中考数学压轴题破解策略专题16对角互补模型

中考数学压轴题破解策略专题16对角互补模型

专题16《对角互补模型》‎ 破解策略 ‎1．全等型之“90°”‎ 如图，∠AOB＝∠DCE＝90°，OC平分∠AOB，则 ‎（1）CD＝CE；‎ ‎（2）OD＋OE＝OC；‎ ‎（3）．‎ 证明　方法一：如图，过点C分别作CM⊥OA，CN⊥OB，垂足分别为M，N．‎ ‎ 由角平分线的性质可得CM＝CN，∠MCN＝90°．‎ ‎ 所以∠MCD＝∠NCE，‎ ‎ 从而△MCD≌△NCE（ASA），‎ ‎ 故CD＝CE．‎ ‎ 易证四边形MONC为正方形．‎ ‎ 所以OD＋OE＝OD＋ON＋NE＝2ON＝OC．‎ ‎ 所以．‎ 方法二：如图，过C作CF⊥OC，交OB于点F．‎ ‎ 易证∠DOC＝∠EFC＝45°，CO＝CF，∠DCO＝∠ECF．‎ ‎ 所以△DCO≌△ECF（ASA）‎ 所以CD＝CE，OD＝FE，‎ ‎ 可得OD＋OE＝OF＝．‎ ‎ 所以．‎ ‎【拓展】如图，当∠DCE的一边与AO的延长线交于点D时，则：‎ ‎（1）CD＝CE；‎ ‎（2）OE－OD＝OC；‎ ‎（3）．‎ 如图，证明同上．‎ ‎2．全等型之“120”‎ ‎ 如图，∠AOB＝2∠DCE＝120°，OC平分∠AOB，则：‎ ‎（1）CD＝CE；‎ ‎ （2）OD＋OE＝OC；‎ ‎ （3）．‎ ‎ 证明　方法一：如图，过点C分别作CM⊥OA，CN⊥OB，垂足分别为M，N．‎ ‎ 所以 ‎ 易证△MCD≌△NCE（ASA），‎ ‎ 所以CD＝CE，OD＋OE＝2ON＝OC．‎ 方法二：如图，以CO为一边作∠FCO＝60°，交OB于点F，则△OCF为等边三角形．‎ 易证△DCO≌△ECF（ASA）．‎ 所以CD＝CE，OD＋OE＝OF＝OC，‎ ‎∴S△OCD＋S△OCE＝S△OCF＝OC 2‎ ‎【拓展】如图，当∠DCE的一边与BO的延长线交于点E时，则：‎ ‎（1）CD＝CE；（2）OD－OE＝OC；（3）S△OCD－S△OCE＝OC 2‎ 如图，证明同上．‎ ‎ ‎ ‎3、全等型之“任意角”‎ 如图，∠AOB＝2，∠DCE＝180°－2，OC平分∠AOB，则：‎ ‎（1）CD＝CE；（2）OD＋OE＝2OC·cos；（3）S△ODC＋S△OEC＝OC 2·sincos 证明：方法一：如图，过点C分别作CM⊥OA，CN⊥OB，垂足分别为M，N 易证△MCD≌△NCE（ASA）‎ ‎∴CD＝CE，OD＋OE＝2ON＝2OC·cos ‎∴S△ODC＋S△OEC＝2S△ONC＝OC 2·sincos 方法二：如图，以CO为一边作∠FCO＝180°－2，交OB于点F．‎ 易证△DCO≌△ECF（ASA）‎ ‎∴CD＝CE，OD＋OE＝OF＝2OC·cos ‎∴S△ODC＋S△OEC＝S△OCF＝OC 2·sincos ‎【拓展】如图，当∠DCE的一边与BO的延长线交于点E时，则：‎ ‎（1）CD＝CE；（2）OD－OE＝2OC·cos；（3）S△ODC－S△OEC＝OC 2·sincos 如图，证明同上 ‎ ‎ ‎4、相似性之“90°”‎ 如图，∠AOB＝∠DCE＝90°，∠COB＝，则CE＝CD·tan 方法一：如图，过点C分别作CM⊥OA，CN⊥OB，垂足分别为M、N 易证△MCD∽△NCE，∴，即CE＝CD·tan 方法二：如图，过点C作CF⊥OC，交OB于点F．‎ ‎ ‎ 易证△DCO∽△ECF，∴，即CE＝CD·tan 方法三：如图，连接DE．‎ 易证D、O、E、C四点共圆 ‎∴∠CDE＝∠COE＝，故CE＝CD·tan ‎【拓展】如图，当∠DCE的一边与AO的延长线交于点D时，则CE＝CD·tan ‎ ‎ 如图，证明同上．‎ ‎ ‎ 例题讲解 例1、已知△ABC是⊙O的内接三角形，AB＝AC，在∠BAC所对弧BC上任取一点D，连接AD，BD，CD．‎ ‎（1）如图1，若∠BAC＝120°，那么BD＋CD与AD之间的数量关系是什么？‎ ‎（2）如图2，若∠BAC＝，那么BD＋CD与AD之间的数量关系是什么？‎ ‎ ‎ 解：（1）BD＋CD＝AD ‎ ‎ 如图3，过点A分别向∠BDC的两边作垂线，垂足分别为E、F．