部分地区中考数学几何综合型问题试题附答案

部分地区中考数学几何综合型问题试题附答案

‎2019年部分地区中考数学几何综合型问题试题(附答案)‎ ‎　　以下是查字典数学网为您推荐的2019年部分地区中考数学几何综合型问题试题(附答案)，希望本篇文章对您学习有所帮助。‎ ‎2019年部分地区中考数学几何综合型问题试题(附答案)‎ ‎7.(2019贵州六盘水，7，3分)下列命题为真命题的是( ▲ )‎ A.平面内任意三个点确定一个圆 B.五边形的内角和为540‎ C.如果ab,则ac2bc2‎ D.如果两条直线被第三条直线所截那么所截得的同位角相等 分析：根据命题的定义：对一件事情做出判断的语句叫命题.正确的命题叫真命题，据此即对四个选项进行分析即可回答.‎ 解答：解：A、平面内任意三点确定一个圆是一个假命题，，如三点在一条直线上，不能构成圆，故本选项错误;‎ B、五边形的内角和为540，故本选项正确;‎ C、如果 则 ，如果c=0,结论不成立，故本选项错误;‎ D、如果两条直线被第三条直线所截，那么所得的同位角相等.没有平行线，故本选项错误;‎ ‎13. (2019贵州省毕节市，13，3分)下列命题是假命题的是( )‎ A.同弧或等弧所对的圆周角相等 B.平分弦的直径垂直于弦 C.两条平行线间的距离处处相等 D.正方形的两条对角线互相垂直平分 解析：分析是否为假命题，可以举出反例;也可以分别分析各题设是否能推出结论，从而利用排除法得出答案.‎ 解答：解：A、错误，同弧或等弧所对的圆周角相等或互补，是假命题;B、平分弦的直径垂直于弦是正确的，是真命题;C、两条平行线间的距离处处相等是正确的，是真命题;D、正方形的两条对角线互相垂直平分是正确的，是真命题.故选A.‎ ‎31. ( 2019年四川省巴中市,31,12)如图12，在平面直角坐标系中，点A、C分别在x轴、y轴上，四边形ABCO为矩形，AB=16，点D与点A关于y轴对称，tanACB=43 ,点E、F分别是线段AD、AC上的动点(点E不与点A、D重合)，且CEF=ACB.‎ ‎(1)求AC的长和点D的坐标;‎ ‎(2)说明△AEF与△DCE相似;‎ ‎(3)当△EFC为等腰三角形时，求点E的坐标.‎ ‎【解析】①∵四边形ABCO为矩形,B=900‎ tanACB=43 ,在Rt△ACB中，设BC=3k,AB=4k,由勾 股定理，AC=5K,∵AB=4k=16,k=4,‎ AC=20,OA=BC==3k=12,‎ 点A的坐标为(-12，0)，‎ 而点D与点A关于y轴对称,点D的坐标为(12，0)‎ ‎②由：CDE=EAF,AEF ‎=DCE，得出△AEF∽△DCE ‎③分类讨论：‎ 当CE=EF时，则△AEF∽△DCE，‎ AE=CD，即AO+OE=CD 设E(x,0),有12+x=20,x=8‎ 此时，点E的坐标为(8.0)‎ 当EF=FC时，FCE=FEC=ACB,‎ tanFCG =tanACB=43 ,‎ 作FGCE于G,在Rt△FCG中，设CE=6a,则CG=3a FG=4a,于是CF=5a,‎ ‎∵△AEF∽△DCE CE2=CFAC,即36a2=5a20,a=259‎ CE=259 6=503 .在Rt△CEO中，OE=CE2-OC2 =143 E(143 ,0)‎ 当CE=CF时，E与D重合与题目矛盾。‎ ‎【答案】①AC=20,D(12.0) ②由：CDE=EAF,AEF=DCE，得出△AEF∽△DCE ③ E(8.0)或E(143 ,0)‎ ‎【点评】本题难度比较大，综合考查了解直角三角形，勾股定理、相似三角形的条件、矩形又一次展现了数形结合思想的必要性。‎ ‎25.(本题满分12分)如图甲，四边形OABC的边OA、OC分别在x轴、y轴的正半轴上，顶点在B点的抛物线交x轴于点A、D，交y轴于点E，连结AB、AE、BE.‎ 已知tanCBE= ，A(3，0)，D(-1，0)，E(0，3).‎ ‎(1)求抛物线的解析式及顶点B的坐标;‎ ‎(2)求证：CB是△ABE外接圆的切线;‎ ‎(3)试探究坐标轴上是否存在一点P，使以D、E、P为顶点的三角形与△ABE相似，若存在，直接写出点P的坐标;若不存在，请说明理由;‎ ‎(4)设△AOE沿x轴正方向平移t个单位长度(0‎ ‎21世纪 ‎【解析】 (1)解：由题意，设抛物线解析式为y=a(x-3)(x+1).‎ 将E(0，3)代入上式，解得：a=-1.‎ y=-x2+2x+3.‎ 则点B(1，4).2分 ‎(2)如图6，证明：过点B作BMy于点M，则M (0，4).‎ 在Rt△AOE中，OA=OE=3，‎ ‎2=45，AE= =3 .‎ 在Rt△EMB中，EM=OM-OE=1=BM，‎ MEB=MBE=45，BE= = .‎ BEA=1801-MEB=90.‎ AB是△ABE外接圆的直径.3分 在Rt△ABE中，tanBAE= = =tanCBE，‎ BAE=CBE.‎ 在Rt△ABE中，BAE+3=90，CBE+3=90.‎ CBA=90，即CBAB.‎ CB是△ABE外接圆的切线.5分 ‎(3)P1(0，0)，P2(9，0)，P3(0，- ).8分 ‎(4)解：设直线AB的解析式为y=kx+b.