四川省成都市武侯区2014-2015学年九年级（上）期末考试物理试题（解析版）

四川省成都市武侯区2014-2015学年九年级（上）期末考试物理试题（解析版）

四川省成都市武侯区2014-2015学年九年级（上）期末考试物理试题（解析版）‎ ‎　‎ 一、单项选择题（每小题2分，共30分）‎ ‎1．如图所示的四位科学家中，以其名字命名电阻单位的是（　　）‎ A．法拉第 B．焦耳 C．安培D． 欧姆 ‎　‎ ‎2．学校厨房的墙角边堆放了煤炭，隔一段时间后，煤炭粉末就扩散到墙里面去了，扩散现象的发生是由（　　）‎ A．分子之间有相互作用力 B．分子永不停息作无规则运动 C．分子之间斥力大于引力 D．相互接触的煤炭粉末与墙壁存在着温差 ‎　‎ ‎3．下列现象中，属于做功的方式改变物体内能的是（　　）‎ A．放入电冰箱中的食物温度降低 B．有砂轮磨刀，有火星进出 C．在烈日下暴晒，沥青路面熔化了 D．用火炉烧水，水的温度升高 ‎　‎ ‎4．关于热机效率，下列说法正确的是（　　）‎ A．蒸汽机的效率通常高于汽油机的效率 B．有些新型燃料汽车实现了零排放，其效率达到100%‎ C．热机效率不一定小于100%‎ D．即使无摩擦的道路，汽车发动机的效率也无法达到100%‎ ‎　‎ ‎5．如图中是汽油机工作时各冲程的示意图，按照吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程的顺序排列，它们正确的排列顺序为（　　）‎ A．甲、乙、丙、丁 B．丁、丙、乙、甲 C．乙、丁、丙、甲 D．甲、丁、乙、丙 ‎　‎ ‎6．用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触验电器的金属球时，发现已张开的金属箔片张开的角度逐渐增大，这说明验电器原来的带电情况是（　　）‎ A．带负电 B．带正电 C．不带电 D．不能确定 ‎　‎ ‎7．如图所示的实物电路图中，闭合开关，可以使小灯泡发光的正确电路是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎　‎ ‎8．在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片P向右端滑动时灯逐渐变暗，则下列接法正确的是（　　）‎ A．M接C，N接B B．M接A，N接B C．M接C，N接D D．M接A，N接D ‎　‎ ‎9．如图，小明准备在前后门安装两只声音不同的电铃，希望能从铃声分辨出是前门来客还是后门来人，设计的电路图正确的是（　　）‎ A．B．C．D．‎ ‎　‎ ‎10．“0.25A”最符合哪个用电器工作时的电流（　　）‎ A．雷电电流 B．普通电子手表 C．家用空调器 D．普通手电筒 ‎　‎ ‎11．用同种材料制成的粗细均匀的某段金属导体，关于其电阻大小的说法中，正确的是（　　）‎ A．当导体两端电压和通过导体的电流为零时，导体的电阻为零 B．当导体被均匀拉长时，它的电阻将增大 C．电阻是导体本身的一种性质，所以无论是温度如何变化，电阻也不可能变成零 D．当导体长度不变时，增大横截面积时，它的电阻值将增大 ‎　‎ ‎12．探究影响电磁铁磁性强弱的因素时，按如图所示电路进行实验，每次实验总观察到电磁铁A吸引大头针的数目比B多，此实验说明影响电磁铁磁性强弱的因素是（　　）‎ A．电流的大小 B．电磁铁的极性 C．线圈的匝数 D．是否插入铁芯 ‎　‎ ‎13．下列说法中不符合安全用电原则的是（　　）‎ A．家用电器失火时，先灭火，后切断电源 B．控制灯泡的开关应接在相线上 C．三孔插座中的上孔是保护接地线的 D．使用测电笔辨别火线和零线时，手与笔尾金属体接触还会发生触电 ‎　‎ ‎14．关于磁场，下列说法正确的是（　　）‎ A．