2019年中考物理真题试题（含解析） 新版 新人教版

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‎2019年中考物理真题试题 一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）‎ ‎1．下列能源的大量使用，会造成空气污染加剧的是（　　）‎ A．天然气 B．地热能 C．太阳能 D．风能 ‎【答案】A ‎【解析】地热能、太阳能、风能属于可再生能源，都是未来的理想能源，安全清洁，不会严重影响环境；‎ 而天然气是化石能源，属于不可再生能源，会给空气造成很大的污染；‎ 故选：A。‎ ‎【点评】本题主要考查了哪些能源的利用会对环境造成危害，属于基础知识的考查。‎ ‎　‎ ‎2．如图所示，改变试管中的水量，用同样大小的力吹气时会发出不同的声音。这“不同的声音”主要是指声音的（　　）‎ A．振幅 B．音色 C．响度 D．音调 ‎【答案】D ‎【解析】用嘴贴着试管口吹气，振动发声的是由于试管口内空气柱的振动发出的，当水量增加时，空气柱长度越短，音调越高，因此这“不同的声音”主要是指声音的音调。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分声音的三个特征，并且要知道影响三个特征的因素有哪些，在此题中把握：物体的质量越大、体积越大越难振动，相应的频率越低，音调越低。‎ ‎　‎ ‎3．下列现象中，不能说明分子在做永不停息的无规则运动的是（　　）‎ 19‎ ‎【答案】C ‎【解析】A、红墨水在水中散开，是分子运动结果。故A不符合题意；‎ B、美味佳肴香气扑鼻，芳香油分子不停地做无规则运动，扩散到空气中，故B不符合题意；‎ C、扫地时尘土飞扬，是固体小颗粒的运动，不是分子的运动。故C符合题意；‎ D、用鼻子嗅气味可以鉴别物质，是因为物质分子不停地做无规则运动，打开时可以嗅到气味，故D不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】无论是液体还是固体，它们的分子在永不停息的做无规则运动，分子运动是肉眼看不见的，要把它与物质运动区别开来。解答本题我们一定要区分开分子的运动和固体小颗粒的运动。‎ ‎　‎ ‎4．下列现象中，由凝华形成的是（　　）‎ A．初春，冰雪消融汇成溪流 B．盛夏，烈日炎炎土地干涸 C．深秋，清晨草地出现白霜 D．严冬，寒风凛冽湖水结冰 ‎【答案】C ‎【解析】凝华指的是物体由气体直接变为固体的过程。‎ A、冰雪消融，是冰雪由固态变成液态，是熔化现象；故A不符合题意；‎ B、土地干涸是液态水变为气态水蒸气的结果，属于汽化现象；故B不符合题意；‎ C、“霜”是固体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华；故C符合题意；‎ D、湖水结冰，是液态水变为固态冰的凝固形成的，故D不符合题意。‎ 故选：C。‎ ‎【点评】将日常生活中发生的各种物态变化与理论联系起来是解决此题的关键。‎ ‎　‎ ‎5．关于力和运动的关系，下列说法正确的是（　　）‎ A．抛出去的篮球在上升过程中不受重力作用 B．在平直轨道上匀速行驶的列车受平衡力的作用 C．汽车刹车时人会向前“冲”是因为惯性突然消失 19‎ D．运动员在圆形跑道上做快慢不变的运动，运动状态不改变 ‎【答案】B ‎【解析】‎ A、地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用，所以抛出去的篮球在上升过程中也受重力作用，故A错误。‎ B、在平直轨道上匀速行驶的列车，速度的大小和方向都不变，处于平衡状态，受平衡力的作用，故B正确；‎ C、汽车刹车时人会向前“冲”，是因为人具有惯性仍保持原来速度继续向前运动；惯性是物体本身的一种性质，任何情况下物体都有惯性，故C错误；‎ D、运动员在圆形跑道上做快慢不变的运动，速度大小不变，方向不断变化，运动状态发生改变，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】此题是一道力学的综合题，考查了惯性现象、运动和力的关系、平衡力的判断及重力的存在。正确、全面理解基本规律，是解答的基础。‎ ‎　‎ ‎6．