2020年山东省青岛市李沧区中考物理一模试卷(含答案解析)

2020年山东省青岛市李沧区中考物理一模试卷(含答案解析)

2020 年山东省青岛市李沧区中考物理一模试卷 一、单选题（本大题共 10小题，共 21.0分） 1. 下列是几名同学关于物理学的说法，其中你认为不正确的是 A. 小林说：物理学是研究物理现象的科学 B. 小明说：物理学是以观察、实验为基础的科学 C. 小强说：物理学是由一些基本概念、规律和理论组成的体系严谨的科学 D. 小华说：物理学就是自然科学，自然科学也就是物理学，两者没有区别 2. 下列估测最接近实际的是 A. 一百元人民币的长度约为 15mm B. 中学生骑自行车的平均速度约为 2Ͳ݉ C. 体育中考测试中所用铅球的质量约为 2kg D. 2022年冬奥会举办地之一--张家口崇礼冬季的平均气温约为零下 1Ͳ 3. 下列运动中，最接近匀速直线运动的是 A. 奥运会上百米赛跑 B. 自由下落的苹果 C. 站在商场的自动扶梯上上楼的顾客 D. 从滑梯上下滑的小朋友 4. 如图所示的四幅图中，属于增大压强的是 A. “中华牌”月球车安装有 6个宽大的车轮 B. 铁轨下面铺放枕木 C. 躺在吊床上会感到很舒服 D. 安全锤有圆锥形的尖端 5. 下列图示中，正确的是 A. 物块的重力示意图 B. 光线经凹透镜时的折射路线 C. 通电螺旋管周围的磁感线方向 D. 家庭电路的连接 6. 浙江卫视《十二道锋味》注重美食与公益相结合，在节目里，利用各种烹 饪手法，譬如煎、炒、蒸、拌，做出美食，还有一种美食叫竹升面，所谓 竹升面，就是在搓面、和面以后，利用“竹升”大竹竿压打出来的面条， 如图所示。“竹升”为杠杆，下列认识错误的是 A. 烹饪手法炒：主要是通过热传递的方式使食物的内能增加 B. 烹饪手法蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使食物蒸熟 C. “竹升”在使用时，动力方向向下，受到面条的作用力垂直“竹升”向下 D. “竹升”在使用时，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆 7. 小亮想测量家中电视机待机状态下消耗的电能，需要选用的仪器是 A. 电流表 B. 电压表 C. 电能表 D. 变阻器 8. 科学研究中常常会用到“控制变置法”、“等效替代法”、“转换法”、“模型法”等研究方 法，下列研究过程与研究方法不一致的是 A. 甲：研究影响动能大小因素，用不同质量的小球从同一高度由静止滚下控制变量法 B. 乙：用电路图表示电路结构等效替代法 C. 丙：研究宇宙膨胀和星系运动的特点模型法 D. 丁：用红色水滴的移动证明动物呼吸需要氧气转换法 9. 天宫二号与神州十一号载人飞行任务圆满成功，意味着中国向建成国际空间站的目标又往前迈 进一大步，下列说法正确的是 A. 神州十一号与天宫二号在轨成功交会对接后，它们相对于地球是静止的 B. 两名航天员在轨实验过程中不受重力作用 C. 航天员在天宫二号空间实验室内可以直接对话，说明声音的传播不需要介质 D. 航天员作“双摆实验”用到的小球，由地球到达太空后，质量保持不变 1Ͳ. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关 S后，当滑 动变阻器1的滑片 P由中点向右端移动时，变大的是 A. 电流表1的示数 B. 电流表2的示数 C. 电压表 V示数与电流表1示数的比值 D. 电流表 V示数与电流表2示数的比值 二、多选题（本大题共 3小题，共 9.0分） 11. 下列说法正确的是 A. 分子之间既有引力又有斥力 B. 扩散现象表明分子在不停地运动 C. 同种物质的比热容总是相同的 D. 物体的机械能增加，它的内能一定增加 12. 如图所示，圆柱形容器装有水，在漂浮在容器内水面上的实心正方体木块上面放一小铁块，木 块上表面刚好和水面齐平。容器底面积为 4 1Ͳ22，木块边长 10cm，铁块重 4N， ൌ 1Ͳ݉。 下列说法正确的是 A. 木块受到的浮力大小为 10N B. 木块的密度为 Ͳ.4 1Ͳ3݉3 C. 若拿走铁块，当木块静止时，容器底部受到水的压强减少了 100Pa D. 若拿走铁块，当木块静止时，桌面受到的压强减少了 1000Pa 13. 小明根据下表所提供的几种物质的比热容得出以下结论，其中正确的是 几种物质的比热容 ‪൮ 1 水 4.2 1Ͳ3 冰 2.1 1Ͳ3 酒精 2.4 1Ͳ3 铝 Ͳ.88 1Ͳ3 水银 Ͳ.14 1Ͳ3 铜 Ͳ.39 1Ͳ3 A. 固体物质的比热容一定小于液体物质的比热容 B. 同种物质的比热容会因物质的状态不同而改变 C. 质量相等的水和酒精，吸收相等的热量后均未沸腾，酒精的温度变化较大 D. 质量相等的铝块和铜块吸收相等的热量后，铜块的温度一定较高 三、填空题（本大题共 4小题，共 8.0分） 14. 如图所示，小明用一根轻木棒挑着重为 40N的书包行走在水平路面上，书包悬挂 处离肩膀支点的距离为 30cm，小明用手竖直向下压住木棒前端使木棒在水平方 向保持平衡，压力作用点距离肩膀支点 20cm，则小明手压木棒的压力大小为 ______N，肩膀对木棒的支持力大小为______N。 15. 如图是一种水位自动报警的原理图，当水位没有达到 B金属时， ______灯亮，当水位到达金属 B时，______灯亮。 16. 如图甲所示，将两定值电阻串联接在电压恒定的电路中，1消耗的功率为Ͳ，电路消耗的总功 率为 4Ͳ；再将这两个电阻并联后仍接在该电路中，如图乙所示。并联时通过1与2的电流之 比______，电路消耗的总功率将______选填“大于、“小于”或“等于”4Ͳ。 17. 如图甲、乙所示是建设武汉火神山医院的场景。 1在图甲中，挖掘机铲斗的铲头做成比较锋利的齿状，目的是为了______压强，覆带的外表面 做得凹凸不平，是为了______摩擦。