‎ 将A(3，0)，B(1，4)代入，得 解得 y=-2x+6.‎ 过点E作射线EF∥x轴交AB于点F，当y=3时，得x= ， F( ，3).9分 情况一：如图7，当0‎ 则ON=AD=t，过点H作LKx轴于点K，交EF于点L.‎ 由△AHD∽△FHM，得 .即 .解得HK=2t.‎ S阴=S△MND-S△GNA-S△HAD= 33- (3-t)2- t2t=- t2+3t.11分 情况二：如图8，当 S阴=S△IQA-S△VQA= (3-t)2(3-t)- (3-t)2= (3-t)2= t2-3t+ .‎ 综上所述：s= 12分 ‎【答案】(1) y=-x2+2x+3， B(1，4);‎ ‎(2) 证明：如图，过点B作BMy于点M，则M (0，4).‎ 在Rt△AOE中，OA=OE=3，‎ ‎2=45，AE= =3 .‎ 在Rt△EMB中，EM=OM-OE=1=BM，‎ MEB=MBE=45，BE= = .‎ BEA=1801-MEB=90.‎ AB是△ABE外接圆的直径.3分 在Rt△ABE中，tanBAE= = =tanCBE，‎ BAE=CBE.‎ 在Rt△ABE中，BAE+3=90，CBE+3=90.‎ CBA=90，即CBAB.‎ CB是△ABE外接圆的切线.‎ ‎(3)P1(0，0)，P2(9，0)，P3(0，- ).‎ ‎(4) s=‎ ‎【点评】本题以平面直角坐标系为背景，综合考察了二次函数、直线与圆的位置关系、锐角三角函数、三角形相似、勾股定理、待定系数法、分类讨论等知识，而且是中考的压轴题。知识点丰富全面，考查了学生综合运用知识、分类讨论思想来解决问题的能力。第1小题常规题，利用待定系数法求二次函数的解析式，难度较低;第2小题是利用勾股定理、锐角三角函数、90的圆周角所对的弦是直径、等量代换等证明圆的切线，综合性较强，难度中等;第3小题，考察了分类讨论思想，在坐标轴上找点，构造寻找相似三角形，难度中等;第4小题，利用分类讨论思想、二次函数、和差法计算阴影部分面积，是压轴题的最后一题，将中下层面的学生拒之题外，难度较大.‎ ‎23.(2019河南，23，11分)如图，在平面直角坐标系中，直线 与抛物线 交于A，B两点，点A在 轴上，点B的纵坐标为3.点P是直线AB下方的抛物线上一动点(不 与A，B重合)，过点P作 轴的垂线交直线AB与点C，作PDAB于点D ‎(1)求 及 的值 ‎(2)设点P的横坐标为 ‎①用含 的代数式表示线段PD的长，‎ 并求出线段PD长的最大值;‎ ‎②连接PB，线段PC把△PBD分成 两个三角形，是否存在适合的 值，‎ 使这两个三角形的面积之比为9:10?‎ 若存在，直接写出 值;若不存在，说明理由.‎ ‎23.解析：(1)根据题意知，点A纵坐标为0，求出横坐标，点B纵坐标为3，也可求出横坐标，将A、B两点坐标代人求出 ，设直线 与 轴交于点 ，则 ，∵ ∥ 轴， .能求ACP的正弦;(2)①在Rt△PCD中，用m表示出PC，结合上面求出的 值，表示出PD的长;②分别过点D,B作DFPC，BGPC，垂足分别为F，G，利用△PCD与△PCB公共边PC，分别用m表示出它们的高DF，BG，在Rt△PDF中， 又 当 时.解得 当 时，解得 解：(1)由 ，得到 由 ，得到 ‎∵ 经过 两点，‎ 设直线 与 轴交于点 ，则 ‎∵ ∥ 轴， .‎ ‎(2)由(1)可知抛物线的解析式为 在Rt△PCD中，‎ ‎27.(2019江苏苏州，27，8分)如图，已知半径为2的⊙O与直线l相切于点A，点P是直径AB左侧半圆上的动点，过点P作直线l的垂线，垂足为C，PC与⊙O交于点D，连接PA、PB，设PC的长为x(2‎ ‎(1)当x= 时，求弦PA、PB的长度;‎ ‎(2)当x为何值时，PDCD的值最大?最大值是多少?‎ 分析：‎ ‎ (1)由直线l与圆相切于点A，且AB为圆的直径，根据切线的性质得到AB垂直于直线l，又PC垂直于直线l，根据垂直于同一条直线的两直线平行，得到AB与PC平行，根据两直线平行内错角相等得到一对内错角相等，再由一对直角相等，利用两对对应角相等的两三角形相似可得出三角形PCA与三角形PAB相似，由相似得比例，将PC及直径AB的长代入求出PA的长，在直角三角形PAB中，由AB及PA的长，利用勾股定理即可求出PB的长;‎ ‎(2)过O作OE垂直于PD，与PD交于点E，由垂径定理得到E为PD的中点，再由三个角为直角的四边形为矩形得到OACE为矩形，根据矩形的对边相等，可得出EC=OA=2，用PC﹣EC的长表示出PE，根据PD=2PE表示出PD，再由PC﹣PD表示出CD，代入所求的式子中，整理后得到关于x的二次函数，配方后根据自变量x的范围，利用二次函数的性质即可求出所求式子的最大值及此时x的取值.‎ 解答： 解：(1)∵⊙O与直线l相切于点A，且AB为⊙O的直径，‎ ABl，又∵PCl，‎ AB∥PC，‎ CPA=PAB，‎ ‎∵AB是⊙O的直径，‎ APB=90，又PCl，‎ PCA=APB=90，‎ ‎△PCA∽△APB，‎ ‎= ，即PA2=PCAB，‎ ‎∵PC= ，AB=4，‎ PA= = ，‎ Rt△APB中，AB=4，PA= ，‎ 由勾股定理得：PB= = ;‎ ‎(2)过O作OEPD，垂足为E，‎ ‎∵PD是⊙O的弦，OEPD，‎ PE=ED，‎ 又CEO=ECA=OAC=90，‎ 四边形OACE为矩形，‎ CE=OA=2，又PC=x，‎ PE=ED=PC﹣CE=x﹣2，‎ CD=PC﹣PD=x﹣2(x﹣2)=4﹣x，‎ PDCD=2(x﹣2)(4﹣x)=﹣2x2+12x﹣16=﹣2(x﹣3)2+2，‎ ‎(2019哈尔滨，题号28分值 10) 28.