高考物理全真模拟试题10

高考物理全真模拟试题10

‎2019年高考物理全真模拟试题（十）‎ 满分110分，时间60分钟 第Ⅰ卷(选择题　共48分)‎ 选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．‎ ‎1．下列说法正确的是(　　)‎ A．自然界的电荷只有两种，库仑把它们命名为正电荷和负电荷 B．欧姆发现了电流的热效应 ‎ C．楞次根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说 ‎ D．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位 ‎ ‎2．如图所示，静止在水平地面上倾角为θ的光滑斜面体上，有一斜劈A，A的上表面水平且放有一斜劈B，B的上表面上有一物块C，A、B、C一起沿斜面匀加速下滑．已知A、B、C的质量均为m，重力加速度为g.下列说法正确的是(　　)‎ A．A、B间摩擦力为零 B．C可能只受两个力作用 C．A加速度大小为gcos θ D．斜面体受到地面的摩擦力为零 ‎3．如图所示，真空中两个等量异种点电荷＋q(q＞0)和－q以相同角速度绕O点在纸面中沿逆时针方向匀速转动，O点离＋q较近，则(　　)‎ A．O点的磁感应强度方向始终垂直纸面向外 B．O点的磁感应强度方向始终垂直纸面向里 C．O点的磁感应强度方向随时间周期性变化 D．O点的磁感应强度大小随时间周期性变化 ‎4．如图甲所示，以等腰直角三角形ABC为边界的有界匀强磁场垂直于纸面向里，一个等腰直角三角形线框abc的直角边ab的长是AB长的一半，线框abc在纸面内，线框的cb边与磁场边界BC在同一直线上，现在让线框匀速地向右通过磁场区域，速度始终平行于BC边，则在线框穿过磁场的过程中，线框中产生的电流随时间变化的关系图象是(设电流沿顺时针方向为正)(　　)‎ ‎5．如图所示，一固定的楔形木块，其斜面的倾角θ＝30°，另一边与水平地面垂直，顶端有一个轻质定滑轮，跨过定滑轮的细线两端分别与物块A、B连接，A的质量为B的质量的4倍．开始时，将B按在地面上不动，然后放开手，让A沿斜面下滑而B上升，所有摩擦均忽略不计．当A沿斜面下滑4 m时，细线突然断裂，B由于惯性继续上升．设B不会与定滑轮相碰，重力加速度g＝10 m/s2.下列说法正确的是(　　)‎ A．细线未断裂时，两物块A、B各自机械能的变化量大小之比为1∶1‎ B．细线断裂时，A的速度大小为3 m/s C．细线断裂时，两物块A、B所受重力的瞬时功率之比为4∶1‎ D．B上升的最大高度为4.8 m ‎6．如图所示，a、b间输入电压有效值为220 V、频率为50 Hz的正弦式交流电，两灯泡额定电压相等，变压器为理想变压器，电流表和电压表均为理想交流电表，闭合开关后，两灯泡均正常发光，电流表的示数为1 A，电压表示数为22 V，由此可知(　　)‎ A．变压器原、副线圈的匝数比为9∶1‎ B．正常发光时，灯泡L1的电阻是L2的3倍 C．原线圈电流为 A D．副线圈交变电流的频率为5 Hz ‎7．某同学在老师指导下利用如图甲装置做实验，在固定支架上悬挂一蹄形磁铁，悬挂轴与一手柄固定连接，旋转手柄可连带磁铁一起绕轴线OO′旋转，蹄形磁铁两磁极间有一可绕轴线OO′自由旋转的矩形线框abcd(cd与轴线OO′重合)．手柄带着磁铁以8 rad/s的角速度匀速旋转，某时刻蹄形磁铁与线框平面正好重合，如图乙所示，此时线框旋转的角速度为6 rad/s，已知线框边ab＝5 cm，ad＝2 cm，线框所在处磁场可视为匀强磁场，磁感应强度大小为B＝0.4 T，线框匝数为200匝，电阻为1.6 Ω，则下列说法正确的是(　　)‎ A．