选填“增大”或“减小” 2在图乙中，压路机将地面压平、压实，利用了力可以改变物体的______；将土压实后，泥土 的密度______选填“变大”或“变小”。 四、作图题（本大题共 2小题，共 4.0分） 18. 如图所示，小明用 100N的力推墙壁，请画出该力的示意图。 19. 完成下面的家庭电路连接，开关控制灯泡． 五、实验探究题（本大题共 10小题，共 44.0分） 2Ͳ. 回顾实验和探究请将下列实验报告中的空缺部分填完整： 探究水沸腾时温度变化的特点： 表 格 时间݉䁪 0 1 2 3 4 5 6 7 温度݉ 90 93 96 99 100 100 100 100 请根据表中数据，用描点 出水的遥度随加热时间 变化的图象。 现 象 第 7min后停止加热，则沸腾现象将______ 填继续”或“停 止” 方 法 实验中通过加热时间来反映水吸收热量的多少应用的科学方法 是______ 法 问 题 讨 论 利用上述实验装置加热等质量的煤油和水，记录实验数据如表，其中物质 ______ 是水的实验数据。 时间݉䁪 0 2 4 6 A的温度݉ 40 44 48 52 B的温度݉ 40 42 44 46 21. 如表是小海同学用焦距 ൌ 1Ͳ的凸透镜探究其成像规律的记录表，根据表格完成下列问题： 实验次数 物距 ݉ 像的性质 虚实 大小 正倒 1 8 虚像 放大 正立 2 10 不能成像 3 12 实像 放大 倒立 4 14 实像 放大 倒立 5 16 实像 放大 倒立 6 20 实像 等大 倒立 7 22 实像 缩小 倒立 8 25 实像 缩小 倒立 1分析实验数据可知，当物距 u满足条件______选填“ 㔴 ”、“ 㔴 㔴 2”或 ′ 2” 时，凸透镜会成一个倒立放大的实像，生活中______选填“照相机”、“投影仪”“放大镜” 的成像原理应用了凸透镜的这个成像规律。 2保持凸透镜的位置不变，移动蜡烛使物距由 20cm变为 22cm时，为了在光屏上得到清晰的 像，小海应将光屏______选填“靠近”或“远离”凸透镜。 22. 小华想用凸透镜、蜡烛、光屏和光具座等器材做“探究凸透镜成像的规律”实验。 1如图 a，将凸透镜正对着太阳光，把光屏置于另一侧，改变光屏与凸透镜间的距离，直到光 屏上出现一个最小、最亮的光斑，测得凸透镜的焦距是________.. 2实验中发现光屏上成像如图 b，为了成像在光屏的中央，可以向________调节光屏或向 ________调节凸透镜。前两空选填“上”或“下”使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在 ________。 3如图 c所示，此时物距是________cm。 在凸透镜右侧主光轴上画出焦点 F的位置 画出光线 a和光线 b经过凸透镜后的径迹。 该像相对物体是放大还是缩小的？________。该像是实像还是虚像？________。 23. 小吴同学用如图所示的实验装置探究“运动和力的关系”，他在水平桌面上分别铺上毛巾、棉 布、木板，让小车从斜面上同一高度处由静止滑下，在小车停下的位置分别做上标记。 1标记 c是小车在木板表面停下来的位置，分析可知，水平表面越光滑，小车受到的阻力越小， 小车前进的距离越____。如果水平面绝对光滑，对小车没有阻力，则小车将做______运动。 2通过本实验推理可知________观点是正确的选填“A”或“B”。 A.力是维持物体运动的原因 .物体的运动不需要力来维持 3实验增加一小木块，把它放在木板上的同一位置，让同一小车从同一斜面的不同高度由静止 滑下，观察小车推动小木块在木板表面滑行的距离，可以探究小车的动能与______的关系。 24. 1实验装置：如图所示． 2实验原理：________． 3实验步骤：用天平测出________的总质量1；将烧杯中液体的一部分倒入量筒，读出 液体的体积 V；用天平测出________________的总质量2；液体密度的数学表达式为 ____________． 4交流讨论：实验中，不用量筒测出液体体积，再把液体倒入烧杯中测量质量，其目的是 ________________________________，而使质量的测量结果偏________，计算出的密度偏 ________；实验中，如果先测量空烧杯的质量，再把液体倒入烧杯中测出总质量，最后把烧杯 中的液体倒入量筒再测出液体的体积，会使测量的体积偏________，计算出的密度值偏________． 25. 如图，在装修房屋时，工人师傅常常会用到一根灌有水水中无气泡且足 够长的透明塑料软管。他们把这根软管的两端靠在墙面的不同地方并按 照水面位置做出标记。这样做的目的是保证两点在______，用到的物理 知识是______。 26. 如图所示，在“磁场对通电直导线的作用”实验中，小明把一根轻质的铝棒用细铜线悬挂后置 于蹄形磁体的磁场 中，再将铝棒接入电路． 1接通电源，铝棒向左运动．说明磁场对电流有力的作用， 选填“电动机”或“发电机” 利用这一原理工作的． 2只将磁体的两极对调，接通电源，若观察到铝棒向右运动，则说明力的方向与___ 方向有关． 3只将 __ 对调，接通电源，若观察到铝棒向右运动，则说明力的方向与电流方向有关． 4小明继续研究磁场对通电直导线作用力的大小与导线中电流大小的关系，为了改变电流的大 小，有哪些方法请写出一种 ． 27. 探究欧姆定律： 实验 过程 请你在方框中画出实验电路图。 按照电路图连接电路，移动滑动变阻器的滑片，测得定值电阻1的三次电压和电流值 如表一。 换定值电阻2和3，重复上述步骤，测得的三次电压和电流值如表二、表三。 分析数据，得出结论。 表格 表 1 次数 1 2 3 ݉o 2 4 6 ݉ Ͳ.4 Ͳ.8 1.2 表 2 次数 1 2 3 ݉o 2 4 6 ݉ Ͳ.2 Ͳ.4 Ͳ.6 表 3 次数 1 2 3 ݉o 2 4 6 ݉ Ͳ.1 Ͳ.2 Ͳ.3 方法 结论 导体中的电流跟导体两端的电压成______ 比。 