- 2021-05-22 发布 |
- 37.5 KB |
- 10页
申明敬告: 本站不保证该用户上传的文档完整性,不预览、不比对内容而直接下载产生的反悔问题本站不予受理。
文档介绍
【物理】2020届一轮复习人教版动能定理作业
2020届一轮复习人教版 动能定理 作业 1.(多选)(2018·红桥中学一调)如图8所示,甲、乙两个质量相同的物体,用大小相等的力F分别拉它们在水平面上从静止开始运动相同的距离l.甲在光滑水平面上,乙在粗糙水平面上,则下列关于力F对甲、乙做的功和甲、乙两物体获得的动能的说法中正确的是( ) 图8 A.力F对甲做的功多 B.力F对甲、乙两个物体做的功一样多 C.甲物体获得的动能比乙大 D.甲、乙两个物体获得的动能相同 答案 BC 解析 由W=Fl知,拉力的大小相同,物体的位移也相同,拉力和位移在同一直线,所以拉力对两物体做的功一样多,A错误,B正确;由动能定理可知,在光滑水平面上的物体,拉力对物体做的功等于物体的动能变化,在粗糙水平面上的物体,拉力对物体做正功的同时,摩擦力对物体做了负功,所以在光滑水平面上的物体获得的动能要大于在粗糙水平面上物体获得的动能,故C正确,D错误. 2.(2018·常州市一模)如图9所示,物块固定在水平面上,子弹以某一速率从左向右水平穿透物块时速率为v1,穿透时间为t1;若子弹以相同的速率从右向左水平穿透物块时速率为v2,穿透时间为t2.子弹在物块中受到的阻力大小与其到物块左端的距离成正比.则( ) 图9 A.t1>t2B.t1<t2C.v1>v2D.v1<v2 答案 B 解析 根据受力的特点与做功的特点可知两种情况下阻力对子弹做功的大小是相等的,根据动能定理可知两种情况下子弹的末速度大小是相等的,即v1=v2,故C、D错误;设子弹的初速度是v0,子弹在物块中受到的阻力大小与其到物块左端的距离成正比,可知若子弹以某一速率从左向右水平穿透物块时,子弹受到的阻力越来越大,木块做加速度增大的减速运动,所以平均速度:>;若子弹以相同的速率从右向左水平穿透物块时,子弹受到的阻力越来越小,则子弹做加速度减小的减速运动,所以平均速度:<<.子弹穿过物块的时间:t=,所以可知:t1<t2.故A错误,B正确. 3.(2018·淮安市、宿迁市等期中)如图10所示,滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面,到达最高点后又返回到出发点.则下列能大致描述滑块整个运动过程中的速度v、加速度a、动能Ek、重力对滑块所做的功W与时间t或位移x之间关系的图象是(取初速度方向为正方向)( ) 图10 答案 D 解析 滑块上滑时的加速度大小a1==gsin θ+μgcos θ,方向沿斜面向下.下滑时的加速度大小a2==gsin θ-μgcos θ,方向沿斜面向下,则知a1>a2,方向相同,均为负方向.因v-t线的斜率等于加速度,可知选项A、B错误;动能是标量,不存在负值,故C错误;重力做功W=-mgh=-mgxsin θ,故D正确. 4.(2018·兴化一中四模)如图11所示,竖直放置的等螺距螺线管高为h,该螺线管用长为l的硬质直管(内径远小于h)弯制而成.一光滑小球从管口上端由静止释放,下列说法正确的是(重力加速度为g)( ) 图11 A.若仅增大l,小球到达管口下端时的速度增大 B.小球到达管口下端时重力的功率为mg C.小球到达管口下端的时间为 D.在运动过程中小球所受管道的作用力大小不变 答案 C 解析 在小球到达最低点的过程中只有重力做功,故根据动能定理可知mgh=mv2,解得v=,小球到达下端管口时的速度大小与h有关,与l无关,故A错误;到达下端管口的速度为v=,速度沿管道的切线方向,与重力有一定的夹角,故B错误;小球在管内下滑的加速度为a=,则l=at2,下滑所需时间t==,故C正确;小球做的是加速螺旋圆周运动,速度越来越大,根据Fn=可知,所受管道的作用力越来越大,故D错误. 5.(2018·苏州市模拟)如图12所示轨道ABCDE在竖直平面内,AB与水平面BC成37°角且平滑连接,圆心为O、半径为R的光滑半圆轨道CDE与BC相切于C点,E、F两点等高,BC长为.将小滑块从F点由静止释放,恰能滑到与O等高的D点.已知小滑块与AB及BC间的动摩擦因数相同,重力加速度为g,sin37°=0.6,cos37°=0.8. 