2015中考物理攀枝花解析试卷

2015中考物理攀枝花解析试卷

‎2015年四川省攀枝花市中考物理试卷 一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）‎ ‎1．（3分）（2015•攀枝花）下列数据最符合实际的是（　　）‎ ‎　 A． 一个中学生的体重约为5000N ‎　 B． 温水的温度约为40℃‎ ‎　 C． 台灯的工作电流约为200A ‎　 D． 教室里的课桌高约为100mm 考点： 重力大小的估测；温度；长度的估测；电流的大小．‎ 专题： 估算综合应用题．‎ 分析： 此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，必要时进行相关的计算，找出符合实际的选项．‎ 解答： 解：‎ A、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kg×10N/kg=500N左右．故A不符合实际；‎ B、人的体温在37℃左右，温水的温度略高于体温，在40℃左右．故B符合实际；‎ C、台灯的额定功率在40W左右，正常发光的电流在I==≈0.2A左右．故C不符合实际；‎ D、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=800mm左右．故D不符合实际．‎ 故选B．‎ 点评： 估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法．‎ ‎　‎ ‎2．（3分）（2015•攀枝花）关于声现象，下列说法中正确的是（　　）‎ ‎　 A． “闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的 ‎　 B． 街道上的噪声监测仪是减弱噪声的专用设备 ‎　 C． 用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调会不同 ‎　 D． 课堂上能听到老师讲课声，是由于空气能够传声 考点： 音调、响度与音色的区分；声音的传播条件；防治噪声的途径．‎ 专题： 声现象．‎ 分析： 从声音的特性、防治噪声的途径、声音的传播条件等方面对选项中的内容做出分析与判断即可．‎ 解答： 解：A、不同发声体发出声音的音色不同，“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的，故A错误；‎ B、街道上的噪声监测仪可以监测噪声的大小，但是不能减弱噪声，故B错误；‎ C、用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉的振幅不同，发声的响度会不同，故C错误；‎ D、课堂上能听到老师讲课声，是通过空气传到我们的耳朵里的，故D正确．‎ 故选D．‎ 点评： 本题考查了声音特性的辨别、噪声监测仪的认识、声音的传播等，属声学基础题．‎ ‎　‎ ‎3．（3分）（2015•攀枝花）今年“六一”儿童节，杨杨成为了一名少先队员，当杨杨戴上红领巾走近穿衣镜时，他在穿衣镜中的像将（　　）‎ ‎　 A． 逐渐变大 B． 逐渐变小 C． 大小不变 D． 远离穿衣镜 考点： 平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．‎ 专题： 光的传播和反射、平面镜成像．‎ 分析： 平面镜成的像与物体是等大的，像和物距离平面镜的距离是相等的，像是虚像．‎ 解答： 解：平面镜所成的像与物体是等大的，当人靠近平面镜时，视觉上感觉像在变大，但实际上像的大小并没有变．所以，当杨杨穿着新衣服走近穿衣镜时，他在穿衣镜中的像大小不变．故AB错误，C正确；‎ 在平面镜中所成像与成像物体到平面镜的距离相等，杨杨走近穿衣镜时，与穿衣镜的距离变小，像与平面镜的距离变小，即穿衣镜中的像将靠近穿衣镜，故D错误．‎ 故选：C．‎ 点评： 人的视觉感觉总是近大远小，即离像近感觉大，离像远感觉小，像的真实大小总与物相同．‎ ‎　‎ ‎4．（3分）（2015•攀枝花）冬天在浴室里洗热水澡时，浴室内的镜子会变得很“模糊”，产生该现象的原因是空气中的水蒸气发生了（　　）‎ ‎　 A． 液化 B． 熔化 C． 凝固 D． 升华 考点： 液化及液化现象．‎ 专题： 汽化和液化、升华和凝华．‎ 分析： （1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；‎ ‎（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．‎ 解答： 解：冬天洗热水澡的过程中经常发现浴室里的镜子会变得模糊不清，这是水蒸气遇到冷的镜面发生液化现象，形成的小水滴附着在镜面上造成的．‎ 故选A．‎ 点评： 分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识．‎ ‎　‎ ‎5．（3分）（2015•攀枝花）下列现象与分子热运动有关的是（　　）‎ ‎　 A． 春天，百鸟争鸣 B． 夏天，波光粼粼 ‎　 C． 秋天，丹桂飘香 D． 冬天，大雪纷飞 考点： 分子的运动．‎ 专题： 分子热运动、内能．‎ 分析： 分子运动是肉眼看不见的运动，机械运动是宏观上物体的运动．分子运动，即扩散现象是肉眼看不见的，在不知不觉中发生的，如：花香四溢．而机械运动是物体的运动，是看的见的，比如：扫地时尘土飞扬．要区分开分子的运动和固体小颗粒的运动．‎ 解答： 解：A、春天百鸟争鸣属于声音的传播，不属于分子热运动；‎ B、夏天波光粼粼，是光的反射现象，不属于分子热运动；‎ C、秋天丹桂飘香，是气体分子运动的结果，属于分子热运动；‎ D、冬天大雪纷飞，是宏观物体的运动，不是分子的运动．‎ 故选：C．‎ 点评： 本题主要考查学生对宏观物体的运动和分子运动的区别、理解和掌握，是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎6．（3分）（2015•攀枝花）如图，跳伞运动员在空中匀速直线下降的过程中，下列说法正确的是（　　）‎ ‎　 A． 人对伞的拉力大于伞对人的拉力 ‎　 B． 人和伞受的合力为零 ‎　 C． 人和伞的重力势能在增大 ‎　 D． 