问题 讨论 在连接试验装置时，小雨误将电压表与电流表的位置对调，结果发现电流表______ ，电 压表______ 。填“有示数”或“无示数” 28. 在“探究电流与电压的关系”的实验中， 1请在方框中画出能够改变定值电阻的电压、并可以同时测量电压和电流的电路图 2通过实验记录电流表、电压表的示数如下表所示 ൌ 1Ͳ 实验序号 1 2 3 4 5 6 电压 ݉o 2.Ͳ 2.2 2.4 2.6 2.8 3.Ͳ 电流 ݉ Ͳ.2Ͳ Ͳ.22 Ͳ.24 Ͳ.26 1.4Ͳ Ͳ.3Ͳ 对表中数据进行分析，你认为错误的数据是实验序号______，排除错误数据，可归纳得出的结 论是______。 3如果想用此电路继续探究“电流与电阻的关系”，每次更换电阻后，可以通过调节______， 使电阻两端的电压不变。实验得出的结论是______。 29. 同学们猜想物体的动能大小可能跟物体的质量和运动速度有关，为了验证猜想，某同学利用如 图所示的装置进行实验：让钢球从斜面上由静止释放，钢球滚下后撞击水平面上的木块。请回 答下列问题： 1该实验利用了转换法，通过观察______判断钢球的动能大小； 2下表记录的是该同学的三次实验数据，比较______两次实验，可知物体的动能与物体的质量 有关；综合分析三次实验数据，可以初步得出：在影响物体动能大小的因素中，______对动能 影响更大。 次数 钢球质量 ݉ 钢球起始高度 ݉ 木块移动距离 ݉ 1 100 10 4 2 100 20 16 3 200 10 8 六、计算题（本大题共 3小题，共 14.0分） 3Ͳ. 如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡额定电压 6o.闭合开关 S后，当滑片 P从最右端滑到最 左端的过程中，小灯泡的 关系图象如图乙所示。求： 1电源电压； 2滑动变阻器的最大阻值。 31. 建筑工地上，某施工人员利用如图所示的滑轮组匀速提升重物。若不计摩擦和绳重。 求： 1利用这个滑轮组匀速提升重为 1200N的物体时，所用的拉力是 500N，此时滑轮 组的机械效率是8Ͳ㐹，拉力做功的功率是750W，求重物在1min内匀速上升的高度？ 2当用这个滑轮组匀速提升重为 1800N的物体时，拉力是多少？ 32. 如图所示的“水晶”烟灰缸，它的质量和体积分别为 1150g和 5ͲͲ3，根据密度表，请判断制 作该烟灰缸的材料是什么？ 物质密度克݉厘米3 玻璃 2.3 2.4 水晶 2.55 2.65 有机玻璃 1.18 1.19 【答案与解析】 1.答案：D 解析：解： ABC、物理学是一门十分有趣而又非常有用的科学，它研究声、光、热、电、力等形形色色的物理 现象；物理学是一门以观察、实验为基础的科学；物理学是由一些基本概念、规律和理论组成的体 系严谨的科学，故 ABC正确； D、物理学就是研究自然界的物质的结构、物体间的相互作用和物体的运动的最一般的规律的自然 科学，所以物理学与自然科学有区别，故 D错误， 故选：D。 物理学可分为力学、热学、电学、光学、原子物理学等分支学科。物理学是一门以观察、实验为基 础的科学。 出题意图是为了让同学了解物理学研究的内容，属基础性内容，平时应注意积累和掌握。 2.答案：D 解析：解：A、一百元人民币的长度为 15 ൌ 15Ͳ，故 A不符合实际； B、中学生骑自行车的平均速度约为 5݉，故 B不符合实际； C、体育课中所用的铅球质量约为 5 ൌ 5ͲͲͲ左右，故 C不符合实际； D、张家口崇礼县多中、低山，冬季平均气温约零下 1Ͳ，故 D符合实际。 故选：D。 根据生活中物体的实际长度、质量和时间选择正确答案，注意常用物理量单位和国际单位的换算关 系。 本题是一道估算题，平时注意积累生活常识、生活经验，有助于解答该类题。 3.答案：C 解析：解：A、奥运会上百米赛跑的运动员速度不断变化，不是匀速直线运动，不符合题意； B、苹果自由下落时速度不断变大，不是匀速直线运动，不符合题意； C、自动扶梯的运动接近匀速直线运动，随自动扶手梯上楼的顾客可以认为做匀速直线运动，符合题 意； D、从滑梯上下滑的小朋友速度越来越快，不是匀速直线运动，不符合题意； 故选 C． 匀速直线运动的速度保持不变，沿着直线的运动，根据对实际运动情况的了解分析答题． 本题考查了判断物体的运动是否是匀速直线运动，知道匀速直线运动的特点是正确解题的关键． 4.答案：D 解析：解：A、月球车安装有 6个宽大的车轮，通过增大受力面积来减小压强；故 A不合题意 B、火车轨道的枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故 B不合题意； C、躺在吊床上是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故 C不合题意。 D、安全锤有圆锥形的尖端，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故 D符合题意； 故选：D。 增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增 大压力来增大压强。 减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减 小压力来减小压强。 这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压 强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解答时，要注意使用控制变量法。 5.答案：D 解析：解：A、重力的方向是竖直向下的，而图中物块所受重力的方向垂直于斜面。故 A错误； B、平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，而图中平行于主光轴的 光线经凹透镜折射后，其折射光线过了另一侧焦点。