天津市中考物理解析

天津市中考物理解析

‎2018年天津市初中毕业生学业考试试卷 物 理 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分）‎ ‎1.（2018天津市，题号1，分值3）生活中常用“引吭高歌”“低声细语”来形容声音。这里的“高”“低”是指声音的 A.响度 B.音调 C.音色 D.频率 ‎【答案】A ‎【解析】“引吭高歌”中的“高”说明声音的响度大，“低声细语”中的“低”是指声音的响度小。 故选：A。‎ ‎【知识点】声音的特征有音调、响度、音色 ‎2.（2018天津市，题号2，分值3）取出在冰箱中被冷冻的金属块，擦干后放一会儿，其表面会变湿。此现象中发生的物态变化是 A.汽化 B.液化 C.升华 D.凝固 ‎【答案】B ‎【解析】由于从冰箱中取出的金属块温度很低，空气中的水蒸气遇到冷的冰块液化成小水滴附着在铁块上，使其表面变湿。 故选：B。‎ ‎【知识点】液化及其条件。‎ ‎3.（2018天津市，题号3，分值3）下列现象中，由光的反射形成的是 A.小孔成像 B.立竿见影 C.海市蜃楼 D.水中倒影 ‎【答案】D ‎【解析】A、小孔成像说明光是沿直线传播的，故A错误； B、立竿见影属于影子的形成，说明光是沿直线传播的，故B错误； C、海市蜃楼是光在沿直线方向传播时，在密度不均匀的空气层中，经过折射造成的结果。故C错误； D、水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D正确。 故选：D。‎ ‎【知识点】光的折射、光的直线传播、光的反射的理解。‎ ‎4.（2018天津市，题号4，分值3）如图1所示，用线将灯悬挂在天花板上。当灯静止时，灯所受拉力的平衡力是 A.线所受的重力 B.灯所受的重力 C.灯对线的拉力 D.线对天花板的拉力 ‎【答案】B ‎【解析】A、灯所受拉力与线所受的重力没有作用在同一个物体上，故A错误； B、当灯静止时，灯受到竖直向上的拉力和竖直向下的重力的作用，拉力和重力满足二力平衡的四个条件，是一对平衡力，故B正确； C、灯所受拉力与灯对线的拉力是一对相互作用力，故C错误； D、灯所受拉力与 ‎【知识点】二力平衡的判断。‎ ‎5.（2018天津市，题号5，分值3）中国选于张湘祥在奥运会上获得男子举重62 kg级冠军，挺举成绩是176 kg，图2为他比赛时的照片。他在挺举过程中对杠铃做的功最接近 A.600 J B.12 00 J C.18 00 J D.34 00 J ‎【答案】D ‎【解析】杠铃的重力：G=mg=176kg×10N/kg=1760N， 张湘祥的身高约为1.60m； 在挺举过程中把杠铃举高的高度为张湘祥的身高加上0.4m，即： h=1.60m+0.4=2.0m， 在挺举过程中对杠铃做的功：W=Gh=1760N×2.0m=3520J。 故选：D。‎ ‎【知识点】重力、功的计算公式、估测出举高的高度。‎ ‎6.（2018天津市，题号6，分值3）用细线将小球系好后，固定在天花板上，做成一个摆。如图3所示，小球从A点摆动到B点的过程中 A.速度变小，动能变大 B.速度变小，动能变小 C.速度变大，重力势能小 D.速度变大，重力势能大 ‎【答案】C ‎【解析】解：小球从A点摆动到B点的过程中，质量不变、高度减小，重力势能减小；质量不变、速度变大，动能变大；重力势能转化为动能。 故选：C。‎ ‎【知识点】动能、重力势能影响因素。‎ ‎7.（2018天津市，题号7，分值3）图4中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分。当它在磁场中按箭头方向运动时，能产生感应电流的是 ‎【答案】C ‎【解析】磁极间的磁感线是从N极指向S极，由图可知，C中导体做切割磁感线运动，所以会产生感应电流，故C正确； ABD中的导体运动时，导体运动方向与磁感线方向平行，都不会切割磁感线，所以不会产生感应电流，故ABD错误； 故选：C。‎ ‎【知识点】电磁感应现象，以及感应电流产生的条件。‎ ‎8.（2018天津市，题号1，分值3）将玻璃瓶、两端开口的细玻璃管和橡皮塞组成如图5所示的装置。