2015中考物理凉山州解析试卷

2015中考物理凉山州解析试卷

四川省凉山州2015年中考物理试卷 一、选择题 ‎1．（2015•凉山州）“会说话的汤姆猫”是一款手机宠物类应用软件．游戏时，当你对着它讲话，它就会模仿你的腔调学舌，非常好玩．针对这一现象，下面说法正确的是（　　）‎ ‎　 A． 手机发出的声音，是由于手机中的猫的声带振动而产生的 ‎　 B． “汤姆猫”和人说出的话虽然语义相同，但两种声音的音色不同，所以能够区别出来 ‎　 C． 当对着手机用很小的音量说话时，“汤姆猫”没有反应．说明需要发出足够高的频率才能使手机接收到声音信号 ‎　 D． 你发出的声音和手机发出的声音都是通过空气传到人的耳朵中，但传播速度各不相同 考点： 音调、响度与音色的区分；声音的产生．.‎ 专题： 声现象．‎ 分析： （1）声音是由物体振动产生的；‎ ‎（2）不同物体发出的声音不同，就是指音色不同，音色又称音品，反映了声音的品质与特色；‎ ‎（3）响度指声音的强弱，是由物体振动的振幅决定的，还与距离发声体的远近有关；‎ ‎（4）声音在同种介质中，同种温度下，传播的速度是相同的，在15℃的空气中传播的速度是340m/s．‎ 解答： 解：‎ A、声音是由物体振动产生的，汤姆猫说话的声音是由手机中喇叭的振动而产生的，该选项说法不正确；‎ B、“汤姆猫”和人说出的话声音的音色不同，能够区别出来，该选项说法正确；‎ C、当对着手机用很小的音量说话时，“汤姆猫”没有反应，说明声音的响度小，手机接收不到，而频率决定的是音调的高低，该选项说法不正确；‎ D、两种声音都是通过空气传到人的耳朵中，传播速度相同，该选项说法不正确．‎ 故选B．‎ 点评： 本题以时下流行的游戏软件为内容考查声音的相关知识，注重了物理和生活的联系，考查了学生学以致用的能力．‎ ‎　‎ ‎2．（2015•凉山州）下列光现象中，能说明光沿直线传播的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ ‎ 显微镜 B．‎ ‎ 鱼在哪 C．‎ ‎ 手影 D．‎ ‎ 投影仪 考点： 光在均匀介质中直线传播．.‎ 专题： 光的传播和反射、平面镜成像．‎ 分析： 光在同种均匀介质中是沿直线传播的，常见的现象有：日食、月食、小孔成像、影子的形成等．‎ 解答： 解：A、显微镜包括物镜和目镜，物镜相当于投影仪成倒立的放大的实像；目镜相当于放大镜成正立的放大的虚像，因此显微镜利用的是光的折射现象．故A不符合题意；‎ B、人在船上看到水中的鱼，实际上是鱼反射的光线由水中斜射入空气中形成的虚像，这是光的折射现象，故B不符合题意；‎ C、手影是光的直线传播形成的，故C符合题意；‎ D、投影仪是利用凸透镜成倒立放大实像的特点工作的，是光的折射现象，故D不符合题意．‎ 故选C．‎ 点评： 此题通过不同的现象考查了学生对光沿直线传播和折射的理解，在学习中要注意区分．‎ ‎　‎ ‎3．（2015•凉山州）小莉和外公视力都不正常，小莉看书总把书放得很近，而她外公看报纸时却把报纸放得很远，小莉和外公应分别戴什么样的眼镜矫正视力（　　）‎ ‎　 A都是凸透镜 B． 都是凹透镜 ‎　 C凸透镜和凹透镜 D． 凹透镜和凸透镜 考点： 近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法．.‎ 专题： 透镜及其应用．‎ 分析： 解决此题要知道：‎ 近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体；而远视眼能够看清远处的物体，但不能看清近处的物体；‎ 近视眼需要戴一个凹透镜来矫正，远视眼需要佩戴凸透镜进行矫正．‎ 解答： 解：小莉看书时却把书放得很近，说明她的眼睛是近视眼，需要佩戴凹透镜；‎ 小莉的外公看报时，总是把报纸放得离眼睛很远，说明外公能看清远处的物体，不能看清近处的物体，因此是远视眼，需要戴凸透镜．‎ 故选D．‎ 点评： 正常人的眼睛是成像在视网膜上的，若像不成在视网膜上，这样的眼睛是病态的，成在视网膜前方的是近视眼，成在视网膜后面的是远视眼．‎ ‎　‎ ‎4．（2015•凉山州）有些饭店在洗手间外安装了热风干手器，手一靠近它就有热风吹到手上，使手上的水很快蒸发掉，使水快速蒸发的原因是（　　）‎ ‎　 A． 加快了水面空气的流动 ‎　 B． 提高了水的温度并增大了水的表面积 ‎　 C． 加快了水面空气的流动，提高了水温，也可能增大了水的表面积 ‎　 D． 加快了水面空气的流动并增大了水的表面积 考点： 影响蒸发快慢的因素．.‎ 专题： 汽化和液化、升华和凝华．‎ 分析： 影响蒸发快慢的因素主要有液体的温度、蒸发的表面积、空气的流动，对照这三个因素，分析选项中的描述即可做出正确的判断．‎ 解答： 解：热风干手器在吹热风时，既提高了水的温度，又加快了空气的流动，当风力足够大时会增大水的表面积，故ABD错误，C正确．‎ 故选C．‎ 点评： 明确影响蒸发快慢的三个因素，是我们顺利解决此题的关键．‎ ‎　‎ ‎5．（2015•凉山州）下列关于惯性说法正确的是（　　）‎ ‎　 A． 静止在草坪上的足球没有惯性 ‎　 B． 高速公路汽车限速是为了安全，因为速度越大惯性越大 ‎　 C． 百米赛跑的运动员撞线后还要跑出去一段距离，是由于受到惯性的作用 ‎　 D． 歼击机投入战斗前要抛掉副油箱，这是为了减小惯性增强战斗机的灵活性 考点： 惯性．.‎ 专题： 运动和力．‎ 分析： 惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．‎ 解答： 解：‎ A、一切物体在任何情况下都有惯性，因此静止在草坪上的足球有惯性，故A错误；‎ B、物体的惯性只与物体的质量有关，与速度无关，故B错误；‎ C、百米赛跑的运动员撞线后还要跑出去一段距离，是由于惯性还要保持原来的运动状态，而不是受到惯性作用；故C错误；‎ D、惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，因此歼击机投入战斗前要抛掉副油箱，这是为了减小惯性更加灵活，故D正确．‎ 故选D．