下列事例中，通过做功来改变物体内能的是（　　）‎ ‎【答案】D ‎【解析】A、金属汤勺放在热汤中，温度升高，属于热传递改变物体的内能，故A错误；‎ B、食品放入电冰箱，温度降低，属于热传递改变物体的内能，故B错误；‎ C、在取暖器旁的物体，温度升高，属于热传递改变物体的内能，故C错误；‎ D、反复弯折铁丝，弯折处发烫，属于做功改变物体的内能，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】此题考查的是对于改变物体内能两种方式的掌握情况，需要注意的是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移，两者有着本质的区别。‎ ‎　‎ 19‎ ‎7．如图所示，蜡烛在光屏上成清晰的像，凸透镜焦距为18cm。下列说法正确的是（　　）‎ A．所成的像是虚像 B．所成的像是倒立、放大的 C．蜡烛向左移动所成的像变大 D．照相机是利用这一成像原理制成的 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ABD、由图可知，物距u=50cm﹣20cm=30cm，物距f＜u＜2f，成倒立放大的实像，其应用是投影仪，故AD错误、B正确；‎ C、蜡烛向左移动，物距变大，像距变小，所成的像变小，故C错误。‎ 故选：B。‎ ‎【点评】根据物距和焦距，像距和焦距能判断凸透镜成像情况：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f。u＜f，成正立、放大的虚像。‎ ‎　‎ ‎8．如图所示，电源电压恒定，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。S闭合，滑动变阻器滑片P由a向b滑动，下列说法正确的是（　　）‎ A．电压表V1示数与电压表V2示数之和变大 B．电压表V1示数与电流表A示数的乘积变大 C．电压表V1示数与电流表A示数的比值变大 D．电压表V2示数与电流表A示数的比值变大 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 等效电路图如下，R1与R2串联，V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压。‎ 19‎ A、开关S闭合，当滑片P由a向b滑动时，由串联电路的电压特点可知，电压表V1示数与电压表V2示数之和等于电源电压，则两个电压表示数之和不变，故A错误；‎ BCD、滑片P由a向b滑动，变阻器R2接入电路的阻值变大，总电阻变大，由I=知电路中电流变小，电流表A的示数变小；由U=IR可知，定值电阻Rl两端电压变小，即V1的示数变小，则V2示数就会变大；‎ 所以，电压表V1示数与电流表A示数的乘积变小，故B错误；‎ 电压表V2示数与电流表A示数的比值变大，故D正确；‎ 由欧姆定律可知，电压表V1与A的示数之比等于定值电阻R1的阻值，所以该比值不变，故C错误。‎ 故选：D。‎ ‎【点评】此题是有关电路的动态分析，考查了串联电路的电流、电压规律及对欧姆定律的应用，本题画出等效电路图，确认电路的连接方式是关键。‎ ‎　‎ 二、填空题（本題共10小题，每空1分，共24分）‎ ‎9．极限跳伞是一项惊险体育运动。如图所示，跳伞员从高空匀速下落过程中重力势能　减小　，机械能　减小　，跳伞员看到地面“迎面扑来”，则他是以　自己　为参照物。‎ ‎【解析】‎ 跳伞员在匀速下落过程中，其质量不变，高度减小，所以其重力势能减小；速度不变，动能不变；机械能等于动能与势能的总和，故机械能减小；‎ 若跳伞员看到地面“迎面扑来”，则他是以自己为参照物的；‎ 故答案为：减小；减小；自己。‎ ‎【点评】该题考查了重力势能大小的影响因素、参照物的判断和，是一道综合题。‎ ‎　‎ 19‎ ‎10．如图所示，“天宫二号”中的航天员是通过　电磁波　接收地面指挥中心发出的各项指令，“天宫二号”上的太阳能电池板是将太阳能转化为　电能　的装置。‎ ‎【解析】（1）真空不能传声，因此太空不可以用声波传递信息，故“天宫二号”中的航天员是通过电磁波接收地面指挥中心发出的各项指令；‎ ‎（2）太阳能电池板能将太阳能转化为电能。‎ 故答案为：电磁波；电能。‎ ‎【点评】本题是一道综合题，综合考查了学生对电磁波的传播和太阳能电池板的了解和掌握。‎ ‎　‎ ‎11．随着人们生活水平的提高，扫地机器人逐步进入普通家庭。如图所示为某款扫地机器人，其工作时是通过电机转动使内部气流速度　大　，压强　小　，使杂物进入吸尘器达到清扫的目的。‎ ‎【解析】高速旋转的叶轮把空气排出风机，机器人内部的空气流速大，压强小，而外部的空气流速小，压强大，所以在外界大气压的作用下，外部空气和灰尘不断地压入进风机，扫地机器人就能“扫尘”了，使杂物进入吸尘器达到清扫的目的。