地磁场的磁感线从地磁N极出发到地磁S极 B．磁极间的相互作用不都是通过磁场发生的 C．磁感应线是磁场中真实存在的一些曲线 D．磁体周围的磁感线从磁体S极出发，回到磁体N极 ‎　‎ ‎15．现有两个阻值不等的未知电阻R1和R2，为了比较它们的阻值大小，几个同学分别设计了如图所示的四种电路，在不拆借电路元件的情况下，其中可行的电路图是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎　‎ ‎　‎ 二、填空题（每空2分，共36分）‎ ‎16．生活中的“热”含义非常丰富，“摩擦生热”的“热”是指　　　　　　；墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子运动的快慢与　　　　　　有关．‎ ‎　‎ ‎17．在铝、铜、硅、玻璃等材料中，常温下属于绝缘体的是　　　　　　，我国家庭电路的电压是　　　　　　V．‎ ‎　‎ ‎18．“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到天然气的数十倍，说明“可燃冰”的　　　　　　很大．一台单缸四冲程柴油机，飞轮转速为3600转/分，该柴油机活塞1s对外做功　　　　　　次．‎ ‎　‎ ‎19．一个10Ω的电阻R1接在某一个电源E山，通过它的电流是0.3A，电源电压是　　　　　　V，如果将另一个15Ω电阻R2和R1并联接在原来电源E上，通过干路的电流是　　　　　　A．‎ ‎　‎ ‎20．小红家电能表八月底与九月底的读数如图甲的表盘所示，小红家九月份用电　　　　　　度（kW•h）；小红家使用的电能表如图乙所示，某一天，小红家用了3.5度（kW•h）电，则该电能表的表盘转了　　　　　　转．‎ ‎　‎ ‎21．直流电动机是利用通电线圈在　　　　　　中要受到力的作用而转动的原理制成的，在电熨斗、电磁继电器、洗衣机中，利用电动机原理来工作的是　　　　　　．‎ ‎　‎ ‎22．白炽灯是我们常用的照明工具，白炽灯是利用电流　　　　　　效应来工作的，为防止人身触电，安装白炽灯时，螺丝口灯座中心的金属片应该接在　　　　　　上（选填“相线”、“中性线”）．‎ ‎　‎ ‎23．小刚有一个带有开关、指示灯和多个插座的接线板，如图所示，每当接线板的插头插入家庭电路中的插座，闭合接线板上的开关时，总出现“跳闸”现象．你分析“跳闸”原因是接线板中的电路发生了　　　　　　（选填“断路”或“短路”），接线板中的多个插座与指示灯　　　　　　（选填“串联”或“并联”）．‎ ‎　‎ ‎24．某物理科技小组设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随有害尾气浓度β变化的曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变．当有害尾气浓度β增大时，气敏电阻R的阻值将　　　　　　．电路中的电流将　　　　　　（两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）．‎ ‎　‎ ‎　‎ 三、作图与计算题（25题2分，26题2分，27题6分，28题6分，共16分）‎ ‎25．根据如图所示的实物连线图，画出对应的电路图．‎ ‎　‎ ‎26．根据图中通电螺线管的N极，请标出磁感线的方向和小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．‎ ‎　‎ ‎27．将一壶质量为6kg温度20℃的水加热到80℃，水吸收的热量是多少？如果利用酒精燃烧来加热这一壶水，且酒精完全燃烧放出的热量被水全部吸收，需要完全燃烧多少千克的酒精？（水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），酒精的热值8×103J/kg）‎ ‎　‎ ‎28．