‎ 点评： 惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质．‎ ‎　‎ ‎6．（2015•凉山州）在下列底部相通的容器中装有同种液体，当静止时液面位置正确的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ B．‎ C．‎ D．‎ 考点： 连通器原理．.‎ 专题： 压强、液体的压强．‎ 分析： 静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上，画图解答．‎ 解答： 解：如下图：根据连通器的道理可知：左右管中的液面，以及壶身与壶嘴的液面应在同一水平面上．由图可知，A液面位置正确，B图左高右低，不正确；‎ C图壶身液面高，壶嘴液面低，不正确，D图左高右低，不正确．‎ 故选A．‎ 点评： 本题主要考查对连通器特点的了解，是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎7．（2015•凉山州）两个物体分别挂在弹簧测力计上，将它们同时浸没到水中，发现两个弹簧测力计的示数不为零，但减小值相同．由此可以判断（　　）‎ ‎　‎ A．‎ 两个物体一定处在液体中相同深度 ‎　‎ B．‎ 两物体所受的浮力相同 ‎　‎ C．‎ 在水中时，弹簧测力计示数是相同的 ‎　‎ D．‎ 在空气中，弹簧测力计示数是相同的 考点：‎ 浮力大小的计算．.‎ 专题：‎ 浮力．‎ 分析：‎ 物体浸没在水中，弹簧测力计减少的示数就是物体受到的浮力大小，减小的示数相同说明受到的浮力相同．‎ 解答：‎ 解：A、浸没水中的物体受到的浮力与所处的深度无关，故A错误．‎ B、因为物体都浸没在水中，所以，F浮=G﹣F′，即两物体受到的浮力相同，故B正确；‎ CD、仅知道物体受浮力的大小关系，据F浮=G﹣F′不能确定物体在空气中的弹簧测力计示数、浸没水中后弹簧测力计的示数的大小关系，故C、D错；‎ 故选B．‎ 点评：‎ 本题考查了学生对阿基米德原理、液体压强公式的掌握和运用，涉及到用称重法测量物体受到的浮力，要求灵活选用公式，有难度．‎ ‎　‎ ‎8．（2015•凉山州）如图所示的电路中，电源电压保持不变．当开关S闭合后，只有一个电表的示数发生变化；若电路中只有一处故障，且只发生在电阻R或小灯泡L上，则（　　）‎ ‎　‎ A．‎ 电流表A的示数发生变化，电阻R断路 ‎　‎ B．‎ 电压表V的示数发生变化，小灯泡L短路 ‎　‎ C．‎ 电压表V的示数发生变化，小灯泡L断路 ‎　‎ D．‎ 电流表A的示数发生变化，电阻R短路 考点：‎ 电流表、电压表在判断电路故障中的应用．.‎ 专题：‎ 欧姆定律．‎ 分析：‎ 由图知，灯泡与定值电阻串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路中的电流；故障原因只有两种可能：断路或短路，具体原因根据灯泡是否发光进行判断．‎ 解答：‎ 解：开关断开时，电压表和电流表示数均为零；‎ ‎（1）电流表示数发生变化，说明电路为通路，因此L短路或R短路，电压表示数不变，即示数为零，则故障一定为L短路．‎ ‎（2）电压表示数发生变化，说明电压表与电源相连，因此L断路或R短路，电流表示数不变，即示数为零，则故障一定为断路，故ABD错误；C正确．‎ 故选C．‎ 点评：‎ 此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和仪表特点进行分析．‎ ‎　‎ ‎9．（2015•凉山州）电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器；当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电压表V1、V2、电流表A的示数将（　　）‎ ‎　‎ A．‎ V1不变、V2变大、A变小 B．‎ V1变大、V2变小、A变大 ‎　‎ C．‎ V1变小、V2不变、A变小 D．‎ V1不变、V2变大、A不变 考点：‎ 电路的动态分析．.‎ 专题：‎ 电路变化分析综合题．‎ 分析：‎ 由图示电路图可知，两电阻串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压，电流表测电路电流；‎ 根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律盘电路电流如何变化，根据串联电路特点与欧姆定律判断电压表示数如何变化．‎ 解答：‎ 解：由图示电路图可知，两电阻串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压，电流表测电路电流；‎ 滑动变阻器滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器分压变大，电压表V2示数变大，‎ 滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻R变大，电源电压U不变，电压表示数V1不变，由I=可知，电路电流减小，电流表示数变小．‎ 故选：A．‎ 点评：‎ 本题考查了判断各电表示数如何变化，是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、明确各电路元件的连接方式是正确解题的关键，应用串联电路特点与欧姆定律即可解题．‎ ‎　‎ ‎10．（2015•凉山州）灯泡L上标有“6V 6W”字样，测得该灯泡的电流随电压变化的关系如图甲所示．现把灯泡L接入如图乙所示的电路中，若电源电压为10V不变，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～15V”，则下列说法正确的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ 灯泡L正常发光时，电压表的示数为6V ‎　‎ B．‎ 当电流表示数为0.4A时，电压表的示数为9V ‎　‎ C．‎ 灯泡L的电阻值随电压表的示数的增大而增大 ‎　‎ D．