2019高考物理一轮选习练题4含解析新人教版201810131106

2019高考物理一轮选习练题4含解析新人教版201810131106

人教物理2019高考一轮选习练题（4）‎ 李仕才 一、选择题 ‎1、a、b、c三个点电荷仅在相互之间的静电力的作用下处于静止状态。已知a所带的电荷量为+Q，b所带的电荷量为-q，且Q>q。关于电荷c，下列判断正确的是（ ）‎ ‎ A．c一定带负电 ‎ B．c所带的电荷量一定大于q ‎ C．c可能处在a、b之间 ‎ D．如果固定a、b，仍让c处于平衡状态，则c的电性、电荷量、位置都将唯一确定 ‎【参考答案】B ‎2、(2019·福建省仙游一中月考)一条悬链长‎7.2 m，从悬挂点处断开，使其自由下落，不计空气阻力，则整条悬链通过悬挂点正下方‎20 m处的一点所需的时间是(g取‎10 m/s2)(　　)‎ A．0.3 s　B．0.4 s C．0.7 s D．1.2 s 解析：悬链下端到达‎20 m处时，用时t1，则12.8＝gt，悬挂点落至‎20 m处用时t2，则20＝gt，可知悬链通过‎20 m处用时Δt＝t2－t1＝0.4 s，B对．‎ 答案：B ‎3、(2019·黑龙江哈三中模拟)(多选)如图所示，竖直轴位于水平转台中心，质量为m的小球由三根伸直的轻绳连接，和水平转台一起以角速度ω匀速转动，倾斜绳与竖直轴夹角为θ，竖直绳对小球的拉力为F1，水平绳对小球的拉力为F2，小球到竖直轴的距离为r，以下说法可能正确的是(　　)‎ A．mgtanθ＝mω2r B．mgtanθ－F2＝mω2r C．(mg＋F1)tanθ＝mω2r D．(mg－F1)tanθ＝mω2r 解析：根据向心力公式可知，F合＝mrω2，对小球进行受力分析可知，小球受重力、倾斜绳的拉力、水平绳的拉力和竖直绳的拉力，竖直方向处于平衡状态，则有mg＋F1＝Fcosθ，Fsinθ－F2＝mrω2，当F1和F2均为零时，则有mgtanθ＝mω2r；当F1恰好为零时，则有mgtanθ－F2＝mω2r；当F2恰好为零时，则有(mg＋F1)tanθ＝mω2‎ r，故A、B、C正确，D错误．‎ 答案：ABC ‎4、(2019·青岛一模)如图所示，固定在水平面上的光滑斜面倾角为30°，质量分别为M、m的两个物体通过细绳及轻弹簧连接于光滑轻滑轮两侧，斜面底端有一与斜面垂直的挡板．开始时用手按住物体M，此时M到挡板的距离为s，滑轮两边的细绳恰好伸直，而没有力的作用．已知M＝‎2m，空气阻力不计．松开手后，关于二者的运动下列说法中正确的是(　　)‎ A．M和m组成的系统机械能守恒 B．当M的速度最大时，m与地面间的作用力为零 C．若M恰好能到达挡板处，则此时m的速度为零 D．若M恰好能到达挡板处，则此过程中重力对M做的功等于弹簧弹性势能的增加量与物体m的机械能增加量之和 解析：运动过程中，M、m与弹簧组成的系统机械能守恒，A错误；当M速度最大时，弹簧的弹力等于Mgsin30°＝mg，此时m对地面的压力恰好为零，B正确；然后M做减速运动，恰好能到达挡板时，也就是速度刚好减小到了零，之后M会上升并最终到达松手位置，所以此时弹簧弹力大于mg，即此时m受到的绳拉力大于自身重力，m还在加速上升，C错误；根据功能关系，M减小的机械能，等于m增加的机械能与弹簧增加弹性势能之和，而M恰好到达挡板时，动能恰好为零，因此M减小的机械能等于M减小的重力势能，即等于重力对M做的功，D正确．‎ 答案：BD ‎5、如图所示，一带电粒子在两个固定的等量正电荷的电场中运动，图中的实线为等势面，虚线ABC为粒子的运动轨迹，其中B点是两点电荷连线的中点，A、C位于同一等势面上，下列说法正确的是(　　)‎ A．