2019-2020学年福建省连城县第一中学高二上学期月考二物理试题 word版

2019-2020学年福建省连城县第一中学高二上学期月考二物理试题 word版

连城一中2019-2020学年上期高二年级月考二物理试卷（总分：100分一、选择题（12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。）1.下列哪个物理量的表达式与磁感应强度B=F/IL采用不同的物理方法：(）A．电场强度E=F/qB．电阻R=U/IC．加速度a=F/mD．电容C=Q/UabcEB××××图12.如图1所示，三个相同的带负电的小球从同一高度开始自由落下，其中a直接落地，b下落过程中经过一个水平方向的匀强电场区，c下落时经过一个水平方向（垂直纸面向里）的匀强磁场区．不计空气阻力，设它们落地速度大小分别为υa、υb、υc，则()A．υa=υb=υcB．υa=υc<υbC．υa<υb=υcD．υa>υb>υc3.如图3所示，实线是电场中一簇方向已知的电场线，虚线是一个带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是运动轨迹上的两点，若带电粒子只受电场力作用，根据此图作出的判断是（　）A．带电粒子带正电B．带电粒子一定是从a向b运动的图3C．带电粒子在b点的电势能大于在a点的电势能D．带电粒子在b点的加速度大于在a点的加速度4.如图4所示，平行板电容器与电源相连，负极板接地，在两板间有一负检验电荷固定在A点。若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则关于检验电荷在A点的电势能的变化，正确的说法是：（）图4A.减少B.增大C.不变D.无法确定5．在一根直导线上通以稳恒电流I，方向垂直指向纸外，且和匀强磁场B垂直，如图5所示，则在图中圆周上，磁感应强度数值最大的点是（）A．a点B.b点C.c点D.d点 6.固定导线c垂直纸面，可动导线ab通以如图方向的电流，用测力计悬挂在导线c的上方．导线c中通电时，以下判断正确的是（）图5A．导线b端转向纸外，同时测力计读数减小B．导线a端转向纸外，同时测力计读数减小C．导线b端转向纸外，同时测力计读数增大D．导线a端转向纸外，同时测力计读数增大7．如右图所示，一个重力不计的带电粒子，从粒子源飘入（初速度很小，可忽略不计）电压为U1的加速电场，经加速后从小孔S沿平行金属板A、B的中心线射入，A、B板长为L，相距为d，电压为U2。则带电粒子能从A、B板间飞出，应该满足的条件是()图8A．B．C．D．8、如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数的变化量分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。下列说法正确的是(　　)A.不变，变大　　　　　B.变大，变大C.变大，不变D.不变，不变9.如图所示，在正交的匀强电场和磁场的区域内（磁场水平向内），有一离子恰能沿直线飞过此区域（不计离子重力）  ()                                                                                  A．  不管离子带何种电，E方向都向下B．  若增大离子电量，离子将向上偏转C．  若增大离子电量，离子将向下偏转D．  若增大离子电量，离子不偏转继续沿直线飞过10.如图，带电荷量为＋q、质量为m的滑块，沿固定的绝缘斜面匀速下滑。现加上一竖直向上的匀强电场，电场强度为E，且qE＜mg。物体沿斜面下滑的过程中，以下说法正确的是()A．滑块将沿斜面减速下滑 B．滑块仍沿斜面匀速下滑C．加电场前，系统机械能守恒D．加电场后，重力势能的减少量大于电势能的增加量11．质量为m、电荷量为q的微粒以速度v与水平方向成θ角从O点进入竖直平面内方向如图所示的正交匀强电场和匀强磁场组成的混合场区，该微粒只在电场力、洛伦兹力和重力的共同作用下，恰好沿直线运动到A，下列说法中正确的是(　　)A．该微粒一定带负电B．微粒从O到A的运动可能是匀变速运动C．该磁场的磁感应强度大小为D．该电场的场强为Bvcosθ12.如图示，相互垂直的固定绝缘光滑挡板PO、QO，竖直放置在重力场中，a、b为两个带有同种电量的小球（可以近似看成点电荷），当用水平向左作用力F作用于b时，a、b紧靠挡板处于静止状态．现若稍改变F的大小，使b稍有向左移动一段小距离，则当a、b重新处于静止状态后  ()A． a、b间电场力增大 B． 作用力F将减小C． 系统重力势能增加 D． 系统的电势能将增加二、实验题（两小题，每空2分，共20分）13、“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，额定功率为0.5W，实验中除导线和开关外，还有以下器材可供选择：A．直流电源3V(内阻不计)B．直流电流表0～300mA(内阻约为5Ω)C．直流电流表0～3A(内阻约为0.025Ω)D．直流电压表0～3V(内阻约为3.0kΩ)E．滑动变阻器100Ω，0.5AF．