人和伞的动能在减小 考点： 力与运动的关系；动能和势能的大小变化．‎ 专题： 运动和力；机械能及其转化．‎ 分析： （1）物体间力的作用是相互的，相互作用力的大小相等．‎ ‎（2）当物体处于平衡状态（静止或匀速直线运动）时，物体受到的所有力的合力为0．‎ ‎（3）重力势能和质量、高度有关．‎ ‎（4）动能和质量、速度有关．‎ 解答： 解：A、人对伞的拉力和伞对人的拉力是相互作用力，相互作用力大小相等，故A错．‎ B、运动员和降落伞同时匀速直线向下运动，处于平衡状态，故受到的所有力的合力为零，故B对．‎ C、人和伞的质量一定，高度降低，所以重力势能减小，故C错．‎ D、人和伞的质量一定，速度也不变，所以动能不变，故D错．‎ 故选：B．‎ 点评： 解答本题的关键是熟练掌握二力平衡的条件、运动状态，以及影响动能和重力势能的因素，并能根据影响因素分析各自的变化．‎ ‎　‎ ‎7．（3分）（2015•攀枝花）今年5月，为了应对南海的复杂局面，我国的歼10战斗机加强了对南海的巡航．关于歼10战斗机以下说法正确的是（　　）‎ ‎　 A． 战斗机投入战斗前要抛掉副油箱，这是为了减小惯性 ‎　 B． 为了方便空中加油机对其加油，加油时战斗机应在空中悬停 ‎　 C． 使战斗机水平前进的推力来源于飞机周围的空气 ‎　 D． 使战斗机升空的力主要是空气的浮力 考点： 惯性．‎ 专题： 运动和力．‎ 分析： A、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性．惯性大小的唯一量度是物体的质量，与物体是否受力，与物体的速度的大小无关，‎ B、运动和静止的相对性，我们平时说的运动或静止都是相对于参照物而言的．‎ C、物体间力的作用是相互的．‎ D、飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状．这样，当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流过机翼下方的空气流速小，压强大．机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力．‎ 解答： 解：A、在相同的作用力下，物体的质量m越小，物体的加速度a越大，抛掉副油箱，减小了质量m，也就提高了飞机的灵活性，故A正确．‎ B、空中加油机在空中给战斗机加油时，战斗机和加油机的运动方向必须相同，运动速度的大小必须相等，两者之间的相对位置不变，即可实现空中加油，没有必要在空中悬停，故B错误；‎ C、燃料燃烧后所产生的大量高温高压气体，向后喷射，物体间力的作用是相互的，从而而推动飞机前进的．故C错误；‎ D、飞机的机翼通常都做成上面凸起，飞机起飞时，是利用气体压强和流速的关系产生的飞机的升力，故D错误．‎ 故选A．‎ 点评： 本题以歼10战斗机为载体，考查相应的物理知识，注重了物理知识和生产生活实际的结合，注重了学以致用．‎ ‎　‎ ‎8．（3分）（2015•攀枝花）教室内有四盏220V的灯，两个开关，每个开关控制两盏灯．图中能正确反映教室这四盏灯连接情况的是（　　）‎ ‎　 A． B． C． D． ‎ 考点： 电路的基本连接方式．‎ 专题： 电流和电路．‎ 分析： 我国家庭电路的电压是220V，并联电路两端的电压相等；并联电路中，各用电器工作时互不影响，用电器的开关应该连接在火线上．‎ 解答： 解：（1）一个开关断开时，本开关控制的两盏灯不工作，另一个开关控制的两盏灯可以正常工作，所以两开关控制的灯分别是并联的；‎ ‎（2）同一个开关控制的两盏灯，损坏一个，另一个还可以工作，说明同一个开关控制的两灯之间也是并联的；‎ ‎（3）每个开关和开关所控制的灯之间是串联的关系．‎ 故选：A．‎ 点评： 本题考查的根据串并联电路的特点和生活经验判断家庭电路的连接情况．‎ ‎　‎ ‎9．（3分）（2015•攀枝花）POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息．图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（　　）‎ ‎　 A． B． C． D． ‎ 考点： 电磁感应．‎ 专题： 电动机、磁生电．‎ 分析： 闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象；‎ 在选项中找出探究电磁感应的对应图即可．‎ 解答： 解：‎ POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象 A、如图反映电流周围存在着磁场．故A选项错误．‎ B、如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动．故B选项错误．‎ C、如图电路中有电源，是通电线圈在磁场中受力运动，故C选项错误．‎ D、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项．故D选项正确．‎ 故选D．‎ 点评： 电动机和发电机的原理图非常相似，主要区别是电路中是否有电源，电路中有电源的是电动机，电路中没有电源的是发电机．‎ ‎　‎ ‎10．（3分）（2015•攀枝花）小明为家中的盆景设计了一个自动供水装置，如图所示，用一个塑料瓶装满水倒放在盆景盘中，瓶口刚刚被水浸没．当盘中的水位下降到使瓶口露出水面时，空气进入瓶中，瓶中就会有水流出，使盘中的水位升高，瓶口又被浸没，瓶中的水不再流出．这样盆景中的水位可以保持一定的高度．塑料瓶中的水不会全部流掉的原因是（　　）‎ ‎　 A． 受水浮力的作用 B． 外界大气压的作用 ‎　 C． 盆景盘支持力的作用 D． 瓶口太小，水不易流出 考点： 大气压强的存在．‎ 专题： 气体的压强、流体压强与流速的关系．‎ 分析： 浸在空气中的物体受到大气压的作用，一个标准大气压可以支持10.13m高度的水柱．‎ 解答： 解：‎ 一个标准大气压可以支持约10.13m高的水柱．瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来．‎ 故选B．‎ 点评： 本题考查学生运用所学知识分析解决实际问题的能力，对学生的要求较高，是中考重点考查的内容．