(本题10分)‎ 已知：在△ABC中，ACB=900，点P是线段AC上一点，过点A作AB的垂线，交BP的延长线于点M，MNAC于点N，PQAB于点Q，A0=MN.‎ ‎(1)如图l，求证：PC=AN;‎ ‎(2)如图2，点E是MN上一点，连接EP并延长交BC于点K，点D是AB上一点，连接DK，DKE=ABC，EFPM于点H，交BC延长线于点F，若NP=2，PC =3，CK：CF=2：3，求D Q的长.‎ ‎【解析】本题是对三角形全等、相似、勾股定理、三角函数的综合考查.‎ ‎(1)先证明△AQP≌△MNA，得AN=PQ，PA=AM，再利用等角的余角相等证ABP=CBP，结合角平分线性质说明PQ=PC，从而PQ=AN得证;‎ ‎(2)NP=2，PC=3，结合(1)中结论易知AN=3，AP=AM=5，由勾股定理可计算MN=AQ=5‎ 通过△PNM∽△PBC可得BC=6，则BP可求;‎ 设CK=2m,CF=3m,通过△PNE∽△PKC， NE、EM可用m表示，由sinPBC= sinEMH= ，可将EH、FH用m表示;‎ 作ER垂直BF于R，有tanBPC=tanEFR=2可求RF值，在RT△REP中勾股定理计算EF，可求m值，进而CK、BK可计算;‎ 计算tanPKC= tanBDK=1，tanABC= ，作KG垂直BA于G，设KG=4n,则BG=3n,BK=5n=3,n值可得解，BD=7n，DQ=AB-BD-AQ可解.‎ ‎【答案】证明：(1)∵MAAM，MNAP，BAM=ANM=90，PAQ+MAN=MAN+AMN=90，PAQ=AMN. ∵PQA=ANM=90，AQ=MN，△APQ≌△MNA，AN=PQ，AM=AP，AMN=APN，又因为APM=BPC，BPC+PBC=90，AMB+ABM=90。ABM=PBC，又PQAB，PCBC，PQ=PC，AN=PC;‎ ‎(2)∵NP=2，PC=5，由(1)知PA=NC=5，AC=8，AM=AP=5，AQ=MN=4.‎ 设CK=2m,CF=3m.∵MN∥BF，△PNM∽△PBC，△PNE∽△PKC，‎ ‎，BC=6，NE= ，BF=6+3m,ME=4- ,BP=3 ,‎ sinPBC= sinEMH= = ,∵EFPM，FH=BF sinPBC= (6+3m)，EH=EM sinEMH= (4- ).‎ 作ER垂直BF于R，则ER=NC=5.‎ ‎∵RFE+REF=RFE+PBC=90，REF=PBC，tanBPC=tanEFR= =2，RF= ，EF= ，m= ,CK=3，BK=3.‎ ‎∵PKC+DKE=ABC+BDK，DKE=ABC，BDK=PKC.‎ ‎∵tanPKC=1，tanBDK=1，作KGBA于G，∵tanBDK=1，tanABC= ，‎ 设KG=4n,则BG=3n,GD=4n,BK=5n=3, n= ，BD=7n= .‎ ‎∵AB=10，AQ=4，BQ=6，DQ=BQ-BD= .‎ ‎【点评】本题第二问的难点在于如何巧妙添加辅助线、如何反复利用相似、同角(等角)的三角函数表示其他相关线段并列方程求解.‎ 由MN∥BF推到三角形相似、结合CK：CF=2:3设定参数表示其他线段是本题的突破口，同角(等角)的三角函数值相等、勾股定理是解答本题的重要工具.‎ 解答此类题目的宗旨是根据已知条件表示能表示的所有线段，寻找各线段之间的关系，建立起联系，逐步推进达到求解的目的.‎ ‎23.(2019四川达州，23，12分)(12分)如图1，在直角坐标系中，已知点A(0，2)、点B(-2，0)，过点B和线段OA的中点C作直线BC，以线段BC为边向上作正方形BCDE.‎ ‎(1)填空：点D的坐标为( )，点E的坐标为( ).‎ ‎(2)若抛物线 经过A、D、E三点，求该抛物线的解析式.?‎ ‎(3)若正方形和抛物线均以每秒 个单位长度的速度沿射线BC同时向上平移，直至正方形的顶点E落在 轴上时，正方形和抛物线均停止运动.‎ ‎①在运动过程中，设正方形落在y轴右侧部分的面积为 ，求 关于平移时间 (秒)的函数关系式，并写出相应自变量 的取值范围.‎ ‎②运动停止时，求抛物线的顶点坐标.??‎ 解析：对于(1)，可知OC=1，过D作DF垂直y轴，则△OBC≌△FCD，则FC=OB=2，DF=OC=1，故点D坐标为(-1，3)，同理可得E点坐标为(-3，2);对于(2)，可用待定系数法，求出抛物线的解析式;对于(3)，可考虑当点D、B、E运动到y轴上时是三种情况，在这三个时间段内分别讨论，能做到不混淆、不重、不漏;求抛物线的顶点坐标，可以先求出点E平移到y轴后的坐标，从而可确定抛物线是如何平移，即可求出抛物线平移后的顶点坐标。‎ 答案：(1)D(-1，3)、E(-3，2)(2分)‎ ‎?(2)抛物线经过(0，2)、(-1，3)、(-3，2)，则 ‎?.