山东省枣庄市滕州十一中2015届高三下学期物理模拟试卷(5月份)

山东省枣庄市滕州十一中2015届高三下学期物理模拟试卷(5月份)

www.ks5u.com 山东省枣庄市滕州十一中2015届2015届高考物理模拟试卷（5月份）‎ 一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）‎ ‎1．一物体作直线运动的v﹣t图线如图所示，则( )‎ A．第1秒内和第3秒内位移相同 B．前4秒内位移为零 C．第2秒末物体的加速度改变方向 D．第1秒末物体的速度改变方向 ‎2．如图所示，斜面上固定有一与斜面垂直的挡板，另有一截面为圆的光滑柱状物体甲放置于斜面上，半径与甲相同的光滑球乙被夹在甲与挡板之间，没有与斜面接触而处于静止状态．现在从球心O．处对甲施加一平行于斜面向下的力F，使甲沿斜面方向缓慢向下移动．设乙对挡板的压力大小为F1，甲对斜面的压力大小为F2，甲对乙的弹力为F3．在此过程中( )‎ A．F1逐渐增大，F2逐渐增大，F3逐渐增大 B．F1逐渐减小，F2保持不变，F3逐渐减小 C．F1保持不变，F2逐渐增大，F3先增大后减小 D．F1逐渐减小，F2保持不变，F3先减小后增大 ‎3．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R同时在等势面b上，据此可知( )‎ A．三个等势面中，c的电势最低 B．带电质点在P点的电势能比在Q点的小 C．带电质点在P点的动能与电势能之和比在Q点的小 D．带电质点在R点的加速度方向垂直于等势面b ‎4．如图为发电厂向远处用户的输电电路示意图，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，若输送功率增大，下列说法中正确的有( )‎ A．升压变压器的输出电压增大 B．降压变压器的输出电压增大 C．输电线上损耗的功率增大 D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大 ‎5．“行星冲日”是指当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间且三者排成一条直线的天文现象．2014年4月9日发生了火星冲日的现象．已知火星和地球绕太阳公转的方向相同，轨迹都可近似为圆，公转轨道半径为地球的1.5倍，以下说法正确的是( )‎ A．火星的公转周期比地球大 B．火星的运行速度比地球大 C．每年都会出现火星冲日现象 D．一定不会出现火星冲日现象 ‎6．无限长通电直导线在其周围某一点产生磁场的磁感应强度大小与电流成正比，与导线到这一点的距离成反比，即B=k（式中k为常数）．如图甲所示，光滑绝缘水平面上平行放置两根无限长直导线M和N，导线N中通有方向如图的恒定电流IN，导线M中的电流IM大小随时间变化的图象如图乙所示，方向与N中电流方向相同，绝缘闭合导线AB﹣CD放在同一水平面上，AB边平行于两直导线，且位于两者正中间，则以下说法正确的是( )‎ A．0～t0时间内，流过R的电流方向由C→D B．t0～2t0时间内，流过R的电流方向由D→C C．0～t0时间内，不计CD边电流影响，则AB边所受安培力的方向向左 D．t0～2t0时间内，不计CD边电流影响，则AB边所受安培力的方向向右 ‎7．如图所示，绝缘粗糙斜面体固定在水平地面上，斜面所在空间存在平行于斜面向上的匀强电场E，轻弹簧一端固定在斜面顶端，另一端拴接一不计质量的绝缘薄板．一带正电的小滑块，从斜面上的P点处由静止释放后，沿斜面向上运动，并能压缩弹簧至R点（图中未标出），然后返回，则( )‎ A．滑块从P点运动到R点的过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功之和 B．滑块从P点运动到R点的过程中，电势能的减小量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之和 C．滑块返回能到达的最低位置在P点的上方 D．滑块最终停下时，克服摩擦力所做的功等于电势能的减小量与重力势能增加量之差 二、非选择题，（必做+选做）【必做部分】‎ ‎8．由于当年实验条件的限制，伽利略无法直接对落体运动进行实验研究，而今天即使在中学实验室里，我们也可以通过实验来验证落体运动的规律，如图是某次实验中获得质量为m的小球下落时的频闪照片，频闪间隔是s，根据此照片计算：（保留三位有效数值）‎ ‎（1）小球在4.90cm位置处的速度大小为__________m/s．‎ ‎（2）小球下落的加速度大小为__________m/s2．