧后，沿斜面向上滑到某一位置后，不再滑下，则( )
图1
A．木块重力势能的增加量为100 J
B．木块运动过程中，斜面体的支持力对木块做功不为零
C．木块、斜面体和弹簧构成的系统，机械能守恒
D．最终，木块和斜面体以共同速度向右匀速滑行
答案 B
解析 因为到达最高点后，木块不再下滑，所以木块必受斜面的摩擦力作用，斜面体受到木块的斜向右上的摩擦力作用，该力在水平方向上有一个分力，故斜面体向右运动，木块相对地面在水平方向上有位移，斜面体对木块的支持力与水平位移夹角不垂直，故斜面体的支持力对木块做功不为零，木块、斜面体和弹簧构成的系统，有摩擦力做功，所以机械能不守恒，B正确，C错误；将弹簧、木块和斜面体看成一个整体，整体在水平方向上受力为零，所以系统水平方向动量守恒，释放弹簧前系统水平方向动量为零，故释放弹簧后系统水平方向动量仍旧为零，即木块和斜面体最后静止，弹簧的弹性势能转化为系统的内能(克服摩擦力做功)
以及木块的重力势能，故木块重力势能的增加量小于100 J，A、D错误．
16．如图2所示，a为放在地球赤道上随地球一起转动的物体，b、c、d为在圆轨道上运行的卫星，轨道平面均在地球赤道面上，其中b是近地卫星，c是地球同步卫星．若a、b、c、d的质量相同，地球表面附近的重力加速度为g，则下列说法中正确的是( )
图2
A．b卫星转动的线速度大于7.9 km/s
B．a、b、c、d的周期大小关系为Ta
，g为重力加速度．从抛出到第一次碰撞筒壁，
不计空气阻力，则下列说法正确的是( )
图5
A．三小球运动时间之比tA∶tB∶tC＝∶2∶1
B．三小球下落高度之比hA∶hB∶hC＝2∶∶1
C．重力对三小球做功之比WA∶WB∶WC＝3∶4∶1
D．重力的平均功率之比PA∶PB∶PC＝2∶3∶1
答案 AC
解析 因为三个小球都碰壁，说明没有下落到底部，小球在水平方向上做匀速直线运动，根据几何知识可知三个球的水平位移xA＝2R·＝R，xB＝2R，xC＝2R·＝R，而所用时间tA∶tB∶tC＝∶∶＝∶2∶1，A正确；在竖直方向上做自由落体运动，三小球下落高度之比hA∶hB∶hC＝gt∶gt∶gt＝3∶4∶1，B错误；重力对小球做功WG＝mgh，故WA∶WB∶WC＝hA∶hB∶hC＝3∶4∶1，C正确；重力的平均功率P＝，故PA∶PB∶PC＝∶∶＝∶∶＝∶2∶1，D错误．
20．图6(a)中理想变压器的原线圈依次接入如图(b)所示的甲、乙两个正弦交流电源．接电源甲后，调节滑动变阻器滑片位置使小灯泡A正常发光，小灯泡的功率及电流频率分别为P1、f1；保持滑片位置不变，改用电源乙，小灯泡的功率及电流频率分别为P2、f2，则( )
图6
A．f1∶f2＝3∶2
B．P1∶P2＝2∶1
C．若将变阻器滑片向左移动，电源乙可能使小灯泡正常发光
D．若将变压器动片P向下移动，电源乙可能使小灯泡正常发光
答案 AD
解析 变压器不改变交流电的频率，从题图b中可知3T1＝2T2，即＝，所以＝，A正确；从题图b中可知甲、乙两个电源的电动势最大值之比为2∶1，两种情况下副线圈两端的电压有效值之比为2∶1，所以两种情况下通过灯泡的电流之比为2∶1，根据P＝I2R可知＝，B错误；若将变阻器滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻增大，通过灯泡的电流减小，所以电源乙不可能使小灯泡正常发光，C错误；若将变压器动片P向下移动，即减小，根据＝可知U2增大，即副线圈两端电压增大，故电源乙可能使小灯泡正常发光，D正确．
21．两个完全相同的平行板电容器C1、C2水平放置，如图7所示．开关S闭合时，两电容器中间各有一油滴A、B刚好处于静止状态．现将S断开，将C2下极板向上移动少许，然后再次闭合S，则下列说法正确的是( )
图7
A．两油滴的质量相等，电性相反
B．断开开关，移动C2下极板过程中，B所在位置的电势不变
C．再次闭合S瞬间，通过开关的电流可能从上向下
D．再次闭合开关后，A向下运动，B向上运动
答案 BCD
解析 当S闭合时，左边电容的上极板和右边电容的下极板相连，即两个极板的电势相等，又因为其他两个极板都接地，电势相等，故两极板间的电势差的绝对值相等，根据mg＝q，由于不知道两油滴的电荷量，故两个油滴的质量不一定相等，若C1上极板带正电，则C1电场方向竖直向下，A液滴应受到竖直向上的电场力，故带负电，C2下极板带正电，则C2电场方向竖直向上，B滴液应受到竖直向上的电场力，所以带正电，电性相反；若C1上
极板带负电，则C1电场方向竖直向上，A液滴应受到竖直向上的电场力，故带正电，C2下极板带负电，则C2电场方向竖直向下，B滴液应受到竖直向上的电场力，所以带负电，电性相反，总之，两油滴的电性相反，A错误；断开开关，移动C2下极板过程中，两极板所带电荷量相等，根据C＝，C＝，E＝联立可得E＝，两极板间的电场强度大小和两极板间的距离无关，故电场强度恒定，所以B的受力不变，故仍处于静止状态，到上极板(零电势)的距离不变，根据U＝Ed可知B点的电势不变，B正确；S断开，将C2
下极板向上移动少许，根据C＝可知C2增大，根据C＝可知U减小，即C2下极板电势降低，再次闭合S瞬间，C1上极板的电势大于C2下极板电势，通过开关的电流可能从上向下，稳定后，根据E＝可知C1两极板间的电势差减小，电场强度减小，A向下运动，C2两极板间的电势差增大，电场强度增大，B向上运动，C、D正确．