‎ 为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为10W 考点：‎ 欧姆定律的应用；电功率的计算．.‎ 专题：‎ 欧姆定律；电能和电功率．‎ 分析：‎ 由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；‎ ‎（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出电压表的示数；‎ ‎（2）根据图象读出当电流表示数为0.4A时，灯泡两端的电压，根据电阻的串联特点求出电压表的示数；‎ ‎（3）灯泡两端的电压越大时，实际功率越大，温度越高，电阻的越大，根据串联电路的电压特点可知电压表示数增大时灯泡两端的电压变化，进一步得出灯泡电阻与电压表示数之间的关系；‎ ‎（4）根据图象可知灯泡正常工作时的额定电流，并与电流表的量程相比较得出电路的最大电流，即可判断灯泡是否能正常工作；根据P=UI求出电路消耗的最大电功率．‎ 解答：‎ 解：A、灯泡正常发光时的电压UL=6V，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡L正常发光时，电压表的示数：UR=U﹣UL=10V﹣6V=4V，故A错误；‎ B、由图象可知，当I=0.4A时，UL=1V，所以UR=U﹣UL=10V﹣1V=9V．故B正确；‎ C、灯泡的电阻随温度的升高而增大，即灯泡两端的电压越大时，实际功率越大，温度越高，电阻越大，因电压表的示数越大时，灯泡两端的电压越小，所以，灯泡的电阻随两端的电压增大而减小．故C错误；‎ D、由图象可知，当灯泡正常发光（UL=6V）时，电路中的电流为1A＞0.6A，所以电路中的最大电流为I=0.6A，电路消耗的最大电功率Pmax=UImax=10V×0.6A=6W．故D错误．‎ 故选B．‎ 点评：‎ 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，这也是学生比较容易出错的地方．‎ ‎　‎ ‎11．（2015•凉山州）如图所示的做法中符合安全原则的是（　　）‎ ‎　‎ A．‎ B．‎ 用手指触碰插座的插孔 雷雨天站在大树下避雨 ‎　‎ C．‎ 用湿抹布擦发光的灯泡 D．‎ 将冰箱的金属外壳接地 考点：‎ 安全用电原则．.‎ 专题：‎ 电与热、生活用电．‎ 分析：‎ ‎（1）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；‎ ‎（2）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电；‎ ‎（3）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；‎ ‎（4）大功率或有金属外壳的用电器的外壳一定要接地，避免造成触电事故．‎ 解答：‎ 解：A、雷雨天站在大树下避雨时，由于大树是导体，且较高，有可能将雷电传导下来，可能会发生触电，不符合题意．‎ B、用手指触碰插座的插孔，一旦碰到火线，会造成触电事故，不符合题意；‎ C、用湿抹布擦发光的灯泡，水是导体，容易造成触是，不符合题意；‎ D、将冰箱的金属外壳接地，可防止因外壳漏电而使人触电．符合题意．‎ 故选D．‎ 点评：‎ 本题考查了安全用电的常识，知道触电包括直接触电和间接触电，知道安全用电的原则．‎ ‎　‎ 二、填空题（每空1分，共23分）‎ ‎12．（2分）（2015•凉山州）雅西高速公路在靠近村庄的公路两旁安装有高大的隔音板，这是在　传播过程中　减弱噪声．在城市某些街道旁安装用如图的标志，这是在　声源处　减弱噪声．‎ 考点：‎ 防治噪声的途径．.‎ 专题：‎ 声现象．‎ 分析：‎ 考查防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处．‎ 解答：‎ 解：在靠近村庄的公路两旁安装有高大的隔音板，这是在传播过程中减弱噪声．‎ 在城市某些街道旁安装用如图的标志，这是在声源处减弱噪声．‎ 故答案为：传播过程中；声源处．‎ 点评：‎ 有关噪声问题是声学中常见考点，解题时还要和实际生活结合，考查了生活和物理知识的联系．‎ ‎　‎ ‎13．（2分）（2015•凉山州）2015年3月30日，中国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功发射第17颗北斗导航卫星．在释放卫星入轨之前，相对于火箭卫星是　静止　（选填“静止”、“运动”）的；卫星入轨后相比发射前机械能　变大　（选填“变大”、“不变”、“变小”或者“不确定”）．‎ 考点：‎ 参照物及其选择；动能和势能的大小变化．.‎ 专题：‎ 长度、时间、速度；机械能及其转化．‎ 分析：‎ ‎（1）被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的．‎ ‎（2）物体由于运动而具有的能叫动能，质量越大，速度越大，动能就越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，质量越大，高度越高，重力势能就越大．‎ 解答：‎ 解：‎ ‎（1）卫星与火箭分离之前，卫星和火箭之间没有发生位置的改变，所以卫星相对火箭是静止的．‎ ‎（2）卫星入轨后是运动的，相对于发射前动能增大；卫星入轨后相比发射前，距离地面的距离增大，则重力势能增大，因此卫星的机械能变大．‎ 故答案为：静止；变大．‎ 点评：‎ 本题通过火箭发射考查蕴含的物理知识，注重知识应用的考查，相对比较简单．‎ ‎　‎ ‎14．（2分）（2015•凉山州）如图，在室温下，一块0℃的冰放在0℃的水中，它在熔化前与容器底接触，在熔化过程中冰块的质量变化是　变小　的（选填“变大”、“不变”、“变小”或者“不确定”）；冰块所受浮力大小变化是　不确定　的（选填“变大”、“不变”、“变小”或者“不确定”）．‎ 考点：‎ 阿基米德原理．.‎ 专题：‎ 浮力．‎ 分析：‎ 熔化是物质从固态变为液态，据此可判断冰块质量的变化；‎ 由于冰块是触底的，所以只有确定其熔化后排水体积的变化才能确定其浮力大小的变化．