‎ ‎　‎ ‎11．（3分）（2015•攀枝花）小梦将定值电阻R1与滑动变阻器R2接入电源电压不变的电路中，如图所示．闭合开关S，各表均有一定示数，滑动变阻器的滑片向右滑动到一定位置过程中，电流表、电压表V1和V2示数变化量分别为△I、△U1、△U2．下列说法正确的是（　　）‎ ‎　 A． V1示数不变，V2示数变大 ‎　 B． V1示数变小，V1示数和电流表示数之比变小 ‎　 C． V2示数变大，△U1＞△U2‎ ‎　 D． 电流表示数变小，不变 考点： 电路的动态分析．‎ 专题： 电路变化分析综合题．‎ 分析： 分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用欧姆定律与串并联电路特点分析答题．‎ 解答： 解：由图知：定值电阻和滑动变阻器串联，电压表V1测量定值电阻两端电压，电压表V2测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流．‎ A、在串联电路中，电阻具有分压作用．滑动变阻器滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路电阻增大，根据串联电路用电器两端电压与其阻值成正比知，滑动变阻器两端电压增大，即电压表V2示数增大，而电源电压一定，所以电压表V1示数减小．此选项错误；‎ B、由A知，电压表V1示数减小，但定值电阻阻值一定，所以V1示数和电流表示数之比﹣﹣定值电阻阻值不变．此选项错误；‎ C、由A知，电压表V2示数增大，但电源电压一定，前后两种情况下定值电阻和滑动变阻器两端电压变化程度相同，即，△U1=△U2．此选项错误；‎ D、定值电阻阻值不变，滑动变阻器滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路电阻增大，电路总电阻增大，电源电压一定，由欧姆定律知，电路电流减小，所以电流表示数减小．滑片在不同位置时，定值电阻两端电压变化量与通过的电流变化量之比为R1，而R1是定值电阻，所以不变．此选项正确．‎ 故选D．‎ 点评： 本题是一道闭合电路动态分析题，分析清楚电路结构、熟练应用欧姆定律和串并联电路特点即可正确解题．‎ ‎　‎ ‎12．（3分）（2015•攀枝花）如图甲所示，均匀柱状石料在钢绳拉力的作用下从水面上方以0.5m/s的恒定速度下降，直至全部没入水中．图乙是钢绳拉力F随时间t变化的图象．若不计水的阻力，g取10N/kg，则下列说法正确的是（　　）‎ ‎　 A． 石料受到的重力为900N ‎　 B． 石料的密度为1.8×103Kg/m3‎ ‎　 C． 如果将该石料立在水平地面上，则它对地面的压强为2.8×104Pa ‎　 D． 石料沉底后水平池底对石料的支持力为500N 考点： 压强的大小及其计算；密度的计算；阿基米德原理．‎ 专题： 密度及其应用；压强、液体的压强；浮力．‎ 分析： （1）根据图象乙判断物体的重力及全部浸没时所受的浮力；‎ ‎（2）根据浮力公式F浮=ρ液gV排求出物体的体积，然后根据密度公式求出石料的密度；‎ ‎（3）先根据图乙读出石料从刚开始淹没都全部淹没所用的时间，然后根据速度公式即可求出圆柱体的高，再根据p====ρgh求出石料放在水平地面上时对地面的压强；‎ ‎（4）根据F=G﹣F浮即可求出石料沉底后水平池底对石料的支持力．‎ 解答： 解：由图象乙知，AB段拉力大小不变，此时物体未接触水面，根据测力计的示数可得物体的重力G=1400N，故A错误；‎ BC段拉力示数逐渐减小，说明物体慢慢浸入水中，且浸入水中的体积逐渐变大，受到的浮力逐渐变大，在C点恰好完全浸没，此时测力计的示数为900N，所以浮力：‎ F浮=G﹣F=1400N﹣900N=500N；‎ 由F浮=ρ液gV排可得，石料的体积：V=V排===0.05m3；则 石料的密度：ρ====2.8×103kg/m3，故B错误；‎ 由图乙可知，石料从刚开始淹没都全部淹没所用的时间为2s；‎ 由v=可知，圆柱体的高度：h=s=vt=0.5m/s×2s=1m；‎ 由p====ρgh可得，将该石料立在水平地面上，则它对地面的压强：p=ρgh=2.8×103kg/m3×10N/kg×1m=2.8×104pa，故C正确；‎ 石料沉底后水平池底对石料的支持力：F支=G﹣F浮=1400N﹣500N=900N，故D错误．‎ 故选C．‎ 点评： 此题通过拉力与深度的关系图象，考查了对图象的分析，浮力公式的应用，浮力、拉力与重力的关系，同时考查了有关密度、压强的计算，根据图象确定物体的重力及全部浸没时所受的浮力是解决此题的关键．‎ ‎　‎ 二、填空题（共10小题，每小题2分，满分20分）‎ ‎13．（2分）（2015•攀枝花）橡胶、玻璃、石墨中属于导体的是　石墨　；发光二极管是一种电子元件，简称LED．通过观察LED是否发光，不但可以判断电流的有无，还能够判断电流的　方向　．‎ 考点： 导体；半导体的特点．‎ 专题： 电流和电路；粒子与宇宙、材料世界．‎ 分析： （1）根据对常见的导体和绝缘体的认识填第一空．‎ ‎（2）二极管具有单向导电性．‎ 解答： 解：通常情况下橡胶、玻璃是绝缘体，石墨是导体；‎ LED只能让电流从其正极流入负极流出，反方向则是断路，所以能判断电流的方向．‎ 故答案为：石墨；方向．‎ 点评： 要了解常见的导体和绝缘体，比如大地、人体、石墨、酸碱盐溶液、各种金属等是导体，比如陶瓷、橡胶等是绝缘体．‎ ‎　‎ ‎14．（2分）（2015•攀枝花）嫦娥三号探测器“玉兔”成功着陆月球表面并进行科学探测实验．它所获得的科学数据与信息是通过　电磁波　传播到地球接收站的；煤和石油是动植物体经过亿万年的时间形成的，是　不可再生　（选填“不可再生”或“可再生”）能源．‎ 考点： 电磁波的传播；能源的分类．‎ 专题： 信息的传递；能源的利用与发展．‎ 分析： （1）电磁波和声音都能传递信息，电磁波传播不需要介质，声音传播需要介质；‎ ‎（2）能够短时间从自然界得到补充的是可再生能源，短时间得不到补充的是不可再生能源．‎ 解答： 解：（1）嫦娥三号探测器“玉兔”成功着陆月球，并对月球表面进行科学探测试验．它所获得的科学数据与信息是通过电磁波传播到地球接收站的，电磁波传播不需要介质，声音传播需要介质；‎ ‎（2）煤和石油消耗以后不能够短时间得到补充，属于不可再生能源．