故 B错误； C、由图可知，电流从右侧流向左侧，依据安培定则可判断出螺线管的左端为 N极，右端为 S极， 磁感线在磁体外部是由 N极指向 S极的；则磁感线方向应该向右。故 C错误； D、开关与灯泡串联，并且开关与火线相连，灯泡的螺口处与零线相连。故 D正确。 故选：D。 1重力的方向是竖直向下的； 2平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。 3从电流的方向入手，利用安培定则判断出螺线管的极性，进而确定磁场的方向；在磁体外部，磁 感线方向由 N极指向 S极； 4对于电灯接线操作的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过 开关进灯头”。 此题考查重力示意图和透镜光路图的画法、磁感线及其特点、家庭电路的连接等，属于综合作图题， 作图题为中考必考题型，要求学生们熟练掌握各种作图技巧。 6.答案：C 解析：解： A、烹饪手法炒，这一过程中发生了内能的转移，因此，主要是通过热传递的方式使食物的内能增加， 故 A正确； B、烹饪手法蒸，主要是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使食物蒸熟，故 B正确； C、“竹升”在使用时，如下图所示，动力的方向向下，其受到面条或面团的作用力即阻力垂直 于“竹升”向上，故 C错误； D、由上图可知，“竹升”在使用时，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故 D正确。 故选：C。 改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程； 根据杠杆的结构，分析其省力情况，以及其力的方向。 本题以“竹升面”为内容，考查了改变物体内能的方法，以及对杠杆的分析，体现了物理与生活的 联系。 7.答案：C 解析：解：A、电流表是测量电流的仪表；故 A错误； B、电压表是测量电压的仪表；故 B错误； C、电能表是用来测量电功的多少也就是消耗电能多少的仪器；故 C正确； D、变阻器可以改变其接入电路中电阻大小，不能够测量电能；故 D错误。 故选：C。 电能表是用来测量家庭电路中消耗电能多少的仪器。 本题考查电能表的作用，关键是考查我们对电能表有关知识的了解，基础题。 8.答案：B 解析：解：A、动能与物体质量和速度都有关系，研究影响动能大小因素，用不同质量的小球从同一 高度由静止滚下，目的是控制速度相同，改变质量，采用的是控制变量法。故 A正确； B、用电路图可以直观的描述电路的结构关系，但电路图不能代替实际电路连接，采用的是模型法。 故 B错误； C、通过气球膨胀模拟宇宙膨胀。利用斑点间距增大模拟星系离我们远去，采用的是模型法。故 C 正确； D、试管中空气成分的变化不能直接观察，通过水滴的移动证明动物呼吸需要氧气，采用的是转换 法。故 D正确， 故选：B。 一个物理量受多个因素的影响时，研究其中一个因素跟物理量的关系时，把其他的因素控制不变， 这种方法是控制变量法； 通过模型来揭示原型的形态、特征和本质的方法称为模型法。模型法借助于与原型相似的物质模 型或抽象反映原型本质的思想模型，间接地研究客体原形的性质和规律； 在研究某一个物理现象和规律中，因实验本身的特殊限制或因实验器材等限制，不可以或很难直 接揭示物理本质，而采取与之相似或有共同特征的等效现象来替代的方法叫做等效替代法； 一些比较抽象的看不见、摸不着的物质的微观现象，要研究它们的运动等规律，使之转化为学生 熟知的看得见、摸得着的宏观现象来认识它们。这种方法在科学上叫做“转换法”。 要解答本题应掌握物理研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”、“模型法”、“推理法”、 “转换法”等方法。 9.答案：D 解析：解：A、神州十一号与天宫二号在轨成功交会对接后，“神州十一号飞船”和“天宫二号”与 地球之间的位置不断变化，它们相对于地球是静止的，故 A错误； B、两名航天员在轨实验过程中受重力作用、故 B错误； C、航天员在天宫二号空间实验室内通过电磁波可以直接对话，不能说明声音的传播不需要介质。故 C错误； D、质量是物体的一种属性，与物体的位置、状态、形状、温度无关，航天员作“双摆实验”用到 的小球，由地球到达太空后，质量保持不变。故 D正确。 故选：D。 1在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动， 不发生变化，则静止。 2地球附近的一切物体均收到重力作用； 3声音的传播需要媒介，真空不能传声。 4质量是物体的一种属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、形状、温度无关。 此题考查运动和静止的相对性、质量及其特性、重力和声音的传播条件，是一道综合性较强的题目， 但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。 10.答案：C 解析：解：由电路图可知，两电阻并联，电压表测电源电压，电流表2测2的电流，电流表1测1 的电流。 A、当滑动变阻器1的滑片 P由中点向右端移动时，变阻器连入电路的电阻变大，由 ൌ 可知，该 支路的电流变小，即1示数变小，A不符合题意； B、由并联电路各支路互不影响可知，通过2的电流不变，即2示数不变，故 B不符合题意； CD、由 ൌ 可知，电压表 V示数与电流表1示数的比值即为1连入电路的电阻，所以这个比值变 大，故 C符合题意； 电流表 V示数与电流表2示数的比值即2的电阻，保持不变，故 D不符合题意。 故选：C。 由电路图可知，两电阻并联，电压表测电源电压，电流表2测2的电流，电流表1测1的电流。 