物理卷·2018届安徽省六安市舒城县晓天中学高二上学期期中物理试卷 (解析版)

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物理卷·2018届安徽省六安市舒城县晓天中学高二上学期期中物理试卷 (解析版)

‎2016-2017学年安徽省六安市舒城县晓天中学高二(上)期中物理试卷 ‎ ‎ 一、选择题(本题共有10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的4个选项中,至少有一项是正确的.全部选对的给4分,选对但不全的得2分,有选错的或不选的得0分)‎ ‎1.两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球,其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍,它们间的库仑力大小是F,现将两球接触后再放回原处,它们间库仑力的大小可能是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎2.点电荷A和B,分别带正电和负电,电量分别为4Q和Q,在AB连线上,如图所示,电场强度为零的地方在(  )‎ A.A和B之间 B.A右侧 C.B左侧 D.A的右侧及B的左侧 ‎3.平行板电容器的两极板 A、B 接于电池两极,一带正电小球悬挂在电容器内部,闭合电键K,电容器充电,这时悬线偏角与竖直方向的夹角为θ,如图所示 (  )‎ A.保持K闭合,A板向B板靠近,则θ增大 B.保持K闭合,A板向B板靠近,则θ不变 C.断开K,A板向B板靠近,则θ增大 D.断开K,A板向B板靠近,则θ不变 ‎4.如图所示,一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中,当小球静止后把悬线烧断,则小球在电场中将作(  )‎ A.自由落体运动 B.曲线运动 C.沿着悬线的延长线作匀加速运动 D.变加速直线运动 ‎5.如图是表示在一个电场中的a、b、c、d四点分别引入检验电荷时,测得的检验电荷的电量跟它所受电场力的函数关系图象,那么下列叙述正确的是(  )‎ A.这个电场是匀强电场 B.a、b、c、d四点的场强大小关系是Ed>Ea>Eb>Ec C.a、b、c、d四点的场强大小关系是Ea>Eb>Ec>Ed D.无法确定这四个点的场强大小关系 ‎6.以下说法正确的是(  )‎ A.由可知此场中某点的电场强度E与F成正比 B.由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比 C.由Uab=Ed可知,匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大,则两点间的电势差也一定越大 D.公式C=,电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关 ‎7.A、B在两个等量异种点电荷连线的中垂线上,且到连线的距离相等,如图所示,则(  )‎ A.同一点电荷在A、B两点的电势能相等 B.把正电荷从A点移到B点,电势能先增大后减小 C.把正电荷从A点移到B点,电势能先减小后增大 D.A、B两点的连线上任意两点的电势差为零 ‎8.一个带电粒子在电场中A点具有80eV的电势能,当它由A运动到B克服电场力做功30eV,则(  )‎ A.电子在B点的电势能是50eV B.电子的电势能增加了30eV C.B点的电势为110V D.B点的电势为﹣110V ‎9.如图所示,实线是一个电场中的电场线,虚线是一个负检验电荷在这个电场中的轨迹,若电荷是从a处运动到b处,以下判断正确的是(  )‎ A.电荷从a到b加速度减小 B.b处电势能大 C.b处电势高 D.电荷在b处速度小 ‎10.如图所示,质量为m,带电量为q的粒子,以初速度v0,从A点竖直向上射入空气中的沿水平方向的匀强电场中,粒子通过电场中B点时,速率vB=2v0,方向与电场的方向一致,则A,B两点的电势差为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎ ‎ 二、填空题(共3小题,每小题6分,满分15分)‎ ‎11.