‎ 解答：‎ 解：（1）冰块熔化是从固态变为液态，因此冰块质量是变小的；‎ ‎（2）由于冰块是触底的，所以当冰块熔化时，有可能继续触底，而水面上升，则排水增多，浮力增大．也有可能冰块漂浮，排水体积减小，浮力减小．因此，冰块所受浮力大小变化是不确定的．‎ 故答案为：变小；不确定．‎ 点评：‎ 本题主要考查了熔化与物体质量的变化，浮力大小的判断等，尤其是后一个问题要注意考虑严密．‎ ‎　‎ ‎15．（2分）（2015•凉山州）李克强总理提出在全国推行“互联网+”战略，四川省政府和腾讯公司正式签署“互联网+四川”合作协议，这将为四川人民带来很大的生产、生活便利．互联网应用的许多功能将通过手机来完成，手机和基站之间是利用　电磁波　来传递信息的．手机、电视等都有发光二极管制成的指示灯，二极管有　单向　导电性．‎ 考点：‎ 电磁波的传播；半导体的特点．.‎ 专题：‎ 信息的传递；粒子与宇宙、材料世界．‎ 分析：‎ 知道手机是靠电磁波来传递信息的，二极管具有单向导电性，可顺利做出解答．‎ 解答：‎ 解：手机是靠电磁波来传递信息的，这既是电磁波的发射台，也是电磁波的接收台，手机和基站之间也是利用电磁波来传递信息的；‎ 手机、电视等都有发光二极管制成的指示灯，二极管具有单向导电性．‎ 故答案为：电磁波；单向．‎ 点评：‎ 了解电磁波在现代通讯中的作用，知道二极管的单向导电性，可顺利解答，属基础知识的考查．‎ ‎　‎ ‎16．（2分）（2015•凉山州）下列四幅图所示实验或者设备中丁和　乙　的原理都同为　电磁感应　．‎ 考点：‎ 电磁感应．.‎ 专题：‎ 电动机、磁生电．‎ 分析：‎ ‎（1）认识奥斯特实验，知道奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场．即电流的磁效应．‎ ‎（2）掌握电磁感应现象及实验，知道在此实验中让闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流．根据这个原理制成了发电机．‎ ‎（3）掌握磁场对电流的作用实验，知道在此实验中，通电导体在磁场中受到力的作用．‎ ‎（4）要解决此题，需要知道动感线圈式话筒是根据电磁感应现象工作的．‎ 解答：‎ 解：‎ 图甲是奥斯特实验，通电后小磁针偏转，说明了通电导线周围存在磁场；‎ 图乙是电磁感应实验，根据此原理可以制成发电机；‎ 图丙是磁场对电流的作用实验，通电后通电导体在磁场中受到力的作用而运动；‎ 图丁是动感线圈式话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而产生相对应的变化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音．动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的；‎ 所以丁和乙的原理都同为电磁感应．‎ 故答案为：乙；电磁感应．‎ 点评：‎ 此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分．‎ ‎　‎ ‎17．（2分）（2015•凉山州）如图所示，电源电压不变，当开关S1、S2同时闭合时，电流表的示数是0.3A，电压表示数是6V．若两表互换位置，当开关S2闭合、S1断开时，电流表示数是0.2A，则R1和R2的阻值之比是　2：1　；电源电压为　6　V．‎ 考点：‎ 欧姆定律的应用．.‎ 专题：‎ 欧姆定律．‎ 分析：‎ ‎（1）当开关S1、S2同时闭合时，两电阻并联，电流表测R1支路的电流，电压表测电源的电压，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R1的阻值；‎ ‎（2）两表互换位置，当开关S2闭合、S1断开时，两电阻串联，电流表测电路中电流，电压表电源的电压，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R2的阻值，进一步求出两电阻的阻值之比．‎ 解答：‎ 解：（1）当开关S1、S2同时闭合时，两电阻并联，电流表测R1支路的电流，电压表测电源的电压，‎ 则电源电压U=6V，‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，由I=可得，电阻R1的阻值：‎ R1===20Ω；‎ ‎（2）两表互换位置，当开关S2闭合、S1断开时，两电阻串联，电流表测电路中电流，电压表电源的电压，‎ 电路中的总电阻：‎ R===30Ω，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，电阻R2的阻值：‎ R2=R﹣R1=30Ω﹣20Ω=10Ω，‎ 则R1：R2=20Ω：10Ω=2：1．‎ 故答案为：2：1； 6．‎ 点评：‎ 本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是电路连接方式的判断和电表所测电路元件的判断．‎ ‎　‎ ‎18．（1分）（2015•凉山州）在图中，A、B是一个连通器的两个上端开口，当用一个管子沿B开口吹气时，A开口一端的液面会　下降　（选填“上升”、“下降”、“不变”或者“不确定”）．‎ 考点：‎ 流体压强与流速的关系．.‎ 专题：‎ 气体的压强、流体压强与流速的关系．‎ 分析：‎ 连通器是上端开口，底部相连的容器，液体静止时，液面保持相平；‎ 流动的液体和气体称为流体，生活中常见的流体是空气和水．流体的流速越大，压强越小．‎ 解答：‎ 解：没有吹气时，U型管是个连通器，连通器中装有液体保持静止时，液面相同，A、B两容器上方都是大气压．当用一个管子沿B容器口吹气时，B的上方空气流速快，压强小，A容器上方的大气压不变，在大气压的作用下，B中的液面在A液面上方的大气压的作用下上升，A容器的液面就会下降．‎ 故答案为：下降．‎ 点评：‎ 掌握流速和压强的关系，并能用流体压强和流速的关系解释一些现象．‎ ‎　‎ ‎19．（3分）（2015•凉山州）某同学用如图所示装置做探究杠杆平衡条件的实验，图中杠杆匀质且标有均匀刻度．