图12 (1)求小滑块与斜面间的动摩擦因数μ; (2)若AB足够长,改变释放点的位置,要使小滑块恰能到达E点,求释放点到水平面的高度h; (3)若半径R=1m,小滑块在某次释放后,滑过E点的速度大小为8m/s,则它从E点飞出至落到轨道上所需时间t为多少?(g取10 m/s2) 答案 (1) (2)4.7R (3)0.3s 解析 (1)滑块从F到D过程,根据动能定理得 mg(2R-R)-μmgcos 37°·-μmg=0 代入数据解得μ=. (2)若滑块恰能到达E点,根据牛顿第二定律得 mg= 在滑块从释放点到E的过程,根据动能定理得 mg(h-2R)-μmgcos θ·-μmg·=mv-0 代入数据解得h=4.7R. (3)假设滑块离开E点后落在AB上,根据平抛运动规律可得x=vEt,y=gt2 由几何关系得tan 37°= 代入数据解得t=0.3 s 可得x=2.4 m> 所以假设正确,故t=0.3 s. 1.(多选)质量不等,但有相同初动能的两个物体,在动摩擦因数相同的水平地面上滑行,直至停止,则( ) A.质量大的物体滑行的距离大 B.质量小的物体滑行的距离大 C.它们滑行的距离一样大 D.它们克服摩擦力所做的功一样多 答案 BD 解析 根据动能定理-μmg·x=0-Ek0,所以质量小的物体滑行的距离大,并且它们克服摩擦力所做的功在数值上都等于初动能的大小,B、D选项正确. 2.一个质量为25kg的小孩从高度为3.0m的滑梯顶端由静止开始滑下,滑到底端时的速度为2.0m/s.g取10 m/s2,关于力对小孩做的功,以下结果正确的是( ) A.合外力做功50J B.阻力做功500J C.重力做功500J D.支持力做功50J 答案 A 3.(多选)(2018·泰州中学四模)如图1所示,三角体由两种材料拼接而成,BC界面平行底面DE,两侧面与水平面夹角分别为30°和60°,己知物块从A由静止下滑,加速至B匀速至D;若该物块由静止从A沿另一侧面下滑,则有( ) 图1 A.通过C点的速率等于通过B点的速率 B.AB段的运动时间大于AC段的运动时间 C.将加速至C匀速至E D.一直加速运动到E,但AC段的加速度比CE段大 答案 BD 解析 物体从倾角为θ的斜面滑下,根据动能定理,有mgh-μmgcos θ=mv2-0,由AB面与水平面夹角小于AC面与水平面夹角可知,物体通过C点的速率大于通过B点的速率,故A错误;物体从倾角为θ的斜面滑下,根据牛顿第二定律,有mgsin θ-μmgcos θ=ma,解得a=gsin θ-μgcos θ① 根据运动学公式,有=at2② 由①②得到AC段的运动时间小于AB段的运动时间,故B正确;由①式可知,物体将一直加速滑行到E点,由于AC段滑动摩擦力较小,AC段的加速度比CE段大,故C错误,D正确. 4.(2018·前黄中学检测)静止在粗糙水平面上的物块在水平向右的拉力作用下做直线运动,t=4s时停下,其v-t图象如图2所示,已知物块与水平面间的动摩擦因数处处相同,则下列判断正确的是( ) 图2 A.整个过程中拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功 B.整个过程中拉力做的功等于零 C.t=2s时刻拉力的瞬时功率在整个过程中最大 D.t=1s到t=3s这段时间内拉力不做功 答案 A 5.(2018·东台市5月模拟)如图3所示,光滑斜面的顶端固定一弹簧,一小球向右滑行,并冲上固定在地面上的斜面.设小球在斜面最低点A的速度为v,压缩弹簧至C点时弹簧最短,C点距地面高度为h,则小球从A到C的过程中弹簧弹力做的功是( ) 图3 A.mgh-mv2 B.mv2-mgh C.-mgh D.-(mgh+mv2) 答案 A 解析 小球从A点运动到C点的过程中,重力和弹簧的弹力对小球做负功,由于支持力与小球速度方向始终垂直,则支持力对小球不做功,由动能定理,可得WG+W弹=0-mv2,重力做功为WG=-mgh,则弹簧的弹力对小球做的功为W弹=mgh-mv2,所以正确选项为A. 6.(2018·仪征中学月考)如图4所示,小物块与水平轨道、倾斜轨道之间的动摩擦因数均相同,小物块从倾角为θ1的轨道上高度为h的A点由静止释放,运动至B点时速度为v1.现将倾斜轨道的倾角调为θ2,仍将物块从轨道上高度为h的A点由静止释放,运动至B点时速度为v2.已知θ2<θ1,不计物块在轨道接触处的机械能损失.则( ) 图4 A.v1查看更多