A、根据滑片的移动可知接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知通过1的电流变化，然后确定1 示数变化； B、根据并联电路各支路互不影响分析通过2的电流变化； CD、根据欧姆定律结合两电阻的阻值判断电压表 V示数与电流表1示数的比值、电流表 V示数与电 流表2示数的比值变化。 本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的运用，关键是电路的分析。 11.答案：ABC 解析：解：A、分子之间既有引力又有斥力，故 A正确； B、扩散现象表明分子在不停地运动，故 B正确； C、同种物质的比热容总是相同的，故 C正确； D、内能是物体内部所有分子的所具有的分子动能和分子势能的总和，其大小与物体内部所有分子 的热运动情况和分子间的相互作用情况有关；而机械能和内能是没有必然联系的，机械能和物体的 机械运动情况有关。故 D错误。 故选：ABC。 1分子间存在相互作用的引力和斥力。当分子间的距离大于平衡距离时，表现为引力；分子间的距 离小于平衡距离时，表现为斥力。 2分子永不停息的做无规则运动。 3比热容是物质特有的属性； 4内能是指物体内部所有分子无规则运动的分子动能和分子势能的总和，即其大小与物体内部所有 分子的热运动情况和分子间的相互作用情况有关。和机械能是没有任何联系的。 本题考查分子间作用力、分子的运动、比热容、能量的转化等知识，关键知道分子间的引力和斥力 同时存在，但有时引力大于斥力，合力为引力；有时斥力大于引力，表现为斥力。 12.答案：AC 解析： 本题主要考查了浮力、液体压强、固体压强、物体密度的相关知识，综合性强，难度一般。 本题一定要把木块和铁块看成一个整体，根据阿基米德原理求出木块受到的浮力，根据漂浮条件求 出木块的重，这是关键； 铁块拿走，木块上浮一些，木块排开水的体积减小，利用体积减小量和容器的底面积求出水下降的 高度，这点学生容易迷糊。 1知道木块的边长求出木块的体积，根据阿基米德原理求出木块受到的浮力； 2根据漂浮条件求出木块和铁块的总重力，求出木块的重力，求出木块的质量，知道木块的质量和 体积，根据密度公式求出木块的密度； 3拿走铁块，木块受到的浮力减小了和铁块等重的浮力，求出减少浮力排开水的体积，知道容器的 底面积，求出水降低的高度，求出容器底受到水的压强减小量； 4容器减小的压力就是铁块受到的重力，受力面积是容器的底面积，根据压强公式可求出减少的压 强。 A.木块的体积：o ൌ Ͳ.13 ൌ Ͳ.ͲͲ13，铁块放在木块上，木块恰好浸没在水中，木块受到了浮力： 浮 ൌ 水o排 ൌ 1.Ͳ 1Ͳ݉3 1Ͳ݉ Ͳ.ͲͲ13 ൌ 1Ͳ，故 A正确； B.木块和铁块整体漂浮在水面上，木块和铁块的总重等于木块受到的浮力， 所以木块的重： ൌ 浮 铁 ൌ 1Ͳ 4 ൌ 6； 木块的质量： ൌ ൌ 6 1Ͳ݉ ൌ Ͳ.6； 木块的密度： ൌ o ൌ Ͳ.6 Ͳ.ͲͲ13 ൌ Ͳ.6 1Ͳ3݉3，故 B错误； C.铁块拿走，木块排开水的体积减小，木块受到的浮力减小，减小的量等于铁块的重力，所以木块 受到浮力减小量为： 浮 ൌ 水 o排 ൌ 1.Ͳ 1Ͳ3݉3 1Ͳ݉ o排 ൌ 4； 所以 o排 ൌ 4 1Ͳ43； 水下降的高度为： ൌ o 排 ൌ 41Ͳ43 41Ͳ22 ൌ 1Ͳ2； 容器底部受到水的压强减少量： ൌ 水 ൌ 1.Ͳ 1Ͳ3݉3 1Ͳ݉ 1Ͳ2 ൌ 1ͲͲ，故 C正确； D.铁块拿走，减少的重力 ൌ 铁 ൌ 4，则容器对地面的压力的减少量 ൌ 4，则减少的压强 香 ൌ ൌ 4 41Ͳ22 ൌ 1ͲͲ，故 D错误。 故选 AC。 13.答案：BC 解析：解： A、表格中右面一栏固体的比热容都大于水银。故 A错误； B、水和冰属于同种物质，状态不同，比热容不同。即同种物质的比热容随状态的变化而变化。故 B 正确； C、因为水的比热容大于酒精，质量相等的水和酒精，吸收相等热量后，由公式 ൌ 知：酒精温 度变化较大。故 C正确； D、因为铝的比热大于铜，铝块和铜块吸收相同的热量，升高的温度不同，由公式 ൌ 知：初温 不同，不能确定铜块的温度一定较高，故 D错误。 故选：BC。 比热容是物质本身的一种特性，同种物质状态不变比热一定；不同物质比热一般不同； 质量和吸收热量相同的不同物质，温度变化用公式 ൌ 比较； 吸收热量和升高温度都相同的不同物质，质量大小用公式 ൌ 分析。 在分析有关比热容的问题时，据热量计算公式 ൌ 可看出，变量有多个，故在分析时要用控 制变量的方法来考虑。 14.答案：60；100 解析：解：1阻力 ൌ 4Ͳ，阻力臂2 ൌ 3Ͳ ൌ Ͳ.3，动力臂1 ൌ 2Ͳ ൌ Ͳ.2，根据杠杆平衡 条件得到： 1 1 ൌ 2 1 Ͳ.2 ൌ 4Ͳ Ͳ.3 1 ൌ 6Ͳ。 2肩膀对木棒的支持力支 ൌ 压 ൌ 6Ͳ 4Ͳ ൌ 1ͲͲ。 故答案为：60；100。 1阻力 ൌ 4Ͳ，阻力臂2 ൌ 3Ͳ ൌ Ͳ.3，动力臂1 ൌ 2Ͳ ൌ Ͳ.2，根据杠杆平衡条件1 1 ൌ 2计算； 2肩膀对木棒的支持力等于书包重力与手施加的向下压力之和，即支 ൌ 压 。 知道杠杆的平衡条件，能够正确的识别杠杆的五要素是解决问题的关键。 15.答案：绿；红 解析：解：当水位上涨时，水与金属 B接触，由于水是导体，使控制电路接通，电磁铁吸引衔铁， 使动触点与下面的静触点接触，工作电路接通，则红灯发光；当水位下降时，使控制电路断开，电 磁铁失去磁性，弹簧拉着衔铁使动触点与上面的静触点接触，工作电路接通，则绿灯亮。 故答案为：绿；红。 电磁继电器一般由铁芯、线圈、衔铁、触点簧片等组成的；只要在线圈两端加上一定的电压，线圈 中就会流过一定的电流，从而产生电磁效应，衔铁就会在电磁力吸引的作用下克服返回弹簧的拉力 吸向铁芯，从而带动衔铁的动触点与静触点常开触点吸合；当线圈断电后，电磁的吸力也随之消 失，衔铁就会在弹簧的反作用力返回原来的位置，使动触点与原来的静触点常闭触点吸合；这样 吸合、释放，从而达到了在电路中的导通、切断的目的。 1电磁继电器在实际生活中经常用于自动控制如：水位报警器、温度报警器等； 2由水位的变化导致了控制电路的通断，进一步决定了电磁铁磁性的有无，从而控制了工作电路的 动触点的位置的变化，改变了工作电路的连接情况。 