- 2021-05-10 发布 |
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文档介绍
重庆中考复习二次函数
2016寒假二次函数 已知如图:抛物线与轴交于两点(点在点的左侧)与轴交于点,点为抛物线的顶点,过点的对称轴交轴于点. (1)如图1,连接,试求出直线的解析式; (2)如图2,点为抛物线第一象限上一动点,连接,,,当四边形的面积最大时,线段交于点,求此时的值; (3)如图3,已知点,连接,将沿着轴上下平移(包括)在平移的过程中直线交轴于点,交轴于点,则在抛物线的对称轴上是否存在点,使得是以为直角边的等腰直角三角形,若存在,请直接写出点的坐标,若不存在,请说明理由. 解:(1)∴令得 ∴ ,∴设的解析式为, ∴ 的解析式为: ………………………………..4分 (2)连接,过作轴交于点,则 , ∴的面积最大时四边形的面积最大 设,, , 当时,的面积最大,四边形的面积最大,此时 设,代入,, 又的解析式为: ,, 过点作于点, ………….8分 (3) …………..12分 如图,抛物线与轴交于,两点(点在点的左侧),与交于点,的平分线与轴交于点,与抛物线相交于点,是线段上一点,过点作轴的垂线,分别交,于点,,连接,. (1)如图1,求线段所在直线的解析式; (2)如图1,求△面积的最大值和此时点的坐标; 26题图1 26题图2 26题备用图 (3)如图2,以为边,在它的右侧作正方形,点在线段上运动时正方形也随之运动和变化,当正方形的顶点或顶点在线段上时,求正方形的边长. 解:(1)抛物线的解析式为: 令,则, .……………………………………………………………(1分) 令,则, 解得,. ,.……………………………………………………(2分) 设直线所在直线解析式为:, 将,代入可得, 解得, 直线所在直线解析式为:.…………………(4分) (2)过点作于点,如图1. ,.. 在中,. 在与中 ,,, ≌, ,. 设,则. , . 在中, , , 解得,. . . 设直线所在直线解析式为:, 将,代入可得, 解得 直线所在直线解析式为:.…………………………(5分) 26题答图2 又直线的解析式为:. 设,则,, , , .…………………(6分) 该函数的对称轴是直线. 当时, 的最大值=.………………………(7分) 26题答图3 此时,.………………………………………………………………(8分) (3)由,可得直线的解析式为:. ①当顶点在线段上时,如图3. 设,则, ,. , . ,, 解得,. . 顶点在线段上时,,正方形的边长为.…………(10分) ②当顶点在线段上时,如图4. 26题答图4 设,则, ,. , . , , 解得,. . 顶点在线段上时,,正方形的边长为.…… (12分) 综上所述,顶点在线段上时,,正方形的边长为;顶点在线段上时,,正方形的边长为. 在直角坐标系中,抛物线与轴交于两点,与轴交于点 连接. (1)求的正弦值. (2)如图1,为第一象限内抛物线上一点,记点横坐标为,作//交于点, //轴交于点,请用含的代数式表示线段的长,并求出当时线段的长. (3)如图2,为轴上一动点(不与点、重合),作//交直线于点,连接,是否存在点 使,若存在,请直接写出点的坐标, 若不存在,请说明理由. 解:(1)∵ ∴C(0,4)令y=0, 4x2-8x-12=0 x2-2x-3=0 (x-3)(x+1)=0 x1=-1 x2=3 ∴A(-1,0) B(3,0) ∴OA=1,OC=4 ∴Rt△ACO中, ∴ ……4分 (2)∵DE//AC,∴∠1+∠2=∠3=∠4+∠5 又∵∠2=∠4 ∴∠1=∠5 ∴0A∶OC=EM∶DM 过点E作EM⊥DH于M 设D() 直线BC∶ ∴H() ∴DH= ……5分 设EM=x,则DM=4x ∠MEH=∠B ∴ ∴ 图2 ∴ = ……7分 当CH∶BH=2∶1,延长DH至K,则OK∶KB=2∶1,OK=2 ∴m=2 ∴ ……9分 (3) ……12分 .如图1,抛物线与轴交于A、B两点(点A在点B的左侧),交轴于点C.