‎ 故答案为：大；小。‎ ‎【点评】此题以扫地机器人为载体，考查流体压强与流速的关系，考查学生应用物理知识解决实际问题的能力。‎ ‎　‎ ‎12．质量为50kg的水温度从20℃升高到50℃吸收的热量是　6.3×106　J，这些热量如果完全由煤气燃烧来提供，至少需　0.15　kg的煤气。（水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值4.2×107J/kg）。‎ ‎【解析】‎ ‎（1）水吸收的热量：‎ Q吸=cm（t﹣t0）‎ 19‎ ‎=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（50℃﹣20℃）‎ ‎=6.3×106J；‎ ‎（2）由题意可知，煤气完全燃烧放出的热量：‎ Q放=Q吸=6.3×106J，‎ 由Q放=mq可得完全燃烧煤气的质量：‎ m′===0.15kg。‎ 故答案为：6.3×106；0.15。‎ ‎【点评】本题考查了吸热公式Q吸=cm△t和Q放=mq的应用，注意利用好条件：煤气完全燃烧放出的热量Q放=Q吸。‎ ‎　‎ ‎13．【解析】如图所示为我国某新型战略核潜艇。它在水面航行时排水量为9000t，受到的浮力为　9×107　N．它在水下下潜过程中，受到的浮力　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”），受到水的压强　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（g取10N/kg）‎ ‎【解析】‎ ‎（1）核潜艇在水面航行时受到的浮力：‎ F浮=G排=m排g=9×106kg×10N/kg=9×107N；‎ ‎（2）随着海水深度的增加，单位体积海水的质量变大，即海水的密度增大，根据F浮=G排=ρ液gV排可知，潜水器受到的浮力增大；‎ ‎（3）根据p=ρgh可知，在核潜艇下潜过程中，所处深度h增大、海水的密度不变，所以海水对它的压强增大。‎ 故答案为：9×107；增大；增大。‎ ‎【点评】本题考查了物体所受浮力和压强的计算，F浮=ρ水gV排和p=ρ水gh这两个公式一直是学生容易混淆，易错的知识，所以要注意理解和掌握。‎ ‎　‎ ‎14．【解析】如图所示，工人用250N的拉力将重为400N的装修材料匀速提升6m，所用时间为lmin，则工人做的有用功是　2400　J，工人做功的功率是　50　W，动滑轮的机械效率是　80%　。‎ 19‎ ‎【解析】‎ ‎（1）有用功：W有用=Gh=400N×6m=2400J；‎ ‎（2）由图知n=2，则拉力端移动距离：s=2h=2×6m=12m，‎ 拉力做的总功：W总=Fs=250N×12m=3000J，‎ 工人做功的功率：‎ P===50W；‎ ‎（3）动滑轮的机械效率：‎ η=×100%=×100%=80%。‎ 故答案为：2400；50；80%。‎ ‎【点评】此题主要考查的是学生对有用功、总功、功率、机械效率计算公式的理解和掌握，弄清楚s和h之间的关系是解决此题的关键。‎ ‎　‎ ‎15．如图甲所示是电阻R和灯泡L的I﹣U图象。由图可知，电阻R的阻值是　10　Ω．将电阻R和灯泡L接在图乙电路中，S闭合，电流表示数为0.3A，则电源电压为　4　V。‎ ‎【解析】‎ ‎（1）根据图象，由I=可得，电阻R的阻值：R===10Ω；‎ 19‎ ‎（2）由电路图可知，电阻R和灯泡L串联，电流表测电路中的电流，‎ 串联电路中各处的电流相等，由图象可知，电流I=0.3A时，UL=1V，UR=3V，‎ 则电源电压：U=UL+UR=1V+3V=4V；‎ 故答案为：10；4。‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律公式的应用，关键是能从图象中得出正确的信息。‎ ‎　‎ ‎16．【解析】如图甲所示，探究冰的熔化特点，将装有碎冰的试管直接放置在空气中，不用酒精灯加热，这样做不但使试管均匀受热，而且冰的温度升高较　慢　（选填“快”或“慢”），便于记录各个时刻的温度。图乙是根据实验数据绘制的冰熔化时温度随时间变化的图象。由图象可知，在第8分钟末，试管里的冰处于　固液共存态　（选填“固态”、“液态”或“固液共存态”），冰在熔化过程中温度　不变　。‎ ‎【解析】（1）冰的熔点为0℃，所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度。