(3分)?‎ 解得 ‎? .(4分)‎ ‎?(3)①当点D运动到y轴上时，t= .‎ ‎?当0‎ ‎?设DC交y轴于点F ‎?∵?tanBCO= =2,又∵BCO=FCC ‎??tanFCC=2, 即 =2‎ ‎?∵CC= t,FC=2 t.?‎ S△CCF?= CCFC= t t=5 t2(5分)‎ ‎?当点B运动到点C时，t=1.?当 ‎?设DE交y轴于点G，过G作GHBC于H.‎ ‎?在Rt△BOC中，BC=‎ ‎?GH= ,CH= GH=‎ ‎?∵CC= t,HC= t- ,GD= t-‎ ‎?S梯形CCDG?= ( t- + t) =5t- (7分)‎ ‎?当点E运动到y轴上时，t= .‎ ‎?当1‎ ‎?设DE、EB分别交y轴于点M、N ‎?∵CC= t，BC= ,‎ CB= t- ,?BN=2CB= t-‎ ‎∵BE= ,EN=BE-BN= - t ‎?EM= EN= ( - t)‎ ‎?S△MNE?= ( - t) ( - t)=5t2-15t+‎ ‎?S五边形BCDMN?=S正方形BCDE?-S△MNE?= (5t2-15t+ )=-5t2+15t-‎ ‎?综上所述，S与x的函数关系式为：‎ 当0‎ 当 当1‎ ‎②当点E运动到点E时，运动停止.如下图所示 ‎?∵CBE=BOC=90，BCO=BCE ‎?△BOC∽△EBC ‎?∵OB=2，BE=BC=‎ ‎?CE=‎ ‎?OE=OC+CE=1+ =‎ ‎?E(0， )..(10分)‎ ‎?由点E(-3，2)运动到点E(0， ),可知整条抛物线向右平移了3个单位，向上平移了 个单位.‎ 原抛物线顶点坐标为( ， )(11分)‎ ‎28.(2019江苏苏州，28，12分)如图，正方形ABCD的边AD与矩形EFGH的边FG重合，将正方形ABCD以1cm/s的速度沿FG方向移动，移动开始前点A与点F重合，在移动过程中，边AD始终与边FG重合，连接CG，过点A作CG的平行线交线段GH于点P，连接PD.已知正方形ABCD的边长为1cm，矩形EFGH的边FG，GH的长分别为4cm，3cm，设正方形移动时间为x(s)，线段GP的长为y(cm)，其中02.5.‎ ‎(1)试求出y关于x的函数关系式，并求当y=3时相应x的值;‎ ‎(2)记△DGP的面积为S1，△CDG的面积为S2.试说明S1﹣S2是常数;‎ ‎(3)当线段PD所在直线与正方形ABCD的对角线AC垂直时，求线段PD的长.‎ 分析： (1)根据题意表示出AG、GD的长度，再由△GCD∽△APG，利用对应边成比例可解出x的值.‎ ‎(2)利用(1)得出的y与x的关系式表示出S1、S2，然后作差即可.‎ ‎(3)延长PD交AC于点Q，然后判断△DGP是等腰直角三角形，从而结合x的范围得出x的值，在Rt△DGP中，解直角三角形可得出PD的长度.‎ 解答： 解：(1)∵CG∥AP，‎ ‎△GCD∽△APG，‎ ‎∵GF=4，CD=DA=1，AF=x，‎ GD=3﹣x，AG=4﹣x，‎ ‎= ，即y= ，‎ y关于x的函数关系式为y= ，‎ 当y=3时， =3，解得x=2.5，‎ 经检验的x=2.5是分式方程的根.‎ 故x的值为2.5;‎ ‎(2)∵S1= GPGD= (3﹣x)= ，‎ S2= GDCD= (3﹣x)1= ，‎ S1﹣S2= ﹣ = 即为常数;‎ ‎(3)延长PD交AC于点Q.‎ ‎∵正方形ABCD中，AC为对角线，‎ CAD=45，‎ ‎∵PQAC，‎ ADQ=45，‎ GDP=ADQ=45.‎ ‎△DGP是等腰直角三角形，则GD=GP，‎ ‎3﹣x= ，‎ 化简得：x2﹣5x+5=0.‎ 解得：x= ，‎ ‎23(2019深圳市 23 ，19分)如图9①，平在面直角从标系中，直线 的位置随 的不同取值而变化。‎ ‎(1)已知⊙M的圆心坐标为(4，2)，半径为2‎ 当 时，直线 经过圆心M;‎ 当 时，直线 与 ⊙M相切;‎ ‎(2)若把⊙M换成矩形 ，如图9②，其三个顶点的坐标分别为： 。设直线 扫过矩形 的面积为 ，当 由小到大变化时，请求出 与 的函数关系式。‎ ‎【解析】：(1)若直线经过圆心，则点M在直线 上，将M(4，2)代入直线解析式中，即可求出 ‎ 的值;(2)当直线与⊙M相切时，构造直角三角形，得用相似或解直角三角形的方法，可求 的值，注意分类。(3)直线在运动中，扫过知形之前，扫过的面积为0，直线扫过矩形时，扫过的图形分别为三角形，直角梯形，五边形、矩形，故可分5种情况，求出 与 的函数关系式，是典型的分段函数。‎ ‎【解答】：(1) ;‎ 如图93，易求 ，则 ，又 ∥‎ 则 ，‎ 由于 ，‎ 则 ，‎ 设 则 ，有 ，‎ ‎, 故 ，‎ 代入 ，求得 ，类似可求 ‎(2)如图94 ①当 时，直线不扫过知形，此时 ‎② 时，直线扫过矩形的面积为三角形的面积，由于直线与 轴的交点为意 ，故 ‎③ 当 时，直线扫过矩形的面积为 直角梯形的面积，此时与DC交点为 ‎④ 当 时，直线扫地矩形的面积为五边形，‎ 此时直线与DC的交点为 则 ‎⑤ 当 时，直线扫过矩形的面积即为矩形的面积，故 综上，‎ ‎【点评】：本题主要考查分段函数和分类计论思想。