实验前发现右端偏高，应向　右　端调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡；当杠杆水平平衡后，在左侧第2格上挂3个相同的钩码，则应在右侧第3格上挂　2　个相同的钩码才能使杠杆水平平衡；若在右侧改用弹簧测力计向下拉，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动，杠杆始终保持水平平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐　变大　（选填“增大”、“减小”、“不变”或者“不确定”）．‎ 考点：‎ 探究杠杆的平衡条件实验．.‎ 专题：‎ 探究型实验综合题．‎ 分析：‎ ‎（1）杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母（或一端的螺母）要向杠杆上翘的一端调节．‎ ‎（2）根据杠杆平衡条件，判断在右侧第3格上挂几个钩码；‎ ‎（3）弹簧测力计竖直向下拉杠杆时，力臂在杠杆上，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂变短，阻力、阻力臂不变，动力臂变短，动力变大．‎ 解答：‎ 解：（1）实验前杠杆右侧高，左侧低，根据杠杆的平衡条件可知，应向右调节平衡螺母，‎ ‎（2）设一个钩码的重力为G，杠杆的一个小格为L，根据杠杆平衡条件得：3G×2L=2G×3L，所以，应在右侧第3格上挂2个钩码．‎ ‎（3）若在右侧改用弹簧测力计向下拉，弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动时，阻力、阻力臂不变，动力臂逐渐变小，根据杠杆平衡条件得，动力逐渐变大，弹簧测力计示数将逐渐增大．‎ 故答案为：右；2；变大．‎ 点评：‎ 杠杆在水平位置平衡时，力臂在杠杆上，如果杠杆不在平衡位置平衡，动力臂和阻力臂都变小．‎ ‎　‎ ‎20．（3分）（2015•凉山州）中国南海海底探明有大量的“可燃冰”，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的　热值　很大．以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为　4.2×l08　J，可以使　2500　kg的水从20℃加热至60℃．[q煤气=4.2×l07J/Kg，水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃）]．‎ 考点：‎ 热平衡方程的应用．.‎ 专题：‎ 计算题；比热容、热机、热值．‎ 分析：‎ ‎（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值，据此回答；‎ ‎（2）利用Q放=mq求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的10倍，据此求1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量；由题知，Q吸=Q放，而Q吸=cm△t，知道水的比热容、水的初温和末温，可求水的质量．‎ 解答：‎ 解：（1）在同等条件下，包含质量相同，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大；‎ ‎（2）1kg煤气完全燃烧放出的热量：‎ Q放=mq煤气=1kg×4.2×l07J/kg=4.2×l07J，‎ ‎1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放′=Q放×10=4.2×l07J×10=4.2×l08J；‎ 由题知，Q吸=Q放′=4.2×l08J，‎ 由Q吸=cm△t得，水的质量：‎ m===2500kg．‎ 故答案为：热值；4.2×108；2500．‎ 点评：‎ 本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大．‎ ‎　‎ ‎21．（2分）（2015•凉山州）路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是　并联　（选填“串联”或“并联”）的，你的判断的依据是　各个电脑能独立工作　．‎ 考点：‎ 串联电路和并联电路的辨别．.‎ 专题：‎ 电流和电路．‎ 分析：‎ 用电器串联时，任何一只用电器开路，则其它用电器都不能正常工作；并联电路可以使几个用电器在工作时互不影响．‎ 解答：‎ 解：‎ 同一台路由器为多台电脑提供网络服务，一台电脑不工作，其它电脑不受影响，所以根据并联电路的特点可知，各接口之间是并联的．‎ 故答案为：并联；各个电脑能独立工作．‎ 点评：‎ 活中的电器大多数都是采用的并联连接，主要是各电器之间互不影响．‎ ‎　‎ ‎22．（2分）（2015•凉山州）如图甲为宾馆的房卡，把房卡插入槽中，房内的用电器才能工作．插入房卡相当于闭合电路中的　开关　．该宾馆的电能表如图乙所示，小明测得当只有某用电器单独工作时，电能表转盘在10分钟你转过了60转，则该用电器的电功率为　120　W．‎ 考点：‎ 电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法．.‎ 专题：‎ 电能和电功率．‎ 分析：‎ ‎（1）开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器；‎ ‎（2）3000r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kW•h的电能，求出转盘转60r电路中消耗的电能．知道时间，可求用电器的功率．‎ 解答：‎ 解：‎ ‎（1）房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路的开关；‎ ‎（2）转盘转动60转消耗电能：‎ W=kW•h=0.02kW•h，‎ t=10min=h，‎ 用电器的功率：‎ P===0.12W=120W．