将直线AC以点A为旋转中心,顺时针旋转90°,交轴于点D,交抛物线于另一点E. (1)求直线AE的解析式; (2)点F是第一象限内抛物线上一点,当△FAD的面积最大时,在线段AE上找一点G(不与点A、E重合),使FG+GE的值最小,求出点G的坐标,并直接写出FG+GE的最小值; (3)如图2,将△ACD沿射线AE方向以每秒个单位的速度平移,记平移后的△ACD为△A′C′D′,平移时间为t秒,当△AC′E为等腰三角形时,求t的值. E B A C x y O D 26题图2 x O B y A D F E C 26题图1 解:(1)在中,令y=0,得. 解得,, ∴ 点A的坐标为(-1,0),点B的坐标为(3,0) ,即OA=1.………(1分) 在中,令x=0,得 y=, ∴ 点C的坐标为(0,), 即OC=. 在Rt△AOC中,tan∠CAO,∴ ∠CAO=60°, 又∵∠CAD=90°,∴∠OAD=30°. 在Rt△AOD中,tan∠OAD=,即tan30°=,∴OD=, ∴ 点D的坐标为(0,).………………………………….....………(2分) 设直线AE的解析式为y=kx+b(k≠0),∵点A、点D在直线AE上, ∴ 解得 ∴ 直线AE的解析式为.……………………………....……(4分) (2)过点F作FK⊥x轴于点H,交直线AE于点K(如答图1), 过点D作DM⊥FK于点M. x y F C A D O B E G H K M P Q 26题答图1 设点F的坐标为(x,), 则点K的坐标为(x,), ∴FK=-() = ∴S△FAD=S△FAK-S△FDK= = =……………………………………...…...(5分) ∴当x==时,S△FAD有最大值, ∴此时点F的坐标为(,).………………...…..……………...….. …(6分) 点G是线段AE上一点,作EQ⊥y轴于点Q,GP⊥EQ于点P, 则∠PEG=30°,GP=GE,FG+GE=FG+GP. 过点F作EQ的垂线,交AE于点G,此时FG+GE的值最小, ∴此时点G的坐标为(,).……...... ....... ……...........................…(7分) FG+GE的最小值为.……....... …... .………...............................…(8分) (3)连结C,过点作F⊥y轴于点F(如答图2). x B A C y O D 26题答图2 E F 则C=,CF=C=,F=C=t. ∴点的坐标为(t,). 由(2)知:点E的坐标为(4,). ∴ , , . ① 当A=E时, ,解得............... ..... ..... ..... ..... ..... ......…(9分) ②当A=AE时, ,解得 ,(舍去).….........................…(10分) ③当AE=E时 , 解得 . 综上所述,当△AE为等腰三角形时,或或或.…..........................................................................................................(12分) 如图1,抛物线交轴于、两点(点在点的左侧),交于点,连接、,其中. (1) 求抛物线的解析式; (2) 点为直线上方的抛物线上一点,过点作交于,作轴于,交于,当的周长最大时,求点的坐标及的最大值; (3) 如图2,在(2)的结论下,连接分别交于,交于,四边形从开始沿射线平移,同时点从开始沿折线运动,且点的运动速度为四边形平移速度的倍,当点到达点时四边形停止运动,设四边形平移过程中对应的图形为,当为等腰三角形时,求长度. 如图1 如图2 备用图 .如图,抛物线y=-x2+2x+3与x轴交于A,B两点,与y轴交于点C,点D,C关于抛物线的对称轴对称,直线AD与y轴相交于点E. (1)求直线AD的解析式; (2)如图1,直线AD上方的抛物线上有一点F,过点F作FG⊥AD于点G,作FH平行于x轴交直线AD于点H,求△FGH周长的最大值; (3)如图2,点M是抛物线的顶点,点P是y轴上一动点,点Q是坐标平面内一点,四边形APQM是以PM为对角线的平行四边形,点Q′与点Q关于直线AM对称,连接M Q′,P Q′.当△PM Q′与□APQM重合部分的面积是□APQM面积的时,求□APQM面积. 