装置内加入适量的液体，可完成如下四个实验：①验证力使物体发生形变；②观察大气压随高度的变化；③观察液体的热胀冷缩；④模拟潜水艇的浮沉。在这些实验的设计中，把微小变化放大以利于观察的是 A.①②③ B.②③④ C.①③④ D.①②④‎ ‎【答案】A ‎【解析】①用力挤压瓶子，瓶子可以发生形变，利用该装置可以验证：力可以使固体发生微小形变； ②当大气压变化时，细管中液柱的高度会发生变化，利用该装置可以验证大气压随高度的变化； ③物体具有热胀冷缩的性质，当液体温度变化时体积会发生变化，利用该装置可以观察液体的热胀冷缩； ④将瓶子放在水中，通过玻璃管向瓶内吹气，可以看到瓶子上浮；通过玻璃管向外抽气，可以看到瓶子下沉。通过此实验可以直接模拟潜水艇的沉浮，不需要把微小变化放大。 故选：A。‎ ‎【知识点】物理方法：“微小量放大法”‎ ‎9.（2018天津市，题号9，分值3）图6所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列说法正确的是 A.两个电流表的示数都变大 B.两个电流表的示数都变小 C.电流表A1示数不变，电流表A2示数变大 D.电流表A1示数不变，电流表A2示数变小 ‎【答案】D ‎【解析】（1）由图知，两电阻并联，电流表A1测R1的电流，A2测总电流： 因为并联电路各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过定值电阻R1的电流不变，即电流表A1示数不变，故AB错误； （2）当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律可知，通过变阻器的电流变小，因通过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，总电流变小，即电流表A2示数变小，故D正确，C错误。 故选：D。‎ ‎【知识点】并联电路的规律及欧姆定律的运用。‎ ‎10.（2018天津市，题号10，分值3）在使用图7所示的插线板时发现：只有在开关闭合时，指示灯才能发光，插孔才可以提供工作电压；即使指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。图8中插线板电路连接符合上述现象及安全用电要求的是 ‎【答案】A ‎【解析】插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全，故A正确；‎ ‎【知识点】判断串联和并联；开关的作用。‎ 二、多项选择题(本大题共3小题，每小题3分，共9分。)‎ ‎11.（2018天津市，题号11，分值3）在用一凸透镜研究其成像的规律时，某同学得到的部分实验信息如下表所示。根据表中信息判定下列说法正确的是 实验次序 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ 物距u/cm ‎50‎ ‎40‎ ‎30‎ ‎25‎ ‎20‎ 像距v/cm ‎22‎ ‎24‎ ‎30‎ ‎38‎ ‎60‎ A.该凸透镜的焦距是15 cm B.当u=25 cm时，凸透镜成放大的像，放大镜就是根据这一原理制成的 C.当v=24 cm时，凸透镜成缩小的像，照相机就是根据这一原理制成的 D.若把物体从距凸透镜22 cm处向距凸透镜32 cm处滑动，像会逐渐变小 ‎【答案】ACD ‎【解析】A、由表中的数据可知，实验3中，u=v=30cm，此时u=2f，f=15cm，故A正确； B、当u=25cm时，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，凸透镜成倒立、放大的像，投影仪就是根据这一原理制成的，故B错误； C、当v=24cm时，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，则物距大于二倍焦距，凸透镜成缩小的像，照相相机就是根据这一原理制成，故C正确； D、若把物体从距凸透镜22cm处向距凸透镜32cm处滑动，物距变大，像距变小，像变小，故D正确。 故选：ACD。