‎ ‎（2）由图象可知，冰从4min开始熔化，到10min熔化完成，在第8分钟末，试管里的冰处于熔化过程，处于固液共存状态；‎ ‎（3）冰吸收热量温度升高，达到熔点，在熔化过程中，继续吸收热量，温度保持不变。‎ 故答案为：慢；固液共存态；不变。‎ ‎【点评】本题是探究“冰熔化过程的规律”的实验，考查了加热的方法、晶体熔化过程的特点及对熔化图象的分析。学生分析物质熔化的图象，是本实验中应该掌握的基本技能之一，从图象中获取有效的信息，也是物理实验中经常运用的。‎ ‎　‎ ‎17．如图所示是木块在水平面上运动时每隔相等时间曝光一次所得到的照片，曝光时间间隔为0.02s，木块从1位置到3位置运动的距离是　3.60　cm，木块从1位置到4位置运动的速度为　0.9　m/s。‎ 19‎ ‎【解析】‎ ‎（1）由图知，刻度尺分度值为1mm，‎ 则木块从1位置运动到3位置时距离为：6.20cm﹣2.60cm=3.60cm；‎ ‎（3）由图知，木块从1位置运动到4位置时，频闪3次，所用时间为t=0.02s×3=0.06s，‎ 木块运动的距离：s=8.00cm﹣2.60cm=5.40cm=0.054m，‎ 则木块从1位置到4位置运动的平均速度：v===0.9m/s。‎ 故答案为：3.60；0.9。‎ ‎【点评】本题考查平均速度公式的应用，难度不大，关键是能从图中读出频闪的次数和通过的距离。‎ ‎　‎ ‎18．如图所示为小王同学设计的遮光感应烟雾探测器部分工作原理图。在一个外部光线无法进入的烟室中，装有一个激光发生器及带有一光敏电阻R0（光照越强，R0阻值越小，反之则越大）的电路，R为定值电阻，电源电压恒定。烟雾进入烟室后，激光被烟雾遮挡而使光敏电阻的阻值发生变化，烟雾越来越浓时，电路中电流表示数逐渐　减小　，当电压表示数达到某一固定值时，探测器便会发出警报。如果要使烟雾浓度较小时探测器就能发出警报，你认为对电路中的R应如何调整？答：　R应调小一点　‎ ‎【解析】（1）由图可知R与R0串联，电压表测量光敏电阻两端的电压，电流表测量电路中的电流；‎ 由感光电阻的性质知：当烟雾进入烟室并越来越浓时，使光照变弱，感光电阻阻值增大，则电路中的总电阻增大，‎ 电源电压不变，由I=可知：电路中电流减小，即电流表示数减小；‎ 由U=IR可知，定值电阻R两端的电压会减小，则根据串联电路的电压特点知，感光电阻R0两端的电压增大，即电压表的示数会变大。‎ ‎（2）如果要使烟雾浓度较小时探测器就能发出警报，即电压表示数在R0阻值较小时就达到某一固定值，根据串联电路的分压特点可知：应减小R的电阻值，所以，电路中的R应调小一点。‎ 故答案为：减小；R应调小一点。‎ ‎【点评】‎ 19‎ 本题是一道动态分析题，要能正确分析电路结构，熟练应用串联电路特点及欧姆定律公式。从题中得出感光电阻的阻值与光照的变化关系是本题的突破口。‎ ‎　‎ 三、解答题（本题共10小题，共40分，解答第22题时，应写出解题过程）‎ ‎19．（1分）按照题目要求作图：画出图中入射光线的折射光线。‎ ‎【解析】‎ 先过入射点作水面的垂线，即法线，当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，由此在法线右侧的水中画出折射光线。如图所示：‎ ‎【点评】此题考查了折射光路的画法，关键是记熟光的折射定律，明确折射角与入射角的关系。‎ ‎　‎ ‎20．（1分）画出图中静止在水平桌面上的茶杯对桌面压力的示意图。‎ ‎【解析】画水杯对桌面的压力，受力物体是桌面，所以作用点在桌面上，从力的作用点起，沿力的方向画一条带箭头的线段。如图：‎ ‎【点评】本题主要考查了学生对力的示意图的理解和掌握。是一道基础题。‎ ‎　‎ ‎21．（1分）画出图中动力F1的力臂L1。‎ 19‎ ‎【解析】‎ 已知支点为O，过点O作力F1作用线的垂线段，即为F1的力臂L1，如图所示：‎ ‎【点评】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。‎ ‎　‎ ‎22．（1分）根据图中小磁针的指向标出电源的“+”、“﹣”极。‎ ‎【解析】小磁针静止时S极靠近螺线管，则说明螺线管右侧为N极，则用右手握住螺线管，大拇指向右，则电流由左侧流入，即电源的左侧为正极；‎ 故答案如图所示：‎ ‎【点评】因我们常用小磁针来指示磁感线的方向，故本题也可由小磁针N极的指向来判断螺线管磁感线的方向，则根据磁感线的特点可判出磁极，再由右手螺旋定则判出电源的正负极。‎ ‎　‎ ‎23．（5分）在“探究平面镜成像特点”的实验中。