贵州省普定县第一中学2018-2019学年高二上学期12月月考物理试题

贵州省普定县第一中学2018-2019学年高二上学期12月月考物理试题

绝密★启用前 贵州省普定县一中2018-2019学年12月份考试 高二 物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。‎ ‎ 学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________‎ 分卷I 一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分) ‎ ‎1.如图所示，将长0.20 m的直导线全部放入匀强磁场中，保持导线和磁场方向垂直．已知磁场磁感应强度的大小为5.0×10－3T，当导线中通过的电流为2.0 A时，该直导线受到安培力的大小是(　　)‎ A． 2.0×10－3NB． 2.0×10－2NC． 1.0×10－3ND． 1.0×10－2N ‎2.如图所示，A球系在绝缘细线的下端，B球固定在绝缘平面上，它们带电的种类以及位置已在图中标出．使A球能保持静止的是(　　)‎ A．B．C．D．‎ ‎3.两个等量点电荷P、Q在真空中产生的电场线(方向未画出)如图所示，一电子在A、B两点所受的电场力分别为FA和FB，则它们的大小关系为(　　)‎ A．FA＝FBB．FA＞FBC．FA＜FBD． 无法确定 ‎4.长直导线AB附近有一带电的小球，由绝缘细线悬挂在M点，当AB中通以如图所示的恒定电流时，下列说法正确的是(　　)‎ A． 小球不受磁场作用 B． 小球受磁场力作用，方向与导线垂直指向纸外 C． 小球受磁场力作用，方向与导线垂直向左 D． 小球受磁场力作用，方向与导线垂直指向纸里 ‎5.倾角为α＝30°的光滑斜面上，置一通有电流I，长L，质量为m的导体棒，重力加速度为g，要使棒静止在斜面上，外加匀强磁场的磁感应强度B可能值为(　　)‎ A．B．C．D．‎ ‎6.如图所示，直角形导线abc通以恒定电流I，两段导线的长度分别为3L和4L，导线处于垂直于导线平面的磁感应强度为B的匀强磁场中，则导线受到磁场力的合力为(　　)‎ A． 3BIL，方向b→cB． 4BIL，方向b→a C． 7BIL，方向垂直于ac连线斜向上D． 5BIL，方向垂直于ac连线斜向上 ‎7.真空中有两个点电荷，它们间的距离为r，相互作用的静电力为F，如果将A的电量增大为原来的4倍，B的电量不变，要使静电力变为，则它们之间的距离应变为(　　)‎ A． 16rB． 4rC． 2rD． 2r ‎8.在如图所示的电路中，当滑动变阻器R3的滑动触头P向下滑动时(　　)‎ A． 电压表示数变大，电流表示数变小 B． 电压表示数变小，电流表示数变大 C． 电压表示数变大，电流表示数变大 D． 电压表示数变小，电流表示数变小 ‎9.三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F ‎.现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知(　　)‎ A．n＝3B．n＝4C．n＝5D．n＝6‎ ‎10.在点电荷－Q的电场中，一金属圆盘处于静电平衡状态，若圆平面与点电荷在同一平面内，则盘上感应电荷在盘中A点所激发的附加场强E′的方向在下图中正确的是(　　)‎ A．B．‎ C．D．‎ ‎11.一个半径为r，带正电的实心金属球球心在x轴上的O点，金属球在周围空间产生静电场，则其电势φ在x轴上的分布情况正确的是(　　)‎ A．B．C．D．‎ ‎12.如图所示，一圆心为O，半径为R的圆中有两条互相垂直的直径AC和BD，电荷量均为Q的正点电荷放在圆周上，它们的位置关系关于AC对称，＋Q与O点的连线和OC间夹角为60°.两个点电荷的连线与AC的交点为P，取无穷远电势为零，则下列说法正确的是(　　)‎ A．P点的场强为0，电势也为0‎ B．A点电势低于C点电势 C． 点电荷＋q从A到C的过程中电势能先减小后增大 D． 点电荷－q在B点具有的电势能小于在D点具有的电势能 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎13.(多选)如图所示，带电体Q靠近一个接地空腔导体，空腔里面无电荷，在静电平衡后，下列物理量中等于零的是(　　)‎ A． 导体腔内任意点的场强B． 导体腔内任意点的电势 C． 导体外表面的电荷量D． 导体腔内表面的电荷量 ‎14.(多选)对于水平放置的平行板电容器，下列说法正确的是(　　)‎ A． 将两极板的间距加大，电容将增大 B． 将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小 C． 在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板，电容将增大 D． 在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将增大 ‎15.(多选)图示为“测定电源电动势和内阻”的电路图，下列说法中正确的是(　　)‎ A． 该电路图有错误，缺少一只与电流表相串联的保护电阻 B． 用一节干电池做电源，稍旧电池比全新电池效果好 C． 几节相串联的干电池比单独一节干电池做电源效果好 D． 实验中滑动变阻器不能短路 ‎16.(多选)如图所示，在绝缘的斜面上方存在着沿水平向右的匀强电场，斜面上的带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了12 J，金属块克服摩擦力做功8 J，重力做功24 J，则以下判断正确的是（　　）‎ A． 金属块带正电荷B． 金属块克服电场力做功8 J C． 金属块的机械能减少12 JD． 金属块的电势能减少4 J 分卷II 三、实验题(共2小题,共14分) ‎ ‎17.测量干电池的电动势和内电阻．