‎ 故答案为：电磁波；不可再生．‎ 点评： 此题考查了电磁波的传播和能源的分类，相对比较简单．‎ ‎　‎ ‎15．（2分）（2015•攀枝花）菲菲家的下水道堵了，爸爸用固体疏通剂进行疏通．具体操作是，先将适量的疏通剂倒入下水道，再缓慢加入清水，疏通剂与水发生化学反应生成高温高压气体，通过高温高压气体的膨胀将管道疏通．在疏通剂与水的化学反应过程中，能量的转化情况是　化学能转化为内能　，高压气体疏通管道的过程相当于四冲程汽油机的　做功　冲程．‎ 考点： 内燃机的四个冲程．‎ 专题： 比热容、热机、热值．‎ 分析： 疏通剂与水发生化学反应生成高温高压气体，通过高温高压气体的膨胀将管道疏通．此时温度升高，内能增加，是化学能转化为内能；‎ 汽油机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能．‎ 解答： 解：疏通剂与水发生化学反应生成高温高压气体，此时温度升高，内能增加，是化学能转化为内能；‎ 高压气体疏通管道最后通过高温高压气体的膨胀将管道疏通，该过程是内能转化为机械能，其中汽油机的做功冲程中也是将内能转化为机械能．‎ 故答案为：化学能转化为内能；做功．‎ 点评： 本题考查能量的转化以及内燃机的四个冲程，属于基础题．‎ ‎　‎ ‎16．（2分）（2015•攀枝花）在自由下落过程中，物体运动速度会越来越快，一个物体由A点自由下落，相继经过B、C两点，已知AB=BC．如图所示，物体在AB段重力做功W1，做功功率P1；在BC段重力做功W2，做功功率P2，则W1　=　W2，P1　＜　P2（两空均选填“＞”、“＜”或“=”）．‎ 考点： 功的大小比较；功率大小的比较．‎ 专题： 功、功率、机械效率．‎ 分析： 已知AB=BC，根据W=Gh可知这两段物体做的功相等；因小球在自由下落时做加速下落运动，所以根据速度公式可知经过相同路程的时间关系，再根据功率公式得出它们的功率关系．‎ 解答： 解：‎ 由题AB=BC，‎ 根据W=Gh可知，物体在AB段和BC段做的功相等，即W1=W2；‎ 由于小球在自由下落时做加速运动，‎ 由v=可得，t=可知，小球在BC段运动的时间短，‎ 根据公式P=可知，物体在AB段重力做功功率小于BC段重力做功功率，即P1＜P2．‎ 故答案为：=；＜．‎ 点评： 本题考查了做功公式、功率公式的灵活运用以及牛顿第一定律的理解，关键是知道自由下落物体的运动是加速下落，从而得到AB和BC段的时间关系．‎ ‎　‎ ‎17．（2分）（2015•攀枝花）秋天，稻子“笑弯了腰”，说明力可以改变物体的　形状　．跳高场上，运动员“腾空而起”，说明力可以改变物体的　运动状态　．‎ 考点： 力的作用效果．‎ 专题： 运动和力．‎ 分析： 力的作用效果有两个：改变物体的形状和物体的运动状态，物体运动状态包括物体运动的快慢的改变和物体运动方向的改变．‎ 解答： 解：‎ ‎（1）秋天，稻子“笑弯了腰”，重力使稻杆的形状发生了改变，说明力可以改变物体的形状；‎ ‎（2）跳高运动员“腾空而起”，地面对运动员的弹力使运动员越过横杆，这说明力可以改变物体的运动状态．‎ 故答案为：形状；运动状态．‎ 点评： 本题考查的是对力的作用效果的记忆和理解，以及学生的分析推理能力．‎ ‎　‎ ‎18．（2分）（2015•攀枝花）雷电是大气中一种剧烈的放电现象．某次雷电，云层和大地之间的电压为2×106V，放电电流为5×104A，放电时间为0.1s，则该次雷电所释放的能量为　1×1010　J．‎ 考点： 电功的计算．‎ 专题： 电能和电功率．‎ 分析： 知道雷电的放电电压、放电电流和放电时间，可利用公式W=UIt计算释放的电能．‎ 解答： 解：U=2×106V，I=5×104A，t=0.1s，‎ 释放的电能为：W=UIt=2×106V×5×104A×0.1s=1×1010J．‎ 故答案为：1×1010．‎ 点评： 本题考查雷雨天放电的现象以及释放电能的计算，通过计算让人们明白雷电释放的能量很大，雷雨天一定要注意．‎ ‎　‎ ‎19．（2分）（2015•攀枝花）小明同学在家利用电能表（表盘上标有“3200imp/kw•h”的字样，它表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次）测量电熨斗的实际电功率．先把家中其余用电器从电源上断开，然后将该熨斗接入电路中让其单独工作，观察电能表，发现指示灯在4min内闪烁320次．该电熨斗的实际电功率是　1500　W．‎ 考点： 电能表参数的理解与电能的求法；实际功率．‎ 专题： 电能和电功率．‎ 分析： 3200imp/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，据此求出指示灯闪烁320次消耗的电能，再利用P=求出热水器的功率．‎ 解答： 解：指示灯闪烁320次消耗的电能：‎ W=kW•h=0.1kW•h；‎ 热水器的实际功率：‎ P===1.5kW=1500W．‎ 故答案为：1500．‎ 点评： 本题考查了电功和电功率的计算，关键是电能参数含义的了理解与掌握．‎ ‎　‎ ‎20．（2分）（2015•攀枝花）底面积不等的甲乙两个柱形容器，分别盛有质量相等的水和煤油放在水平地面上（如图所示）．可能使两容器底部所受液体压强相等的方法是：分别从两容器中抽出相同　体积　（选填“体积”、“质量”）的水和煤油．‎ 考点： 液体压强计算公式的应用．‎ 专题： 压强、液体的压强．‎ 分析： 甲乙质量相等，甲体积大，所以甲密度较小，此时甲压强小为了让两边压强大小相等，必须使甲的质量大于乙的质量；而相同体积的情况下是甲的质量小的，所以只要抽出适当体积的液体，就能使甲质量大于乙质量，直到满足两边压强相等．‎ 解答： 解：甲中的液体是水，乙中的液体是煤油，由于甲的密度大于乙的密度，故分别抽出相同体积的甲、乙两液体，即抽出去的甲的质量较大，抽出乙液体的质量较小，故在抽出的过程中，有可能导致剩余甲容器中液体的质量小于乙容器液体的质量，故可能出现两容器底所受的压强相等的情况．‎ 故答案为：体积．‎ 点评： 这是一道推理判断题，先根据甲液体的质量等于乙液体的质量，两容器内液面等高，判断两液体的密度大小，然后可知两容器底部所受压强的大小．‎ ‎　‎ ‎21．