‎ ‎【知识点凸透镜成像的四种情况和应用，以及凸透镜成实像时，物距、像距、像之间的关系。‎ ‎12.（2018天津市，题号12，分值3）图9所示电路，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端，R1、R2的U-I关系图像如图10所示；在上述过程中，滑片P从任意一点滑动到另外一点时，电流表A的示数变化量为I，电压表V1，V2的示数变化量分别为U1，U2，R1、R2的功率变化量分别为P1、P2。则 A.R1的阻值为70Ω B.电源电压是18 V ‎ C． 总成立 D．总成立 ‎ ‎【答案】BC ‎【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。 ‎ ‎（1）当滑片位于右端时，变阻器接入电路中的电阻为0，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，R2的电压为0，此时R1两端电压最大且等于电源电压，如上所示： 由图象可知，即：U=18V，电路中的最大电流I最大=0.9A， 由欧姆定律可得，R1的阻值： R1==20Ω，故A错误，B正确； （2）设滑片移动前后电路中的电流为I1、I2，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，则电压表V2示数的变化量： |△U2|=|（U-I1R1）-（U-I2R1）|=|（I2-I1）R1|=|△IR1|， 所以：R1=‎ 根据串联电路各部分电压等于电源总电压，故有：|△U1|=|△U2|， 所以：R1==，故C正确； （3）|△P1|=|P1-P1'|=|I12R1-I22R1|=|R1（I1+I2）（I1-I2）|=|R1（I1+I2）△I|=R1（I1+I2）|△I|； 故=R1（I1+I2）-----①， 同理：=R2（I1+I2）-----②， 由①②知，只有R1=R2时，=才成立，故D错误。 故选：BC。‎ ‎【知识点】串联电路的规律及欧姆定律 ‎13.（2018天津市，题号13，分值3）如图11示，水平地面上放有上下两部分均为柱形的薄壁容器，两部分的横截面积分别为S1、S2。质量为m的木球通过细线与容器底部相连，细线受到的拉力为T，此时容器中水深为h(水的密度为ρ0)。下列说法正确的是 A.木球的密度为 ‎ B.木球的密度为 ‎ C.剪断细线，待木球静止后，水对容器底的压力变化量为T D.剪断细线，待木球静止后，水对容器底的压力变化量为 ‎【答案】AD ‎【解析】木球浸没在水中时，细线受到的拉力为T时，木球受到的浮力：F浮＝T+mg，‎ 木球的体积：V＝V排＝，‎ 木球的密度：ρ＝，‎ 故A正确；‎ 剪断细线，待木球静止后，木球处于漂浮状态，浮力减小量为：△F浮＝T，‎ 排开水的体积减小量为：△V浮＝，‎ 水的深度下降量为：△h＝，‎ 水对容器底压强减小量为：△P＝ρ0g△h＝ρ0g＝，‎ 水对容器底压力减小量为：△F＝△PS2＝S2＝，‎ 故D正确。‎ 综上，故答案为A、D。‎ ‎【知识点】压力、压强、浮力 三、填空题(本大题共6小题，每小题4分，共24分)‎ ‎14.（2018天津市，题号14，分值4）下面是两则科技新闻：①“天眼一FAST”第一次发现了一颗距地球4000光年的毫秒脉冲星；②我国新能源汽车产业发展迅速，锂电池单体能量密度已达230W•h/kg其中“光年”是_______的单位，“W•h”是______的单位。(填物理量名称)‎ 长度 ‎ 15.（2018天津市，题号15，分值4）空中加油机在高空给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机是_________的；若加油机以500 km/h的速度航行0.2 h，通过的路程是_______km。‎ ‎【答案】静止；100。‎ ‎【解析】当加油机在空中给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机与加油机之间没有位置的变化，所以战斗机是静止的； 根据v=可得，加油机通过的路程为：s=vt=500km/h×0.2h=100km。 