滑动变阻器10Ω，2A实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量。(1)实验中电流表应选用__________，滑动变阻器应选用__________。(均填写仪器前的字母)(2)应选择下图中哪一个电路图进行实验？__________。 (3)开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于__________。(选填“左端”“右端”或“正中间”)(4)根据实验数据，画出小灯泡IU图线如图乙所示。由此可知，当电压为0.5V时，小灯泡的灯丝电阻是________Ω。(5)根据实验测量结果可以绘制小灯泡的电功率P随其两端电压U或电压的平方U2变化的图像，在下列选项中所给出的A、B、C、D图像中可能正确的是__________。14、在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A．干电池E(电动势约为1.5V、内电阻大约为1.0Ω)B．电压表V(0～15V)C．电流表A(0～0.6A、内阻0.1Ω)D．电流表G(满偏电流3mA、内阻Rg＝10Ω)E．滑动变阻器R1(0～10Ω、10A)F．滑动变阻器R2(0～100Ω、1A)G．定值电阻R3＝990ΩH．开关、导线若干(1)为了方便且能较准确地进行测量，其中应选用的滑动变阻器是________(填写“R1”或“R2”)；(2)请在线框内画出你所设计的实验电路图，并在图中标上所选用器材的符号；(3)如图14所示为某一同学根据他设计的实验，绘出的I1－I2图线(I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数)，由图线可求得被测电池的电动势E＝_______V，内电阻r＝_______Ω. 三、计算题（三小题，共32分）15.（8分）如图所示，质量m＝1.0×10-4kg的小物块，带有5×10-4C的电荷，放在倾角为30°的光滑绝缘斜面上，整个斜面置于B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，物块由静止开始下滑，滑到某一位置时开始离开斜面(g取10m/s2)，求：（1）物块带什么电？（2）物块离开斜面时速度多大？（3）斜面至少有多长？16、（12分）如图所示，通电金属杆ab质量m=12g,电阻R=1.5Ω，水平地放置在倾角θ=300的光滑金属导轨上。导轨宽度,导轨电阻、导轨与金属杆的接触电阻忽略不计，电源内阻r=0.5Ω。匀强磁场的方向竖直向上，磁感应强度B=0.2T。(g=10)若金属棒ab恰能保持静止,求：（1）电源的电动势大小E。(2)使金属棒对导轨压力为零的最小磁感应强度大小和方向。（3）使金属棒静止在斜面上的最小磁感应强度大小和方向。17、（12分）质量为m，带＋q电荷量的小球以水平初速度v0进入竖直向上的匀强电场中，如图甲所示．今测得小球进入电场后在竖直方向上的高度y与水平方向的位移s之间的关系如图乙所示．根据题给已知量及图乙给出的信息，（小球重力不可忽略）求：(1)匀强电场的场强大小；(2)小球从进入匀强电场到上升到h高度的过程中，电场力做了多少功？(3)小球在h高度处的动能多大？ 连城一中2019-2020学年上期高二年级月考二物理试卷参考答案一、选择题（本题共12题，每小题4分，共48分。）题号123456答案CBCACD 题号789101112答案DCADBDACBC13、　(1)B　F　(2)A(3)左端　(4)5.5　(5)AC14.　(1)R1　(2)电路图如图所示　(3)1.47(1.46～1.48均对)　0.83(0.81～0.85均对)15．（8分）解：（1）负电（2分）（2）（2分）（1分）（3）（1分）（1分）（1分）16、（12分）解：（1）（1分）解得-----（1分）---------（1分）----------（1分）联立解得：电动势E=4.0V----------（2分）（2）由受力分析可知，当磁场方向沿斜面向下时，磁感应强度最小（设为B1）,则F=mgcos30°，----------(1分)F＝B1Id，-------------(1分)解得B1=0.6T------------(1分)（3）由受力分析可知，当磁场方向垂直斜面向上时，磁感应强度最小（设为B2）则F=mgsin30°，----------(1分)F＝B2Id，----------(1分)解得----------(1分)17、（14分）解析：(1)对小球研究知受两个力：重力(竖直向下)及电场力(竖直向上)．设经过t秒小球水平位移为l，则由题中乙图知：l＝v0·t①-----------------------2分 h＝at2②-----------------------2分由①②得a＝，对小球而言：qE－mg=ma，----------1分E＝＝.----------1分(2)电场力做功为W＝qEh＝mgh＋.----------4分(3)根据动能定理，qEh－mgh=Ek－----------2分Ek＝qEh－mgh＋＝mv02(＋)．--------------2分