该粒子可能带正电 B．该粒子经过B点时的速度最大 C．该粒子经过B点时的加速度一定为零 D．该粒子在B点的电势能小于在A点的电势能 解析：从该带电粒子的运动轨迹看，固定电荷对它有吸引力，由固定电荷带正电可知，该粒子一定带负电，故A错误；因为粒子从A运动到B的过程中，只受电场力且电场力先做正功后做负功，由动能定理知，动能先增加后减小，故B点的动能不是最大，则经过B点时的速度不是最大，故B错误；B点是两点电荷连线的中点，合场强为零，故粒子受力为零，则加速度为零，C正确；因为离正电荷越远，电势越低，即φA<φB，因粒子带负电，由Ep＝φq得，EpA>EpB，故D项正确．‎ 答案：CD ‎6、如图甲所示，一根电阻R＝4 Ω的导线绕成半径d＝‎2 m的圆，在圆内部分区域存在变化的匀强磁场，中间S形虚线是两个直径均为d的半圆，磁感应强度随时间变化如图乙所示(磁场垂直于纸面向外为正，电流逆时针方向为正)，关于圆环中的感应电流—时间图象，下列选项中正确的是(　　)‎ 解析：0～1 s，感应电动势为E1＝S＝×(V)＝4π(V)，由欧姆定律可知感应电流大小为I1＝＝(A)＝π(A)，由楞次定律知，感应电流为顺时针方向，为负方向，结合选项知C正确．‎ 答案：C ‎7、一个氢原子从n＝3能级跃迁到n＝2能级，该氢原子(　　)‎ A．放出光子，能量增加 B．放出光子，能量减少 C．吸收光子，能量增加 D．吸收光子，能量减少 解析：氢原子从高能级向低能级跃迁时，放出光子，能量减少，故选项B正确，A、C、D错误．‎ 答案：B 二、非选择题 ‎(1)(10分)两位同学用两面平行的玻璃砖做“测定玻璃的折射率”实验．‎ ‎①甲同学在量入射角和折射角时，由于没有量角器，在完成了光路图以后，以O点为圆心，OA为半径画圆，交OO′延长线于C点，过A点和C点作垂直于法线的线段分别交法线于B点和D点，如图所示．测量有关线段长度，可得玻璃的折射率n＝________.(用图中线段表示)‎ ‎②乙同学在画界面时，不小心将两界面ab和cd间距画得比玻璃砖宽度大些，下界面与实际相同，如图所示．若操作无误，则他测得的折射率比真实值________(填“偏大”“偏小”或“不变”)．‎ ‎(2)(15分)如图所示，一列波沿x轴传播，t＝0时刻的波形如实线所示，t＝0.5 s时刻的波形如虚线所示，t＝0时刻位于x＝‎4 m处的质点P正沿y轴正向运动．‎ ‎(ⅰ)若从t＝0到t＝0.5 s这段时间内，质点P运动的路程为‎1 m，则这列波的波速为多少？‎ ‎(ⅱ)若3T<0.5 s<4T，则这列波的波速为多少？‎ 解析：(1)①题图甲中AO为入射光线，OO′是折射光线，设光线在玻璃砖上表面的入射角为i，折射角为r，则由几何知识得到sini＝，sinr＝，又AO＝OC，则折射率n＝＝.‎ ‎“测定玻璃砖折射率”的实验原理是折射定律n＝，如图所示，右边实线表示实际的光路图，左边虚线表示作图光路图，由图可看出，画图时的入射角不变、折射角比实际的折射角变大，由折射定律可知，测出的折射率变小．‎ ‎(2)(ⅰ)从t＝0到t＝0.5 s这段时间内，质点P运动的路程为s＝‎‎1 m 则s＝n×4A 得n＝1.25‎ 即1.25T＝0.5 s 得T＝0.4 s 波速为v＝＝ m/s＝20 m/s ‎(ⅱ)由于t＝0时刻位于x＝‎4 m处的质点P正沿y轴正向运动，由此可以判断波沿x轴正向传播，因此有0.5 s＝T 由于3T<0.5 s<4T 因此2

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