16.答案：3：1 大于. 解析：解： 1当1、2串联时，1消耗的功率为Ͳ，电路消耗的总功率为 4Ͳ， 因总功率等于各电阻消耗功率之和，则2消耗的功率2 ൌ 总 1 ൌ 4Ͳ Ͳ ൌ 3Ͳ， 因为1、2串联，所以通过两电阻的电流相等， 因2 ൌ 3Ͳ、1 ൌ Ͳ，所以由 ൌ 2可知，2 ൌ 31，即 1 2 ൌ 1 3； 2若两电阻并联时，两电阻两端的电压相等， 通过1与2的电流之比： 1 2 ൌ 1 2 ൌ 2 1 ൌ 3 1 ； 两电阻串联时，总电阻大于任何一个分电阻，总功率为 4Ͳ； 两电阻并联时，总电阻小于任何一个分电阻；电源电压不变，并联时总电阻变小，根据 ൌ 2 知， 总功率变大，大于 4Ͳ。 故答案为：3：1；大于． 1当1、2串联时，通过两电阻的电流相等，根据电阻消耗的功率关系和 ൌ 2确定两电阻之间 的关系、电流关系； 2两电阻串联时，总电阻大于任何一个分电阻；两电阻并联时，总电阻小于任何一个分电阻，根据 ൌ 2 分析总电功率的大小。 本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据串联时两电 阻消耗的功率得出电阻关系和表示出电阻1消耗的电功率。 17.答案：增大 增大 形状 大 解析：解： 1挖掘机铲斗的铲头做成比较锋利的齿状，是为了在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强； 覆带的外表面做得凹凸不平，这是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力； 2用压路机碾压地面的过程中，将地面压平、压实，利用了力可以改变物体的形状； 将土压实后，土的质量不变，但土的总体积减小，由密度公式可知土质的密度变大。 故答案为：1增大；增大；2形状；大。 1增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大 压力来增大压强； 增大摩擦力的方法：在接触面的粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通 过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力； 2力可以改变物体的形状；在质量一定时，物体的体积越小，其密度越大； 本题考查了增大压强和增大摩擦力的方法，以及力的作用效果、密度公式的应用，是一道综合题。 18.答案：解：如图所示 解析：受力物是墙壁，作用点在墙上，方向垂直于墙面向里。 会用力的示意图表示力的三要素。 19.答案： 解析： 1灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套． 2三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线． 掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性． 1灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开 开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故．既能控制灯泡，又能更安全． 2三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．如图所示： 。 20.答案：停止 转换 B 解析：解：1沸腾的条件是达到沸点，继续加热； 因此第 7min后停止加热，则沸腾现象将停止； 探究水沸腾时温度变化的特点记录的实验中，用加热时间的长短表示吸热多少，运用了转换法； 2质量相同的水和煤油，相同时间内，吸收相同的热量，水升高的温度低，煤油升高的温度高，则 A是煤油的实验数据，B是水的实验数据。 故答案为：停止；转换；B。 1沸腾的条件是达到沸点，继续加热； 该实验中用加热时间的长短表示吸热的多少，所运用的方法是转换法； 2分析表中数据，找出加热时间的长短和温度变化的关系即可得出正确的结论。 本题是一道实验探究题，要注意观察实验现象，然后分析现象出现的原因，最后得出结论，同时注 意不同实验应用的探究方法；这道题对能力要求比较强，有一定的难度，是一道中档题。 21.答案：1 㔴 㔴 2；投影仪；2靠近。 解析：解：1由数据可知，物距为 12、14、16cm时成放大实像，物距等于 20cm，即 2f时成等大 实像，说明成放大实像需物距小于二倍焦距； 物距等于 10cm，即 ൌ 时不成像，物距小于 10cm，即 㔴 时成虚像，说明成放大实像需物距大 于一倍焦距，综上可知，凸透镜成倒立、放大实像条件：2 ′ ′ ； 生活中投影仪是利用 2 ′ ′ 时，成倒立、放大实像的原理工作的； 2使物距由 20cm变为 22cm时，物距变大，则像距变小，像变小，为了在光屏上得到清晰的像， 小海应将光屏靠近凸透镜，减小像距。 故答案为：1 㔴 㔴 2；投影仪；2靠近。 1当 2 ′ ′ ，成倒立、放大的实像，应用于投影仪； 2凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小。 此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像的规律及应用，应注意掌握基础知识，做到 灵活应用。 22.答案：11Ͳ.Ͳ 2上 ；下 ；同一高度 325.5 26.Ͳ均可；答案如答图所示 缩 小；实像 解析： 本题考查的是凸透镜成像的规律，属于基础题 1刻度尺的分度值为 1cm，所以读数为 1Ͳ.