‎ 故答案为：开关；120．‎ 点评：‎ 本题考查了开关的作用、串并联电路的工作特点、电能表的读数和电功率的计算，理解电能表的参数的意义是关键．‎ ‎　‎ 三、作图题（每题2分，共8分）‎ ‎23．（2分）（2015•凉山州）画出如图的反射光线和折射光线大致的方向．‎ 考点：‎ 作光的反射光路图；作光的折射光路图．.‎ 专题：‎ 光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．‎ 分析：‎ ‎（1）先过入射点作出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出反射光线；‎ ‎（2）根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向．‎ 解答：‎ 解：过入射点作垂直于界面的法线，根据反射角等于入射角画出反射光线；根据折射角小于入射角画出折射光线．如图所示：‎ 点评：‎ 本题主要考查反射定律和折射定律的应用情况，注意真实光线为实线，法线为虚线；是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎24．（2分）（2015•凉山州）物体A随传送带一起水平向右匀速运动，请画出物体A的受力示意图．‎ 考点：‎ 力的示意图．.‎ 专题：‎ 重力、弹力、摩擦力．‎ 分析：‎ 物体做水平方向向右匀速运动，物体受到两个力：它的重力G，传送带对它的支持力F，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心 解答：‎ 解：物体和传送带一起匀速运动，相对静止，所以不受摩擦力的作用，只受重力和支持力的作用；然后过重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向表示出重力和支持力．如图所示：‎ 点评：‎ 物体匀速运动时，受平衡力：这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心．易错点：确定不准是否受摩擦力．‎ ‎　‎ ‎25．（2分）（2015•凉山州）在西昌到成都的T8866次列车上，一乘务员需要把如图所示的手推车前轮推上一个小台阶，请画出他施加在把手E处的最小力F和其力臂L．‎ 考点：‎ 杠杆中最小力的问题；力臂的画法．.‎ 专题：‎ 简单机械．‎ 分析：‎ 要解决此题需要掌握力臂的画法：支点到力的作用线的距离．‎ 同时要掌握杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2．根据杠杆的平衡条件，力臂越长越省力．所以要找最小的力，应该首先确定最长的力臂．‎ 解答：‎ 解：由题意知，当前轮遇到障碍物时，售货员向下按扶把时，将以A为支点．所以从E到A点的距离为最长的力臂，然后做力臂的垂线，即为最小的力，如图所示：‎ 故答案为：如图所示．‎ 点评：‎ 此题通过日常生活中的常见问题，考查了杠杆平衡条件中最小力的确定．其中支点到作用点的距离即为最长的力臂．此题将所学的知识与实际生活相联系，很具有实际意义．‎ ‎　‎ ‎26．（2分）（2015•凉山州）如图所示，根据图中信息，标出通电螺线管的N极和电源的正极．‎ 考点：‎ 通电螺线管的极性和电流方向的判断．.‎ 专题：‎ 磁现象、电生磁．‎ 分析：‎ 根据磁感线的形状可知，两者相互排斥，是同名磁极，可知通电螺线管的N极，然后利用安培定则可确定电源的正极 解答：‎ 解：根据磁感线的形状可知，两者相互排斥，是同名磁极，则通电螺线管的右端为N极，由安培定则可知电流从左端流出，右端流入，故电源左端为正极，右端为负极，如图所示：‎ 点评：‎ 本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则．利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．‎ ‎　‎ 四、实验题（共13分）‎ ‎27．（3分）（2015•凉山州）如图所示，小明用刻度尺和三角板按图测一枚纽扣的直径，纽扣的直径是　1.10　cm．温度计的示数为　﹣14　℃．弹簧测力计的示数为　3.4　N．‎ 考点：‎ 长度的测量；温度计的使用及其读数；弹簧测力计的使用与读数．.‎ 专题：‎ 基本仪器的使用专题．‎ 分析：‎ ‎（1）刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；起始端没从0开始，把2.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去2.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；‎ ‎（2）使用温度计测量温度时，首先要明确温度计的分度值，读数时视线与液柱最高处相平，并注意区分零上或零下；‎ ‎（3）使用弹簧测力计测量力的大小时，首先要明确弹簧测力计的量程和分度值，读数时视线与指针所指刻线相垂直．‎ 解答：‎ 解：‎ ‎（1）图中刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm；末端刻度值为3.10cm，物体长度为3.10cm﹣2.00cm=1.10cm．‎ ‎（2）在温度计上，10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，所以此温度计的分度值为1℃；液柱最高处在0℃以下，说明温度低于0℃，为﹣14℃．‎ ‎（3）弹簧测力计的分度值为0.2N，指针在“3”后2个小格处，所以弹簧测力计的示数为3.4N．‎ 故答案为：1.10；﹣14；3.4．‎ 点评：‎ 此题考查的是刻度尺、温度计和弹簧测力计的读数，在物理实验中，虽然学习了很多物理量的测量，但没有特殊要求，只有长度的测量要有估读值，其它读到准确值即可．‎ ‎　‎ ‎28．（4分）（2015•凉山州）凉山南红玛瑙逐渐成为人们的新宠，近几年价格飙升．