2019人教版高考物理一轮选练习题十及答案

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2019人教版高考物理一轮选练习题十及答案

‎2019人教版高考物理一轮选练习题(十)及答案 一、选择题 ‎1、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动,在时间间隔t内位移为x,动能变为原来的4倍。该质点的加速度为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎ ‎【解析】动能变为原来的4倍,则物体的速度变为原来的2倍,即v=2v0,由x=(v0+v)t和a=得a=,故C对。‎ ‎【链接】光滑水平地面上有两个叠放在一起的斜面体A、B,两斜面体形状大小完全相同,质量分别为M、m.如图甲、乙所示,对上面或下面的斜面体施加水平方向的恒力F1、F2均可使两斜面体相对静止地做匀加速直线运动,已知两斜面体间的摩擦力为零,则F1与F2之比为(  )‎ A.M∶m        B.m∶M C.m∶(M+m) D.M∶(M+m)‎ 解析:选A.F1作用于A时,设A和B之间的弹力为N,对A有:Ncos θ=Mg,对B有:Nsin θ=ma,对A和B组成的整体有:F1=(M+m)a=gtan θ;F2作用于A时,对B有:mgtan θ=ma′,对A和B组成的整体有:F2=(M+m)a′=(M+m)·gtan θ,=.‎ ‎2、如图甲所示,轻弹簧竖直固定在水平面上,一质量为m=‎0.2kg的小球,从弹簧上端某高度处自由下落,从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中(弹簧始终在弹性限度内),其速度v和弹簧压缩量△x之间的函数图象如图乙所示,其中A为曲线的最高点,小球和弹簧接触瞬间机械能损失不计,取g=‎10m/s2,则下列说法正确的是( )‎ A.小球刚接触弹簧时速度最大 B.当△x=‎0.3m时,小球处于超重状态 C.该弹簧的劲度系数为20.0N/m D.从接触弹簧到压缩至最短的过程中,小球的加速度先减小后增大 ‎【答案】BCD ‎【解析】由小球的速度图象知,开始小球的速度增大,说明小球的重力大于弹簧对它的弹力,当△x为‎0.1m时,小球的速度最大,然后减小,说明当△x为0.‎1m时,小球的重力等于弹簧对它的弹力.所以可得:k△x=mg,解得:,选项A错误;C正确;弹簧的最大缩短量为△x=‎0.3m,所以弹簧弹力为 F=20N/m×‎0.3m=6N>mg,故此时物体的加速度向上,物体处于超重状态,选项B正确;v-t图线的斜率表示物体的加速度,由图线可知从接触弹簧到压缩至最短的过程中,小球的加速度先减小后增大,选项D正确;故选BCD.‎ ‎3、(2019黑龙江省哈尔滨市第六中学阶段)下列选项是反映汽车从静止匀加速启动(汽车所受阻力Ff恒定),达到额定功率P后以额定功率运动最后做匀速运动的速度随时间及加速度、牵引力和功率随速度变化的图象,其中正确的是( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】ACD ‎4、(2019山东师大附中月考)如图,在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点,M、N、P为直角三角形的三个顶点,F为MN的中点,∠M=30°.M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示.已知φM=φN,φP=φF,点电荷Q在M、N、P三点所在平面内,则(  )‎ A.点电荷P一定在MP的连线上 B.连接PF的线段一定在同一等势面上 C.将正试探电荷从P点搬运到N点,电场力做负功 D.φP大于φM ‎【答案】AD 确(另解:根据题意φM=φN,φP=φF,可知点电荷Q一定在MN的中垂线与PF连线的中垂线的交点处,作PF连线的中垂线交MP于点O,连结O、F两点,由几何知识知OF为MN的中垂线,故点电荷Q一定在MP的连线上的O点,A正确);点电荷形成的电场的等势面是以点电荷为球心的同心球面,直线不可能在球面上,故B选项错误;由图可知OF0).粒子沿纸面以大小为v的速度从OM的某点向左上方射入磁场,速度与OM成30°角.已知该粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点,并从OM上另一点射出磁场.不计重力.粒子离开磁场的出射点到两平面交线O的距离为(  )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎ ‎6、(2019四川省成都市实验高级中学月考)如图甲所示的电路中,理想变压器的原、副线圈匝数比为10:1,在原线圈输入端a、b接入图乙所示的不完整正弦交流电。电路中电阻R1=5,R2=6,R3为定值电阻,电压表和电流表均为理想电表,开始时开关S断开。下列说法正确的是( )‎ A. 电流表的示数为 B. 电压表的示数为 C. 闭合开关S后,电压表示数变大 D. 闭合开关S后,电流表示数变大 ‎【答案】BD ‎7、(2019山东省临沂市高三上学期期中)如图所示,质量分别为mA和mB的物体A和B相对静止,以共同的速度沿倾角为的固定斜面匀速下滑,则下列说法错误的是( )‎ A. A、B之间的动摩擦因数小于B与斜面之间的动摩擦因数 B. B受到的摩擦力的合力大小为 C. A受到的静摩擦力的大小为 D. 取走A物体后,B物体仍将匀速下滑 ‎【答案】A BC正确;根据滑动摩擦力定义式可知,解得, ,解得,故,从该分析中可知取走A物体后,物体B受滑动摩擦力为,代入得, ,即物体B受力平衡,则物体B仍能做匀速直线运动,A错误D正确.‎ 二、非选择题 ‎(2019江西省南昌第二中学月考)如图,用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律,即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系.‎ ‎(1)实验中,直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的,但是,可以通过仅测量________(填选项前的符号),间接地解决这个问题.‎ A.小球开始释放高度h B.小球抛出点距地面的高度H C.小球做平抛运动的射程 ‎(2)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影.实验时,先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放,找到其平均落地点的位置P,测量平抛射程OP.然后,把被碰小球m2静置于轨道的水平部分,再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放,与小球m2相碰,并多次重复.‎ 接下来要完成的必要步骤是________.(填选项前的符号)‎ A.用天平测量两个小球的质量m1、m2‎ B.测量小球m1开始释放高度h C.测量抛出点距地面的高度H D.分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、N E.测量平抛射程OM、ON ‎(3)若两球相碰前后的动量守恒,其表达式可表示为_______(用(2)中测量的量表示).‎ ‎(4)经测定,m1=45.0g,m2=7.5g,小球落地点的平均位置距O点的距离如图所示.碰撞前、后m1的动量分别为p1与p1′,则p1:p1′=_____:11;若碰撞结束时m2的动量为p2′,则p1′:p2′=11:________.‎ 实验结果说明,碰撞前、后总动量的比值为________.‎ ‎【答案】 (1)C; (2)ADE; (3) (4)14; 2.9; 1.01‎ ‎(2) 要验证动量守恒定律定律,即验证: ,小球离开轨道后做平抛运动,它们抛出点的高度相等,在空中的运动时间t相等,上式两边同时乘以t得: ,得: ,因此实验需要测量:两球的质量、小球的水平位移,故选:ADE.‎ ‎(3)由(2)分析可知:表达式可表示为: ,‎ ‎(4)碰撞前后动量之比: , ,‎
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