故答案为：静止；100。‎ ‎【知识点】速度公式及其应用、运动和静止的相对性。‎ ‎16.（2018天津市，题号16，分值4）将图12所示装置中的玻璃板抽掉后，两个瓶了内的气体会彼此进入对方，这种现象叫做_________，如图13所示，用力击出下部棋子时，上面的棋子没有飞出，是由于上面的棋子具有_________。‎ ‎【答案】扩散；惯性。‎ ‎【解析】（1）密度小的空气和密度大的二氧化氮过一段时间，形成比较均匀的气体，这是扩散现象，扩散现象说明分子不停地进行无规则运动；上面的空气密度小，下面的二氧化氮密度大，过一段时间，形成均匀的气体，充分证明气体分子不停地进行无规则运动，有力证明气体的扩散现象。 （2）受到打击的棋子飞出后，上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态，所以上面的棋子不会飞出而是落到正下方； 故答案为：扩散；惯性。‎ ‎【知识点】扩散现象和惯性。‎ ‎17.（2018天津市，题号17，分值4）当某导体两端电压是3 V时，通过它的电流是0.2 A，该导体的电阻是_____Ω；当它两端电压为0时,该导体的电阻为_____Ω。‎ ‎【答案】15；15。‎ ‎【解析】根据I=可得，导体的电阻： R==15Ω； ∵电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关， ∴在这个导体两端电压为0时，导体的电阻仍为15Ω不变。 故答案为：15；15。‎ ‎【知识点】欧姆定律的简单应用 ‎18.（2018天津市，题号18，分值4）利用图14中的撬棒撬石块时，撬棒相当于______(选填“省力”或“费力”)杠杆；利用图15中的滑轮组匀速提升900 N的重物时，若忽略滑轮自重、绳重及摩擦，人对绳的最小拉力为______N。‎ ‎【答案】省力；300。‎ ‎【解析】（1）用撬棒撬石头时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； （2）由乙图可知绳子的有效股数n=3， 拉力F=G物=×900N=300N。 故答案为：省力；300。‎ ‎【知识点】杠杆的分类和滑轮组拉力的计算。‎ ‎19.（2018天津市，题号19，分值4）如图16所示电路中，电源电压保持不变，电阻R1与R2的阻值之比为2∶1。开关S断开时，R1与R2的电功率之比为________；开关S闭合前后，电压表两次的示数之比为_________。‎ ‎【答案】2：1；2：3。‎ ‎【解析】（1）已知电阻R1与R2的阻值之比为2：1，则R1=2R2， 开关S断开时，电阻R1、R2串联， 因串联电路中电流处处相等， 则R1与R2的电功率之比：； 开关S断开时，电阻R1、R2串联，此时电路中的电流I=， 此时电压表测R1两端的电压， 由I=可得，电压表的示数： U1=IR1=×R1=×2R2=； （2）开关S闭合后，电路为R1的简单电路，电压表测电源电压，即电压表的示数为U； 所以，开关S闭合前后，电压表两次的示数之比为。 故答案为：2：1；2：3。‎ ‎【知识点】串联电路的特点和欧姆定律的应用。‎ 四、综合题(本大题共6小题，共37分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位)‎ ‎20.（2018天津市，题号20，分值7）(7分)图17为某电热器的电路原理图，通过将开关S置于不同的位置，可以实现“加热”和“保温”两种状态的变换，对应的额定功率分别为800 W和40 W。‎ ‎(1)将开关S接“1”时，电热器处于_____(选填“加热”或“保温”)状态。‎ ‎(2)电热器在加热状态下正常工作，将0.5 kg初温为20℃的水加热到100℃，需要多长时间?（水的比热容为4.2Χ10³J/(kg·℃)，假设电能全部转化为水的内能）‎ ‎【思路分析】（1）将开关S接“1”时，电路为R2的简单电路，电路中电阻最小，根据P=可判断此时电热器所处的状态； （2）先根据Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量即为电热器消耗的电能，然后根据P=求出需要的加热时间。