手电筒的小灯泡上标有“2.5V 0.2A”，表示灯泡两端加2.5V电压时，通过的电量为0.2A，灯泡正常发光，若灯丝的电阻不随温度变化，求：‎ ‎（1）小灯泡接在2V的电路中，实际的电功率是多大？‎ ‎（2）若电源电压由2V提高到4V时，需要串联一个多大的电阻才能使得小灯泡正常发光．‎ ‎　‎ ‎　‎ 四、实验与探究题（每空2分，共18分）‎ ‎29．如图所示，在两个相同的烧杯中分别盛有质量、初温都相等的水和牛奶，用两个相同酒精灯对其加热．‎ ‎（1）加热过程中，发现要使它们上升相同的温度，需给水加热的时间要长一些，这是因为　　　　　　．‎ ‎（2）停止加热后，在相同时间内，盛有　　　　　　的烧杯（填“水”或“牛奶”）温度下降得快些．若要使其温度下降不至太快，请说出一种方法：　　　　　　．‎ ‎　‎ ‎30．用如图所示的实验装置探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”．‎ ‎（1）实验中通过观察　　　　　　来比较电流产生的热量的多少．‎ ‎（2）为了便于比较两种不同电阻丝通过电流后产生热量的多少，A、B两瓶中要装入　　　　　　的同种液体．‎ ‎（3）为达到实验目的，选用的两电阻丝的　　　　　　不能相同．‎ ‎　‎ ‎31．某小组同学为了“研究串联电路的特点”连接了如图18所示电路．他们实验操作步骤正确，电路元件完好，在闭合电键后，发现无论怎样移动滑片，两个电流表的指针偏离零刻度线的角度都不相同，小明认为串联电路中各处的电流是相等的，出现上述现象的原因可能是　　　　　　（写出一种即可）．他们解决问题后继续实验，移动滑片将数据记录在下表实验序号1、2、3中，然后又改变电源电压后继续实验，将数据记录在下表实验序号4、5、6中．‎ 实验序号 示数 ‎（安）‎ 示数 ‎（安）‎ 示数 ‎（伏）‎ 示数 ‎（伏）‎ 示数 ‎（伏）‎ ‎1‎ ‎0.2‎ ‎0.2‎ ‎2‎ ‎4‎ ‎6‎ ‎2‎ ‎0.3‎ ‎0.3‎ ‎3‎ ‎3‎ ‎6‎ ‎3‎ ‎0.4‎ ‎0.4‎ ‎4‎ ‎2‎ ‎6‎ ‎4‎ ‎0.5‎ ‎0.5‎ ‎5‎ ‎4‎ ‎9‎ ‎5‎ ‎0.6‎ ‎0.6‎ ‎6‎ ‎3‎ ‎9‎ ‎6‎ ‎0.7‎ ‎0.7‎ ‎7‎ ‎2‎ ‎9‎ ‎（1）小强分析比较表中每次实验中各电压表示数及相关条件，可得出了串联电路的电压特点：在串联电路中两端的总电压等于　　　　　　．‎ ‎（2）小红分析了表中电流表A1的示数与电压表V1的示数及相关条件，发现这个实验也可验证欧姆定律，她得出的结论是：对同一电阻而言，　　　　　　．‎ ‎　‎ ‎　‎ 一、不定项选择题（每小题2分，错选得0分，选对但不全得1分，共10分）‎ ‎32．如图所示，在空可乐瓶内滴两滴酒精，用装有气门芯的橡皮塞塞紧瓶口，再用打气筒通过气门芯向瓶内打气，当瓶内气压达到足够大时，塞子将从瓶口冲出，且原来透明的瓶内充满了白雾，这一实验现象表明（　　）‎ A．气体对外界做功，瓶内温度升高，内能减少，酒精蒸气汽化 B．气体对外界做功，瓶内温度降低，内能减少，酒精蒸气液化 C．外界对气体做功，瓶内温度升高，内能增加，酒精蒸气液化 D．外界对气体做功，瓶内温度降低，内能增加，酒精蒸气汽化 ‎　‎ ‎33．如图所示电路中，电流表A1示数为0.5A，电流表A2示数为0.9A，L是标有“8W”字样的小灯泡，闭合开关后小灯泡正常工作，下列判断正确的是（　　）‎ A．电阻R的阻值为40Ω B．电路消耗的总功率为14W C．电阻R消耗的功率为6.4W D．小灯泡L两端电压为12V ‎　‎ ‎34．如图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向左移动时，弹簧测力计的示数变小，则下列分析正确的是（　　）‎ A．