氢原子中电子绕核做匀速圆周运动,当电子运动轨道半径增大时,电子的电势能  ,电子的动能  ,运动周期  .(填增大、减小、不变)‎ ‎12.如图所示,两平行金属板间电场是匀强电场,场强大小为1.0×104V/m,A、B两板相距1cm,C点与A相距0.4cm,若B接地,则A、C间电势差UAC=  ,将带电量为﹣1.0×10﹣12C的点电荷置于C点,其电势能为  .‎ ‎13.带正电1.0×10﹣3C的粒子,不计重力,在电场中先后经过A、B两点,飞经A点时动能为10J,飞经B点时动能为4J,则带电粒子从A点到B点过程中电势能增加了  ,AB两点电势差为  .‎ ‎ ‎ 三、计算题(本大题共45分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)‎ ‎14.如图所示,在匀强电场中的M、N两点距离为2cm,两点间的电势差为5V,M、N连线与场强方向成60°角,则此电场的电场强度多大? ‎15.如图所示,QA=3×10﹣8C,QB=﹣3×10﹣8C,A,B两球相距5cm,在水平方向外电场作用下,A,B保持静止,悬线竖直,求A,B连线中点场强.(两带电小球可看作质点)‎ ‎16.如图所示电子射线管.阴极K发射电子,阳极P和阴极K间 加上电压后电子被加速.A、B是偏向板,使飞进的电子偏离.若已知P、K间所加电压UPK=2.5×103V,两极板长度L=6.0×10﹣2m,板间距离d=3.6×10﹣2m,所加电压UAB=1000V,R=3×10﹣2m,电子质量me=9.1×10﹣31kg,电子的电荷量e=﹣1.6×10﹣19C.设从阴极出来的电子速度为0,不计重力. 试问:‎ ‎(1)电子通过阳极P板的速度υ0是多少?‎ ‎(2)电子通过偏转电极时具有动能Ek是多少?‎ ‎(3)电子过偏转电极后到达距离偏转电极R=3×10﹣2m荧光屏上O′点,此点偏离入射方向的距离y是多少?‎ ‎17.如图所示,质量为m、带电量为﹣q的小球在光滑导轨上运动,半圆形滑环的半径为R,小球在A点时的初速为v0,方向和斜轨平行.整个装置放在方向竖直向下,强度为E的匀强电场中,斜轨的高为H,试问:‎ ‎(1)小球离开A点后将作怎样的运动?‎ ‎(2)设小球能到达B点,那么,小球在B点对圆环的压力为多少?‎ ‎(3)在什么条件下,小球可以以匀速沿半圆环到达最高点,这时小球的速度多大?‎ ‎ ‎ ‎2016-2017学年安徽省六安市舒城县晓天中学高二(上)期中物理试卷 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题(本题共有10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的4个选项中,至少有一项是正确的.全部选对的给4分,选对但不全的得2分,有选错的或不选的得0分)‎ ‎1.两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球,其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍,它们间的库仑力大小是F,现将两球接触后再放回原处,它们间库仑力的大小可能是(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【考点】库仑定律.‎ ‎【分析】接触带电的原则是先中和后平分,两个球的电性可能相同,可能不同,根据F=得出接触后再放回原处的库仑力大小.‎ ‎【解答】解:若两电荷同性,设一个球的带电量为Q,则另一个球的带电量为5Q,此时F=,接触后再分开,带电量各为3Q,则两球的库仑力大小=.‎ ‎ 若两电荷异性,接触后再分开,两球电量的绝对值为2Q,此时两球的库仑力=.故B、D正确,A、C错误.‎ 故选BD.‎ ‎ ‎ ‎2.点电荷A和B,分别带正电和负电,电量分别为4Q和Q,在AB连线上,如图所示,电场强度为零的地方在(  )‎ A.A和B之间 B.A右侧 C.B左侧 D.A的右侧及B的左侧 ‎【考点】电场的叠加;电场强度.‎ ‎【分析】空间的任意一点的电场是由两个点电荷产生的电场的叠加,只有当两个点电荷产生的电场强度大小相等、方向相反时,该点的电场强度才等于零.根据点电荷场强公式E=k 和点电荷电场分布特点确定在AB连线上,电场强度为零的位置.