‎ ‎（3）小球在13.60cm位置处的速度大小为__________m/s．‎ ‎9．某同学要测量一未知电阻Rx的阻值（阻值约为200Ω），手头有如下器材：一节干电池E，一只电压表V（刻度清晰，但是读数模糊不清），滑动变阻器R1（阻值范围0﹣20Ω），电阻箱R2（阻值范围0﹣99.9Ω），电阻箱R3（阻值范围0﹣999.9Ω），开关S1和单刀双掷开关S2，导线若干 ‎（1）该同学采用如图甲所示电路时行测量，其中电阻箱应选__________（填R2或R3）；‎ ‎（2）用笔画线表示导线，按照图甲所示的电路图将图乙中的实验器材连接成实验电路；‎ ‎（3）实验中，该同学先将开关S1闭合，再将开关S2接通“1”，调节R1，使电压表指针指向恰当的位置并记录下该位置，接下来他应该怎样操作，才能准确测出R2的阻值？简述操作的要点__________．‎ ‎10．（18分）2014年12月26日，我国东部14省市ETC联网正式启动运行，ETC是电子不停车收费系统的简称．汽车分别通过ETC通道和人工收费通道的流程如图所示．假设汽车以v1=15m/s朝收费站正常沿直线行驶，如果过ETC通道，需要在收费站中心线前10m处正好匀减速至v2=5m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶；如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零，经过20s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶，设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为1m/s2，求：‎ ‎（1）汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小；‎ ‎（2）汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约的时间是多少？‎ ‎11．如图所示的xoy坐标系中，在第Ⅰ象限内存在沿y轴负向的匀强电场，第Ⅳ象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从y轴上的P点垂直进入匀强电场，经过x轴上的Q点以速度v进入磁场，方向与x轴正向成30°．若粒子在磁场中运动后恰好能再回到电场，已知=3L，粒子的重力不计，电场强度E和磁感应强度B大小均求知，求 ‎（1）OP的距离；‎ ‎（2）磁感应强度B的大小；‎ ‎（3）若在O点右侧22L处放置一平行于y轴的挡板，粒子能击中挡板并被吸收，求粒子从P点进入电场到击中挡板的时间．‎ ‎【选做部分】请考生任选一模块作答【物理--物理3-3】‎ ‎12．下列说法正确的是( )‎ A．大气中PM2.5的运动是分子的无规则运动 B．晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点 C．扩散运动和布朗运动的剧烈程度都温度有关 D．热量能够从高温物体传到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体 ‎13．如图所示，U形管左端封闭，右端开口，左管横截面积为右管横截面积的2倍，在左管内用水银封闭一段长为26cm、温度为280K的空气柱，左右两管水银面高度差为36cm，外界大气压76cmHg．若给左管的封闭气体加热，使管内气柱长度变为30cm，则此时左管内气体的温度为多少？‎ ‎【物理--物理3-4】‎ ‎14．一列简谐横波在t=0时的波形图如图所示．介质中x=2m处的质点P沿y轴方向做简谐运动的表达式为y=10sin（5πt）cm．关于这列简谐波，下列说法正确的是( )‎ A．周期为4.0s B．振幅为20cm C．传播方向沿x轴正向 D．传播速度为10m/s ‎15．一赛艇停在平静的水面上，赛艇前端有一标记P离水面的高度为h1=0.6m；赛艇正前方离赛艇前端S1=0.8m处有一浮标，示意如图．一潜水员在浮标前方S2=3.0m处下潜到深度为h2=4.0m时，看到标记刚好被浮标挡住，求水的折射率n．‎ ‎【物理--物理3-5】‎ ‎16．一群处于n=4的激发态的氧原子，向低能级跃迁时，可能发射出的谱线为( )‎ A．3条 B．4条 C．5条 D．6条 ‎17．静止的氮核被速度为v0的中子击中生成碳核和另一种原子核甲，已知与甲核的速度方向与碰撞前中子的速度方向一致，碰后核与甲核的动量之比为2：1．‎ ‎①写出核反应方程式．‎ ‎②求与甲核的速度各是多大？