电磁铁的上端为N极，下端为S极 B．电源左端“﹣”极，右端为“+”极 C．断开开关，弹簧测力计的示数减小 D．保持滑片P不动，抽去电磁铁铁芯，弹簧测力计的示数减小 ‎　‎ ‎35．POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息．图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎　‎ ‎36．在如图所示的电路中，电源电压为6V且不变，定值电阻R的阻值为30Ω．灯泡L的阻值为20Ω，若闭合开关S，灯泡L不亮，电压表的示数为6V，则电流表的示数（　　）‎ A．可能为0.3A B．一定为0.12A C．一定为零 D．可能为0.2A ‎　‎ ‎　‎ 二、综合题（每空1分，共10分）‎ ‎37．在“测定小灯泡的电功率”的实验中，小明同学选取了一个标有“2.5V”、额定功率约为1W的小灯泡和必要的实验器材，连接的电路如图甲所示．‎ 次数 电压表示数U/V 电流表示数I/A 灯泡亮度 ‎1‎ ‎1.50‎ ‎0.32‎ 发光微弱 ‎2‎ ‎2.00‎ ‎0.38‎ 较暗 ‎3‎ ‎2.50‎ 正常发光 ‎4‎ ‎3.00‎ ‎0.46‎ 很亮 ‎（1）闭合开关前，老师检查发现小明同学连接的电路有一根导线连接错误，请你在错误的连线上画“×”，并只移动一根导线，用笔画线代替导线将电路连接正确．‎ ‎（2）经检查电路连接正确后，小明连续进行了4次测量，并把测量的数据和观察到的现象填写在表格里，其中第3次测量时电流表的示数如图乙所示，此时的电流为　　　　　　A，小灯泡的额定功率为　　　　　　W．‎ ‎（3）从表格中的数据可知，灯丝的电阻随两端电压的增加而　　　　　　（“增大”或“减小”），灯丝电阻发生变化的本质是电阻随　　　　　　而增大．‎ ‎　‎ ‎38．如图甲所示，电源电压为9V保持不变，定值电阻R1的阻值为8Ω，滑动变阻器R2标有“22Ω 1A”字样，闭合开关S后，电流表示数为0.4A，求：‎ ‎（1）电阻R2两端的电压是　　　　　　V．‎ ‎（2）此时滑动变阻器R2连入电路的阻值是　　　　　　Ω．‎ ‎（3）现将一个表盘如图乙所示的电压表接入电路，要求在移动变阻器滑片P的过程中电压表示数的变化量最大，则电压表应接在　　　　　　两点之间（选填“ab或ac”、“ab或bc”或“ac或bc”）．‎ ‎（4）电流表示数的最大变化量△I最大是　　　　　　A，电压表示数的最大变化量△U最大是　　　　　　V．‎ ‎　‎ ‎　‎ ‎2014-2015学年四川省成都市武侯区九年级（上）期末物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、单项选择题（每小题2分，共30分）‎ ‎1．如图所示的四位科学家中，以其名字命名电阻单位的是（　　）‎ A． 法拉第 B．焦耳 C．安培 D． 欧姆 ‎【考点】电阻．‎ ‎【专题】电压和电阻．‎ ‎【分析】（1）物理学上的很多单位都是以科学家的名字命名的，例如安培、牛顿、瓦特、库仑等；‎ ‎（2）欧姆是德国科学家，以他的名字命名了电阻的单位．‎ ‎【解答】解：‎ A、没有物理量以法拉第的名字命名，不合题意；‎ B、功和能的单位是以焦耳的名字命名的，不合题意；‎ C、电流的单位是以安培的名字命名的，不合题意；‎ D、电阻的单位是以欧姆的名字命名的，符合题意．‎ 故选D．‎ ‎【点评】在国际单位制中，为了纪念科学家在物理学研究中的杰出贡献，好多单位以他们的名字来命名的，例如：电压﹣﹣伏特、电流﹣﹣安培、电阻﹣﹣欧姆、功和能量﹣﹣焦耳、功率﹣﹣瓦特、力﹣﹣牛顿、压强﹣﹣帕斯卡等．‎ ‎　‎ ‎2．学校厨房的墙角边堆放了煤炭，隔一段时间后，煤炭粉末就扩散到墙里面去了，扩散现象的发生是由（　　）‎ A．