‎ ‎【解答】解:点电荷电场线的分布特点;正电荷电场的电场线从正电荷出发到无穷远终止,负电荷电场的电场线从无穷远出发到负电荷终止.‎ A、A和B之间两点产生的电场强度方向均向向左,合场强不可能为零.故A错误.‎ B、A的右侧,A产生的电场强度向右,B产生的电场强度向左,电场强度方向相反,而且由题A的电量大于B的电量,且A较近,由点电荷场强公式E=k 可知,在同一点电场强度大小不可能相等,所以合场强不可能为零.故B错误.‎ C、在B的左侧,A产生的电场强度向左,B产生的电场强度向右,电场强度方向相反,但由于A的电量大于B的电量,且A较远,由点电荷场强公式E=k 可知,在同一点电场强度大小可能相等,所以合场强可能为零.故C正确.‎ D、由上可知D错误.‎ 故选:C.‎ ‎ ‎ ‎3.平行板电容器的两极板 A、B 接于电池两极,一带正电小球悬挂在电容器内部,闭合电键K,电容器充电,这时悬线偏角与竖直方向的夹角为θ,如图所示 (  )‎ A.保持K闭合,A板向B板靠近,则θ增大 B.保持K闭合,A板向B板靠近,则θ不变 C.断开K,A板向B板靠近,则θ增大 D.断开K,A板向B板靠近,则θ不变 ‎【考点】电容器的动态分析;共点力平衡的条件及其应用.‎ ‎【分析】保持K闭合,电容器的电压不变,A板向B板靠近,板间距离变小,引起电场强度E=变大,分析小球受的电场力F,确定θ的变化.断开K,电容器的电量不变,根据推论:电场强度E=,分析E的变化,确定θ的变化.‎ ‎【解答】解:A、B保持K闭合,电容器的电压不变,A板向B板靠近,板间距离变小,引起电场强度E=变大,小球受的电场力F=qE变大,则θ变大.故A正确,B错误.‎ ‎ C、D根据推论:电场强度E=,Q、S、ɛ不变,则改变d,E不变,小球受的电场力不变,仍静止,则θ不变.故C错误,D正确.‎ 故选AD ‎ ‎ ‎4.如图所示,一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中,当小球静止后把悬线烧断,则小球在电场中将作(  )‎ A.自由落体运动 B.曲线运动 C.沿着悬线的延长线作匀加速运动 D.变加速直线运动 ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系.‎ ‎【分析】当物体所受的合力与速度在同一条直线上,物体做直线运动,所受的合力与速度不在同一条直线上,物体做曲线运动.‎ ‎【解答】解:悬线烧断前,小球受重力、拉力、电场力平衡,重力和电场力的合力与拉力等值反向.烧断细线,物体受重力、电场力,两个力合力恒定,沿细线方向,合力方向与速度方向在同一条直线上,所以物体沿着悬线的延长线做匀加速直线运动.故C正确.A、B、D错误.‎ 故选:C.‎ ‎ ‎ ‎5.如图是表示在一个电场中的a、b、c、d四点分别引入检验电荷时,测得的检验电荷的电量跟它所受电场力的函数关系图象,那么下列叙述正确的是(  )‎ A.这个电场是匀强电场 B.a、b、c、d四点的场强大小关系是Ed>Ea>Eb>Ec C.a、b、c、d四点的场强大小关系是Ea>Eb>Ec>Ed D.无法确定这四个点的场强大小关系 ‎【考点】电场强度.‎ ‎【分析】匀强电场的场强大小和方向处处相同,F﹣q图线的斜率的绝对值等于电场强度的大小,根据斜率比较电场中a、b、c、d四点的电场强度大小.‎ ‎【解答】解:图线斜率的绝对值表示电场强度的大小,d图线斜率的绝对值最大,所以d点的电场强度最大,c图线斜率的绝对值最小,电场强度的最小.所以四点场强的大小关系是Ed>Ea>Eb>Ec.该电场不是匀强电场.故B正确,A、C、D错误.‎ 故选:B.‎ ‎ ‎ ‎6.以下说法正确的是(  )‎ A.由可知此场中某点的电场强度E与F成正比 B.由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比 C.由Uab=Ed可知,匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大,则两点间的电势差也一定越大 D.公式C=,电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关 ‎【考点】电场强度;电势差;电势.