‎ 山东省枣庄市滕州十一中2015届2015届高考物理模拟试卷（5月份）‎ 一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）‎ ‎1．一物体作直线运动的v﹣t图线如图所示，则( )‎ A．第1秒内和第3秒内位移相同 B．前4秒内位移为零 C．第2秒末物体的加速度改变方向 D．第1秒末物体的速度改变方向 考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．‎ 专题：平行四边形法则图解法专题．‎ 分析：速度时间图线中，速度的正负表示运动的方向，图线的斜率表示加速度，图线图时间轴围成的面积表示位移．‎ 解答：‎ 解：A、由图线可知，在第1s内图线与时间轴围成的面积与第3s内图线与时间轴围成的面积大小相等，方向不同，则位移不相同．故A错误．‎ B、在前4s内，图线与时间轴围成的面积为零，则位移为零．故B正确．‎ C、在1﹣3s内图线的斜率不变，则加速度不变．故C错误．‎ D、0﹣2s内速度一直未正，第1秒末物体的速度方向没有发生改变．故D错误．‎ 故选：B．‎ 点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义．‎ ‎2．如图所示，斜面上固定有一与斜面垂直的挡板，另有一截面为圆的光滑柱状物体甲放置于斜面上，半径与甲相同的光滑球乙被夹在甲与挡板之间，没有与斜面接触而处于静止状态．现在从球心O．处对甲施加一平行于斜面向下的力F，使甲沿斜面方向缓慢向下移动．设乙对挡板的压力大小为F1，甲对斜面的压力大小为F2，甲对乙的弹力为F3．在此过程中( )‎ A．F1逐渐增大，F2逐渐增大，F3逐渐增大 B．F1逐渐减小，F2保持不变，F3逐渐减小 C．F1保持不变，F2逐渐增大，F3先增大后减小 D．F1逐渐减小，F2保持不变，F3先减小后增大 考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．‎ 专题：共点力作用下物体平衡专题．‎ 分析：先对物体乙受力分析，作出力的合成图，分析挡板和甲对乙的作用力的变化情况．‎ 对甲与乙整体受力分析，受重力、斜面的支持力、挡板的支持力和力F，然后根据平衡条件列式，分析斜面对甲的支持力如何变化；‎ 解答：‎ 解：先对物体乙受力分析，受重力、挡板的支持力F1′和甲物体的支持力F3′，如图 根据平衡条件，结合几何关系可以看出挡板的支持力F1′不断减小，甲对乙的弹力F3′不断减小，根据牛顿第三定律，乙对挡板的压力F1不断减小，甲对乙的弹力F3不断减小；‎ 再对甲与乙整体受力分析，受重力、斜面的支持力、挡板的支持力和已知力F，如图 根据平衡条件，有 x方向：F+（M+m）gsinθ﹣F1=0‎ y方向：F2﹣（M+m）gcosθ=0‎ 解得：F2=（M+m）gcosθ，保持不变．‎ 结合牛顿第三定律，物体甲对斜面的压力F2不变．故B正确，ACD错误．‎ 故选：B．‎ 点评：本题关键是对物体甲受力分析，根据平衡条件结合图示法得到挡板支持力的变化情况；再对甲与乙整体受力分析，得到斜面支持力的变化情况．‎ ‎3．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R同时在等势面b上，据此可知( )‎ A．三个等势面中，c的电势最低 B．带电质点在P点的电势能比在Q点的小 C．带电质点在P点的动能与电势能之和比在Q点的小 D．带电质点在R点的加速度方向垂直于等势面b 考点：电场线；等势面．‎ 分析：作出电场线，根据轨迹弯曲的方向可知，电场线向上．故c点电势最高；根据推论，负电荷在电势高处电势能小，可知电荷在P点的电势能大；总能量守恒．‎ 解答：‎ 解：A、负电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧；作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和负电荷可知，电场线向上，而顺着电场线电势降低，故c点电势最高，故A错误；‎ B、利用推论：负电荷在电势高处电势能小，知道P点电势能比Q点的大，故B错误；‎ C、只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故带电质点在P点的动能与电势能之和等于在Q点的动能与电势能之和，故C错误；‎ D、带电质点在R点的受力方向沿着电场线的切线方向，电场线与等势面垂直，故质点在R点的加速度方向与等势面垂直，故D正确；‎ 故选：D．‎ 点评：根据电场线与等势面垂直，作出电场线，得到一些特殊点（电场线与等势面交点以及已知点）的电场力方向，同时结合能量的观点分析是解决这类问题常用方法．