‎ 由题意可得∠ADB＝∠ADC＝30°‎ 易证△AEB≌△AFC ‎∴BD＋CD＝2DE＝AD ‎⑵BD＋CD＝2AD×sin．‎ 如图4，作∠EAD＝∠BAC，交DB的延长线于点E．‎ D F B E O A C 图4‎ 则△EBA≌△DCA，所以BE＝CD，AE＝AD．‎ 作AF⊥DE于点F，则∠FAD＝．所以BD＋CD＝DE＝2DF＝2AD×sin．‎ 例2如图1，将一个直角三角板的直角顶点P放在正方形ABCD的对角线BD上滑动，并使其一条直角边始终经过点A，另一条直角边与BC相交于点F．‎ ‎⑴求证：PA＝PE；‎ ‎⑵如图2，将⑴中的正方形变为矩形，其余不变，且AD＝10，CD＝8，求AP：PE的值；‎ ‎⑶如图3，在⑵的条件下，当P滑动到BD的延长线上时，AP：PE的值是否发生变化？‎ 图3‎ A D B E P F C A D B P C E 图2‎ A D P B E C 图1‎ 解：⑴如图4，过点P分别作PM⊥AB，PN⊥BC，垂足分别为M，N．‎ 则PM＝PN，∠MPN＝90°，由已知条件可得∠APE＝90°，所以∠APM＝∠EPN，所以△APM≌△EPN．‎ 故AP＝PE．‎ 图4‎ A D P B E C N M ‎⑵如图5，过点P分别作PM⊥AB，PN⊥BC，垂足分别为M，N．则PM∥AD，PN∥CD．‎ 所以△BPM∽△BDA，△BNP∽△BCD．可得，所以．‎ 易证△APM∽△EPN，所以．‎ 图5‎ A D B P C E N M ‎⑶AP：PF的值不变．[如图，理由同⑵]‎ 图6‎ A D B E P F C M N 进阶训练 ‎1．如图，四边形ABCD被对角线BD分为等腰Rt△ABD和Rt△CBD，其中∠BAD和∠BCD都是直角，另一条对角线AC的长度为2，则四边形ABCD的面积为_________．‎ A B C D 第1题图 答案：四边形ABCD的面积为2．‎ ‎【提示】易证A、B、C、D四点共圆，则∠BCA＝∠BDA＝∠ABD＝∠ACD，由“全等型之‘90°’”的结论可得S四边形ABCD＝AC2＝2．‎ ‎2．在△ABC中，AB＝AC，∠A＝60°，D是BC边的中点，∠EDF＝120°，DE与AB边相交于点E，DF与AC边（或AC边的延长线）相交于点F．‎ 第1题图1‎ A E F C D B A E F C D B N 第1题图2‎ ‎⑴如图1，DF与AC边相交于点F，求证：BE＋CF＝AB；‎ ‎⑵如图2，将图1中的∠EDF绕点D顺时针旋转一定的角度，使DF与AC边的延长线交于点F，作DN⊥AC于点N，若DN＝FN，求证：BE＋CF＝（BE－CF）．‎ 答案：略．‎ ‎【提示】⑴过点D作DG∥AC交AB于点G，证△DEG≌△DFC，从而BE＋CF＝BE＋EG＝BG＝AB．‎ 第1题答图1‎ A E F C D B G ‎⑵过点D作DG∥AC交AB于点G，同⑴可得BE－CF＝AB＝DC＝，延长AB至点H，使得BH＝CF，则DH＝DF＝DE，从而BE＋CF＝HE＝DE＝×DN＝2DN，所以BE＋CF＝（BE－CF）．‎ 第1题答图2‎ A E F C D B N H G ‎3．在菱形ABCD中，两条对角线AC，BD相交于点O，∠MON＋∠BCD＝180°，∠MON绕点O旋转，射线OM交BC于点E，射线ON交CD于点F，连结EF．‎ ‎⑴如图1，当∠ABC＝90°时，△OEF的形状是____；‎ ‎⑵如图2，当∠ABC＝60°时，请判断△OEF的形状，并说明理由；‎ ‎⑶如图3，在⑴的条件下，将∠MON的顶点移动到AO的中点O'处，∠MO'N绕点O'旋转，仍满足∠MO'N＋∠BCD＝180°，射线O'M交直线BC于点E，射线O'N交直线CD于点F，当BC＝4，且时，求CE的长．‎ 第3题图1‎ A D B C O M E F N A B C D O F E M N 第3题图2‎ A D B C O O'‎ 第3题图3‎ 答案：⑴等腰直角三角形；⑵△OEF是等边三角形；⑶线段CE的长为3＋3或3－3．‎ ‎【提示】⑵由“全等型之‘120°’”的结论可得OE＝OF．⑶两种情况，如图：‎ 第3题答图 A D B C O O'‎ F N E M E'‎ M'‎ F'‎ N'‎