‎ ‎【分析】电场强度是采用比值定义的,E和F以及检验电荷q无关,E是由电场本身决定的;‎ 电场中某点的电势φ与检验电荷q无关,是由电场本身和零电势点决定的.‎ Uab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离.‎ 电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关.‎ ‎【解答】解:A、电场强度是采用比值定义的,E和F以及检验电荷q无关,E是由电场本身决定的,故A错误.‎ B、电场中某点的电势φ与检验电荷q无关,是由电场本身和零电势点决定的.故B错误.‎ C、Uab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离,故C错误.‎ D、公式C=,电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关,与两极板间距离d,极板面积S等有关.‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎7.A、B在两个等量异种点电荷连线的中垂线上,且到连线的距离相等,如图所示,则(  )‎ A.同一点电荷在A、B两点的电势能相等 B.把正电荷从A点移到B点,电势能先增大后减小 C.把正电荷从A点移到B点,电势能先减小后增大 D.A、B两点的连线上任意两点的电势差为零 ‎【考点】电势能;电势差.‎ ‎【分析】等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线,同一电荷在等势线上电势能相同.根据电场线分布的对称性可知,A、B两点的电场强度相同.把正电荷从A点沿直线移动到B点,电场力先增大后减小.‎ ‎【解答】解:A、B、C等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线,同一电荷在A、B两点的电势能必定相等.故A正确,BC错误.‎ D、由于AB处在同一等势线上,A、B连线上的任意两点的电势差一定为零.故D正确.‎ 故选AD ‎ ‎ ‎8.一个带电粒子在电场中A点具有80eV的电势能,当它由A运动到B克服电场力做功30eV,则(  )‎ A.电子在B点的电势能是50eV B.电子的电势能增加了30eV C.B点的电势为110V D.B点的电势为﹣110V ‎【考点】电势能;电势.‎ ‎【分析】通过电场力做功量度电势能的变化来分析问题.根据电势的定义得出电势的大小.‎ ‎【解答】解:A、电场力做正功,电势能减少;电场力做负功,电势能增加.本题“克服电场力做功”即为电场力做负功,所以电势能增加. ‎ 根据W电=△EP电 得出:那电子在B处的电势能是Ep=80eV+30eV=110eV.‎ ‎ 故A错误,B正确.‎ C、根据电势的定义,若带电粒子是电子,则在B点的电势等于φ==,由于题目中没有告知带电量及电性,故CD错误. ‎ ‎ 故选B.‎ ‎ ‎ ‎9.如图所示,实线是一个电场中的电场线,虚线是一个负检验电荷在这个电场中的轨迹,若电荷是从a处运动到b处,以下判断正确的是(  )‎ A.电荷从a到b加速度减小 B.b处电势能大 C.b处电势高 D.电荷在b处速度小 ‎【考点】电势差与电场强度的关系;电势能.‎ ‎【分析】电场线密的地方电场强度大,电场线疏的地方电场强度小,由此分析场强的变化,由牛顿第二定律分析加速度的变化.根据轨迹的弯曲方向判断电场力的方向,由电场力做功情况分析电势能和速度的变化.根据电场线的方向分析电势的高低.‎ ‎【解答】解:A、根据电场线密的地方电场强度大,电场线疏的地方电场强度小,可知电荷从a到b场强增大,所受的电场力增大,则加速度增大,故A错误;‎ B、根据电荷轨迹的弯曲方向可知,电荷所受的电场力斜向左下方,则电荷从a到b的过程中,电场力做负功,电势能增加,所以b处电势能大,故B正确;‎ C、负电荷受到的电场力的方向斜向左下方,所以电场线的方向向上,则a点处的电势高,故C错误.‎ D、由B的分析可知,电场力做负功,电势能增加,速度减小,所以电荷在b处速度小,故D正确;‎ 故选:BD ‎ ‎ ‎10.如图所示,质量为m,带电量为q的粒子,以初速度v0,从A点竖直向上射入空气中的沿水平方向的匀强电场中,粒子通过电场中B点时,速率vB=2v0,方向与电场的方向一致,则A,B两点的电势差为(  )‎ A. B. C. D.