兴趣小组同学尝试测量一块玛瑙的密度，实验步骤如下：‎ ‎（1）将天平放在水平桌面上，游码放在标尺左端零刻线处，发现指针位置如图甲所示，应将天平的平衡螺母向　右　端调，使横梁平衡；‎ ‎（2）再把玛瑙放在天平左盘，平衡时右盘砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示；‎ ‎（3）在量筒中装入20mL水，用细线系住玛瑙浸没在水中，如图丙所示；‎ ‎（4）根据密度公式可求得玛瑙的密度．‎ 请根据实验过程完成下表：‎ 玛瑙质量/g 量筒中水的体积/cm3‎ 玛瑙的体积/cm3‎ 玛瑙的密度/Kg/m3‎ ‎20.0‎ 考点：‎ 固体的密度测量实验．.‎ 专题：‎ 测量型实验综合题．‎ 分析：‎ ‎（1）天平是物理学中用来测量质量的仪器，使用天平时应先调节，一般遵循“左偏右调、右偏左调”的规律．在调节平衡螺母之前还要注意，应先将游码移至标尺的零刻线处．‎ ‎（2）玛瑙的质量由砝码的质量和游码所对的刻度值之和读出．玛瑙的体积由量筒中水的体积和放入玛瑙后的总体积算出，最后算玛瑙的密度．填入下表．‎ 解答：‎ 解：（1）调节天平横梁平衡时，若发现指针偏向中央刻度的左侧，说明左侧质量偏大，此时应将平衡螺母向右端移动；‎ ‎（2）砝码的质量为50g，游砝所对的刻度值为4g，则玛瑙的质量m=50g+4g=54g．‎ 量筒中水的体积为20cm3，放入玛瑙后的总体积为40cm3，则玛瑙的体积V=40cm3﹣20cm3=20cm3．‎ 则玛瑙的密度：ρ===2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；‎ 故答案为：（1）右．见下表：‎ 玛瑙质量/g 量筒中水的体积/cm3‎ 玛瑙的体积/cm3‎ 玛瑙的密度/kg/m3‎ ‎ 54‎ ‎20‎ ‎20‎ ‎2.7×103‎ 点评：‎ 此题是测量玛瑙的密度实验，本题考查了天平的调节、天平的读数、固体密度的计算等，测固体密度，在初中物理中是重要内容，学习中必须掌握！‎ ‎　‎ ‎29．（6分）（2015•凉山州）在探究“电阻中的电流跟导体电阻的关系”时．小东连接了如图（甲）的实验电路．‎ ‎（1）请在乙图方框内画出实验电路图，在甲图中用笔画线代替导线将图中的电路连接完整，导线不能交叉．‎ ‎（2）在开关闭合之前，滑动变阻器的滑片P应置于　B　端（选填“A”或者“B”）；在实验过程中通过调节　滑动变阻器　保持定值电阻两端的电压不变．‎ 小东的测量的数据如下表：‎ 实验序号 R/Ω U/A I/A ‎1‎ ‎5‎ ‎1.5‎ ‎0.3‎ ‎2‎ ‎10‎ ‎1.5‎ ‎0.15‎ ‎3‎ ‎15‎ ‎1.5‎ ‎0.1‎ ‎（3）分析实验数据后可以得出的结论是　电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比　．‎ 考点：‎ 探究电流与电压、电阻的关系实验．.‎ 专题：‎ 探究型实验综合题．‎ 分析：‎ ‎（1）要研究电阻中的电流跟导体电阻的关系，则电压表与电阻并联测其两端的电压，电流表与电阻串联测通过的电流，保持电阻两端的电压不变或改变电阻两端电压的滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，再根据电路图连接电路图；‎ ‎（2）为防止电路中电流过大烧坏用电器，闭合开关前，滑动变阻器的滑片位于最大阻值处；滑动变阻器在实验中除能起保护电路的作用外，另一个主要作用是保持定值电阻两端的电压不变；‎ ‎（3）探究电流与电压、电阻的关系时，应采用控制变量法，即电压不变时，研究电流与电阻之间的关系．把握表中数据的相同点与不同点是得出结论的入手点．‎ 解答：‎ 解：（1）根据电流流向法，从电源的正极出发依次串联滑动变阻器、电流表、定值电阻、，再把电压表并联在电阻的两端．‎ 将电阻左端接线柱与电压表“﹣”接线柱连接，将滑动变阻器D接线柱与电流表“0.6”接线柱连接，如下图所示：‎ ‎（2）闭合开关之前，保护电路的滑动变阻器的滑片P位于最大阻值处的B端；‎ 实验过程中，变阻器的作用是保持定值电阻两端的电压不变；‎ ‎（3）由表中数据可知，导体的电压不变，导体两端的电阻由5Ω增加到10Ω、15Ω，相应导体中的电流也由0.3A减小为0.15A、0.1A，即电流减小的倍数和电阻增大倍数的倒数相等，由此即可得出结论：电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比．‎ 故答案为：（1）见上图：（2）B；滑动变阻器；（3）电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比．‎ 点评：‎ 本题考查了电路图的连接和根据电路图画出电路图，同时考查了学生分析数据得出结论的能力；解题过程要注意控制变量法的应用，明确实验探究的方法是关键．‎ ‎　‎ 五、计算题（共14分）‎ ‎30．（4分）（2015•凉山州）在西昌邛海湿地的建筑工地上，工人用如图所示的装置将重为720N的建材从地面匀速提到6m高处，所用拉力为300N，时间为0.5min，不计摩擦和绳重．求：‎ ‎（1）工人做功的功率；‎ ‎（2）此过程中该装置的机械效率．‎ 考点：‎ 功率的计算；滑轮（组）的机械效率．.‎ 专题：‎ 功、功率、机械效率．‎ 分析：‎ 由图示可知，滑轮组绳子的有效股数n=3；‎ ‎（1）知道拉力，拉力端移动的距离s=3h，利用W=Fs求总功；知道做功时间，利用P=求工人做功的功率．‎ ‎（2）知道建材重力和升高的高度，利用W=Gh可以求出有用功．求出了有用功和总功，利用效率公式求出此过程中该装置的机械效率．‎ 解答：‎ 解：‎ 由图示可知，滑轮组绳子的有效股数n=3；‎ ‎（1）拉力端移动距离：‎ s=3h=3×6m=18m，‎ 工人做的总功：‎ W总=Fs=300N×18m=5400J；‎ 工人做功的功率：‎ P===180W；‎ ‎（2）工人做的有用功：‎ W有=Gh=720N×6m=4320J；‎ 此过程中，该装置的机械效率：‎ η==×100%=80%；‎ 答：‎ ‎（1）工人做功的功率180W；‎ ‎（2）此过程中该装置的机械效率80%．