Ͳ； 2光屏上的像偏上，就应该向上调节光屏让像成在光屏的中央；如果只调节凸透镜，像的位置偏上， 说明凸透镜偏高，就应该向下调节；实验中要调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，这 样才能让像成在光屏的中央； 3根据蜡烛和凸透镜的位置可读出物距为 25.5 26.Ͳ均可；因为凸透镜的焦距为 1Ͳ.Ͳ， 所以主光轴上距光心 1Ͳ.Ͳ处即为焦点的位置；为平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后过焦 点，b为过光心的光线，通过凸透镜后传播方向不变；因为此时物距大于二倍焦距，根据凸透镜 成像规律应成倒立、缩小的实像。 1根据凸透镜和光屏的位置读数为 1Ͳ.Ͳ； 2光屏上的像偏上，要让像成在光屏的中央，就应该向上调节光屏；如果只调节凸透镜，像的位置 偏上，说明凸透镜偏高，就应该向下调节；实验中要调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高 度，这样才能让像成在光屏的中央； 3根据蜡烛和凸透镜的位置可读出物距为 25.5 26.Ͳ均可；因为凸透镜的焦距为 1Ͳ.Ͳ， 所以主光轴上距光心 1Ͳ.Ͳ处即为焦点的位置； 为平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后过焦点，b为过光心的光线，通过凸透镜后传播方向 不变； 因为物距大于二倍焦距，根据凸透镜成像规律此时成倒立、缩小的实像。 23.答案：1远 匀速直线 2 3速度 解析： 1实验中，通过小车在水平面上运动的距离来反映阻力对物体运动的影响．实验时让小车从同一斜 面的同一位置由静止下滑，小车到达水平面时获得的速度相等；水平面越光滑，小车所受阻力越小， 运动距离越远，如果小车不受力，小车将做匀速直线运动； 2力是改变物体运动的原因，不是维持物体的运动状态的原因； 3影响动能的因素：质量和速度。 本题考查了阻力对物体运动的影响，要明确其实验的过程、现象以及对结果进行的科学推理．同时， 本实验的装置还可以探究重力势能影响因素，我们应联系记忆。 1标记 c是小车在木板表面停下来的位置，图中标记 c的距离最远，其表面是最光滑的；分析可知： 水平表面越光滑，小车受到的阻力越小，小车前进的距离越远，速度减小得越慢；如果水平面绝对 光滑，小车不受阻力，小车的速度将不会减小，小车将做匀速直线运动； 2实验推理可知：运动小车如果不受阻力作用，它将以恒定不变的速度永远运动下去即力可以改变 物体运动状态而不能维持物体运动状态，故 B正确； 3动能的大小与物体的质量和运动的速度有关，根据实验现象，让同一小车从同一斜面的不同高度 由静止滑下，可以探究小车的动能与速度的关系。 故答案为：1远；匀速直线；2；3速度。 24.答案：2 ൌ o 3烧杯和液体烧杯和剩余液体 ൌ 12 o 4避免由于量筒留有少部分液体小小小大 解析： 测量液体的密度采用的是取样品的方法测量的，是为了使实验中的误差更小。 此题考查液体密度的测量，有一定的难度。 2测量密度的原理是密度的公式 ൌ o； 3测量液体的步骤是：用天平测出烧杯和液体的总质量1；将烧杯中液体的一部分倒入量筒， 读出液体的体积 V；用天平测出烧杯和剩余液体的总质量2；液体密度的数学表达式为 ൌ 12 o ； 4实验中，不用量筒测出液体体积，再把液体倒入烧杯中测量质量，其目的是避免由于量筒留有少 部分液体，而使质量的测量结果偏小，计算出的密度偏小；实验中，如果先测量空烧杯的质量，再 把液体倒入烧杯中测出总质量，最后把烧杯中的液体倒入量筒再测出液体的体积，液体会倒不干净， 会使测量的体积偏小，计算出的密度值偏大。 故答案为：2 ൌ o；3烧杯和液体；烧杯和剩余液体； ൌ 12 o ；4避免由于量筒留有少部分 液体；小；小；小；大。 25.答案：同一等高线上 连通器原理 解析：解：透明软管的两端开口、底部连通正符合连通器的特点，所以工人师傅这样做的目的是保 证两点在同一等高线上。 故答案为：同一等高线上；连通器原理。 上端开口不连通，下部连通的容器叫连通器；静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接 触的液面总在同一水平面上。 本题主要考查对连通器特点的了解；关键是知道连通器的概念和连通器中液面的特点。 26.答案：1电动机 2磁场 3电源两极 4改变电源电压加滑动变阻器、串联电阻 解析： 1通电导体在磁场中受到力的作用；电动机就是利用该原理制成的； 2通电导体的运动方向跟电流方向、磁感线方向有关，二者只能改变其一，如果两者都改变，导体 运动方向不变； 3在电压一定时，导体中的电流大小跟导体的电阻大小有关，滑动变阻器就是靠改变连入电路中电 阻线的长度来改变电路中电流大小的。电阻一定时，导体中的电流大小跟电源电压有关，可以通过 改变电源电压改变电流； 此题主要考查的是学生对通电导体在磁场中受力、受力方向以及滑动变阻器的作用的理解和掌握， 基础性题目。 1把一根轻质的铝棒作为直导线放在蹄形磁体的磁场里，接通电源，看到直导线向左运动．说明磁 场对通电导线有力的作用；电动机就是利用该原理制成的； 2只将磁体的两极对调，接通电源，导体的运动方向会改变，所以观察到直导线向右运动；说明力 的方向与磁场的方向有关； 3只将电源正负极对调，接通电源，若观察到铝棒向右运动，则说明力的方向与电流方向有关． 4探究磁场中通电导线作用力大小与导线中电流的大小是否有关，可以在其他条件不变的情况下， 改变电源电压加滑动变阻器、串联电阻。 故答案为：1电动机；2磁场；3电源两极；4改变电源电压加滑动变阻器、串联电阻。 27.答案：正；无示数；有示数 解析：解：实验过程： 电压表与电阻并联测电阻，电流表串联在电路中测电流，为得出普遍性的规律，要多次测量，故 将变阻器串联在电路中，如下所示： 方法结论： 横向分析表中数据，电压为原来的几倍，电流为原来的几倍，即电阻不变时，导体中的电流跟导体 两端的电压成正比； 问题讨论： 将电压表与电流表的位置对调，电压表与电源连通，测电源电压，电压表有示数，因电压表内阻很 大，故电路中电路几乎为 0，电流表无示数。 