‎ ‎【考点】电势差;动能定理的应用;带电粒子在匀强电场中的运动.‎ ‎【分析】微粒在匀强电场中受到重力和电场力两个力作用,根据动能定理求出AB两点间的电势差UAB ‎【解答】解:粒子,从A到B,根据动能定理得:‎ ‎ qUAB﹣mgh=‎ 因为vB=2v0,‎ 若只考虑粒子在竖直方向,只受到重力,所以机械能守恒,则有mgh=‎ 由以上三式,则有UAB=‎ 故选:C ‎ ‎ 二、填空题(共3小题,每小题6分,满分15分)‎ ‎11.氢原子中电子绕核做匀速圆周运动,当电子运动轨道半径增大时,电子的电势能 增大 ,电子的动能 减小 ,运动周期 增大 .(填增大、减小、不变)‎ ‎【考点】氢原子的能级公式和跃迁.‎ ‎【分析】电子绕核运动时,半径增大,电场力做负功,电势能增大,动能减小;根据库仑力提供向心力可分析周期的变化.‎ ‎【解答】解:氢原子中电子绕核做匀速圆周运动,当电子运动轨道半径增大时,电子克服电场力做功,所以电子的电势能增大,电子的动能减小;‎ 根据库仑力提供向心力可得:,可知半径增大时运动周期增大.‎ 故答案为:增大,减小,增大 ‎ ‎ ‎12.如图所示,两平行金属板间电场是匀强电场,场强大小为1.0×104V/m,A、B两板相距1cm,C点与A相距0.4cm,若B接地,则A、C间电势差UAC= 40V ,将带电量为﹣1.0×10﹣12C的点电荷置于C点,其电势能为 ﹣6×10﹣11J .‎ ‎【考点】电势能;电场强度.‎ ‎【分析】由题是匀强电场,根据CB距离,由公式U=Ed求出C与A间的电势差UCA.电场线方向从A指向B,C点的电势高于B点的电势.由UCB=φC﹣φB,φB=0,求出C点电势φC.由公式Ep=qφC求解点电荷置于C点时的电势能.‎ ‎【解答】解:A与C间的电势差:UAC=EdAC=1.0×104×0.4×10﹣2V=40V 同理可得:UCB=60V,‎ 由:UCB=φC﹣φB,φB=0,‎ 得到:φC=UCB=60V 点电荷置于C点时的电势能:Ep=qφC=﹣1.0×10﹣12×60J=﹣6×10﹣11J 故答案为:40V,﹣6×10﹣11J.‎ ‎ ‎ ‎13.带正电1.0×10﹣3C的粒子,不计重力,在电场中先后经过A、B两点,飞经A点时动能为10J,飞经B点时动能为4J,则带电粒子从A点到B点过程中电势能增加了 6 ,AB两点电势差为 ﹣6000V .‎ ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系;电势能.‎ ‎【分析】带电粒子从A点到B点的过程中电势能的增加等于动能的减小.由W=qUAB求出AB两点的电势差.电势能增大,电场力做负功.‎ ‎【解答】解:根据能量守恒定律得到,带电粒子从A点到B点的过程中电势能的增加等于动能的减小,即△EP=10J﹣4J=6J.电场力做功为W=﹣△EP=﹣6J,AB两点的电势差UAB==V=﹣6000V.‎ 故答案为:6,﹣6000V ‎ ‎ 三、计算题(本大题共45分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)‎ ‎14.如图所示,在匀强电场中的M、N两点距离为2cm,两点间的电势差为5V,M、N连线与场强方向成60°角,则此电场的电场强度多大? ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系.‎ ‎【分析】根据E= 求的电场强度,注意d是沿电场线方向的距离 ‎【解答】解:由E= 得,E=‎ 即电场强度为500V/m.‎ 答:此电场的电场强度为500V/m.‎ ‎ ‎ ‎15.如图所示,QA=3×10﹣8C,QB=﹣3×10﹣8C,A,B两球相距5cm,在水平方向外电场作用下,A,B保持静止,悬线竖直,求A,B连线中点场强.(两带电小球可看作质点)‎ ‎【考点】电场强度;共点力平衡的条件及其应用.‎ ‎【分析】A球带正电,B球带负电,B对A的吸引力水平向左,要使A处于竖直方向平衡,就要加一个水平向左的电场,使A受到的电场力等于B球对A的吸引力,求出电场强度并合成.