‎ ‎（1）实验时应选较　薄　（选填“厚”或“薄”）的玻璃板垂直放置在水平桌面上。‎ ‎（2）将棋子A放在玻璃板的前面，应在玻璃板　前面　（选填“前面”或“后面”）观察A经玻璃板所成的像。‎ ‎（3）当棋子A远离玻璃板时，像的大小　不变　。‎ ‎（4）将光屏放到像的位置，无法直接在光屏上观察到像，说明所成的像是　虚　像 ‎（5）用木板紧贴在玻璃板背面，挡住玻璃板后面的光，人眼在玻璃板前　能　‎ 19‎ ‎（选填“能”或“不能”）看见棋子A的像。‎ ‎【解析】‎ ‎（1）玻璃板越薄，两个反射面所在的像距离越近，这样可以使确定的像的位置更加准确，厚玻璃板会形成两个像，会影响对实验结果的判断；‎ ‎（2）由于平面镜成的是虚像，故在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，眼睛应该在镜前才能观察到蜡烛A经玻璃板反射所成的像；‎ ‎（3）平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关，人们感觉到的近大远小是一种视觉效果，不影响真实的大小。所以将蜡烛A逐渐远离玻璃板，它的像不变。‎ ‎（4）因为虚像不能在光屏上承接，所以将光屏放到像的位置，无法直接在光屏上观察到像，说明所成的像是虚像。‎ ‎（5）平面镜成的像是光的反射形成的，蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，所以用木板紧贴玻璃板背面，挡住玻璃板后的光，人眼在玻璃板前能看见棋子A的像。‎ 故答案为：（1）薄；（2）前面；（3）不变；（4）虚；（5）能。‎ ‎【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。动手操作实验时，要善于通过实验现象得出正确结论。‎ ‎　‎ ‎24．（4分）在探究“产生感应电流的条件”实验中。‎ ‎（1）实验中，观察　电流表的指针是否偏转　判断电路中是否有感应电流。‎ ‎（2）闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，电路中　有　（选填“有”或“无”）感应电流。‎ ‎（3）该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做　切割磁感线　运动时，导体中就会产生感应电流。‎ ‎（4）如果将小量程电流表换成　电源　，可以探究磁场对通电导体的作用。‎ 19‎ ‎【解析】‎ ‎（1）实验时，通过观察电流表的指针是否偏转，来确定电路中是否产生感应电流；‎ ‎（2）闭合开关，若导体AB不动，左右移动磁体，导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流；‎ ‎（3）该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；‎ ‎（4）如果将小量程电流表换成电源，闭合开关后电流流过导体棒，导体棒受安培力作用，可以观察磁场对通电导体的作用。‎ 故答案为：（1）电流表的指针是否偏转；（2）有；（3）切割磁感线；（4）电源。‎ ‎【点评】此题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握及影响感应电流大小和电流方向的因素。‎ ‎　‎ ‎25．（8分）电动汽车因其节能、环保而受到人们的青睐。某品牌电动汽车，驾驶员与车的总质量为1.6t，车静止时轮胎与地面接触的总面积为0.08m2．汽车在平直公路上以10m/s的速度匀速行驶20min，此时驱动电机的输入电压为300V，电流为60A，汽车所受阻力为驾驶员与车总重力的0.1倍，g取10N/kg。求电动汽车：‎ ‎（1）静止在水平地面上对地面的压强。‎ ‎（2）匀速行驶过程中驱动电机消耗的电能。‎ ‎（3）匀速行驶过程中牵引力的大小。‎ ‎（4）匀速行驶过程中牵引力所做的功。‎ ‎【解析】（1）驾驶员与车的总质量为1.6t，对地面的压力等于重力：‎ F=G=mg=1.6×103kg×10N/kg=1.6×104N，‎ 车静止时轮胎与地面接触的总面积为0.08m2，‎ 静止在水平地面上对地面的压强：‎ 19‎ p===2×105Pa；‎ ‎（2）匀速行驶过程中驱动电机消耗的电能：‎ W=UIt=300V×60A×20×60s=2.16×107 J；‎ ‎（3）汽车所受阻力为驾驶员与车总重力的0.1倍，f=0.1G=0.1×1.6×104N=1.6×103N，‎ 因做匀速直线运动，行驶过程中牵引力的大小等于阻力，故F=f=1.6×103N；‎ ‎（4）匀速行驶过程中牵引力所做的功：‎ W=Fs=Fvt=1.6×103N×10m/s×20×60s=1.92×107J。