云南省普洱市澜沧县一中2019-2020学年高二上学期10月月考物理试题

云南省普洱市澜沧县一中2019-2020学年高二上学期10月月考物理试题

云南省普洱市澜沧县一中2019-2020学年10月份考试 高二 物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。‎ ‎ 学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________‎ 分卷I 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) ‎ ‎1.A、B、C是三个不同规格的灯泡，按图所示方式连接恰好能正常发光，已知电源的电动势为E，内电阻为r，将滑动变阻器的滑片P向左移动，则三个灯亮度变化是(　　)‎ A． 都比原来亮 B． 都比原来暗 C． A、B灯比原来亮，C灯变暗 D． A、B灯比原来暗，C灯变亮 ‎2.在测量阻值较小的金属的电阻率的实验中，为了减小实验误差，并要求在实验中获得较大的电压调节范围，在测量其电阻时应选择的电路是(　　)‎ A．　B． C．　　D．‎ ‎3.一个电容器的规格是“50 V　10 F”，则(　　)‎ A． 这个电容器只有加上50 V 电压时，电容才是10 F B． 这个电容器能容纳的最大电荷量为10 C C． 这个电容器储存的电荷量一定为500 C D． 这个电容器两端的电压等于10 V时，它两极板电荷量(绝对值)之和为200 C ‎4.如图所示，A、B、C 为电场中同一电场线上的三点．设电荷在电场中只受电场力作用，则下列说法中正确的是(　　)‎ A． 若在C点无初速度地释放正电荷，则正电荷向B运动，电势能减少 B． 若在C点无初速度地释放正电荷，则正电荷向A运动，电势能增加 C． 若在C点无初速度地释放负电荷，则负电荷向A运动，电势能增加 D． 若在C点无初速度地释放负电荷，则负电荷向B运动，电势能减少 ‎5.如图所示，一个带正电的粒子先后分别沿1、2、3、4条不同路径到达同一带负电的导体上(导体与地绝缘)，电场力对该带电粒子做功分别为W1、W2、W3和W4，则它们间的关系正确的是(　　)‎ A．W1＞W2＞W3＞W4‎ B．W1＞W2＝W3＞W4‎ C．W1＜W2＝W3＜W4‎ D．W1＝W2＝W3＝W4‎ ‎6.在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2表示．下列判断正确的是(　　)‎ A．I减小，U1增大 B．I减小，U2增大 C．I增大，U1增大 D．I增大，U2增大 ‎7.如图甲所示电路中，电流表A1与A2内阻相同，A2与R1串联，当电路两端接在电压恒定的电源上时，A1示数为3 A，A2的示数为2 A；现将A2改为与R2串联，如图乙所示，再接在原来的电源上，那么(　　)‎ A． A1的示数必增大，A2的示数必减小 B． A1的示数必增大，A2的示数必增大 C． A1的示数必减小，A2的示数必增大 D． A1的示数必减小，A2的示数必减小 ‎8.如图所示电路中，电阻R1、R2、R3‎ 的阻值相等，电池的电阻不计(电池两端电压恒定).那么开关K接通后流过R2的电流是K接通前的(　　)‎ A． B． C． D．‎ ‎9.图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流．R0为定值电阻，移动滑动变阻器的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是(　　)‎ A． B． C．　　　　　D．‎ ‎10.某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是(　　)‎ A．c点的电场强度大于b点的电场强度 B． 若将一试探电荷＋q由a点静止释放，它将沿电场线运动到b点 C．b点的电场强度大于d点的电场强度 D．a点和b点的电场强度的方向相同 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎11.(多选)如图所示，电容器A的电容CA＝30 μF，电容器B的电容CB＝10 μF，在开关S1、S2都是断开的情况下，分别给电容器A、B充电，充电后，M点的电势比N点高5 V，O点的电势比P点低5 V，然后把S1、S2都接通，接通后(　　)‎ A．