（2分）（2015•攀枝花）如图所示，物体A重5N，放在水平桌面上，通过绳子和滑轮连接重为4N的物体B，此时物体A恰能向右匀速运动．若在A上加一个水平向左的拉力F，使物体A沿桌面水平向左匀速运动，则所加拉力大小为　4　N（不计绳子和滑轮质量以及绳子与滑轮间的摩擦）．‎ 考点： 二力平衡条件的应用．‎ 专题： 运动和力．‎ 分析： （1）物体A在物体B的作用下向右匀速直线运动，物体A在水平方向上受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力作用，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；‎ ‎（2）物体A向左匀速直线运动时，物体对水平桌面的压力不变，接触面粗糙程度不变，物体A和水平桌面的摩擦力不变．物体A水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的拉力、水平向右的摩擦力作用，水平向左的拉力和水平向右的拉力、水平向右的摩擦力是平衡力，根据二力平衡力条件求出水平向左的拉力．‎ 解答： 解：‎ ‎（1）由题知，不计绳子和滑轮质量以及绳子与滑轮间的摩擦，‎ 物体A水平向右运动时，在水平方向上受到物体B对物体A施加的水平向右的拉力为F=GB=×4N=2N、水平向左的摩擦力作用f，‎ 物体A做匀速直线运动，处于平衡状态，由二力平衡条件得：f=F=2N；‎ ‎（2）物体A水平向左运动和水平向右运动时，由于压力不变，接触面粗糙程度不变，物体A受到的摩擦力不变，所以物体A水平向左运动时，受到水平向右的摩擦力f=2N；‎ ‎（3）物体A水平向左做匀速直线运动时，水平方向上受到水平向左的拉力F′、水平向右的拉力F=GB=×4N=2N、水平向右的摩擦力f=2N，物体A处于平衡状态，‎ 由平衡条件得拉力：‎ F′=F+f=2N+2N=4N；‎ 故答案为：4．‎ 点评： 物体A在桌面上运动时，无论向左还是向右，无论的加速还是减速、匀速，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力是不变的，这个是本题解题的关键．‎ ‎　‎ ‎22．（2分）（2015•攀枝花）甲、乙两地相距40km，在甲乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知输电线每千米的电阻为0.2Ω．现输电线某处发生短路，为确定短路位置，检修人员在甲地用电压表、电流表和电源接成如图所示的电路进行测量．当电压表的示数为3.0V时，电流表的示数为0.5A，则短路位置离甲地的距离为　15000　m．‎ 考点： 欧姆定律的应用．‎ 专题： 欧姆定律．‎ 分析： 知道电表的示数，根据欧姆定律求出导线的总电阻，又知道每千米导线的电阻值，可求导线的长度，然后除以2即可求出短路位置离甲地的距离．‎ 解答： 解：由I=可得，导线电阻：‎ R===6Ω，‎ 则导线长度：‎ L==30km，‎ 短路位置离甲地的距离：‎ s===15km=15000m．‎ 故答案为：15000．‎ 点评： 本题考查了学生对电流表读数和欧姆定律的掌握和运用，知道出短路的地点离甲地的距离为导线总长度的一半是本题的关键．‎ ‎　‎ 三、作图题（共3小题，满分6分）‎ ‎23．（2分）（2015•攀枝花）根据图中通电螺旋管的N极，请在图中标出小磁针的N极和电源的+极．‎ 考点： 通电螺线管的极性和电流方向的判断．‎ 专题： 磁现象、电生磁．‎ 分析： 已知螺线管的上端为N极，根据磁极间的相互作用可确定小磁针的NS极；‎ 利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极．‎ 解答： 解：已知螺线管的上端为N极，根据磁极间的相互作用可知，小磁针的上端为S极，下端为N极，‎ 根据线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的下端流入上端流出．则电源的上端为负极，下端为正极．‎ 如下图所示：‎ 点评： 解决此题关键要抓住此题的突破口：螺线管的上端为N极．然后利用相关知识解决磁感线的方向、小磁针的N极、电源的正负极．‎ ‎　‎ ‎24．（2分）（2015•攀枝花）小宇的妈妈喜欢在家中养花，为了使客厅里花盆中的花茁壮成长，小宇想让室外太阳光照射到盆中花上的B处，如图所示，请你在图中把光路补充完整并过A点画出放置的平面镜．‎ 考点： 作光的反射光路图．‎ 专题： 光的传播和反射、平面镜成像．‎ 分析： 光的反射定律的内容：入射光线、反射光线、法线在同一平面上，反射光线和入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角．‎ 首先根据已知条件确定反射光线，根据反射角等于入射角确定法线，作法线的垂线即镜面的位置．‎ 解答： 解：连接AB，此线即为反射光线，然后作出入射光线和反射光线夹角的角平分线，即为法线；再作一条线段与法线垂直，该线段的位置即为镜子的位置．‎ 如下图：‎ 点评： 光的反射定律不仅要记熟内容，还要会灵活应用，会由入射光线画出反射光线或由反射光线画出入射光线或由反射光线和入射光线画出平面镜的位置．‎ ‎　‎ ‎25．（2分）（2015•攀枝花）如图所示，一小车水平向右匀速运动，在车厢顶部用细绳竖直悬挂一个小球，小球与竖直车厢壁刚好接触．作出小车向右匀速运动时小球受力的示意图．‎ 考点： 力的示意图．‎ 专题： 重力、弹力、摩擦力．‎ 分析： 小车水平向右匀速运动，小球在竖直方向上受到重力和绳子的拉力两个力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向竖直向上．‎ 解答： 解：小车水平向右匀速运动，小球与竖直车厢壁刚好接触，只是接触不挤压，没有力的作用，因此小球受到两个力的作用：竖直向下的重力，竖直向上的拉力，根据力的示意图的做法，如下图所示：‎ 点评： 本题考查了力的示意图的画法，注意力的作用点和方向，是中考作图题常考的内容．‎ ‎　‎ 四、实验、探究题（共5小题，满分20分）‎ ‎26．（2分）（2015•攀枝花）请分别读出图中所示测量工具所测的数据：‎ 所测物体的长度是　2.20　cm；所测物体的温度是　98　℃．