‎ ‎4．如图为发电厂向远处用户的输电电路示意图，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，若输送功率增大，下列说法中正确的有( )‎ A．升压变压器的输出电压增大 B．降压变压器的输出电压增大 C．输电线上损耗的功率增大 D．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大 考点：变压器的构造和原理．‎ 专题：交流电专题．‎ 分析：正确解答本题需要掌握：理想变压器的输入功率由输出功率决定，输出电压由输入电压决定；明确远距离输电过程中的功率、电压的损失与哪些因素有关，明确整个过程中的功率、电压关系．理想变压器电压和匝数关系 解答：‎ 解：A、由于发电厂的输出电压不变，升压变压器的匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，故A错误．‎ B、由于发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的输出电压U2不变，根据P=UI可输电线上的电流I线增大，根据U损=I线 R，输电线上的电压损失增大，根据降压变压器的输入电压U3=U2﹣U损可得，降压变压器的输入电压U3减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压减小，故B错．‎ C、根据P损=I线2R，又输电线上的电流增大，电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，故C正确．‎ D、根据η=发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大．故D正确．‎ 故选：CD．‎ 点评：对于远距离输电问题，一定要明确整个过程中的功率、电压关系，尤其注意导线上损失的电压和功率与哪些因素有关 ‎5．“行星冲日”是指当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间且三者排成一条直线的天文现象．2014年4月9日发生了火星冲日的现象．已知火星和地球绕太阳公转的方向相同，轨迹都可近似为圆，公转轨道半径为地球的1.5倍，以下说法正确的是( )‎ A．火星的公转周期比地球大 B．火星的运行速度比地球大 C．每年都会出现火星冲日现象 D．一定不会出现火星冲日现象 考点：万有引力定律及其应用．‎ 专题：万有引力定律的应用专题．‎ 分析：根据开普勒定律分析火星周期与地球周期的关系．由公式v=分析速度的关系．结合周期关系可分析火星在能否发生冲日现象．‎ 解答：‎ 解：A、根据开普勒第三定律，知火星的公转轨道半径地球大，其公转周期比地球大，故A正确．‎ B、根据公式v=，可知火星的运行速度比地球小，故B错误．‎ CD、地球公转周期为1年，而火星的周期大于1年，2014年4月9日发生了火星冲日的现象．所以不是每年出现火星冲日现象，一定不会出现火星冲日现象，故C错误，D正确．‎ 故选：AD．‎ 点评：解决行星运动问题，关键要掌握开普勒定律和卫星的线速度公式v=，这类问题与卫星绕地球运行类似，要建立模型，由万有引力提供向心力理解．‎ ‎6．无限长通电直导线在其周围某一点产生磁场的磁感应强度大小与电流成正比，与导线到这一点的距离成反比，即B=k（式中k为常数）．如图甲所示，光滑绝缘水平面上平行放置两根无限长直导线M和N，导线N中通有方向如图的恒定电流IN，导线M中的电流IM大小随时间变化的图象如图乙所示，方向与N中电流方向相同，绝缘闭合导线AB﹣CD放在同一水平面上，AB边平行于两直导线，且位于两者正中间，则以下说法正确的是( )‎ A．0～t0时间内，流过R的电流方向由C→D B．t0～2t0时间内，流过R的电流方向由D→C C．0～t0时间内，不计CD边电流影响，则AB边所受安培力的方向向左 D．t0～2t0时间内，不计CD边电流影响，则AB边所受安培力的方向向右 考点：楞次定律；法拉第电磁感应定律．‎ 专题：电磁感应与电路结合．‎ 分析：AB、根据楞次定律，结合右手螺旋定则，及矢量合成法则，即可求解；‎ CD、根据同向电流相吸，异向电流相斥，及越靠近直导线，磁场越强，即可求解．