下列器材可供选用：‎ A．干电池一节 B．直流电流表（0.6 A，0.15 Ω；3 A，0.025 Ω）‎ C．直流电压表（3 V，5 kΩ；15 V，25 kΩ）‎ D．滑动变阻器（0～15 Ω，l A）‎ E．滑动变阻器（0～1 kΩ，0.5 A）‎ F．电键 G．导线若干 ‎（1）应选用的滑动变阻器是　　（填序号），选用电流表的量程是　　，选用电压表的量程是　　；‎ ‎（2）将选用的器材在实物图上连线．要求实验误差最小．‎ ‎18.某同学在一次“测量金属的电阻率”的实验中，用米尺测出接入电路部分的金属丝长度为l＝0.720 m，用螺旋测微器测出金属丝直径(刻度位置如图所示)，用伏安法测出金属丝的电阻(阻值大约为5 Ω)，然后计算出该金属材料的电阻率．在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测金属丝外，还有如下实验器材：‎ A．直流电源(输出电压为3 V)‎ B．电流表A(量程0～0.6 A，内阻约0.125 Ω)‎ C．电压表V(量程0～3 V，内阻3 kΩ)‎ D．滑动变阻器(最大阻值20 Ω)‎ E．开关、导线等 ‎(1)从图中读出金属丝的直径为________ mm.‎ ‎(2)根据所提供的器材，在虚线框中画出实验电路图．‎ ‎(3)若根据伏安法测出金属丝的阻值为Rx＝4.0 Ω，则这种金属材料的电阻率为______Ω·m(保留两位有效数字)．‎ 四、计算题 ‎ ‎19.如图所示的电路中，U＝12 V，滑动变阻器AB的总电阻为42 Ω，现要使标着“6 V　1.8 W”的灯泡L正常发光，那么A、P间的电阻应为多少？此时滑动变阻器上消耗的功率多大？‎ ‎20.如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力向下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，bd的长度为L，匀强电场的电场强度为E，求：‎ ‎（1）此液滴带何种电荷；‎ ‎（2）液滴的加速度为多少；‎ ‎（3）b、d两点的电势差Ubd .‎ ‎21.如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40 cm．电源电动势E=24 V，内电阻r=1 Ω，电阻R=15 Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电 的小球从B板小孔以初速度竖直向上射入板间．若小球带电量为q=1×10﹣2C，质量为m=2×10﹣2kg，不考虑空气阻力．那么 ‎（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达A板？‎ ‎（2）此时，电源的输出功率是多大？（取g=10 m/s2）‎ ‎22.如图所示，一带电粒子质量为m，电量为q（不计重力），以恒定速率垂直射入磁感应强度 B、宽度为d的有界匀强磁场中，穿过磁场时速度方向与原来入射方向的夹角为30°．求：‎ ‎（1）带电粒子在匀强磁场中做圆周运动的轨道半径；‎ ‎（2）带电粒子穿过磁场区的时间．‎ 答案 ‎1.A2.B3.B4.A5.C6.D7.B8.A9.D10.A11.B12.D ‎13.ABD14.BCD15.BD16.AC ‎17.【答案】（1）D 0.6 A 3 V ‎（2）实物电路图如图所示 ‎【解析】（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选D；一节干电池电动势约为1.5 V，电压表应选3 V量程；电路电流较小，约为零点几安培，电流表应选0.6 A量程．‎ ‎（2）伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，由于电源内阻较小，为减小实验误差，相对于电源，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：‎ ‎18.【答案】(1)0.600　(2)如图所示 ‎(3)1.6×10－6‎ ‎【解析】(3)由R＝ρ得ρ＝＝，将Rx＝4.0 Ω、l＝0.720 m、d＝0.600 mm＝0.600×10－3m代入得ρ≈1.6×10－6Ω·m.‎ ‎19.【解析】小灯泡的电阻R＝＝20 Ω，‎ 设BP间的电阻为Rx，由题意得并联部分电阻与AP间电阻相等，‎ 则42－Rx＝解得Rx＝30 Ω，‎ 所以AP间的电阻为12 Ω.‎ 此时P滑＝W＋W＝4.2 W.‎ ‎20.【解析】（1）由b到a，液滴做直线运动，所受合力沿bd所在直线，对液滴受力分析可知，电场力水平向右，与电场方向相反，所以小球带负电.（2）由图可知，液滴所受合力 根据牛顿第二定律F=ma，解得液滴的加速度（3）由图可知，电场力qE=mg 由b到d，沿电场方向的距离 沿电场方向电势降低，应有<0，所以 ‎21.【解析】解：（1）小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到A板时速度为零．‎ 设两板间电压为UAB 由动能定理得 ‎①‎ 所以滑动变阻器两端电压 U滑=UAB=8 V ②‎ 设通过滑动变阻器电流为I，由欧姆定律得 I==1 A ③‎ 滑动变阻器接入电路的电阻 R滑==8 Ω ④‎ 即滑动变阻器接入电路的阻值为8 Ω时，小球恰能到达A板．‎ ‎（2）电源的输出功率 P出=I2（R+R滑）=23 W ⑤‎ 故电源的输出功率是23 W．‎ ‎22.【解析】（1）带电粒子在磁场中运动，只受洛伦兹力作用，故其轨迹是圆弧的一部分，又因为F洛⊥，故圆心在粒子穿入和穿出磁场时受到洛伦兹力指向的交点上，设圆心为O点．如图所示．‎ 由几何知识可知，圆心角θ=30°，OC为半径r，则得 ‎（2）由洛伦兹力提供向心力得：‎ 解得：‎ 粒子在磁场中做圆周运动的周期：‎ 设穿过磁场的时间是t，则：‎ 所以：‎