图1 图2 备用图 解:(1)令-x2+2x+3=0,解得x1=-1,x2=3,∴A(-1,0),C(0,3), ∵点D,C关于抛物线的对称轴对称,∴D(2,3), ∴直线AD的解析式为:y=x+1; (2)设点F(x,-x2+2x+3),∵FH∥x轴,∴H(-x2+2x+2,-x2+2x+3), ∴FH=-x2+2x+2-x=-(x-)2+,∴FH的最大值为, 易得△FHG为等腰直角△,故△FGH周长的最大值为; (3)①当P点在AM下方时,如图,设P(0,p),易知M(1,4),从而Q(2,4+p), ∵△PM Q′与□APQM重合部分的面积是□APQM面积的,∴PQ′必过AM中点N(0,2),∴可知Q′在y轴上,易知QQ′的中点T的横坐标为1,而点T必在直线AM上,故T(1,4),从而T、M重合,故□APQM是矩形, ∵易得直线AM解析式为:y=2x+2,而MQ⊥AM,过M,∴直线QQ′:y=-x+, ∴4+p=-×2+,∴p=-,(注:此处也可用AM2+AP2=MP2得出p=-),∴PN=, ∴S□APQM=2S△AMP=4S△ANP=4××PN×AO=4×××1=5; ②当P点在AM上方时,如图,设P(0,p),易知M(1,4),从而Q(2,4+p), ∵△PM Q′与□APQM重合部分的面积是□APQM面积的,∴PQ′必过QM中点R(,4+), 易得直线QQ′:y=-x+p+5, 联立解得:x=,y=,∴H(,), ∵H为QQ′中点,故易得Q′(,), 由P(0,p)、R(,4+)易得直线PR解析式为:y=(-)x+p, 将Q′(,)代入到y=(-)x+p得:=(-)×+p, 整理得:p2-9p+14=0,解得p1=7,p2=2(与AM中点N重合,舍去), ∴P(0,7),∴PN=5, ∴S□APQM=2S△AMP=2××PN×∣xM -xA∣=2××5×2=10. 综上所述,□APQM面积为5或10. 如图1,抛物线y=-x2- x+3与x轴交于A、B两点(点A在点B的右侧),交y轴于点C,点D的坐标为(0,-1),直线AD交抛物线于另一点E;点P是第二象限抛物线上的一点,作PQ∥y轴交直线AE于Q,作PG⊥AD于G,交x轴于点H. (1)求线段DE的长; (2)设d=PQ-PH,当d的值最大时,在直线AD上找一点K,使PK+EK的值最小,求出点K的坐标和PK+EK的最小值; (3)如图2,当d的值最大时,在x轴上取一点N,连接PN、QN,将△PNQ沿着PN翻折,点Q的对应点为Q′,在x轴上是否存在点N,使△AQQ′是等腰三角形?若存在,求出点N的坐标,若不存在,说明理由. 解:(1)令-x2-x+3=0,得x1=-3,x2=,∴A(,0),B(-3,0), 设lAD:y=kx-1,∴k=,∴直线AD解析式:y=x-1, ∴由解得,,∴DF==8; (2)∵PQ⊥x轴,PG⊥AE,∴显然△AOD∽△PGQ∽△PFH,∵OA=,OD=1,∴∠OAD=30o, ∴∠P=30o,∴=,∴PF=PH, ∴d=PQ-PH= PQ-PF, 设P(x,-x2-x+3),则Q(x,x-1),F(x,0), ∴d=(-x2-x+3)-(x-1)-(-x2-x+3)=-(x+2)2+, ∴当x=-2时,d取得最大值,此时P(-2,3), 如图所示,作KM∥y轴,EM∥x轴,则KM⊥EM, ∴∠KEM=∠OAD=30o,∴KM=EK,故当PK+EK=PK+KM最小时,P、K、M应共线,即K点与Q点重合,此时K(-2,-3),∴PK+EK最小为3+5=8; (3)存在,理由如下: ①如图1,当AQ′=QQ′时,易知PA=PQ=QA, ∴PQ′垂直平分AQ,△APQ是等边△, ∴∠APQ′=∠PAF=30o, ∴PM=AM=2,FM=, ∵PN平分∠FPM, ∴FN∶MN=PF∶PM,即FN∶(-FN)=3∶2,∴FN=6-3, ∴N(6-5,0); 如图2,当AQ′=QQ′时,∵PN垂直平分QQ′,x轴垂直平分PQ,易得△PQQ′≌△PAQ′,故∠QPQ′=150o, ∴易得∠PNF=15o,在FN上取点M,使FM=FA,连接PM,易得∠PMF=30o,PM=6,PM=NM=6, MF=FA=3,∴N(-6-5,0); ②当AQ=QQ′时,如图3,显然此时N与B重合,即N(-3,0); ③当AQ=AQ′时,如图4,显然此时N与A重合,即N(,0); 综上所述,符合条件的N点坐标为(6-5,0),(-6-5,0),(-3,0),(,0). 图1 图2 查看更多