若手柄逆时针旋转(俯视)，线框将顺时针旋转 B．若手柄逆时针旋转(俯视)，在图乙时刻线框中电流的方向为abcda C．在图乙时刻线框中电流的热功率为0.016 W D．在图乙时刻线框bc边受到的安培力大小为8×10－4 N ‎8．为减少二氧化碳排放，我市已推出新型节能环保电动车．在检测某款电动车性能的实验中，质量为8×102 kg的电动车由静止开始沿平直公路行驶，达到的最大速度为15 m/s，利用传感器测得此过程中不同时刻电动车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出如图所示的F图象(图中AB、BO均为直线)，假设电动车行驶中所受阻力恒为电动车重力的0.05倍，重力加速度取10 m/s2，则 A．该车启动后，先做匀加速运动，然后做匀速运动 B．该车启动后，先做匀加速运动，然后做加速度减小的加速运动，接着做匀速运动 C．该车做匀加速运动的时间是1.2 s D．该车加速度为0.25 m/s2时，动能是4×104 J 第Ⅱ卷(非选择题　共62分)‎ 非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须做答．第13～14题为选考题，考生根据要求做答．‎ ‎9．(6分)某同学在做“探究动能定理”实验时，其主要操作步骤是：‎ a．按图甲安装好实验装置，其中小车的质量M＝0.50 kg，钩码的总质量m＝0.10 kg.‎ b．接通打点计时器的电源(电源的频率f＝50 Hz)，然后释放小车，打出一条纸带．‎ ‎(1)他在多次重复实验得到的纸带中取出最满意的一条，如图乙所示，把打下的第一点记作0，然后依次取若干个计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，用厘米刻度尺测得各相邻计数点间的距离分别为d1＝0.8 cm，d2＝2.4 cm，d3＝4.1 cm，d4＝5.6 cm，d5＝7.2 cm，d6＝8.8 cm，他把钩码的重力作为小车所受的合力，计算出从打下计数点0到打下计数点5过程中合力所做的功W＝________J，把打下计数点5时小车的动能作为小车动能的改变量，计算出ΔEk＝________J．(当地重力加速度g取9.80 m/s2，结果均保留三位有效数字)‎ ‎(2)根据以上计算可见，合力对小车做的功与小车动能的变化量相差比较大．通过反思，该同学认为产生误差的主要原因如下，其中正确的是________．(填选项前的字母)‎ A．钩码质量没有远小于小车质量，产生系统误差 B．钩码质量小了，应该大于小车质量 C．没有平衡摩擦力 D．没有使用最小刻度为毫米的刻度尺进行测量 ‎10．(9分)要描绘一个标有“3 V,0.8 W”小灯泡的伏安特性曲线，已选用的器材有：‎ 电源(电动势为4.5 V，内阻约1 Ω)；‎ 电流表(量程为0～300 mA，内阻约5 Ω)；‎ 电压表(量程为0～3 V，内阻约3 kΩ)；‎ 滑动变阻器(最大阻值10 Ω，额定电流1 A)；‎ 开关一个、导线若干．‎ ‎(1)为便于实验操作，并确保实验有尽可能高的精度，则实验的电路图应选用下图中的________(填字母代号)．‎ (2) 图甲是实验器材实物图，图中已连接了部分导线．请根据在(1)问中所选的电路图补充完成图甲中实物间的连线(用笔画线代替导线)．‎ ‎(3)根据(1)中所选电路图，测量结束后，先把滑动变阻器滑片移到________(填“左端”或“右端”)，然后断开开关，接着拆除导线，整理好器材．‎ ‎(4)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．由图象可知小灯泡的电阻值随工作电压的增大而________(填“不变”“增大”或“减小”)．