A的带电量是5×10－5C B．B的带电量是2.5×10－5C C．UMN＝5 V D．UPO＝－2.5 V ‎12.（多选）图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（　　　）‎ A． 粒子在M点的速度小于在N点的速度 B． 粒子在M点的电势能小于在N点的电势能 C．M点的电势高于N点的电势 D．M点的电场强度大于N点的电场强度 ‎13.(多选)如图所示，质量为m，带电量为＋q的小球自A点以速度v0水平抛出进入匀强电场，从小球刚进入电场开始计时，则小球在电场中的运动轨迹可能是图中的(　　)‎ A． ‎ B． C． D．‎ ‎14.(多选)在如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列比值正确的是 (　　)‎ A．不变，不变 B．变大，变大 C．变大，不变 D．变大，不变 分卷II 三、实验题(共2小题,共15分) ‎ ‎15.有一根细长而均匀的金属管线样品，长约为60 cm，电阻大约为6 Ω，横截面如图甲所示．‎ ‎（1）用螺旋测微器测量金属管线的外径，示数如图乙所示，金属管线的外径为　　mm；‎ ‎（2）现有如下器材：‎ A．电流表（量程0.6 A，内阻约0.1 Ω） B．电流表（量程3 A，内阻约0.03 Ω）‎ C．电压表（量程3 V，内阻约3 kΩ） D．滑动变阻器（1 750 Ω，0.3 A） ‎ E．滑动变阻器（15 Ω，3 A） F．蓄电池（6 V，内阻很小）‎ G．开关一个，带夹子的导线若干 要进一步精确测量金属管线样品的阻值，电流表应选　　，滑动变阻器应选　　．（只填代号字母）‎ ‎（3）请将图丙所示的实际测量电路补充完整．‎ ‎（4）已知金属管线样品材料的电阻率为ρ，通过多次测量得出金属管线的电阻为R，金属管线的外径为d，要想求得金属管线内形状不规则的中空部分的横截面积S，在前面实验的基础上，还需要测量的物理量是　　（所测物理量用字母表示并用文字说明）．计算中空部分横截面积的表达式为S=　　．‎ ‎16.现用伏安法研究某电子器件R1的（6 V，2.5 W）伏安特性曲线，要求特性曲线尽可能完整（直接测量的变化范围尽可能大一些），备有下列器材：‎ A、直流电源（6 V，内阻不计）；‎ B、电流表G（满偏电流3 mA，内阻Rg=10 Ω）；‎ C、电流表A（0～0.6 A，内阻未知）；‎ D、滑动变阻器（0～20 Ω，10 A）；‎ E、滑动变阻器（0～200 Ω，1 A）；‎ F、定值电阻R0（阻值1990 Ω）；‎ G、开关与导线若干；‎ ‎（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子器件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）．‎ ‎（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用　　．（填写器材序号）‎ ‎（3）将上述电子器件R1和另一电子器件R2‎ 接入如图（甲）所示的电路中，它们的伏安特性曲线分别如图（乙）中Ob、Oa所示．电源的电动势E=6.0 V，内阻忽略不计．调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电阻R1和R2阻值的和为　　Ω，R3接入电路的阻值为　　Ω．‎ 四、计算题 ‎ ‎17.有三根长度皆为l=0.3 m的不可伸长的绝缘轻线，其中两根的一端固定在天花板的O点，另一端分别栓有质量皆为m=1.0×10﹣2kg的带电小球A和B，它们的电荷量分别为﹣q和+q，q=1.0×10﹣6C．A、B之间用第三根线连接起来，空间中存在大小为E=2.0×105N/C的匀强电场，电场强度的方向水平向右．平衡时A、B球的位置如图所示．已知静电力常量k=9×109N•m2/C2重力加速度g=10m/s2．求：‎ ‎（1）A、B间的库仑力的大小 ‎（2）连接A、B的轻线的拉力大小．‎ ‎18.如图所示，在水平方向的匀强电场中，用长为L的绝缘细线，拴住一质量为m，带电量为q的小球，线的上端固定．开始时连线带球拉成水平，突然松开后，小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时的速度恰好为零．问：‎ ‎（1）A、B两点的电势差UAB为多少？