分子之间有相互作用力 B．分子永不停息作无规则运动 C．分子之间斥力大于引力 D．相互接触的煤炭粉末与墙壁存在着温差 ‎【考点】扩散现象．‎ ‎【专题】应用题；分子热运动、内能．‎ ‎【分析】物质是由分子组成的，一切物质的分子都在不停的做无规则运动，扩散现象是分子运动的结果．‎ ‎【解答】解：‎ 煤放在墙角一段时间，发现墙变黑了，是煤炭的分子运动到了墙里面，这种现象叫做扩散现象，这种现象说明物质的分子在不停地做无规则运动，故B正确，ACD错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现．‎ ‎　‎ ‎3．下列现象中，属于做功的方式改变物体内能的是（　　）‎ A．放入电冰箱中的食物温度降低 B．有砂轮磨刀，有火星进出 C．在烈日下暴晒，沥青路面熔化了 D．用火炉烧水，水的温度升高 ‎【考点】做功改变物体内能．‎ ‎【专题】应用题；分子热运动、内能．‎ ‎【分析】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程．‎ ‎【解答】解：A、放入电冰箱中的食物放出热量，温度降低，通过热传递的方式改变内能，故不符合题意；‎ B、菜刀在砂轮上磨得发烫，即克服摩擦力做功，使得其内能增加，温度升高，是做功改变内能，故符合题意；‎ C、在烈日下暴晒，沥青路面吸热而熔化，通过热传递的方式改变内能，故不符合题意；‎ D、在炉子上烧水，即通过热传递的方式改变内能，故不符合题意；‎ 故选B．‎ ‎【点评】解决此类题目的关键是能根据做功和热传递改变物体内能的区别正确判断改变物体内能的方式．‎ ‎　‎ ‎4．关于热机效率，下列说法正确的是（　　）‎ A．蒸汽机的效率通常高于汽油机的效率 B．有些新型燃料汽车实现了零排放，其效率达到100%‎ C．热机效率不一定小于100%‎ D．即使无摩擦的道路，汽车发动机的效率也无法达到100%‎ ‎【考点】热机的效率．‎ ‎【专题】应用题；定性思想；顺推法；比热容、热机、热值．‎ ‎【分析】（1）热机效率的概念：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．在工作过程中，损失的能量越少，热机的效率越高．‎ ‎（2）任何机器的效率都不可避免的做额外功，效率不可能达到100%．‎ ‎【解答】解：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比叫热机的效率，在工作过程中，损失的能量越少，热机的效率越高．‎ A、蒸汽机的燃料是在机器的外部燃烧，热损失最多，效率最低．此选项错误；‎ B、目前有些新型燃料汽车，实现了“零排放”，减少了污染，提高了效率，但效率不会达到100%．此选项错误；‎ C、热机在工作时不可避免的要克服机械部件间的摩擦做额外功，机械效率一定小于100%．此选项错误；‎ D、热机能量损耗包括燃料不完全燃烧损失掉的能量、机体散热损失掉的内能、废气带走的内能、克服机件摩擦损失掉的能量，跟路面摩擦无关，所以热机效率一定低于100%．路面摩擦力是汽车做有用功的因素之一．此选项正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】本题考查了学生对热机效率的了解与掌握，理解热机效率小于1，属于基础题目．‎ ‎　‎ ‎5．如图中是汽油机工作时各冲程的示意图，按照吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程的顺序排列，它们正确的排列顺序为（　　）‎ A．甲、乙、丙、丁 B．丁、丙、乙、甲 C．乙、丁、丙、甲 D．甲、丁、乙、丙 ‎【考点】内燃机的四个冲程．‎ ‎【专题】应用题；比热容、热机、热值．