‎ ‎11．(14分)如图所示，在光滑水平地面上，并排停放着高度相同，质量分别为MA＝1 kg、MB＝2 kg的平板小车，小车A上表面光滑，小车B上表面粗糙，长度均为L.一质量为m＝0.5 kg的滑块C，以v0＝5 m/s的水平初速度滑上静止在光滑水平面的平板小车A，最后恰好没有从小车B上滑下．求：‎ ‎①最终小车A和小车B的速度大小vA和vB；‎ ‎②整个运动过程中产生的内能E.‎ ‎12．(18分)在某一真空空间内建立xOy坐标系，在坐标系y轴右侧加有如图(b)所示的匀强磁场，取方向向外为正，t＝×10－4 s后该空间不存在磁场．在t＝0时刻，从原点O处向第一象限发射一比荷为＝1×104 C/kg的带正电粒子(重力不计)，速度大小v0＝103 m/s、方向与x轴正方向成30°角，设P点为粒子从O点飞出后第2次经过x轴的位置．则 ‎(1)OP间的距离为多大；‎ ‎(2)如果将磁场撤去，在y轴右侧加上平行于纸面，垂直于入射速度方向且斜向下的匀强电场，粒子仍从O点以与原来相同的速度v0射入，粒子也经过P点，求电场强度的大小(保留整数)‎ ‎(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道题中任选一题做答．如果多做，则按所做的第一题计分)‎ ‎13．[物理——选修3－3](15分)‎ ‎(1)(5分)下列说法正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)‎ A．晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点 B．空气相对湿度大，就是空气中水蒸气含量高 C．若非理想气体从外界吸收的热量等于膨胀对外界做的功，则气体分子的平均动能一定减小 D．空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量等于向室外放出的热量 E．空中下落的雨滴呈球形是因为液体有表面张力 ‎(2)(10分)如图甲所示为一足够长的导热性能良好的汽缸，用一质量为m＝10 kg、厚度不计的活塞封闭一定质量的理想气体，当环境温度为t1＝6 ℃时封闭的气柱长度为10 cm，忽略活塞与汽缸之间的摩擦．已知外界大气压强为p0＝1.0×105 Pa，活塞的面积为S＝50 cm2，重力加速度g＝10 m/s2.‎ ‎①若将汽缸按如图乙所示的方式悬吊，气柱的长度为多少？‎ ‎②在①情况下，改变环境温度，当气柱的长度为20 cm时环境的温度为多少？‎ 高考模拟试题精编(十)‎ ‎1．解析：选D.自然界的电荷只有两种，富兰克林把它们命名为正电荷和负电荷，A错误；焦耳发现了电流的热效应，B错误；安培提出了分子电流假说，C错误；电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位，D正确．‎ ‎2．解析：选B.对B、C整体受力分析，受重力、支持力，B、C沿斜面匀加速下滑，则A、B间摩擦力不为零，故A错误；如果B的上表面是光滑的，倾角也为θ，C可能只受两个力作用，B正确；选A、B、C整体为研究对象，根据牛顿第二定律可知A加速度大小为gsin θ，C错误；对A、B、C和斜面体整体分析，斜面体受地面的摩擦力不为零，故D错误．‎ ‎3．解析：选A.点电荷＋q绕O点匀速转动，相当于逆时针方向的环形电流，由安培定则可知，在O点产生磁场的磁感应强度方向垂直纸面向外；点电荷－q绕O点匀速转动，相当于顺时针方向的环形电流，由安培定则可知，在O点产生磁场的磁感应强度方向垂直纸面向里．