‎ 点评：‎ 本题考查了功、功率、机械效率的计算，关键是公式的灵活运用和有用功、总功、机械效率的理解与掌握．‎ ‎　‎ ‎31．（5分）（2015•凉山州）如图所示，水平桌面的正中央放着三个底面积均为500cm2的薄壁容器，容器内装有适当的水，在圆柱形的乙容器中放入一个密度为0.6×103kg/m3．体积为1dm3的木块漂浮在水面，现用力F将木块刚好压没于水中静止，水未溢出．求：‎ ‎（1）静止时所施加的压力F的大小；‎ ‎（2）乙容器中木块被压没后和没有放入木块时水对容器底部的压强增加了多少？‎ ‎（3）若也将木块压没于甲、丙两容器中（木块未触底、水未溢出），静止时判断三容器中水对容器底部的压强增加量的大小关系．‎ 考点：‎ 液体的压强的计算．.‎ 专题：‎ 计算题；推理法；压强、液体的压强．‎ 分析：‎ ‎（1）已知木块体积（排开水的体积），利用阿基米德原理求所受浮力，利用G=mg=ρVg求出木块重力，由于木块受浮力等于压力与重力之和，据此求对木块的压力；‎ ‎（2）由于乙容器是柱状容器，则木块被压没后和没有放入木块时水对容器底部的增加的压力即为木块浸没时所受浮力，利用p=求水对容器底部增加的压强；‎ ‎（3）由于容器的形状不同，甲丙容器中对容器底的增加的压力与乙容器底的增加的压力比较，根据三个底面积均为500cm2的薄壁容器，即可判断压强的变化大小．‎ 解答：‎ 解：‎ ‎（1）木块重力G木=mg=ρ木Vg=0.6×103kg/m3×1×10﹣3m3×10N/kg=6N．‎ 由于木块完全浸没，则V排=V=1dm3=1×10﹣3m3，‎ F浮=ρ水gV排=1000kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=10N；‎ 由于F浮=F+G，所以，绳子对木块的拉力：F=F浮﹣G=10N﹣6N=4N；‎ ‎（2）由于乙容器是柱状容器，则木块被压没后和没有放入木块时水对容器底部的增加的压力即为木块浸没时所受浮力，即△F乙=F浮=10N，‎ 所以水对容器底面增加的压强为△p乙===200Pa；‎ ‎（3）若也将木块压没于甲、丙两容器中（木块未触底、水未溢出），由于甲、丙的形状不同，则木块静止时三容器中水对容器底部增加的压力与木块浸没时所受浮力之间的关系为：△F甲＜F浮，F浮＜△F丙，‎ 由于三个薄壁容器底面积均为500cm2，所以根据p=可知：△p甲＜△p乙＜△p丙．‎ 答：（1）静止时所施加的压力F的大小为4N；‎ ‎（2）乙容器中木块被压没后和没有放入木块时水对容器底部的压强增加了200Pa；‎ ‎（3）静止时判断三容器中水对容器底部的压强增加量的大小关系是：△p甲＜△p乙＜△p丙．‎ 点评：‎ 本题考查液体压强的分析，关键是知道对于不同形状的容器液体对底部产生的压力与液体重力之间的关系；判断出压力的变化也可以利用公式p=分析压强的变化，所以解题时选对方法才能起到事半功倍的效果．‎ ‎　‎ ‎32．（5分）（2015•凉山州）如图所示，电源两端电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器；当滑动变阻器的滑片P滑动时测出电压值、电流值，得出滑动变阻器的功率P和电流I的关系图象如图乙所示，根据图象信息．求：‎ ‎（1）滑动变阻器的最大最值；‎ ‎（2）R1的阻值和电源电压；‎ ‎（3）求此电路的最大电功率．‎ 考点：‎ 欧姆定律的应用；电功率的计算．.‎ 专题：‎ 欧姆定律；电能和电功率．‎ 分析：‎ 由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，根据图乙读出此时滑动变阻器消耗的电功率，利用P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值；‎ ‎（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电源的电压，再根据图象读出电路中的电流为0.8A时变阻器消耗的电功率，利用P=I2R求出滑动变阻器接入电路中的电阻，利用电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；‎ ‎（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路消耗的电功率最大，根据P=求出电路的最大功率．‎ 解答：‎ 解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．‎ ‎（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，‎ 由图乙可知，电路中的最小电流I小=0.4A，滑动变阻器消耗的电功率P2=4W，‎ 由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值：‎ R2===25Ω；‎ ‎（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，由I=可得，电源的电压：‎ U=I小（R1+R2）=0.4A×（R1+25Ω），‎ 由图乙可知，电路中的电流I=0.8A时，滑动变阻器消耗的电功率P2′=6.4W，‎ 则滑动变阻器接入电路中的电阻：‎ R2′===10Ω，‎ 电源的电压：‎ U=I（R1+R2′）=0.8A×（R1+10Ω），‎ 因电源的电压不变，‎ 所以，0.4A×（R1+25Ω）=0.8A×（R1+10Ω），‎ 解得：R1=5Ω，‎ 电源的电压U=I小（R1+R2）=0.4A×（5Ω+25Ω）=12V；‎ ‎（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路消耗的电功率最大，‎ 则P大===28.8W．‎ 答：（1）滑动变阻器的最大最值为25Ω；‎ ‎（2）R1的阻值为5Ω，电源电压为12V；‎ ‎（3）求此电路的最大电功率为28.8W．‎ 点评：‎ 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出不同电流下滑动变阻器消耗的电功率．‎