分类时要做到不重不漏，各种情况要仔细分析，计算量大。各种情况根据图形的特点，用面积公式求解。‎ ‎23.(2019广东汕头，23，12分)如图，在矩形纸片ABCD中，AB=6，BC=8.把△BCD沿对角线BD折叠，使点C落在C处，BC交AD于点G;E、F分别是CD和BD上的点，线段EF交AD于点H，把△FDE沿EF折叠，使点D落在D处，点D恰好与点A重合.‎ ‎(1)求证：△ABG≌△C ‎(2)求tanABG的值;‎ ‎(3)求EF的长.‎ 分析： (1)根据翻折变换的性质可知BAG=90，CD=AB=CD，AGB=DGC，故可得出结论;‎ ‎(2)由(1)可知GD=GB，故AG+ GB=AD，设AG=x，则GB=8﹣x，在Rt△ABG中利用勾股定理即可求出AG的长，进而得出tanABG的值;‎ ‎(3)由△AEF是△DEF翻折而成可知EF垂直平分AD，故HD= AD=4，再根据tanABG即可得 出EH的长，同理可得HF是△ABD的中位线，故可得出HF的长，由EF=EH+HF即可得出结论.‎ 解答： (1)证明：∵△BDC由△BDC翻折而成，‎ BAG=90，CD=AB=CD，AGB=DGC，‎ ABG=ADE，‎ 在：△ABG≌△CDG中，‎ ‎△ABG≌△C ‎(2)解：∵由(1)可知△ABG≌△CDG，‎ GD=GB，‎ AG+GB=AD，设AG=x，则GB=8﹣x，‎ 在Rt△ABG中，‎ ‎∵AB2+AG2=BG2，即62+x2=(8﹣x)2，解得x= ，‎ tanABG= = = ;‎ ‎(3)解：∵△AEF是△DEF翻折而成，‎ EF垂直平分AD，‎ HD= AD=4，‎ tanABG=tanADE= ，‎ EH=HD =4 = ，‎ ‎∵EF垂直平分AD，ABAD，‎ HF是△ABD的中位线，‎ ‎25.(2019山西，25，12分)问题情境：将一副直角三角板(Rt△ABC和Rt△DEF)按图1所示的方式摆放，其中ACB=90，CA=CB，FDE=90，O是AB的中点，点D与点O重合，DFAC于点M，DEBC于点N，试判断线段OM与ON的数量关系，并说明理由.‎ 探究展示：小宇同学展示出如下正确的解法：‎ 解：OM=ON，证明如下：‎ 连接CO，则CO是AB边上中线，‎ ‎∵CA=CB，CO是ACB的角平分线.(依据1)‎ ‎∵OMAC，ONBC，OM=ON.(依据2)‎ 反思交流：‎ ‎(1)上述证明过程中的依据1和依据2分别是指：‎ 依据1：‎ 依据2：‎ ‎(2)你有与小宇不同的思考方法吗?请写出你的证明过程.‎ 拓展延伸：‎ ‎(3)将图1中的Rt△DEF沿着射线BA的方向平移至如图2所示的位置，使点D落在BA的延长线上，FD的延长线与CA的延长线垂直相交于点M，BC的延长线与DE垂直相交于点N，连接OM、ON，试判断线段OM、ON的数量关系与位置关系，并写出证明过程.‎ ‎【解析】(1)解：故答案为：等腰三角形三线合一(或等腰三角形顶角的平分线、底边上的中线、底边上的高互相重合)，角平分线上的点到角的两边距离相等.‎ ‎(2)证明：∵CA=CB，‎ B，‎ ‎∵O是AB的中点，‎ OA=OB.‎ ‎∵DFAC，DEBC，‎ AMO=BNO=90，‎ ‎∵在△OMA和△ONB中 ‎△OMA≌△ONB(AAS)，‎ OM=ON.‎ ‎(3)解：OM=ON，OMON.理由如下：‎ 连接CO，则CO是AB边上的中线.‎ ‎∵ACB=90，‎ OC= AB=OB，‎ 又∵CA=CB，‎ CAB=B=45，2=45，AOC=BOC=90，‎ B，‎ ‎∵BNDE，‎ BND=90，‎ 又∵B=45，‎ ‎3=45，‎ B，‎ DN=NB.‎ ‎∵ACB=90，NCM=90.又∵BNDE，DNC=90‎ 四边形DMCN是矩形，‎ DN=MC，‎ MC=NB，‎ ‎△MOC≌△NOB(SAS)，‎ OM=ON，MOC=NOB，‎ MOC﹣CON=NOB﹣CON，‎ 即MON=BOC=90，‎ OMON.‎ ‎【答案】(1)解：故答案为：等腰三角形三线合一(或等腰三角形顶角的平分线、底边上的中线、底边上的高互相重合)，角平分线上的点到角的两边距离相等.‎ ‎(2)证明过程省略.‎ ‎(3)解：OM=ON，OMON.理由见解析.‎ ‎【点评】本题综合考查了全等三角形的判定与性质、角平分线的性质、等腰三角形的性质、矩形的判定与性质等初数中常见的几何知识点.对考生的综合能力有一定的要求，故是选拔考生较好的能力题.难度较大.‎ ‎23.(本题满分10分)‎ ‎(2019山东东营，23，10分)(1)如图1，在正方形ABCD中，E是AB上一点，F是AD延长线上一点，且DF=BE.求证：CE=CF;‎ ‎(2)如图2，在正方形ABCD中，E是AB上一点，G是AD上一点，如果GCE=45，请你利用(1)的结论证明：GE=BE+GD.‎ ‎(3)运用(1)(2)解答中所积累的经验和知识，完成下题：如图3，在直角梯形ABCD中，AD∥BC(BCAD)，B=90，AB=BC，E是AB上一点，且DCE=45，BE=4，DE=10, 求直角梯形ABCD的面积.‎ ‎【解析】(1)利用已知条件，可证出△BCE≌△DCF(SAS)，即CE=CF.(2)延长AD至F，使DF=BE.