因＋q离O点近，＋q在O点激发的磁场的磁感应强度较强，故合磁场的磁感应强度方向垂直纸面向外，选项A正确，B、C错误；由于＋q和－q离O点的距离始终保持不变，则等效电流在该点产生的磁感应强度大小不变，合磁场的磁感应强度大小保持不变，选项D错误．‎ ‎4．解析：选D.线框进磁场的过程中，ab边切割磁感线的有效长度均匀增大，因此感应电动势均匀增大，感应电流均匀增大，ab边切割磁感线的有效长度最大值等于ab的长，根据楞次定律，感应电流沿逆时针方向；当线框完全进入磁场后，回路中磁通量变化量为零，感应电流为零；当ab边出磁场后，ac边切割磁感线的有效长度均匀减小，产生的感应电流均匀减小，且ac边切割磁感线的有效长度的最大值等于ab边的长度，根据楞次定律可知，感应电流沿顺时针方向，因此D项正确．‎ ‎5．解析：选AD.两物块A、B组成的系统机械能守恒，两物块A、B各自机械能的变化量大小之比为1∶1，故A正确；根据系统机械能守恒，由4mgxsin θ－×4mv2＝mgx＋mv2，解得断裂瞬间物块A的速度v＝4 m/s，故B错误；细线断裂时两物块A、B重力的瞬时功率之比为2∶1，故C错误；细线断裂后，B做竖直上抛运动，物块B继续上升的高度为h＝＝0.8 m，故物块B上升的最大高度为H＝x＋h＝4.8 m，D正确．‎ ‎6．解析：选AC.因为两灯泡额定电压相等，闭合开关后，两灯泡均正常发光，所以原线圈两端电压为220 V－22 V＝198 V，原、副线圈匝数比＝＝＝，A正确；根据＝＝，原线圈电流I1＝ A，根据I1RL1＝I2RL2，可知RL1＝9RL2，B错误，C正确；变压器不改变交流电的频率，D错误．‎ ‎7．解析：选BC.若手柄逆时针旋转(俯视)，根据楞次定律，知安培力将阻碍线框与磁场间的相对运动，线框所受的安培力使线框也逆时针旋转，A错误；题图乙中手柄逆时针旋转(俯视)，由右手定则判断知，此时线框中电流的方向为abcda，B正确；题图乙时刻线框中感应电动势E＝NB·ab·(v1－v2)，又ab边所在处磁场的线速度大小v1＝ω1·ad＝0.16 m/s，ab边的线速度大小v2＝ω2·ad＝0.12 m/s，可得E＝0.16 V，感应电流I＝＝0.1 A，电流的热功率P＝I2R＝0.016 W，C正确；在题图乙时刻线框bc边不受安培力作用，D错误．‎ ‎8．解析：选BD.由题图可以看出，电动车速度由0增大到3 m/s的过程中牵引力不变，电动车做匀加速运动，当速度由3 m/s增加到15 m/s的过程中，牵引力F与速度的倒数成正比，即F与v的乘积不变，即此阶段电动车的功率不变、牵引力随速度的增大而减小，故其加速度减小，当加速度减小到零时再匀速运动，A错误、B正确．由题图可以看出，电动车在匀加速运动时牵引力F＝2 000 N，而阻力Ff＝0.05mg＝400 N，可得电动车在匀加速运动时的加速度a＝＝2 m/s2，而电动车在速度增加到3 m/s时加速度开始减小，故匀加速运动的时间为t＝＝1.5 s，C错误．当电动车的加速度减小到a′＝0.25 m/s2时，由牛顿第二定律可得此时牵引力F′＝Ff＋ma′＝600 N，由F′v′＝Ffvm得此时电动车的速度v′＝10 m/s，故电动车此时的动能Ek＝mv′2＝4×104 J，D正确．‎ ‎9．解析：(1)从打下计数点0到打下计数点5的过程中，合力所做的功W＝Fl＝mgl＝0.197 J，打下计数点5时小车的速度v＝＝0.80 m/s，小车动能的改变量ΔEk＝Mv2＝0.160 J.‎ ‎(2)产生误差的主要原因有：钩码质量没有远小于小车质量，产生系统误差；没有平衡摩擦力，选项A、C正确．‎ 答案：(1)0.197(2分)　0.160(2分)　(2)AC(2分)‎ ‎10．解析：(1)由P＝知小灯泡在额定状态下的阻值R＝≈11 Ω≪ ≈ Ω，故测量电路采用电流表外接法；在测伏安特性曲线时要求电压能从0调到额定值，故控制电路选用分压式，C正确．