‎ 解答：‎ 解：A、直导线N，电流恒定，则不会引起感应电流，而直导线M，在0～t0时间内，电流渐渐增大，根据右手螺旋定则可知，向里穿过线圈的磁通量在增大，根据楞次定律可知，感应电流方向逆时针方向，即流过R的电流方向由C→D，故A正确；‎ B、同理，t0～2t0时间内，向里穿过线圈的磁通量仍在增大，则感应电流方向逆时针方向，即流过R的电流方向由C→D，故B错误；‎ C、0～t0时间内，感应电流方向由A到B，因不计CD边电流影响，根据同向电流相吸，异向电流相斥，M对AB的安培力向右，而N对AB的安培力向左，由于通过M的电流小于N的电流，则向右的安培力小于向左的安培力，则AB边所受安培力的方向向左，故C正确；‎ D、同理，当t0～2t0时间内，感应电流方向由A到B，因不计CD边电流影响，根据同向电流相吸，异向电流相斥，M对AB的安培力向右，而N对AB的安培力向左，由于通过M的电流大于N的电流，则向右的安培力大于向左的安培力，则AB边所受安培力的方向向右，故D正确；‎ 故选：ACD．‎ 点评：考查楞次定律与右手螺旋定则的应用，掌握同向电流相吸，异向电流相斥的结论，理解矢量的合成法则，注意左手定则的应用，及与右手定则的区别．‎ ‎7．如图所示，绝缘粗糙斜面体固定在水平地面上，斜面所在空间存在平行于斜面向上的匀强电场E，轻弹簧一端固定在斜面顶端，另一端拴接一不计质量的绝缘薄板．一带正电的小滑块，从斜面上的P点处由静止释放后，沿斜面向上运动，并能压缩弹簧至R点（图中未标出），然后返回，则( )‎ A．滑块从P点运动到R点的过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功之和 B．滑块从P点运动到R点的过程中，电势能的减小量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之和 C．滑块返回能到达的最低位置在P点的上方 D．滑块最终停下时，克服摩擦力所做的功等于电势能的减小量与重力势能增加量之差 考点：功能关系；机械能守恒定律．‎ 分析：先对滑块进行受力分析，然后结合滑块的运动分析各个力做功的情况，以及能量转化的方式，即可得出正确的结论．‎ 解答：‎ 解：由题可知，小滑块从斜面上的P点处由静止释放后，沿斜面向上运动，说明小滑块开始时受到的合力的方向向上，开始时小滑块受到重力、电场力、斜面的支持力和摩擦力的作用；小滑块开始压缩弹簧后，还受到弹簧的弹力的作用．‎ 小滑块向上运动的过程中，斜面的支持力不做功，电场力做正功，重力做负功，摩擦力做负功，弹簧的弹力做负功．‎ 在小滑块开始运动到到达R点的过程中，电场力做的功转化为小滑块的重力势能、弹簧的弹性势能以及内能．‎ A、由以上的分析可知，滑块从P点运动到R点的过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功、摩擦力做功之和．故A错误；‎ B、由以上的分析可知，电场力做的功转化为小滑块的重力势能、弹簧的弹性势能以及内能，所以电势能的减小量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之和．故B正确；‎ C、小滑块运动的过程中，由于摩擦力做功，小滑块的机械能与电势能的和增加减小，所以滑块返回能到达的最低位置在P点的上方，不能在返回P点．故C正确；‎ D、滑块运动的过程中，由于摩擦力做功，小滑块的机械能与电势能的和逐渐减小，所以滑块最终停下时，克服摩擦力所做的功等于电势能的减小量与重力势能增加量、弹性势能增加量之差．故D错误．‎ 故选：BC 点评：该题中，小滑块的运动的过程相对是比较简单的，只是小滑块运动的过程中，对小滑块做功的力比较多，要逐个分析清楚，不能有漏掉的功，特别是摩擦力的功．‎ 二、非选择题，（必做+选做）【必做部分】‎ ‎8．由于当年实验条件的限制，伽利略无法直接对落体运动进行实验研究，而今天即使在中学实验室里，我们也可以通过实验来验证落体运动的规律，如图是某次实验中获得质量为m的小球下落时的频闪照片，频闪间隔是s，根据此照片计算：（保留三位有效数值）‎ ‎（1）小球在4.90cm位置处的速度大小为0.984m/s．‎ ‎（2）小球下落的加速度大小为9.77m/s2．‎ ‎（3）小球在13.60cm位置处的速度大小为1.64m/s．‎ 考点：探究小车速度随时间变化的规律．‎ 专题：实验题．‎ 分析：小车做的是匀加速直线运动，打2这个点时的速度是点1到3中间时刻的瞬时速度，它的大小就等于点1到3的平均速度；加速度我们可由匀变速直线运动的推论：△x=at2求解，再根据运动学公式，结合加速度，即可求解13.60cm位置处的速度大小．