连接CF.借助(1)的全等得出BCE=DCF，GCF=BCE+DCG=90GCE=45，即GCF=GCE，又因为CE=CF，CG=CG，△ECG≌△FCG，EG=GF，GE=DF+GD=BE+GD.(3)过C作CGAD，交AD延长线于G，先证四边形ABCG是正方形(有一组邻边相等的矩形是正方形).再设AB=x，利用(1)、(2)的结论，在Rt△AED中利用勾股定理可求出x.‎ ‎【答案】(1)证明：在正方形ABCD中，∵BC=CD，CDF，BE=DF，‎ ‎△CBE≌△CDF.CE=CF.‎ ‎(2)证明： 如图2，延长AD至F，使DF=BE.连接CF.‎ 由(1)知△CBE≌△CDF，BCE=DCF.‎ BCE+ECD=DCF+ECD,即ECF=BCD=90，‎ 又GCE=45，GCF=GCE=45.‎ ‎∵CE=CF，GCE=GCF，GC=GC，‎ ‎△ECG≌△FCG.GE=GF,GE=DF+GD=BE+GD.‎ ‎(3)如图3，过C作CGAD，交AD延长线于G.在直角梯形ABCD中，∵AD∥BC，B=90，又CGA=90，AB=BC，‎ 四边形ABCD 为正方形.AG=BC.已知DCE=45，‎ 根据(1)(2)可知，ED=BE+DG.‎ 所以10=4+DG，即DG=6.设AB=x，则AE=x-4，AD=x-6,在Rt△AED中，∵ ，即 ‎ .解这个方程，得：x=12，或x=-2(舍去).AB=12.所以梯形ABCD的面积为S=‎ ‎【点评】本题是一道几何综合题，内容涉及三角形的全等、图形的旋转以及勾股定理的应用，重点考查学生的数学学习能力.本题的设计由浅入深，循序渐进，考虑到学生的个体差异.‎ 专项八 几何综合型问题(42)‎ ‎23.(湖南株洲市8,23题)(本题满分8分)如图，在△ABC中，C=90,BC=5米,AC=12米。M点在线段CA上，从C向A运动，速度为1米/秒;同时N点在线段AB上，从A向B运动，速度为2米/秒。运动时间为t秒。‎ ‎(1)、当t 为何值时，AMN=ANM ?‎ ‎(2)、当t 为何 值时，△AMN的面积最大?并求出这个最大值。‎ ‎【解析】(1)当两角相等可知，AM=AN，列出方程求出t的值，(2)面积的最值问题是利用二次函数的最值问题，根据题意写出三角形的面积与t的函数关系式，根据自变量的取值及二次函数的性质求出最值.‎ ‎【解】(1)、依题意有 1分 ‎2分 解得：t=4 秒，即为所求。 3分 ‎(2)、‎ 解法一：如图作 4分 ‎6分 ‎8分21世纪 解法二：‎ ‎4分 ‎6分 ‎8分 ‎【点评】求最大面积、最大利润等问题，一定要考虑到函数关系式的应用，特别是二次函数的应用。‎ ‎19. (2019四川省南充市，19，8分) 矩形ABCD中，AB=2AD,E为AD的中点，EFEC交AB于点F，连接FC.‎ ‎(1)求证：△AEF∽△DCE;‎ ‎(2)求tanECF的值.‎ 解析：(1)由四边形ABCD是矩形，EFEC，易得D=90，AFE=DEC，由有两组角对应相等的两个三角形相似，即可判定△AEF∽△DCE;‎ ‎(2)由△AEF∽△DCE，根据相似三角形的对应边成比例，可得 ，又由矩形ABCD中，AB=2AD，E为AD的中点，tanECF= ，即可求得答案.‎ 答案：解：(1)在矩形ABCD中，D=900.‎ ‎∵EFEC，FEC =900.FEA+CED=900.‎ ‎∵FEA+EAF=900.EAF=CED.‎ ‎⊿AEF∽⊿DCE.‎ ‎(2)∵AB=2AD，E为AD的中点,‎ ‎24. (2019浙江省嘉兴市，24，14分)在平面直角坐标系xOy中,点P是抛物线y= 上的动点(点P在笫一象限内).连结OP,过点O作OP的垂线交抛物线于另一点Q.连结PQ,交y轴于点M.作PAx轴于点A,QBx轴于点B.设点P的横坐标为m.‎ ‎(1)如图①,当m= 时,‎ ‎①求线段OP的长和tanPOM的值;‎ ‎②在y轴上找一点C,使△OCQ是以OQ为腰的等腰三角形,求点C的坐标;‎ ‎(2)如图②,连结AM、BM,分别与OP、OQ相交于点D、E。‎ ‎①用含m的代数式表示点Q的坐标;‎ ‎②求证:四边形ODME是矩形。‎ ‎【解析】(1)①欲求线段OP的长,需要先求得点P的坐标,把P点的横坐标m代入 ,可得;由PAx轴, 得PA∥MO, tanPOM=tanOPA= .‎ ‎②欲求点C的坐标, 需要先求得点Q的坐标.设Q(n, ),由题意可得 ,进而得 Q( , ),OQ= .以OQ为腰, 分别讨论当OQ=OC和OQ=CQ时,点C的坐标即可.‎ ‎(2)①由P点的横坐标为m,利用相似三角形的性质可推得点Q( ,‎ ‎ ).②先利用待定系数法求得直线PQ的函数解析式,进而得点M的坐标.利用相似三角形的判定证得△QBO∽△MOA,进而证得Q0∥ MA. 同理可证:EM∥ OD. 又∵EOD=90 .所以四边形ODME是矩形。‎ ‎【答案】 (1)①把m= 代入 , y=2.P( ,2), OP= .‎ ‎∵PAx轴,PA∥MO.‎ tanPOM=tanOPA= = .‎ ‎②设Q(n, ),∵tanQOB=tanPON, .‎ ‎,Q( , ),OQ= .