‎ 答：（1）静止在水平地面上对地面的压强为2×105Pa；‎ ‎（2）匀速行驶过程中驱动电机消耗的电能2.16×107 J；‎ ‎（3）匀速行驶过程中牵引力的大小为1.6×103N；‎ ‎（4）匀速行驶过程中牵引力所做的功为1.92×107J。‎ ‎【点评】本题考查压强、电能、速度、电功公式的运用和二力平衡的运用，综合性强，难度不大。‎ ‎　‎ ‎26．（6分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，利用长木板、毛巾、木块、砝码及弹簧测力计进行实验。‎ ‎（1）实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，应使其做　匀速直线　运动。图甲中木块与木板表面间滑动摩擦力大小为　3.6　N。‎ ‎（2）比较甲、乙两图中弹簧测力计示数，结论是滑动摩擦力大小与　压力大小　有关；比较　甲丙　两图中弹簧测力计示数，结论是滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关。‎ ‎（3）实验现象说明，如果要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重　大　‎ 19‎ ‎（选填“大”或“小”）的。同学参加比赛，同时在比赛中选用图丁中　（a）　（选填“（a）”、“（b）”或“（c）”）类型的鞋。‎ ‎【解析】（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小。‎ 故实验中，为了测量滑动摩擦力的大小，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，应使其做匀速直线运动。图甲中测力计分度值为0.2N，木块与木板表面间滑动摩擦力大小为3.6N。‎ ‎（2）比较甲、乙两图，接触面粗糙程度相同，压力越大，测力示数越大，滑动摩擦力越大，‎ 结论是滑动摩擦力大小与压力大小有关；研究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系要控制压力大小相同，故比较甲丙两图中弹簧测力计示数，结论是滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关。‎ ‎（3）根据影响滑动摩擦力大小的因素，压力越大，接触面越粗糙滑动摩擦力越大，故要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重大的。同学参加比赛，同时在比赛中选用图丁中类型的鞋。‎ 故答案为：（1）匀速直线；3.6；（2）压力大小；甲丙；（3）大；（a）。‎ ‎【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。‎ ‎　‎ ‎27．（6分）在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡标有“2.5V”字样。‎ ‎（1）图甲中有一处导线连接错误无法正常完成实验，错误的导线是　②　（选填“①”或“②”）。‎ ‎（2）正确连接电路并检查无误后，闭合开关，发现灯泡不亮，两电表均无示数。为了检查故障，小华将电压表拆下，在开关闭合状态下，分别将电压表接在电源、滑动变阻器及开关两端，结果只有接在滑动变阻器两端时，电压表无示数，则肯定出现故障的元件是　B　。‎ A．电源 B．开关 C．灯泡 D．滑动变阻器 ‎（3）排除故障后，使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，电流为　0.26　A，小灯泡的额定功率为　0.65　W ‎（4）你认为利用本实验电路能探究电流与电压的关系吗？答：　不能　，理由是　灯的电阻随温度的变化而变化　。‎ 19‎ ‎【解析】（1）原电路中，将变阻下面两个接线柱连入了电路中是错误的，应一上一下接入电路中，错误的导线是②。