‎ 解答：‎ 解：（1）从上向下，给小球编号，即为1、2、3、4、5；‎ 那么3是2到4的中间时刻，故：‎ v3=‎ x24=8.71﹣2.15=6.56cm；‎ 每两个计数点时间，T=s 代入数据得：‎ v3==0.984m/s ‎（2）设：点1到点3间的位移为x1，点3到点5间的位移为x2，‎ 由匀变速直线运动的推论：△x=gt2得：‎ x2﹣x1=gt2，（注意：t是发生x1或x2这个位移所用的时间，t=s）‎ 代入数据得：（13.60﹣4.90﹣4.90+0.54）×10﹣2=a×2‎ 解得：g=9.77m/s2‎ ‎（3）根据v5=v3+gt=0.984+9.77×=1.64m/s 故答案为：（1）0.984；（2）9.77；（3）1.64．‎ 点评：从纸带上求某点的速度和求物体的加速度是处理纸带的两个主要问题，是做好高中物理其它应用到打点计时器实验的基础，一定要熟练的掌握．‎ ‎9．某同学要测量一未知电阻Rx的阻值（阻值约为200Ω），手头有如下器材：一节干电池E，一只电压表V（刻度清晰，但是读数模糊不清），滑动变阻器R1（阻值范围0﹣20Ω），电阻箱R2（阻值范围0﹣99.9Ω），电阻箱R3（阻值范围0﹣999.9Ω），开关S1和单刀双掷开关S2，导线若干 ‎（1）该同学采用如图甲所示电路时行测量，其中电阻箱应选R3（填R2或R3）；‎ ‎（2）用笔画线表示导线，按照图甲所示的电路图将图乙中的实验器材连接成实验电路；‎ ‎（3）实验中，该同学先将开关S1闭合，再将开关S2接通“1”，调节R1，使电压表指针指向恰当的位置并记录下该位置，接下来他应该怎样操作，才能准确测出R2的阻值？简述操作的要点保持R1不变，将开关S2，接通“2”，调节电阻箱R3的电阻值，使电压表的指针指到与刚才相同的位置，得出此时电阻箱R3的数据，即为待测电阻的电阻值．．‎ 考点：伏安法测电阻．‎ 专题：实验题．‎ 分析：（1）明确该实验的原理是等效替代法，所以电阻箱的最大电阻值要大于待测电阻的电阻值；‎ ‎（2）根据实验的原理图，依次连接即可；‎ ‎（3）根据等效替代法的要求，完成实验的要求即可．‎ 解答：‎ 解：（1）由实验的原理图可知，实验的原理是等效替代法，所以电阻箱的最大电阻值要大于待测电阻的电阻值，实验要选择电阻箱是R3．‎ ‎（2）根据实验原理图，依次连接，完成实验的连接如图；‎ ‎（3）实验的原理是等效替代法，所以要保持第二次的电压与第一次的电压相等，所以实验的步骤如下：‎ 保持R1不变，将开关S2，接通“2”，调节电阻箱R3的电阻值，使电压表的指针指到与刚才相同的位置，得出此时电阻箱R3的数据，即为待测电阻的电阻值．‎ 故答案为：（1）R3；（2）如图；（3）保持R1不变，将开关S2，接通“2”，调节电阻箱R3的电阻值，使电压表的指针指到与刚才相同的位置，得出此时电阻箱R3的数据，即为待测电阻的电阻值 点评：本题为设计性实验，在解题时应注意明确实验的原理；并且要由实验原理结合闭合电路欧姆定律得出表达式即可．‎ ‎10．（18分）2014年12月26日，我国东部14省市ETC联网正式启动运行，ETC是电子不停车收费系统的简称．汽车分别通过ETC通道和人工收费通道的流程如图所示．假设汽车以v1=15m/s朝收费站正常沿直线行驶，如果过ETC通道，需要在收费站中心线前10m处正好匀减速至v2=5m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶；如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零，经过20s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶，设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为1m/s2，求：‎ ‎（1）汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小；‎ ‎（2）汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约的时间是多少？‎ 考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．‎ 专题：直线运动规律专题．‎ 分析：（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出加速和减速的位移，以及匀速运动的位移大小求出总位移．‎ ‎（2）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出匀加速和匀减速运动的时间，结合通过ETC通道和人工收费通道的时间求出节约的时间．‎ 解答：‎ 解：（1）过ETC通道时，减速的位移和加速的位移相等，均为 ‎，‎ 所以总的位移 s总1=2s1+10m=210m．