‎ 考点： 长度的测量；温度计的使用及其读数．‎ 专题： 温度计、熔化和凝固；长度、时间、速度．‎ 分析： （1）刻度尺的最小刻度值（或叫分度值）为相邻的刻度线表示的长度； 使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；‎ ‎（2）使用温度计测量温度时，首先要明确温度计的分度值，读数时视线与液柱最高处相平，并注意区分零上或零下．‎ 解答： 解：‎ 由图知：‎ ‎（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与2.00cm对齐，右侧与4.20cm对齐，所以物体的长度为L=4.20cm﹣2.00cm=2.20cm；‎ ‎（2）在温度计上，10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，所以此温度计的分度值为1℃；“100”在“90”以上，说明温度高于0℃，为98℃．‎ 故答案为：2.20；98．‎ 点评： 读取不同测量工具的示数时，基本方法是一致的，都要先明确测量工具的量程和分度值，确定零刻度线的位置，视线与刻度线垂直．‎ ‎　‎ ‎27．（3分）（2015•攀枝花）用托盘天平称量物体的质量．‎ ‎（1）把天平放在水平台面上，将　游码　移到横梁标尺左端零点后，发现指针指在分度盘的左边（如图甲所示），接下来应向　右　（选填“左”“右”）调节平衡螺母使横梁平衡．‎ ‎（2）调节完成后，将物体放在左盘，在右盘中增减砝码，并通过移动游码，再次使天平横梁平衡．这时右盘中的砝码情况和游码在标尺上的位置如图乙所示，则物体的质量为　46.2　g．‎ 考点： 质量的测量与天平．‎ 专题： 测量型实验综合题．‎ 分析： （1）使用天平测量物体质量之前要进行调平，先调节平衡螺母，后调节游码，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；‎ ‎（2）天平平衡时，物体的质量等于砝码质量加游码在标尺上所对的刻度值．‎ 解答： 解：（1）把天平放在水平台面上，并将游码移至标尺左端零刻线处；指针偏左，平衡螺母向右调节，使横梁平衡；‎ ‎（2）游码标尺的分度值是0.2g，零件的质量为m=20g+20g+5g+1.2g=46.2g；‎ 故答案为：（1）游码；右；（2）46.2．‎ 点评： ①此题考查了有关天平的使用及读数，在调平时应注意二放，将天平放在水平台上，将游码放在标尺左端的零刻线处，游码的放置是在实验操作过程中学生容易忽略的问题；‎ ‎②在测量过程中应注意左物右码，并理解向右移动游码相当于向右盘中加砝码．‎ ‎　‎ ‎28．（3分）（2015•攀枝花）如图是小李在“探究凸透镜成像规律”的情景，此时光屏上已经呈现烛焰清晰的像．‎ ‎（1）这个成像原理与　照相机　（选填“放大镜”“投影仪”“照相机”）相同．‎ ‎（2）若将凸透镜换成和它材质相同、口径相同但中间更厚的另一凸透镜，透镜、光屏和蜡烛的位置不变，光屏上的像将变模糊．这时需要将光屏向　左　（选填“左”“右”）移动，光屏上才能重新呈现烛焰清晰的像．‎ ‎（3）取下光屏，眼睛在光具座的右端向左观察，能看到　A　（填正确选项的标号）‎ A、烛焰缩小的像； B、烛焰放大的像； C、一个光斑．‎ 考点： 凸透镜成像规律及其探究实验．‎ 专题： 探究型实验综合题．‎ 分析： （1）根据凸透镜成实像时，物距和像距的关系，判断成像性质，凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像．‎ ‎（2）根据透镜的凸度越大折光能力越强，焦距越小，据此进行分析．‎ ‎（3）实像可以用光屏接收到，虚像不能用光屏接收到；实像与虚像都可以用眼睛接收到．‎ 解答： 解：‎ ‎（1）由图知，此时像距小于物距，根据凸透镜成像的规律，此时所成的像小于物，即成倒立、缩小的实像．生活中的照相机就是利用这一原理制成的．‎ ‎（2）由题意知，换成中间更厚的凸透镜，此时凸透镜的焦距变小，相对于增大了物距，要使像成在光屏上，就要减小物距，这时需要将光屏向左移动，光屏上才能重新呈现烛焰清晰的像．‎ ‎（3）当把光屏去掉后，眼睛在光屏的位置时实际光线会进入人的眼睛，所以眼睛能看到烛焰倒立缩小的实像．‎ 故答案为：（1）照相机；（2）左；（3）A．‎ 点评： 本题考查了凸透镜成像的规律及应用、实像与虚像的区别，要熟练掌握凸透镜成像规律的内容，做到灵活应用．‎ ‎　‎ ‎29．（5分）（2015•攀枝花）在探究“杠杆平衡条件”实验中：‎ ‎（1）将杠杆的中点O挂在支架上，调节杠杆两端螺母使杠杆在水平位置平衡，目的是　便于测量力臂大小　．‎ ‎（2）杠杆平衡后，小英同学在图甲所示的A位置挂上两个钩码，可在B位置挂上　3　个钩码，使杠杆在水平位置平衡．‎ ‎（3）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的C点，使杠杆在水平位置保持平衡．当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在水平位置始终保持平衡（如图乙），测力计示数将　先变小后变大　．‎ ‎（4）完成实验后，小英利用杠杆的平衡条件来测量杠杆的质量 ‎①将杠杆的B位置挂在支架上，在B的右侧挂质量为m的钩码，前后移动钩码的位置，使杠杆在水平位置平衡（如图丙）．‎ ‎②用刻度尺测出此时钩码悬挂位置E到B的距离L1和　O到B　的距离L2．‎ ‎③根据杠杆的平衡条件，可以计算出杠杆的质量m杆=　　（用题目中所给物理量表示）‎ 考点： 探究杠杆的平衡条件实验．‎ 专题： 探究型实验综合题．‎ 分析： （1）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响．‎ ‎（2）设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡求出钩码的个数．‎ ‎（3）阻力和阻力臂不变时，动力臂减小，动力变大；动力臂变大，动力变小．‎ ‎（4）根据杠杆的平衡条件，可以计算出杠杆的质量m杆．‎ 解答： 解；（1）调节两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，方便测出力臂大小．