‎ ‎（2）电场强度为多少？‎ ‎19.示波器的示意图如图所示，金属丝发射出来的电子被加速后从金属板的小孔穿出，进入偏转电场．电子在穿出偏转电场后沿直线前进，最后打在荧光屏上．设加速电压U1＝1 640 V，偏转极板长l＝4 cm，金属板间距d＝1‎ ‎ cm，当电子加速后从两金属板的中央沿与板平行的方向进入偏转电场．求：‎ ‎(1)偏转电压U2为多大时，电子束的偏移量最大？‎ ‎(2)如果偏转极板右端到荧光屏的距离L＝20 cm，则电子束最大偏转距离为多少？‎ ‎20.如图所示，电源电动势E=18 V，内阻r=2 Ω，两平行金属板水平放置，相距d=‎ ‎2 cm，当变阻器R2的滑片P恰好移到中点时，一带电量q=﹣2×10﹣7C的液滴刚好静止在电容器两板的正中央，此时理想电流表的读数为1 A．已知定值电阻R1=6 Ω求：‎ ‎（1）带电液滴的质量（取g=10 m/s2）．‎ ‎（2）当把滑动变阻器的滑动片P迅速移到C点后，液滴到达极板时的动能．‎ ‎ ‎ ‎ ‎ 答案 ‎1.C 2.D 3.D 4.A 5.D 6.B 7.A 8.B 9.C 10.C 11.BD 12.AC 13.ABC 14.ACD ‎15.【答案】（1）1.125±0.001（2）A E　‎ ‎（3）如图所示 ‎（4）管线的长度L．‎ ‎【解析】（1）螺旋测微器的读数等于1 mm+0.01×12.5 mm=1.125 mm．‎ ‎（2）电路中的电流大约为I=A=0.5 A，所以电流表选择A．‎ 待测电阻较小，若选用大电阻滑动变阻器，测量误差角度，所以滑动变阻器选择E．‎ ‎（3）待测电阻远小于电压表内阻，属于小电阻，所以电流表采取外接法．‎ 滑动变阻器可以采用限流式接法，也可以采用分压式接法．‎ ‎（4）还需要测量的物理量是管线长度L，根据R=ρ，‎ 则S=，‎ 则中空部分的截面积S′=﹣S=．‎ ‎16.【答案】（1）见解析图 （2）D （3）20 4‎ ‎【解析】（1）本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，因该电子元件内阻较小，故应选用电流表外接法，题目中没有给出电压表，因此需要用已知内阻电流表进行改装，具体实验原理图如下所示：‎ ‎（2）由于滑动变阻器采用分压接法，因此，在保证安全的前提下，选择总阻值小的，因此滑动变阻器应选用D．‎ ‎（3）R1和R2串联使用，因此它们的电流相等，由乙图可知R1和R2的相等电流为：I=0.25A，此时R1和R2的电压均为：U=2.5 V，因此它们的电阻之和为：；‎ 此时R3两端的电压为：U1=6.0 V﹣2.5 V﹣2.5 V=1.0 V，此时接入电路中的电阻为：‎ ‎．‎ ‎17.【答案】（1）0.1 N （2）0.042 N ‎【解析】（1）根据库仑定律，则有：F2=k=9×109×=0.1 N；‎ ‎（2）对A受力分析，如图所示：‎ 竖直方向：F1cos30°=mg 解得：F1=N 水平方向：F1sin 30°+F2+F3=qE；‎ 解得：F3=0.042 N ‎18.【答案】（1）（2）‎ ‎【解析】（1）小球由A到B过程中，由动能定理得：‎ mgLsin 60°+qUAB=0，‎ 解得：UAB=.‎ ‎（2）BA间电势差为：UBA=UAB=，‎ 则场强：E==‎ ‎19.【答案】(1)2.05×102V　(2)0.055 cm ‎【解析】(1)设电子被电压U1加速后速度大小为v0，则有qU1＝mv 在金属板间电子的最大偏移量 y1＝＝0.5 cm 则y1＝at2＝·()2＝‎ 解得U2＝2.05×102V.‎ ‎(2)电子离开偏转电场后做匀速直线运动，可看做从极板的正中心沿直线射出，如图所示．由几何知识，得＝‎ 解得y＝0.055 cm.‎ ‎20.【答案】（1）1.6×10﹣5kg （2）7.14×10﹣8J ‎【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律，路端电压为；‎ U=E﹣Ir=（18﹣1×2.0）V=16 V 液滴平衡，故：‎ mg=q 解得：m==kg=1.6×10﹣5kg ‎（2）当滑片在中点时：‎ I（R+）=U=16 V 解得：R2=20 Ω 当滑片滑到C点时，路端电压：‎ U′==＞16 V 根据动能定理，液滴到达上极板时的动能为：‎ ‎=×（﹣2×10﹣7C）×（16 V﹣V）=7.14×10﹣8J