‎ ‎（2）过ETC通道时 ==22s．‎ 过人工收费通道时 ．‎ ‎．‎ 二者的位移差△s=s2﹣s1=225﹣210m=15m．‎ 在这段位移内过ETC通道时是匀速直线运动 所以 ==27s． ‎ 答：（1）从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小为210m．‎ ‎（2）汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约的时间是27s．‎ 点评：解决本题的关键理清汽车在两种通道下的运动规律，结合匀变速直线运动的位移公式和时间公式进行求解，难度不大．‎ ‎11．如图所示的xoy坐标系中，在第Ⅰ象限内存在沿y轴负向的匀强电场，第Ⅳ象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从y轴上的P点垂直进入匀强电场，经过x轴上的Q点以速度v进入磁场，方向与x轴正向成30°．若粒子在磁场中运动后恰好能再回到电场，已知=3L，粒子的重力不计，电场强度E和磁感应强度B大小均求知，求 ‎（1）OP的距离；‎ ‎（2）磁感应强度B的大小；‎ ‎（3）若在O点右侧22L处放置一平行于y轴的挡板，粒子能击中挡板并被吸收，求粒子从P点进入电场到击中挡板的时间．‎ 考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．‎ 专题：带电粒子在复合场中的运动专题．‎ 分析：（1）粒子在电场中做类平抛运动，根据平行四边形定则求出粒子在沿电场方向和垂直电场方向上的速度，结合运动学公式求出OP间的距离．‎ ‎（2）粒子恰好能再回到电场，结合几何关系求出临界半径，结合半径公式求出磁感应强度的大小．‎ ‎（3）根据几何关系求出一个周期内在x轴上发生的距离，确定出粒子能完成周期运动的次数．结合在电场中和磁场中运动的时间，以及最后2L内的时间求出粒子从P点进入电场到击中挡板的时间．‎ 解答：‎ 解：（1）粒子在Q点进入磁场时，vx=vcos30°，‎ vy=vsin30°，‎ 粒子从P点运动到Q点的时间t=，‎ OP间的距离．‎ ‎（2）粒子恰好能回到电场，即粒子在磁场中轨迹的左侧恰好与y轴相切，设半径为R R+Rsin30°=3L，‎ qvB=‎ 可得B=．‎ ‎（3）粒子在电场和磁场中做周期性运动，轨迹如图 一个周期运动过程中，在x轴上发生的距离为 ‎△L=3L+3L﹣2Rsin30°=4L，‎ P点到挡板的距离为22L，所以粒子能完成5个周期的运动，然后在电场中沿x轴运动2L时击中挡板．‎ ‎5个周期的运动中，在电场中的时间为 ‎，‎ 磁场中运动的时间 ‎，‎ 剩余2L中的运动时间 ，‎ 总时间t总=t1+t2+t3=． ‎ 答：（1）OP的距离为；‎ ‎（2）磁感应强度B的大小为；‎ ‎（3）粒子从P点进入电场到击中挡板的时间为．‎ 点评：本题考查了带电粒子在电场和磁场中的运动，掌握处理类平抛运动的方法，抓住等时性结合运动学公式进行求解，对于粒子在磁场中的运动，会确定圆心、半径和圆心角．‎ ‎【选做部分】请考生任选一模块作答【物理--物理3-3】‎ ‎12．下列说法正确的是( )‎ A．大气中PM2.5的运动是分子的无规则运动 B．晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点 C．扩散运动和布朗运动的剧烈程度都温度有关 D．热量能够从高温物体传到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体 考点：* 晶体和非晶体；扩散；温度是分子平均动能的标志．‎ 分析：布朗运动是悬浮在液体中的固体微粒的运动；布朗运动和扩散现象都是分子的物质热运动的反映；晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；热力学第二定律内容：‎ 解答：‎ 解：A、大气中PM2.5的运动是悬浮在气体中的固体颗粒的无规则运动，故A错误；‎ B、晶体有固定的熔点；非晶体没有固定的熔点，温度升高后逐渐软化，故B正确；‎ C、扩散运动和布朗运动都是分子的物质热运动的反映，故剧烈程度都温度有关，故C正确；‎ D、热量能够自发的从高温物体传到低温物体，也能从低温物体传到高温物体，如电冰箱，但要引起其他变化（耗电），故D错误；‎ 故选：BC．‎ 点评：本题考查分子动理论的知识和热力学定律的理解和记忆，此处知识点不多，但要注意理解和应用，以及平时的积累．‎ ‎13．