‎ 当OQ=OC时,则 , ;‎ 当OQ=CQ时,则 .‎ 综上所述,所求点C的坐标为: , , .‎ ‎(2)①∵P(m , ),设Q(n, ). ∵△APO∽△BOQ, . ,得 Q( , ).‎ ‎②设直线PO的廨析式为:y=kx+b,把P(m , )、Q( , )代入得:‎ 解得b=1, M(0,1)‎ ‎∵ ,QBO=MOA=90, ,△QBO∽△MOA.‎ MAO=QOB, QO∥ MA.‎ 同理可证:EM∥ OD.‎ 又∵EOD=90, 四边形ODME是矩形。‎ ‎【点评】本题是一道几何代数综合题,主要考查了一次函数,二次函数, 勾股定理, 相似三角形的性质与判定,矩形的判定及方程思想,分类讨论,特殊到一般的数学思想等的综合应用.‎ 解题的关键:灵活应用所学,求出关键点P、Q、M点的坐标.‎ ‎(1)中,①运用了勾股定理,平行线的性质,锐角三角函数的意义; ②运用了方程思想,分类讨论的思想. (2)中相似三角形的性质与判定,,矩形的判定.‎ ‎26.(2019湖北襄阳，26，13分)如图12，在矩形OABC中，AO=10，AB=8，沿直线CD折叠矩形OABC的一边BC，使点B落在OA边上的点E处，分别以OC、OA所在的直线为x轴，y轴建立平面直角坐标系，抛物线y=ax2+bx+c经过O，D，C三点.‎ ‎(1)求AD的长及抛物线的解析式;‎ ‎(2)一动点P从点E出发，沿EC以每秒2个单位长的速度向点C运动，同时动点Q从点C出发，沿CO以每秒1个单位长的速度向点O运动，当点P运动到点C时，两点同时停止运动.设运动时间为t秒，当t为何值时，以P，Q，C为顶点的三角形与△ADE相似?‎ ‎(3)点N在抛物线对称轴上，点M在抛物线上，是否存在这样的点M与点N，使以M，N，C，E为顶点的四边形是平行四边形?若存在，请直接写出点M与点N的坐标(不写求解过程);若不存在，请说明理由.‎ ‎【解析】(1)根据折叠前后的相等线段，先在Rt△OEC中求出OE长，再在Rt△ADE中运用勾股定理构建方程求AD.然后将O，D，C三点的坐标代入抛物线y=ax2+bx+c求出a，b，c即可.(2)分别用含t的代数式表示CQ和CP的长，再利用相似三角形产生的相似比构建含t的方程，解之即得.(3)从两定点C，E形成的边CE为平行四边形的边和对角线两个角度分析求解.‎ ‎【答案】解：(1)∵四边形ABCO为矩形，‎ OAB=AOC=B=90，AB=CO=8，AO=BC=10.‎ 由题意得，△BDC≌△EDC.‎ DEC=90，EC=BC=10，ED=BD.‎ 由勾股定理易得EO=6.‎ AE=10-6=4.‎ 设AD=x，则BD=DE=8-x，由勾股定理，得x2+42=(8-x)2.‎ 解之得，x=3，AD=3.‎ ‎∵抛物线y=ax2+bx+c过点O(0，0)，c=0.‎ ‎∵抛物线y=ax2+bx+c过点D(3，10)，C(8，0)，‎ 解之得 抛物线的解析式为：y=- x2+ x.‎ ‎(2)∵DEA+OEC=90，OCE+OEC=90，‎ DEA=OCE.‎ 由(1)可得AD=3，AE=4，DE=5.‎ 而CQ=t，EP=2t，PC=10-2t.‎ 当PQC=DAE=90时，△ADE∽△QPC，‎ ‎= ，即 = ，解得t= .‎ 当QPC=DAE=90时，△ADE∽△PQC，‎ ‎= ，即 = ，解得t= .‎ 当t= 或 时，以P，Q，C为顶点的三角形与△ADE相似.‎ ‎(3)存在.M1(-4，-32)，N1(4，-38).‎ M2(12，-32)，N2(4，-26).‎ M3(4， )，N3(4，- ).‎ ‎【点评】本题是一道直线形坐标几何问题，综合考查轴对称，全等三角形，矩形的性质，相似三角形，勾股定理与方程，平行四边形等方面的知识.重点考查学生综合运用数学知识解决综合问题的能力，以及运用方程思想，数形结合思想和分类讨论的思想解决问题的能力.本题入口较宽，第(1)问就是教材习题，能保证大部分考生得分，具有公平性;第(2)问属于动态探究问题，根据相似三角形产生的相似比建立含t的方程是求解关键.第(3)问情况有三种，所要求的点有六个，如何条理清晰的进行分类得出点的位置是解题先决条件.这类问题通常是以两定点形成的边为突破口，把它当作边和对角线分别思 ‎23.(2019四川攀枝花，23，12分)(12分)如图9，在平面直角坐标系 中，四边形ABCD是菱形，顶点A、C、D均在坐标轴上，且AB=5，sinB=‎ ‎(1)求过A、C、D三点的抛物线的解析式;‎ ‎(2)记直线AB的解析式为 ，(1)中抛物线的解析式为 ‎ ，求当 时，自变量 的取值范围;‎ ‎(3)设直线AB与(1)中抛物线的另一个交点为E，P点为抛物线上A、E两点之间的一个动点，当P点在何处时，△PAE的面积最大?并求出面积的最大值。