人教物理2019高考一轮选练练题4及答案

人教物理2019高考一轮选练练题4及答案

‎（人教）物理2019高考一轮选练练题（4）及答案 一、选择题 ‎1、如图所示，水平推力F使物体静止于斜面上，则(　　)‎ A．物体一定受3个力的作用 B．物体可能受3个力的作用 C．物体一定受到沿斜面向下的静摩擦力的作用 D．物体一定受到沿斜面向上的静摩擦力的作用 解析：选B.以物体为研究对象受力分析如图，‎ 若Fcos θ＝Gsin θ时，物体在水平推力、重力、斜面支持力三力作用下处于平衡状态，则物体受三个力作用；若Fcos θ＞Gsin θ(或Fcos θ＜Gsin θ)时，物体仍可以静止在斜面上，但物体将受到沿斜面向下(或沿斜面向上)的静摩擦力，综上所述B对．‎ ‎2、某颗行星的同步卫星正下方的行星表面上有一观察者,他用天文望远镜观察被太阳光照射的此卫星,发现日落的时间内有的时间看不见此卫星.(已知该行星自转周期为T,该行星半径为R,不考虑大气对光的折射)则该同步卫星距该星球的高度是(　A　)‎ A.R B.2R ‎ C.5.6R D.6.6R 解析: 根据光的直线传播规律,日落时间内有时间该观察者看不见此卫星,如图所示,同步卫星相对地心转过角度为θ=2α,sin α=,结合θ=ωt=×=,则α=,sin =,可得r=2R,则高度h=r-R=R,选项A正确.‎ ‎3、（2019吉林省梅河口市第五中学高三月考）图示为拖把的示意图，拖把头的质量为m，某人用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为θ；拖杆的质量可以忽略，拖把头与地板间的动摩擦因数为μ，重力加速度大小为g。当拖把头在地板上以大小为v的速度匀速移动时，下列说法正确的是( )‎ A. 人拖把头对地板的压力大小为mg B. 拖把头所受地板的摩擦力小于其所受拖杆的推力 C. 拖把头的推力大小为 D. 拖把头克服摩擦力做功的功率为 ‎【答案】BC ‎4、(多选)如图甲所示，绝缘轻质细绳一端固定在方向相互垂直的匀强电场和匀强磁场中的O点，另一端连接带正电的小球，小球电荷量q＝6×10－‎7C，在图示坐标中，电场方向沿竖直方向，坐标原点O的电势为零．当小球以‎2 m/s的速率绕O点在竖直平面内做匀速圆周运动时，细绳上的拉力刚好为零．在小球从最低点运动到最高点的过程中，轨迹上每点的电势φ随纵坐标y的变化关系如图乙所示，重力加速度g＝‎10 m/s2.则下列判断正确的是(　　)‎ A．匀强电场的场强大小为3.2×106 V/m B．小球重力势能增加最多的过程中，电势能减少了2.4 J C．小球做顺时针方向的匀速圆周运动 D．小球所受的洛伦兹力的大小为3 N 解析：选BD.根据小球从最低点运动到最高点的过程中，轨迹上每点的电势φ随纵坐标y的变化关系可得，匀强电场的电场强度大小E＝ V/m＝5×106 V/m，故选项A错误；由于带电小球在运动过程中，只有重力和电场力做功，则只有重力势能和电势能的相互转化，又由于带电小球在复合场(重力场、匀强电场和匀强磁场)中做匀速圆周运动，且细绳上的拉力刚好为零，则有小球受到的竖直向下的重力与其受到的电场力等大、反向，即qE＝mg，因此当带电小球从最低点运动到最高点的过程中，即小球重力势能增加最多的过程中，电势能减少量为qE·‎2L＝2.4 J，故选项B正确；由于带电小球所受的洛伦兹力提供小球做匀速圆周运动的向心力，根据左手定则可知，小球沿逆时针方向运动，故选项C错误；根据牛顿第二定律可得F洛＝Fn＝，又qE＝mg，解得F洛＝3 N，即小球所受的洛伦兹力的大小为3 N，故选项D正确．‎ ‎5、如图所示,在直角坐标系xOy中,x轴上方有匀强磁场,磁感应强度的大小为B,磁场方向垂直于纸面向外.许多质量为m、电荷量为+q的粒子,以相同的速率v沿纸面内,由x轴负方向与y轴正方向之间各个方向从原点O射入磁场区域.不计重力及粒子间的相互作用.下列图中阴影部分表示带电粒子在磁场中可能经过的区域,其中R=,正确的图是(　D　)‎ 解析:粒子在磁场中做匀速圆周运动,以x轴为边界的磁场,粒子从x轴进入磁场后再离开,速度v与x轴的夹角相同,根据左手定则和R=,知沿x轴负方向的粒子刚好进入磁场运动一个圆周,沿y轴进入的粒子刚好转动半个周期,如图所示,在两图形的相交部分是粒子不能经过的地方,故D正确.‎ ‎6、(多选)如图所示，轻弹簧一端固定于O点，另一端与小滑块连接．把滑块放在光滑斜面上的A点，此时弹簧恰好水平．将滑块从A点由静止释放，经B点到达位于O点正下方的C点．当滑块运动到B点时，弹簧恰处于原长且与斜面垂直．已知弹簧原长为L，斜面倾角θ小于45°，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g.在此过程中(　　)‎ A．滑块的加速度可能一直减小 B．滑块经过B点时的速度可能最大 C．滑块经过C点的速度大于 D．滑块在AB过程中动能的增量比BC过程小 解析：选AC.从A到B过程中弹簧处于伸长状态，有一个沿斜面向下的分力F1，并且随着伸长量的减小，分力F1在减小，故此过程中滑块受到的合力F＝mgsin θ＋F1，在减小，故加速度在减小，从B到C过程中，弹簧处于拉伸状态，有一个沿斜面向上的分力F2，随着伸长量的增大，F2在增大，若到达C点时F2

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