‎ ‎(2)图见答案．‎ ‎(3)为保护电路安全，在测量开始与测量结束时都应先将滑动变阻器滑片调节到能使测量电路获得最小电压的位置，本题中是最左端．‎ ‎(4)在IU图象中，图线上某点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，故可看出小灯泡的电阻值随工作电压的增大而增大．‎ 答案：(1)C(2分)　(2)如图所示(3分)‎ ‎(3)左端(2分)　(4)增大(2分)‎ ‎11．解析：(1)衰变方程为X→Y＋nHe＋me；经过半年后，有一半发生衰变，再经过半年，剩下的一半的一半发生衰变，所以共用一年时间的X核发生衰变．‎ ‎(2)①由于小车A上表面光滑，滑块C在水平方向对A没有作用，小车A始终静止，vA＝0(2分)‎ 滑块C和小车B水平方向动量守恒，有mv0＝(MB＋m)vB(2分)‎ 解得vB＝1 m/s(2分)‎ ‎②整体的动能减少量完全转化为内能，有 E＝mv－(MB＋m)v(2分)‎ 解得E＝5 J(2分)‎ 答案：(1)X→Y＋nHe＋me(2分)　1(2分)‎ ‎(2)①0　1 m/s　②5 J ‎12．解析：(1)粒子在磁场中运动的轨迹半径 R＝＝0.1 m(1分)‎ 周期T＝＝2π×10－4 s(1分)‎ 磁场变化的半周期为Δt＝×10－4 s＝(1分)‎ 运动轨迹如图所示，由几何关系知 ‎∠OO1C＝∠CO2D＝120°(1分)‎ 且O1O2平行于x轴，DE垂直于x轴．‎ OE＝2(R＋Rsin 30°)＝3R＝0.3 m(1分)‎ ‎△EDP中，∠EDP＝60°(1分)‎ DE＝2Rsin 60°(1分)‎ EP＝DEtan 60°＝3R＝0.3 m(1分)‎ 则OP＝OE＋EP＝0.6 m(1分)‎ ‎(2)当加上电场时，粒子做类平抛运动，经过P点时，粒子沿速度v0方向的位移x1＝OPcos 30°(1分)‎ 粒子在垂直于速度v0方向的位移y1＝OPsin 30°(1分)‎ 根据类平抛运动的特点x1＝v0t(2分)‎ y1＝at2(2分)‎ 根据牛顿第二定律有a＝(1分)‎ 联立得E＝222 N/C(2分)‎ 答案：(1)0.6 m　(2)222 N/C ‎13．解析：‎ ‎(1)晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，A正确；相对湿度指空气中水蒸气的压强与同一温度时水的饱和汽压的百分比，相对湿度越大，空气中水蒸气就越接近饱和，但不一定水蒸气含量高，B错误；若非理想气体从外界吸收的热量等于膨胀对外界做的功，气体的内能不变，而分子势能增大，则气体分子的平均动能一定减小，C正确；空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量小于向室外放出的热量，D错误；空中下落的雨滴呈球形是因为液体有表面张力，液体表面有收缩的趋势，E正确．‎ ‎(2)①设汽缸悬吊前后被封闭气体的压强分别为p1和p2，气柱的长度分别为L1和L2.‎ 开始对活塞分析可知p1＝p0＋＝1.2×105 Pa(1分)‎ 悬吊后对活塞分析可知p2＝p0－＝0.8×105 Pa(1分)‎ 悬吊前后由玻意耳定律可得p1L1S＝p2L2S(2分)‎ 解得L2＝15 cm(1分)‎ ‎②设悬吊后环境温度变化前后，封闭的气柱温度分别为T2和T3，环境温度变化后气柱长度为L3，则T2＝T1＝279 K，L2＝15 cm，L3＝20 cm(1分)‎ 由盖—吕萨克定律可得＝(2分)‎ 所以T3＝372 K，即环境温度为99 ℃(2分)‎ 答案：(1)ACE　(2)①15 cm　②99 ℃‎