‎ ‎（2）闭合开关，发现灯泡不亮，两电表均无示数，则此电路可能有断路；‎ 在开关闭合状态下，将电压表接在电源两端时，电压表有示数，说明电源、电压表是完好的；‎ 电压表接在滑动变阻器两端时，电压表无示数，说明滑动变阻器以外的电路断路；‎ 电压表接在开关两端时有示数，说明开关以外的电路是通路，所以故障是开关断路，可能是开关接线处或开关的刀柄处接触不良造成的；选B；‎ ‎（3）排除故障后，使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.26A，小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；‎ ‎（4）探究电流与电压的关系时，要控制电阻大小不变，因灯的电阻随温度的变化而变化，故不能。‎ 故答案为：（1）②；（2）B；（3）0.26；0.65；（3）不能；灯的电阻随温度的变化而变化。‎ ‎【点评】本题测灯的功率，考查电路连接、故障分析、电流表读数、控制变量法、影响电阻大小因素。‎ ‎　‎ ‎28．（7分）测量小石块的密度。‎ ‎（1）将天平放在水平台面上，游码移到零刻度线处，发现指针位置如图甲所示，为使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向　左　（选填“左”或“右”）调节。‎ ‎（2）用调节好的天平测量小石块的质量，右盘所加砝码和游码位置如图乙所示，天平平衡，则小石块的质量m1为　32　g。‎ ‎（3）没有量筒，用下列两种方案测量小石块的体积。‎ 19‎ 方案一：‎ ‎①如图丙所示，将烧杯放在水平台面上，用细线系住小石块轻轻放入烧杯中，加入适量的水，使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置。‎ ‎②将小石块从水中取出后，用天平测出烧杯和水的总质量m2为152.4g。‎ ‎③向烧杯内缓缓加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量m3为165.2g。‎ 方案二：‎ ‎①向烧杯中加入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m4。‎ ‎②如图丙所示，将烧杯放在水平台面上，用细线系住小石块轻轻放入烧杯中，使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置。‎ ‎③将小石块从水中取出后，向烧杯中缓慢加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量m5。‎ ‎（4）根据方案一测量结果计算出小石块密度ρ=　2.5×103　kg/m3，测出的小石块密度与真实值相比　偏小　（选填“偏大”或“偏小”）。‎ ‎（5）你认为根据哪一种方案测量结果计算出的小石块密度更精确？答：　方案二　，理由是　由于先测量了烧杯和水的总质量m4．然后使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置，所以向烧杯中缓慢加水至标记处，不至于加水过多　。‎ ‎【解析】‎ ‎（1）根据图甲所示，指针偏向右端，为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向左端移动；‎ ‎（2）小石块的质量m1=30g+2g=32g；‎ ‎（4）由②③步骤可知，倒入水的质量为：m水=165.2g﹣152.4g=12.8g，‎ 此时水的体积V水===12.8cm3，‎ 小石块的体积等于倒入水的体积，则V=V水=12.8cm3，‎ 小石块密度ρ===2.5g/cm3=2.5×103kg/m3。‎ 由于石块从水中拿出时，上面沾有水，所以倒入水的质量偏大，求得水的体积偏大，即小石块的体积偏大，根据密度公式ρ=知，所测密度会偏小。‎ ‎（5）方案二测量结果计算出的小石块密度更精确，因为由于先测量了烧杯和水的总质量m4．然后使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置，所以向烧杯中缓慢加水至标记处，不至于加水过多。‎ 故答案为：（1）左；（2）32；（4）2.5×103；偏小；（5）由于先测量了烧杯和水的总质量m4‎ 19‎ ‎．然后使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置，所以向烧杯中缓慢加水至标记处，不至于加水过多。‎ ‎【点评】天平的调节、使用、读数，量筒的读数，利用密度公式进行计算，这都是我们在测量密度的实验中必须掌握的。‎ 通过此题我们还应该学会一种利用等效替代来间接求物体体积的方法，并能够根据要求选择出最佳方案。‎ 19‎