‎ ‎（2）设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，‎ 因为，F1l1=F2l2，‎ 所以，2G×3L=nG×2L，‎ 所以，n=3，所以在A处挂3个钩码．‎ ‎（3）由图可知，OC为最长力臂，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，动力臂先变长后变短，而杠杆在水平位置始终保持平衡，根据杠杆平衡条件可知，测力计示数将先变小后变大．‎ ‎（4）已知钩码的质量m，用刻度尺测出此时钩码悬挂位置E到B的距离，即L1，欲求杠杆的质量m杆，则应量出O到B的距离，即L2，然后根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，mL1=m杆L2，则m杆=．‎ 故答案为：（1）便于测量力臂大小；（2）3；（3）先变小后变大；（4）O到B；．‎ 点评： 杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计倾斜拉动杠杆还在水平位置平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大这是常见的一种题型．‎ ‎　‎ ‎30．（7分）（2015•攀枝花）甲乙两小组探究“电流与电压和电阻的关系”．实验室提供的实验器材有：电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω），两只滑动变阻器（规格分别为“20Ω 2A”“50Ω 1A”），小灯泡一只（额定电压2.5V），导线若干．‎ ‎（1）甲小组探究“电流与电压的关系”．‎ ‎①请你根据图甲的电路图用笔划线代替导线将图乙中的实物电路连接完整．‎ ‎②他们将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，发现电压表无示数，电流表有示数，造成这一现象的原因可能是　定值电阻短路（或电压表短路、或电压表断路）　（写出一条即可）‎ ‎③排除故障后进行实验得到的数据如下表，由此可得到的实验结论是　电阻一定时，电流与电压成正比　． ‎ ‎ 电压U/V 1.0 1.5 3.0‎ ‎ 电流I/A 0.2 0.3 0.6‎ ‎（2）乙小组探究“电流与电阻的关系”．‎ ‎①将5Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下相应的电流值．再用10Ω的电阻替代5Ω的电阻，此时滑片应向　右　（选填“左”或“右”）端移动直到电压表的示数为　1.5　V，读出电流表的示数．‎ ‎②为了完成用四个定值电阻进行实验，应选择滑动变阻器的规格是　“50Ω 1A”　．‎ ‎③他们用小灯泡替换定值电阻，移动滑片，使小灯泡正常发光，电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率是　0.85　W．‎ 考点： 探究电流与电压、电阻的关系实验．‎ 专题： 探究型实验综合题．‎ 分析： （1）①按照图甲的电路图，将图乙中还未连入的电压表和滑动变阻器接入电路，电压表应并联到定值电阻两端，滑动变阻器按照“一上一下”连入电路．由此连接电路；‎ ‎②电流表有示数，表明电流表所在电路接通；电压表无示数表明电阻短路，或电压表断路，或电压表短路；‎ ‎③探究“电流与电压的关系”，需要保持电阻不变，分析表中电流与电压的关系即可得出结论；‎ ‎（2）①要探究电流和电阻之间关系，必须保持电阻两端的电压不变；当电阻的阻值变化时，其分担的电压也变化，因此通过调节滑动变阻器使其两端的电压不变，即让电压表示数保持不变；‎ ‎②先利用欧姆定律求出最大定值电阻接入电路时的电流，然后由串联电路特点及欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的阻值，进而选择合适的滑动变阻器；‎ ‎③确定电流表选择的量程和分度值，读出示数，根据P=UI计算出额定功率．‎ 解答： 解：（1）①把定值电阻、滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在电阻两端，注意滑动变阻器已接了左下角的接线柱，所以应将其上面的一个接线柱接入电路中，如图所示：‎ ‎②电流表有示数，表明电路接通；电压表无示数表明定值电阻短路，电压表相当与和一段导线并联，故无示数；或者电压表断路（或电压表短路）．‎ ‎③分析得，电阻不变，电压增大为原来的几倍，电流也增大为原来的几倍，可得当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；‎ 分析数据可得出结论：电阻一定时，电流与电压成正比．‎ ‎（2）①用10Ω的电阻替代5Ω的电阻，定值电阻分压变大，大于原来的电压，为保持定值电阻两端电压不变，‎ 由电路图可知，应向右移动滑动变阻器滑片，增大滑动变阻器接入电路的阻值，增大滑动变阻器的分压，使定值电阻两端电压减小到原来的1.5V，保持定值电阻两端电压一定．‎ ‎②由图可知，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，‎ 根据串分压的知识进行分析可知，当定值电阻的阻值最大时，滑动变阻器接入电路的阻值也最大，‎ 当定值电阻R=20Ω时，电压表示数U=1.5V，‎ 此时电路中的电流I===0.075A，‎ 根据串联电路两端的总电压等于个部分电路两端电压之和，‎ 则滑动变阻器两端的电压U滑=U0﹣U=4.5V﹣1.5V=3V，‎ 根据串联电路中各处电流都相等，‎ 则通过滑动变阻器的电流I滑=I=0.075A，‎ 由欧姆定律I=得，‎ 滑动变阻器接入电路的阻值应为R滑===40Ω＞20Ω，‎ 故为了完成用四个定值电阻进行实验，应选择滑动变阻器的规格是“50Ω 1A”．‎ ‎③当小灯泡正常发光时，其两端的电压U额=2.5V，‎ 电流表选择0～0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.34A，即I额=0.34A，‎ 则小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.34A=0.85W．