人民教育出版版高考数学选修4113相似三角形的判定及性质基础训练

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人民教育出版版高考数学选修4113相似三角形的判定及性质基础训练

‎2013-2014学年高中数学人教A版选修4-1知能达标演练:1-3相似三角形的判定及性质 一、选择题 ‎1.如图所示,给出下列条件:                  ‎ ‎①∠B=∠ACD;‎ ‎②∠ADC=∠ACB;‎ ‎③=;‎ ‎④AC2=AD·AB.‎ 其中能够单独判定△ABC∽△ACD的个数为 ‎(  ).‎ A.1 B.‎2 C.3 D.4‎ 解析 ‎ 题号 判断 原因分析 ‎①‎ ‎√‎ ‎∵∠B=∠ACD,又∠A=∠A,∴由判定定理1,知△ABC∽△ACD ‎②‎ ‎√‎ ‎∵∠ADC=∠ACB,又∠A=∠A,∴由判定定理1,知△ABC∽△ACD ‎③‎ ‎×‎ ‎∵=,∴=,由判定定理2知,不能单独判断△ABC∽△ACD ‎④‎ ‎√‎ ‎∵AC2=AD·AB,∴=,又∠A=∠A,由判定定理2,知△ABC∽△ACD 答案 C ‎2.如图所示,梯形ABCD的对角线交于点O,则下列四个结论:‎ ‎①△AOB∽△COD;‎ ‎②△AOD∽△ACB;‎ ‎③S△DOC∶S△AOD=CD∶AB;‎ ‎④S△AOD=S△BOC.‎ 其中正确的个数为(  ).‎ A.1 B.‎2 C.3 D.4‎ 解析 ∵DC∥AB,∴△AOB∽△COD,①正确.由①知,=.利用三角形的面积公式可知S△DOC∶S△AOD=OC∶OA=CD∶AB,③正确.∵S△ADC=S△BCD,∴S△ADC-S△COD=S△BCD-S△COD,∴S△AOD=S△BOC,④正确.故①③④都正确.‎ 答案 C ‎3.如图所示,∠ACB=90°,CD⊥AB于D,AD=3,CD=2,则AC∶BC的值是 ‎(  ).‎ A.3∶2 B.9∶4‎ C.∶ D.∶ 解析 ∵∠B为公共角,∴Rt△BCD∽Rt△BAC,‎ 同理Rt△ACD∽Rt△ABC,‎ ‎∴Rt△ACD∽Rt△CBD.‎ ‎∴=,又∵AD=3,CD=2,‎ ‎∴=,即AC∶BC=3∶2.‎ 答案 A ‎4.如图所示,在△ABC中,M在BC上,N在AM上,CM=CN,且=,下列结论中正确的是 (  ).‎ A.△ABM∽△ACB B.△ANC∽△AMB C.△ANC∽△ACM D.△CMN∽△BCA 解析 由CM=CN知∠CMN=∠CNM,‎ ‎∴∠AMB=∠ANC,‎ 又=,∴=,‎ 故△ABM∽△ACN.‎ 答案 B 二、填空题 ‎5.如图所示,已知∠C=90°,∠A=30°,E是AB中点,DE⊥AB于E,则△ADE与△ABC的相似比是________.‎ 解析 ∵E为AB中点,∴=,即AE=AB,‎ 在Rt△ABC中,∠A=30°,AC=AB,‎ 又∵Rt△AED∽Rt△ACB,∴相似比为=.‎ 故△ADE与△ABC的相似比为.∶3‎ 答案 .∶3‎ ‎6.如图,设AA1与BB1相交于点O,AB∥A1B1且AB=A1B1.若△AOB的外接圆的直径为1,则△A1OB1的外接圆的直径为__________.‎ 解析 ∵AB∥A1B1且AB=A1B1,‎ ‎∴△AOB∽△A1OB1,‎ ‎∴两三角形外接圆的直径之比等于相似比.‎ ‎∴△A1OB1的外接圆直径为2.‎ 答案 2‎ ‎7.如图,在正方形ABCD中,E为AB的中点,AF⊥DE于点O,则等于________.‎ 解析 在Rt△DAO及Rt△DEA中,∠ADO为公共角,∴Rt△DAO∽Rt△DEA,∴=,即=.‎ ‎∵E为AB的中点,∴==,‎ ‎∴=.‎ 答案  ‎8.如图所示,已知点E、F分别是△ABC中AC、AB边的中点,BE、CF相交于点G,FG=2,则CF的长为________.‎ 解析 ∵E、F分别是△ABC中AC、AB边的中点,∴FE∥BC,由相似三角形的预备定理,得△FEG∽△CBG,∴==,又FG=2,∴GC=4,∴CF=6.‎ 答案 6‎ 三、解答题 ‎9.如图,在△ABC中,延长BC到D,使CD=BC,取AB的中点F,连接FD交AC于点E.‎ ‎(1)求的值;‎ ‎(2)若AB=a,FB=EC,求AC的长.‎ 解 (1)如图所示,过点F作FM∥AC,交BC于点M.‎ ‎∵F为AB的中点,∴M为BC的中点,‎ ‎∴FM=AC,由FM∥AC,‎ 得∠CED=∠MFD,∠ECD=∠FMD.‎ ‎∴△FMD∽△ECD.‎ ‎∴==.‎ ‎∴EC=FM=×AC=AC,‎ ‎∴==.‎ ‎(2)∵AB=a,∴FB=AB=a.‎ 又FB=EC,∴EC=a.‎ ‎∵EC=AC,∴AC=3EC=a.‎ ‎10.如图,△ABC是直角三角形,∠ACB=90°,CD⊥AB于D,E是AC的中点,ED的延长线与CB的延长线交于点F.‎ 求证:FD2=FB·FC.‎ 证明 ∵E是Rt△ACD斜边AC的中点,‎ ‎∴DE=EA,∴∠A=∠2.‎ 又∵∠1=∠2,∠1=∠A.‎ ‎∵∠FDC=∠CDB+∠1=90°+∠1,‎ ‎∠FBD=∠ACB+∠A=90°+∠A,‎ ‎∵∠FDC=∠FBD.‎ 又∵∠F是公共角.‎ ‎∴△FBD∽△FDC,∴=,‎ ‎∴FD2=FB·FC.‎ ‎11.(拓展深化)如图,M为线段AB的中点,AE与BD交于点C,∠DME=∠A=∠B=α.且DM交AC于F,ME交BC于G,‎ ‎(1)写出图中三对相似三角形,并证明其中的一对;‎ ‎(2)连接FG,如果α=45°,AB=4,AF=3,求FG的长.‎ 解 (1)△AMF∽△BGM,△DMG∽△DBM,‎ ‎△EMF∽EAM.‎ 以下证明:△AMF∽△BGM.‎ ‎∵∠AFM=∠DME+∠E=∠A+∠E ‎=∠BMG,∠A=∠B,‎ ‎∴△AMF∽△BGM.‎ ‎(2)当α=45°时,‎ 可得AC⊥BC且AC=BC.‎ ‎∵M为AB的中点,‎ ‎∴AM=BM=2.‎ 又∵△AMF∽△BGM,‎ ‎∴=.‎ ‎∴BG===.‎ 又AC=BC=4×sin 45°=4,‎ ‎∴CG=4-=.‎ ‎∵CF=4-3=1,∴FG== =.‎
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