‎ ‎【解题过程】（1）将开关S接“1”时，电路为R2的简单电路，电路中电阻最小， 根据P=可知，电源电压一定时，电阻越小，电功率越大，所以此时电热器处于加热状态。 （2）水吸收的热量： Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（100℃-20℃）=1.68×105J， 由题意可知，假设电能全部转化为水的内能，则W=Q吸=1.68×105J， 由P=得，需要的加热时间： t′==210s。 答：（1）加热； （2）电热器在加热状态下正常工作，将0.5kg初温为20℃的水加热到100℃，需要的时间为210s。‎ ‎【知识点】吸热公式和电功率公式。‎ ‎21.（2018天津市，题号21，分值6）(6分)在探究电阻一定时电流与电压关系的实验中：‎ ‎(1)请根据图18所示的电路图，用笔画出导线完成图19的电路连接；‎ ‎(2)实验过程中得到的部分数据如下表所示。第3次测量时，电流表的示数如图20所示，请将该数据填入表格中；‎ 实验序号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎……‎ 电压U/V ‎0.8‎ ‎1.6‎ ‎2.4‎ ‎……‎ 电流I/A ‎0.16‎ ‎0.32‎ ‎……‎ ‎(3)在图21中的坐标轴上标出适当的标度，把上表中的数据在坐标系中描点并连线。‎ ‎【答案】（1）见解析；（2）0.48；（3）见解析。‎ ‎【解析】（1）电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，由图丙知，电流表选用小量程与R串联，将变阻器滑片以左电阻丝连入电路中与电阻串联，如下左所示： ‎ ‎ （2）第3次测时，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.48A； （3）横坐标小格表0.4V，纵坐标每小格表示0.08A，根据表中数据在图中找出对应的点，连线，如上右图所示。 故答案为：（1）如上左；（2）0.48；（3）如图所示。‎ ‎【知识点】探究电阻一定时电流与电压关系、电路的连接、电流表读数和描点法作图。‎ ‎22.（2018天津市，题号22，分值6）（6分）在“探究影响导体电阻大小的因素”时，某实验小组想利用图22所示的电路，分别对导体电阻跟它的长度、横截面积、材料有关的猜想进行实验验证：‎ ‎（1）为验证“导体电阻跟长度有关”，下表中可选用的三种导体是 ‎_________(填导体代号)。‎ 导体代号 长度/m 横截面积/mm²‎ 材料 A ‎1‎ ‎0.2‎ 锰铜 B ‎1‎ ‎0.4‎ 锰铜 C ‎1‎ ‎0.6‎ 锰铜 D ‎0.5‎ ‎0.4‎ 锰铜 E ‎1.5‎ ‎0.4‎ 锰铜 F ‎1‎ ‎0.6‎ 镍铬合金 G ‎1‎ ‎0.6‎ 铁 ‎（2）若实验中将电路中的电流表更换为小灯泡，通过观察__________也可以判断导体电阻大小，但不足之处是________________________。‎ ‎【答案】（1）B、D、E；（2）灯泡的亮度；当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分。‎ ‎【解析】（1）为了研究导体电阻与导体长度的关系，则需使导体的材料和横截面积相同，长度不同，应选用的三种导体是B、D、E； （2）实验中可通过通过观察灯泡亮度来判断电阻的大小，但是当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分，所以不科学。 故答案为：（1）B、D、E；（2）灯泡的亮度；当电路中电阻变化不大时，只凭灯泡的亮暗不易区分。‎ ‎【知识点】探究电阻大小的影响因素、控制变量法。‎ ‎23.（2018天津市，题号23，分值6）（6分）甲、乙两地相距40 km，在甲、乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知每条输电线每千米的电阻为0.2Ω。