‎ 故答案为：（1）①见上图；②定值电阻短路（或电压表短路、或电压表断路）；③电阻一定时，电流与电压成正比；‎ ‎（2）①右；1.5；②“50Ω 1A”；③0.85．‎ 点评： 此题为探究“电流与电压和电阻的关系”实验，考查学生对电路的连接、电路故障的分析、数据分析能力、串联电路的分压特点等知识掌握，滑动变阻器的选择是本题的难点，知道实验过程中应控制定值电阻两端的电压不变，分析清楚电路结构、认真分析实验数据是正确解题的基础与关键．本题综合性很强，难度较大，是中考常见题型．‎ ‎　‎ 五、计算题（共3小题，满分18分）‎ ‎31．（4分）（2015•攀枝花）小华和他爸爸住进一家宾馆，看见一个电热水壶，爸爸拿出一瓶矿泉水说，我这里有1L（1L=10﹣3m3）水，其温度为20℃，你能帮我算出这瓶水的质量以及将其加热到100℃所需要的热量吗？请你帮小华完成任务．[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]．‎ 考点： 热量的计算．‎ 专题： 比热容、热机、热值．‎ 分析： 知道水体积可求得其质量，已知水的比热容、水的温度升高值，利用公式Q吸=cm△t计算水吸收热量的多少．‎ 解答： 解：由ρ=可得，水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3=1kg，‎ 水吸收的热量：‎ Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）=3.36×105J．‎ 答：这瓶水的质量为1kg，将其加热到100℃所需要的热量为3.36×105J．‎ 点评： 此题主要考查的是学生对热量、密度公式及其变形的理解和掌握，要求灵活运用所学知识，属于中档题．‎ ‎　‎ ‎32．（6分）（2015•攀枝花）在花城新区的建筑工地上，某挖掘机沿平直路面以2m/s的速度匀速行驶50s到达工作场地进行挖掘作业．挖掘机的有关数据如表所示，在平直路面上行驶时受的阻力是重力的0.4倍，它在挖掘的过程中要将2×104N砂土匀速从图中最低点A移到最高点B．（g=10N/kg）求：‎ ‎ 项目 数值 ‎ ‎ 整机质量（kg） 9000‎ ‎ 发动机最大功率（kW） 150‎ ‎ 标准斗容（m3） 1.2‎ ‎（1）在平直路面上行驶过程中，挖掘机做的功；‎ ‎（2）如果挖掘机在举高砂土过程中的平均功率为80kW，用时2.5s，则此过程中挖掘机的机械效率．‎ 考点： 功率计算公式的应用；机械效率的计算．‎ 专题： 功、功率、机械效率．‎ 分析： （1）先计算出挖掘机的牵引力即阻力，再根据速度的变形公式计算行驶的路程，最后根据W=Fs计算挖掘机做的功；‎ ‎（2）根据W有用=Gh计算挖掘机的有用功，再根据公式W总=pt计算总功，机械效率等于有用功与总功的比值．‎ 解答： 解：（1）因为挖掘机匀速运动，所以F=f=0.4G=0.4mg=0.4×900kg×10N/kg=3.6×103N，‎ 因为v=，所以挖掘机行驶的路程s=vt=2m/s×50s=100m，所以挖掘机做的功W=Fs=3.6×103N×100m=3.6×105J；‎ ‎（2）挖掘机做的有用功W有用=Gh=2×104N×8m=1.6×105J；挖掘机做的总功W总=pt=80×103W×2.5s=2×105J；‎ 挖掘机的机械效率η=×100%=×100%=80%．‎ 答：（1）在平直路面上行驶过程中，挖掘机做的功是3.6×103N；‎ ‎（2）此过程中挖掘机的机械效率是80%．‎ 点评： 此题涉及到功的计算，重力的计算，功的计算，机机械效率的计算等知识点，认真审题，从图表中发现相关信息是解题的关键．‎ ‎　‎ ‎33．（8分）（2015•攀枝花）如图所示，滑动变阻器的最大阻值为30Ω．当开关S1、S2断开，S3闭合，滑片P位于滑动变阻器的中点时，变阻器消耗的电功率为4.8W．开关S1、S2、S3都闭合，滑动变阻器的滑片P在a端时电流表读数为I1；P在b端时电流表读数为I2．已知：I2﹣I1=0.4A，定值电阻R1和R2阻值相差5Ω．求：‎ ‎（1）电源电压；‎ ‎（2）R2的阻值；‎ ‎（3）电路在何种状态下消耗的功率最小？最小功率为多少？‎ 考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算．‎ 专题： 欧姆定律；电能和电功率．‎ 分析： （1）S1、S2断开，S3闭合，电路中只有R3相当于一个定值电阻连入电路，根据P=计算电源电压；‎ ‎（2）S1、S2、S3都闭合，P在a端时R2、R3并联；P在b端R1、R3并联．根据并联电路特点和欧姆定律表示出电流表示数，结合R1和R2阻值相差5Ω，可求得R1和R2阻值；‎ ‎（3）根据P=，电压一定，当电路中电阻最大时电路消耗的功率最小，分析电路确定开关状态并求出最小功率值．‎ 解答： 解：根据实物图画出电路图如图所示：‎ ‎（1）由图当S1、S2断开，S3闭合，电路中只有R3相当于一个定值电阻连入电路，‎ 根据P=，电源电压：‎ U===12V；‎ ‎（2）由图S1、S2、S3都闭合，P在a端时R2、R3并联，‎ 根据并联电路特点和欧姆定律得：‎ I1=+，‎ S1、S2、S3都闭合，P在b端时R1、R3并联，‎ I2=+，‎ 由题，I2﹣I1=0.4A，‎ 所以I2﹣I1=﹣=0.4A，‎ 即：﹣=0.4A…①‎ 因为I2＞I1，所以R2＞R1，‎ 由题R1和R2阻值相差5Ω，‎ 即：R2﹣R1=5Ω…②‎ 解①②得：R1=10Ω，R2=15Ω；‎ ‎（3）根据P=，电压一定，‎ 根据电路图，由三个电阻的大小关系可知，当S1闭合，S2、S3都断开，滑片P在a端时，R1与R3串联电路中电阻最大，电路消耗的功率最小，‎ 电路消耗的最小功率为：‎ P最小===3.6W．‎ 答：（1）电源电压为12V；‎ ‎（2）R2的阻值为15Ω；‎ ‎（3）电路在S1闭合，S2、S3都断开，滑片P在a端时消耗的功率最小，最小功率为3.6W．‎ 点评： 本题考查了串联和并联电路特点，欧姆定律、电功率公式的应用，关键正确分析开关在不同状态下电路的连接方式，充分利用题目给出的条件列方程求解，属于难题．‎ ‎　‎