‎ ‎【分析】判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程．‎ ‎【解答】解：‎ 甲图中，排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程；‎ 乙图中，进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程； ‎ 丙图中，两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；‎ 丁图中，两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；‎ 因此按吸气、压缩、做功、排气顺序排列正确的是：乙丁丙甲．‎ 故选C．‎ ‎【点评】此题考查了对内燃机四个冲程的判断，要结合气门和活塞运动情况进行判断．‎ ‎　‎ ‎6．用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触验电器的金属球时，发现已张开的金属箔片张开的角度逐渐增大，这说明验电器原来的带电情况是（　　）‎ A．带负电 B．带正电 C．不带电 D．不能确定 ‎【考点】电荷间的相互作用规律．‎ ‎【专题】应用题；电流和电路．‎ ‎【分析】解决此题要知道，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，验电器的工作原理是同种电荷相互排斥．‎ ‎【解答】解：验电器的金属箔片张开说明已带电；用丝绸摩擦过的玻璃棒因失去电子而带正电，当玻璃棒靠近验电器时，发现验电器的金属箔张开的角度逐渐增大，说明验电器所带电量增加，故验电器与玻璃棒带同种电荷，即带正电．故选项ACD错误，选项B正确．‎ 故选B．‎ ‎【点评】解决此类问题的关键是灵活利用验电器的工作原理进行分析．‎ ‎　‎ ‎7．如图所示的实物电路图中，闭合开关，可以使小灯泡发光的正确电路是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】电路图及元件符号．‎ ‎【专题】图析法；电流和电路．‎ ‎【分析】电路是指用导线把电源、用电器、开关连接起来组成的电流的路径．要想组成一个完整的电路，在这四个电路元件中缺一不可．灯泡要发光，电路不能断路，也不能短路．‎ ‎【解答】解：A、根据图中可以看出，没有灯泡，故灯泡不能发光，不符合题意；‎ B、开关闭合后，无电源，故灯泡不能发光，不符合题意；‎ C、开关闭合后，为灯泡的基本电路，灯泡发光，符合题意；‎ D、根据图中可以看出，开关闭会造成短路，不符合题意．‎ 故选C．‎ ‎【点评】本题考查了电路的基本组成和电路的三种状态，电源、开关、导线和用电器．缺少哪一个元件都不算完整的电路．‎ ‎　‎ ‎8．在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片P向右端滑动时灯逐渐变暗，则下列接法正确的是（　　）‎ A．M接C，N接B B．M接A，N接B C．M接C，N接D D．M接A，N接D ‎【考点】滑动变阻器的使用；实际功率．[来源:Z*xx*k.Com]‎ ‎【专题】控制变量法．‎ ‎【分析】（1）灯泡亮度变暗，功率变小，根据P=I2R，电路中电流变小．电源电压不变，电流变小，电阻变大，滑动变阻器接入电路的电阻丝变长．‎ ‎（2）滑动变阻器在电路中的正确连接方式是连接一“上”一“下”两个接线柱，哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的，它就是下面被连接的接线柱与滑片P之间的部分．‎ ‎【解答】解：滑动变阻器的滑片右移，灯泡变暗，功率变小，根据P=I2R，电路中电流变小．