故答案为：如上；正；无示数；有示数。 电压表与电阻并联测电阻，电流表串联在电路中测电流，为得出普遍性的规律，要多次测量，故 将变阻器串联在电路中，据此画出电路图； 横向分析表中数据得出结论； 分析电路的连接回答。 本题探究欧姆定律，考查电路的设计、数据分析和电路的分析及归纳法的运用。 28.答案：5 在电阻一定时，电流与电压成正比 滑动变阻器 在导体两端电压一定时，电流与电阻 成反比 解析：解：1实验中要能够改变定值电阻的电压需要用滑动变阻器测量电压用电压表，测量电流用 电流表，电路如图： 2根据数据分析可知，随着电压的增大电流在增大，并且电压与电流的比值为 2.Ͳo Ͳ.2Ͳ ൌ 2.2o Ͳ.22 ---ൌ 1Ͳ， 所以第 5次实验中的电流数应当是错误的，应该为 Ͳ.28，并且可以看出在电阻一定时，电流与电 压成正比； 3要探究“电流与电阻的关系”，每次更换电阻后，需要通过调节滑动变阻器，使电阻两端的电压 不变。可以得出结论：在导体两端电压一定时，电流与电阻成反比。 故答案为：1见上图；25；在电阻一定时，电流与电压成正比；3滑动变阻器；在导体两端电压 一定时，电流与电阻成反比。 1实验中为了探究规律，需要多次测量定值电阻两端的电压，因此需要滑动变阻器，多测几组电压 和电流值，需要用电流表和电压表测量电流与电压，据此画出电路图； 2根据数据表中电流与电压的关系可分析出错误数据，并得出结论。 3探究通过导体的电流与电阻的关系实验，根据控制变量法可知应通过移动滑动变阻器控制电压不 变，从而得出结论。 本题考查了画电路图、实验数据的分析等知识，此类问题是电学实验经常考查的内容，要求学生重 点掌握。 29.答案：木块被撞后移动的距离；1、3；速度 解析：解： 1探究物体动能大小与哪些因素有关时，物体动能的大小无法直接体验，所以通过小球对木块外做 功的多少来体现小球动能的多少，即通过木块被推动的距离来判断小球动能的大小，用到的是转换 法； 2要探究物体的动能与物体的质量有关，应控制钢球下滑的高度相同而质量不同，由表中实验数据 可知，应选择 1、3所示实验进行比较； 对比数据 1、2可知，同一个小球，小球自由滚下的高度变为原来的 2倍，速度变为原来的 2倍，物 体的动能变为原来的 4倍； 对比数据 1、3可知，不同的小球，从相同的高度滚下，小球的质量变为原来的 2倍，物体的动能变 为原来的 2倍；由表中实验数据可知，在同等条件下速度对物体的动能影响更大。 故答案为：1木块被撞后移动的距离；21、3；速度。 1实验中小球的动能大小通过比较小球推动木块距离的远近来反映，是转换法的运用； 2动能的大小与物体的质量和速度有关，探究动能与质量关系时，控制速度不变；探究动能与速度 关系时，控制质量不变；通过物体质量、速度和动能的倍数关系得出结论。 动能的决定因素有两个：质量和速度。要研究物体的动能与物体的质量和速度的关系时，要从控制 变量法的思路入手分析。注意解本题时，要把握转换法和控制变量法的运用。 30.答案：解：1由电路图可知，当滑片位于左端时，电路为 L的简单电路，电路中的电流最大， 电压表测电源的电压， 由图乙可知，电源的电压 ൌ ൌ 6o； 2当滑片位于右端时，灯泡 L与滑动变阻器的最大阻值 R串联，电路中的电流最小， 由图乙可知，香 ൌ 1.5o，电路中的电流 ൌ Ͳ.2， 串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以滑动变阻器两端的电压： 滑 ൌ 香 ൌ 6o 1.5o ൌ 4.5o， 根据欧姆定律可得，滑动变阻器的最大阻值： 滑 ൌ 滑 ൌ 4.5o Ͳ.2 ൌ 22.5。 答：1电源电压为 6V； 2滑动变阻器的最大阻值为 22.5。 解析：1由电路图可知，当滑片位于左端时，电路为 L的简单电路，电路中的电流最大，电压表测 电源的电压，由图乙读出电源的大小； 2当滑片位于右端时，灯泡 L与滑动变阻器的最大阻值 R串联，电路中的电流最小，根据图象读出 两电表的示数，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻 器的最大阻值。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，侧重考查了学生分析图象的能力和结合电路图的变 化得出两电表对应的示数。 31.答案：解：1由题意知，拉力在 1min做的功为：总 ൌ ൌ 75Ͳ 6Ͳ ൌ 45ͲͲͲ൮ 根据总 ൌ 得 ൌ 总 ൌ 45ͲͲͲ൮ 5ͲͲ ൌ 9Ͳ 由图知，此滑轮组由三段绳子承担物重，所以 ൌ 3 则 ൌ 1 3 ൌ 1 3 9Ͳ ൌ 3Ͳ 答：重物在 1min内上升的高度是 30m。 2因为滑轮组由 3段绳子承担物重，所以 ൌ 1 3 物 动 动 ൌ 3 5ͲͲ 12ͲͲ ൌ 3ͲͲ 则 香 ൌ 1 3 物香 动 ൌ 1 3 18ͲͲ 3ͲͲ ൌ 7ͲͲ 答：当用这个滑轮组匀速提升重为 1800N的物体时，拉力是 700N。 解析：1要解决此题，需要掌握总功、有用功、机械效率的概念。首先根据功率和时间计算出总功， 然后根据总功的公式总 ൌ ，求出拉力通过的距离 s，根据 s与 h的关系计算出物体上升的高度 h。 2根据1中拉力和物重之间的关系，计算出动滑轮的重力，从而计算出物重为 1800N时的拉力。 此题主要考查了有关功率、功的计算，同时要搞清滑轮组的省力特点，要能够确定滑轮组中承担物 重的绳子段数，求出动滑轮的重力也是解决此题的关键。 32.答案：解：该烟灰缸的密度：缸 ൌ o ൌ 115Ͳ 5ͲͲ3 ൌ 2.3݉3， 查表可知，该烟灰缸的密度在玻璃的密度范围内，所以该烟灰缸是玻璃做的。 答：该烟灰缸的材料是玻璃。 解析：本题考查了利用密度公式 ൌ o计算密度，并可以借助密度的大小来鉴别物质的种类。 已知烟灰缸的质量和体积，可利用公式 ൌ o计算出其密度，再对照密度表就可知它是由什么制成的。