如图所示，U形管左端封闭，右端开口，左管横截面积为右管横截面积的2倍，在左管内用水银封闭一段长为26cm、温度为280K的空气柱，左右两管水银面高度差为36cm，外界大气压76cmHg．若给左管的封闭气体加热，使管内气柱长度变为30cm，则此时左管内气体的温度为多少？‎ 考点：理想气体的状态方程．‎ 专题：理想气体状态方程专题．‎ 分析：以封闭气体为研究对象，当左管封闭的气柱长度变为30cm时，左管水银柱下降4cm，右管水银柱上升8cm，然后应用理想气体的状态方程求出气体的温度 解答：‎ 解：以封闭气体为研究对象，设左管横截面积为S，当左管封闭的气柱长度变为30cm时，左管水银柱下降4cm，右管水银柱上升8cm，即两端水银柱高度差为：h′=24cm 由题意得：V1=L1S=26S，P1=P0﹣h1=76cmHg﹣36cmHg=40cmHg，T1=280K；‎ p2=p0﹣h′=52cmHg V2=L2S=30S，‎ 由理想气体状态方程：，‎ 可得：T2=420K 答：左管内气体的温度为420K 点评：根据图示求出封闭气体压强，熟练应用理想气体的状态方程即可正确解题；本题的难点是：气体最终状态的压强 ‎【物理--物理3-4】‎ ‎14．一列简谐横波在t=0时的波形图如图所示．介质中x=2m处的质点P沿y轴方向做简谐运动的表达式为y=10sin（5πt）cm．关于这列简谐波，下列说法正确的是( )‎ A．周期为4.0s B．振幅为20cm C．传播方向沿x轴正向 D．传播速度为10m/s 考点：波长、频率和波速的关系．‎ 分析：根据质点P的振动方程y=10sin（5πt）cm，读出ω，周期为T=；振幅等于y的最大值；根据振动图象t=0时刻P质点的速度方向，即可判断出波的传播方向．读出波长，求出波速．‎ 解答：‎ 解：A、质点P的振动方程y=10sin（5πt）cm，则ω=5πrad/s，周期为：T==0.4s；故A错误．‎ B、D由波的图象得：振幅A=10cm，波长λ=4m，故波速为v==10m/s．故B错误，D正确．‎ C、根据振动方程y=10sin（5πt）cm，t=0时刻位移为零，此后先变为正，说明t=0时刻P点在平衡位置且向+y方向运动；再结合波形微微平移方法得到波向正x方向传播．故C正确．‎ 故选：CD．‎ 点评：本题关键要掌握振动的一般方程y=Asinωt，读出ω并判断P点的振动方向．‎ ‎15．一赛艇停在平静的水面上，赛艇前端有一标记P离水面的高度为h1=0.6m；赛艇正前方离赛艇前端S1=0.8m处有一浮标，示意如图．一潜水员在浮标前方S2=3.0m处下潜到深度为h2=4.0m时，看到标记刚好被浮标挡住，求水的折射率n．‎ 考点：光的折射定律．‎ 专题：光的折射专题．‎ 分析：由题意可作出光路图，由几何关系可知入射角和折射角的正弦，则可由折射定律求得折射率．‎ 解答：‎ 解：设过P点光线，恰好被浮子挡住时，入射角、折射角分别为α、β，则：‎ ‎ sinα=‎ ‎ sinβ=‎ 水的折射率 n=‎ 由以上三式解得：n=‎ 答：水的折射率为．‎ 点评：对于几何光学问题，往往要正确作出光路图，运用数学知识求入射角和折射角，或它们的正弦值，再由公式n=求折射率．‎ ‎【物理--物理3-5】‎ ‎16．一群处于n=4的激发态的氧原子，向低能级跃迁时，可能发射出的谱线为( )‎ A．3条 B．4条 C．5条 D．6条 考点：氢原子的能级公式和跃迁．‎ 专题：原子的能级结构专题．‎ 分析：根据数学组合公式求出一群处于n=4的激发态的氧原子，向低能级跃迁时，可能发射出的谱线的条数．‎ 解答：‎ 解：因为=6，知可能发射出的谱线有6种．故D正确，A、B、C错误．‎ 故选D．‎ 点评：解决本题的知道激发态不稳定，会向基态跃迁，会根据数学组合公式求解发射谱线的种数．‎ ‎17．静止的氮核被速度为v0的中子击中生成碳核和另一种原子核甲，已知与甲核的速度方向与碰撞前中子的速度方向一致，碰后核与甲核的动量之比为2：1．‎ ‎①写出核反应方程式．‎ ‎②求与甲核的速度各是多大？‎ 考点：动量守恒定律．‎ 分析：①根据电荷数守恒、质量数守恒写出核反应方程式．‎ ‎②根据动量守恒定律，结合它们的质量关系以及动量大小关系，求出与甲核的速度．‎ 解答：‎ 解：①核反应方程式为：+→+‎ ‎②设中子质量为m0，核质量mC，甲核质量为m甲，由动量守恒得m0v0=mCvC+m甲v甲 即 m0v0=12 m0 vC+3 m0v甲 又因为与甲核动量比为2：l，所以 ‎ m0vC=2m甲v甲 即12m0vC=2×3m0v甲 联立求得：‎ 答：①写出核反应方程式为+→+‎ ‎②与甲核的速度各是、．‎ 点评：解决本题的关键掌握动量守恒定律，以及知道在核反应中电荷数守恒、质量数守恒．‎