‎ ‎【解答】解:由题意可知A球受力平衡,水平方向合外力等于零,B对A的作用力向右,所以要加一个水平向左的电场,且 ‎ E=EQB=‎ A、B两质点连线中点处的场强是两个点电荷与匀强电场的和:E′=2﹣E 代入数据解得:E′=7.56×105N/C 两个点电荷的电场强度方向都水平向右,故E方向向右 答:A、B两质点连线中点处的场强E′=7.56×105N/C,方向水平向右.‎ ‎ ‎ ‎16.如图所示电子射线管.阴极K发射电子,阳极P和阴极K间 加上电压后电子被加速.A、B是偏向板,使飞进的电子偏离.若已知P、K间所加电压UPK=2.5×103V,两极板长度L=6.0×10﹣2m,板间距离d=3.6×10﹣2m,所加电压UAB=1000V,R=3×10﹣2‎ m,电子质量me=9.1×10﹣31kg,电子的电荷量e=﹣1.6×10﹣19C.设从阴极出来的电子速度为0,不计重力. 试问:‎ ‎(1)电子通过阳极P板的速度υ0是多少?‎ ‎(2)电子通过偏转电极时具有动能Ek是多少?‎ ‎(3)电子过偏转电极后到达距离偏转电极R=3×10﹣2m荧光屏上O′点,此点偏离入射方向的距离y是多少?‎ ‎【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.‎ ‎【分析】(1)由动能定理可以求出电子的速度.‎ ‎(2)电子在偏转电场中做类平抛运动,应用类平抛运动规律与动能定理求出电子动能.‎ ‎(3)应用动能定理与几何知识求出电子的偏移量.‎ ‎【解答】解:(1)在加速电场中,由动能定理得:‎ eUPK=mv02﹣0,代入数据解得:v0=3.0×107m/s;‎ ‎(2)电子在偏转电场中做类平抛运动,‎ 运动时间:t=,‎ 偏移量:y=at2=•t2,‎ 在偏转电场中,由动能定理得:‎ e••y=EK﹣mv02,‎ 代入数据解得:EK=4.4×10﹣16J;‎ ‎(3)在偏转电场中,由动能定理得:‎ e••y=mvy2﹣0,‎ tanθ=,Y=y+Rtanθ,‎ 代入数据解得:Y=2.0×10﹣2m.‎ 答:(1)电子通过阳极P板的速度υ0是3.0×107m/s;‎ ‎(2)电子通过偏转板时具有动能Ek是 4.4×10﹣16J;‎ ‎(3)电子过偏转电极后到达距离偏转电极R=3.0×10﹣2m荧光屏上O′点,此点偏离入射方向的距离y是2.0×10﹣2m.‎ ‎ ‎ ‎17.如图所示,质量为m、带电量为﹣q的小球在光滑导轨上运动,半圆形滑环的半径为R,小球在A点时的初速为v0,方向和斜轨平行.整个装置放在方向竖直向下,强度为E的匀强电场中,斜轨的高为H,试问:‎ ‎(1)小球离开A点后将作怎样的运动?‎ ‎(2)设小球能到达B点,那么,小球在B点对圆环的压力为多少?‎ ‎(3)在什么条件下,小球可以以匀速沿半圆环到达最高点,这时小球的速度多大?‎ ‎【考点】带电粒子在混合场中的运动;向心力;动能定理的应用.‎ ‎【分析】(1)分电场力小于、等于、大于重力进行讨论;‎ ‎(2)A到B运用动能定理求出B点的速度,三个力提供向心力,进而求出对轨道的压力;‎ ‎(3)小球可以匀速沿半圆环到达最高点,根据动能定理可知,要求合力不做功,只能是重力和电场力平衡.‎ ‎【解答】解:(1)电场力向上,如果电场力等于重力,沿着轨道做速度大小不变的运动;‎ 如果电场力小于重力,沿着轨道做变速运动;‎ 如果电场力大于重力,离开轨道做类似抛体运动;‎ ‎(2)A到B过程电场力与重力做功,根据动能定理:‎ ‎﹣qEH+mgH=m﹣m,‎ 在B点受重力、电场力和轨道的支持力,合力提供向心力,得:‎ F﹣mg+qE=m 联立以上公式,求得:‎ F=+mg﹣qE 根据牛顿第三定律,轨道对小球的压力等于小球对轨道的压力,即+mg﹣qE;‎ ‎(3)小球可以匀速沿半圆环到达最高点,根据动能定理可知,重力和电场力平衡,故mg=qE;‎ 故小球动能一直不变,到达最高点速度为v0;‎ 答:(1)小球离开A点后,如果电场力等于重力,沿着轨道做速度大小不变的运动;如果电场力小于重力,沿着轨道做变速运动;如果电场力大于重力,离开轨道做类似抛体运动;‎ ‎(2)小球在B点对圆环的压力为 +mg﹣qE;‎ ‎(3)在mg=qE的条件下,小球可以匀速沿半圆环到达最高点,这时小球的速度为v0.‎ ‎ ‎ ‎2016年12月10日
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