现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，检修员进行了如下操作：‎ 在甲地利用电源（电压恒为6 V）、定值电阻R０（阻值为20Ω）、电压表（量程为0~3 V）以及开关等与输电线组成了一个检测电路（如图23所示，电压表未画出）闭合开关后，电压表示数为2 V。‎ 请解答如下问题：‎ ‎(1)根据题意判定电压表的连接位置，将它接入检测 电路；‎ ‎(2)计算出短路位置离甲地的距离。‎ ‎【思路分析】由电压表的示数和电阻值求出电路中的电流，根据欧姆定律求出导线的总电阻，又知道每千米导线的电阻值，可求导线的长度，然后除以2即可求出短路位置离甲地的距离。‎ ‎【解题过程】（1）由题知，输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，在甲地利用图中的检测电路进行检测；甲地是电源所在位置，电阻R0与导线电阻R线串联；要确定短路位置，需要测出甲地到短路位置两输电线串联的总电阻，电压表应测导线的总电压，所以电压表应接在甲地两点之间，如下图： ； （2）由题知，闭合开关后，电压表示数为2V，即U线=2V， ‎ 由串联电路的电压特点可得，电阻R0两端的电压：U0=U-U线=6V-2V=4V， 因串联电路的电流处处相等， 则电路中的电流：I==0.2A， 由I=可得，甲地到短路位置两输电线的总电阻： R线==10Ω， 根据题意可得，甲地到短路位置两输电线的总长度：L==50km， 因两条输电线是并排架设的， 所以短路位置离甲地的距离：s=L=×50km=25km。 答：短路位置离甲地的距离km25。‎ ‎【知识点】欧姆定律的运用。‎ ‎24.（2018天津市，题号24，分值6）(6分)某校同学参加社会实践活动时，在山上发现一块很大的岩石，他们想测出这块岩石的密度。几位同学随身携带的工具和器材有：电子大平(附说明书)、购物用的弹簧秤、卷尺、喝水用的茶缸、铁锤、细线和一瓶饮用水(已知水的密度为ρ0)，请你从中选用部分工具和器材，帮他们设计一种精确测量岩石密度的实验方案。要求 ‎(1)写出主要的实验步骤；‎ ‎(2)写出岩石密度的数学表达式(用已知量和测量量表示)。‎ ‎【答案】（1）见解析；（2）‎ ‎【解析】（1）①用铁锤敲击岩石，取下适当体积的小岩石块；‎ ‎②用电子天平移出小岩石块的质量m0；‎ ‎③在茶缸中倒入适量的水，称出茶缸和水的总质量m1；‎ ‎④用细线系好小岩石块，提着细线的一端，将小岩石块浸没在水中保持静止（岩石块不与茶缸接触），读出此时天平的求数m2；‎ ‎（2）‎ ‎【知识点】列实验步骤、密度 ‎25．（2018天津市，题号25，分值6）（6分）某同学在研究滑动摩擦力时，先后做了如下两次实验：‎ 实验一：将重为G的物块A放在一水平薄木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动物块，使它在木板上匀速运动，如图24所示。读出弹簧测力计示数为F0。‎ 实验二：再将上述木板一端垫起，构成一个长为s、高为h的斜面；然后用弹簧测力计沿斜面拉动物块A，使它在斜面上匀速向上运动，如图25所示。读出弹簧测力计的示数为F1。‎ 请你结合实验过程，运用所学知识解答如下问题：‎ ‎（1）画出物块A在斜面上运动时对斜面的压力FN的示意图；‎ ‎（2）求出物块A对斜面的压力FN。‎ ‎【思路分析】（1）物体对斜面的压力的作用点在斜面上，方向垂直于斜面向下。据此画出压力的示意图； ‎ ‎（2）设物块在平面和斜面上受到的滑动摩擦力分别为f0和f，然后根据W总=W有+W额列出等式求得f，再根据f=μFN求得压力大小。‎ ‎【解题过程】（1）物块A在斜面上运动时对斜面的压力FN的作用点在斜面上，方向垂直于斜面竖直向下，过压力的作用点，沿压力的方向画一条有向线段，即为其压力示意图。如下图所示： （2）设物块在平面和斜面上受到的滑动摩擦力分别为f0和f， 由W总=W有+W额得，F1s=Gh+fs， 所以，f=， 由题意可知，f=μFN，f0=F0=μG， 综上可得FN=。 答：（1）见解答图； （2）物块A对斜面的压力FN为。‎ ‎【知识点】力的示意图的画法、压力的大小计算。‎