电源电压不变，电流变小，电阻变大，滑动变阻器接入电路的电阻丝变长．下面的接线柱一定接入C，上面的接线柱接A或B．‎ 故选A．[来源:学科网ZXXK]‎ ‎【点评】（1）掌握根据实际功率判断灯泡的亮度．‎ ‎（2）知道电压和电阻，根据欧姆定律判断电流大小．‎ ‎（3）掌握滑动变阻器的原理、作用、接线柱的接法．‎ ‎　‎ ‎9．如图，小明准备在前后门安装两只声音不同的电铃，希望能从铃声分辨出是前门来客还是后门来人，设计的电路图正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】串、并联电路的设计．‎ ‎【分析】根据并联电路的特点分析，即两个电铃并联，各支路有开关控制．‎ ‎【解答】解：A、该电路为并联电路，并且各支路有开关控制，互不影响，所以通过铃声可以辨别，故A选项正确．‎ B、因为有一个开关控制干路，所以支路开关无法独立控制门铃，故B选项错误．‎ C、该电路为串联电路，当两个门同时按门铃时，电铃才会工作，所以C选项错误．‎ D、两个开关都控制干路，无法独立工作，所以D选项错误．‎ 故选A ‎【点评】会设计串联电路和并联电路，并且知道开关在各电路起的作用．‎ ‎　‎ ‎10．“0.25A”最符合哪个用电器工作时的电流（　　）‎ A．雷电电流 B．普通电子手表 C．家用空调器 D．普通手电筒 ‎【考点】电流的大小．‎ ‎【专题】应用题；电流和电路．‎ ‎【分析】根据我们对生活中常用用电器电流大小的了解去选择．‎ ‎【解答】解：‎ A．雷电电流可达2×105A左右，故A不正确；‎ B、普通电子手表的电流约为10mA=0.01A左右，故B不正确 C、家用空调器的工作电流约为5A左右，故C不正确；‎ D、普通手电筒的电流约为250mA=0.25A左右，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】本题考查学生对一些用电器电流大小的掌握和了解，自己平时在学习和生活中要多积累．‎ ‎　‎ ‎11．用同种材料制成的粗细均匀的某段金属导体，关于其电阻大小的说法中，正确的是（　　）‎ A．当导体两端电压和通过导体的电流为零时，导体的电阻为零 B．当导体被均匀拉长时，它的电阻将增大 C．电阻是导体本身的一种性质，所以无论是温度如何变化，电阻也不可能变成零 D．当导体长度不变时，增大横截面积时，它的电阻值将增大 ‎【考点】影响电阻大小的因素．‎ ‎【专题】应用题；电压和电阻．‎ ‎【分析】（1）电阻是导体本身的属性，只与导体的长度，导体的横截面积和导体的材料有关，还与导体的温度有关；与电流、电压的大小无关．‎ ‎（2）在相同温度的条件下，同种材料的导体，相同横截面积、长度越长，电阻越大；相同长度，横截面积越小，电阻越大．‎ ‎【解答】解：‎ A、电阻大小与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，其大小与电压和电流的大小无关，故A错误；‎ B、当导体被均匀拉长时，横截面积变小，则电阻增大，故B正确；‎ C、电阻是导体本身的一种性质，但在一定的温度下，电阻可能变为零，如超导体；故C错误；‎ D、当导体长度不变时，增大横截面积时，它的电阻值将减小，故D错误．‎ 故选B．‎ ‎【点评】此题考查了影响电阻大小的因素，电阻与多个因素有关，在比较大小时，注意用控制变量法．‎ ‎　‎ ‎12．探究影响电磁铁磁性强弱的因素时，按如图所示电路进行实验，每次实验总观察到电磁铁A吸引大头针的数目比B多，此实验说明影响电磁铁磁性强弱的因素是（　　）‎ A．电流的大小 B．电磁铁的极性 C．线圈的匝数 D．是否插入铁芯 ‎【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素．