‎ ‎【解析】菱形的性质，求抛物线解析式，‎ 三角形函数，三角形的面积的求法 ‎【答案】解：‎ ‎(1)∵四边形ABCD是菱形 AB=CD=5，ADC OC：CD=sinADC 即OC=4‎ 在Rt△OCD中，OD=3‎ OA=ADOD=2‎ D(3，0)，A(2，0)，C(0，4)，B(5，4)‎ 设抛物线解析式为y=a(x3)(x+2)‎ 将C(0，4)代入，得a=‎ y= (x3)(x+2)= x2+ x+4‎ ‎(2)把A(2，0)和B(5，4)代入 解得 解得x1=5,x2= 2，‎ ‎2‎ ‎(3)作AF∥y轴，EF∥x轴，连结PF xB=5,yB= E(5， ) A(2，0)‎ 设P(m, m2+ m+4)‎ AF= ，EF=7，‎ S△PAE=S△AFP+S△EFPS△AFE= AF(xPxA)+ EF(yPyE) AFEF 当m= ，即P( ， )时△PAE有最大值为 。‎ ‎【点评】(1)本题重点考查了菱形的性质，以及利用三角函数求线段长度和点的坐标。利用坐标求抛物线解析式。‎ ‎(2)求出直线与抛物线的两交点坐标，并结合图像解答问题。‎ ‎(3)求三角形面积的方法有很多种，此种方法利用割补法求出三角形面积关于m的函数关系式，并求最大值。‎ ‎24.(2019四川攀枝花，24，12分)(12分)如图10所示，在 形状和大小不确定的△ABC中，BC=6，E、F分别是AB、AC的中点，P在EF或EF的延长线上，BP交CE于 D，Q在CE上且BQ平分CBP，设BP= ，PE= .‎ ‎(1)当 时，求 的值;‎ ‎(2)当CQ= CE时，求 与 之间的函数关系式;‎ ‎(3)①当CQ= CE时，求 与 之间的函数关系式;‎ ‎②当CQ= CE( 为不小于2的常数)时，求直接 与 之间的函数关系式。‎ ‎【解析】平行、角平分线、等腰三角形、相似、对应边成比例 ‎【答案】‎ 解：‎ ‎(1)∵E、F是AB、AC中点 EF∥BC，EF=0.5BC=3‎ EP= =1‎ ‎∵EF∥BC ‎△DPE∽△DBC EP：BC=1：6‎ ‎=1：36‎ ‎(2)延长BQ交射线EF于点G ‎∵EF∥BC GBC 又∵GBC=GBP GBP PG=BP=y 即EG=x+y ‎∵EF∥BC ‎△QEG∽△QCB EQ：QC=EG：BC=1‎ x+y=6‎ y= x+6‎ ‎(3)‎ ‎①同(2)中 ‎△QEG∽△QCB EQ：QC=EG：BC=2‎ x+y=26‎ y= x+12‎ ‎②y= x+6(n1)‎ ‎【点评】本题考查了角平分线和平行所形成的等腰三角形，以及平行有相似，利用相似三角形对应边成比例求解。‎ 专项八 几何综合型问题(42)‎ ‎19. (2019四川省南充市，19，8分) 矩形ABCD中，AB=2AD,E为AD的中点，EFEC交AB于点F，连接FC.‎ ‎(1)求证：△AEF∽△DCE;‎ ‎(2)求tanECF的值.‎ 解析：(1)由四边形ABCD是矩形，EFEC，易得D=90，AFE=DEC，由有两组角对应相等的两个三角形相似，即可判定△AEF∽△DCE;‎ ‎(2)由△AEF∽△DCE，根据相似三角形的对应边成比例，可得 ，又由矩形ABCD中，AB=2AD，E为AD的中点，tanECF= ，即可求得答案.‎ 答案：解：(1)在矩形ABCD中，D=900.‎ ‎∵EFEC，FEC =900.FEA+CED=900.‎ ‎∵FEA+EAF=900.EAF=CED.‎ ‎“教书先生”恐怕是市井百姓最为熟悉的一种称呼，从最初的门馆、私塾到晚清的学堂，“教书先生”那一行当怎么说也算是让国人景仰甚或敬畏的一种社会职业。只是更早的“先生”概念并非源于教书，最初出现的“先生”一词也并非有传授知识那般的含义。《孟子》中的“先生何为出此言也？”；《论语》中的“有酒食，先生馔”；《国策》中的“先生坐，何至于此？”等等，均指“先生”为父兄或有学问、有德行的长辈。其实《国策》中本身就有“先生长者，有德之称”的说法。可见“先生”之原意非真正的“教师”之意，倒是与当今“先生”的称呼更接近。看来，“先生”之本源含义在于礼貌和尊称，并非具学问者的专称。称“老师”为“先生”的记载，首见于《礼记?曲礼》，有“从于先生，不越礼而与人言”，其中之“先生”意为“年长、资深之传授知识者”，与教师、老师之意基本一致。‎ ‎⊿AEF∽⊿DCE.‎ 单靠“死”记还不行,还得“活”用,姑且称之为“先死后活”吧。让学生把一周看到或听到的新鲜事记下来,摒弃那些假话套话空话,写出自己的真情实感,篇幅可长可短,并要求运用积累的成语、名言警句等,定期检查点评,选择优秀篇目在班里朗读或展出。这样,即巩固了所学的材料,又锻炼了学生的写作能力,同时还培养了学生的观察能力、思维能力等等,达到“一石多鸟”的效果。(2)∵AB=2AD，E为AD的中点,‎ 查字典数学网 语文课本中的文章都是精选的比较优秀的文章,还有不少名家名篇。如果有选择循序渐进地让学生背诵一些优秀篇目、精彩段落,对提高学生的水平会大有裨益。现在,不少语文教师在分析课文时,把文章解体的支离破碎,总在文章的技巧方面下功夫。结果教师费劲,学生头疼。分析完之后,学生收效甚微,没过几天便忘的一干二净。造成这种事倍功半的尴尬局面的关键就是对文章读的不熟。常言道“书读百遍,其义自见”,如果有目的、有计划地引导学生反复阅读课文,或细读、默读、跳读,或听读、范读、轮读、分角色朗读,学生便可以在读中自然领悟文章的思想内容和写作技巧,可以在读中自然加强语感,增强语言的感受力。久而久之,这种思想内容、写作技巧和语感就会自然渗透到学生的语言意识之中,就会在写作中自觉不自觉地加以运用、创造和发展。‎