‎ ‎【专题】应用题；磁现象、电生磁．‎ ‎【分析】电磁铁A和电磁铁B串联，两者线圈缠绕的方式相同，线圈的匝数不同，根据串联电路的特点和缠绕方式进行解答．‎ ‎【解答】解：‎ A、因串联电路中各处的电流相等，所以，图中电磁铁A和电磁铁B是串联，通过它们的电流相等，故A错误；‎ B、因电磁铁A和电磁铁B线圈缠绕的方式相同，所以，两者电流的方向相同，极性相同，故B错误；‎ C、电磁铁A和电磁铁B的匝数不同，吸引大头针的数目不同，说明影响电磁铁磁性强弱的因素是线圈的匝数，故C正确；‎ D、由图可知，电磁铁A和电磁铁B的铁芯相同，故D错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】本题是探究影响电磁铁磁性强弱因素的实验，主要考查了电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，要注意控制变量法和转化法的应用．‎ ‎　‎ ‎13．下列说法中不符合安全用电原则的是（　　）‎ A．家用电器失火时，先灭火，后切断电源 B．控制灯泡的开关应接在相线上 C．三孔插座中的上孔是保护接地线的 D．使用测电笔辨别火线和零线时，手与笔尾金属体接触还会发生触电 ‎【考点】安全用电原则．‎ ‎【专题】应用题；定性思想；顺推法；电与热、生活用电．‎ ‎【分析】①电器着火时，要先切断电源，再救火；‎ ‎②控制灯泡的开关要与灯泡串联，并且控制火线；‎ ‎③三孔插座的接地线要保证良好接地，以防外壳带电，危及人身安全；‎ ‎④使用测电笔笔时，必须用手接触到笔尾的金属体．‎ ‎【解答】解：‎ A、用电器着火时，要先切断电源，再救火，若直接用水泼易引发触电．此选项错误，符合题意；‎ B、控制电灯的开关与电灯串联，并接在相线（火线）和电灯之间．此选项正确，不符合题意；‎ C、三孔插座的上孔是接地线使用的．接地线要保证良好接地，以防外壳带电，危及人身安全．此选项正确，不符合题意；‎ D、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，用笔尖接触被检验导线，才能辨别火线和零线．质量合格的测电笔能够保证人身安全，正确使用时不会引起触电．此选项错误，符合题意．‎ 故选AD．‎ ‎【点评】熟练掌握家庭电路中的安全用电常识，并能在实践中加以运用，有一定的现实意义，应引起我们的重视．‎ ‎　‎ ‎14．关于磁场，下列说法正确的是（　　）‎ A．地磁场的磁感线从地磁N极出发到地磁S极 B．磁极间的相互作用不都是通过磁场发生的 C．磁感应线是磁场中真实存在的一些曲线 D．磁体周围的磁感线从磁体S极出发，回到磁体N极 ‎【考点】地磁场；磁场；磁感线及其特点．‎ ‎【专题】简答题；磁现象、电生磁．‎ ‎【分析】（1）磁体的磁感线都是从N极出来，回到S极；‎ ‎（2）磁体间的作用是通过磁场发生的；‎ ‎（3）磁感线是描述磁场引入的物理模型，不真实的存在；据此分析解答．‎ ‎【解答】解：A、磁体外部的磁感线都是从N极出来，回到S极，故A正确；‎ B、磁极间的作用是通过磁场发生的，故B错误；‎ C、磁感线不是真实的曲线，只是理想模型，故C错误；‎ D、磁体周围的磁感线从磁体N极出发，回到磁体S极，故D错误．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】该题主要考查学生对于磁场、磁感线的理解和掌握，熟记基础知识是解题关键．‎ ‎　‎ ‎15．现有两个阻值不等的未知电阻R1和R2，为了比较它们的阻值大小，几个同学分别设计了如图所示的四种电路，在不拆借电路元件的情况下，其中可行的电路图是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用．‎ ‎【专题】应用题；定性思想；图析法；欧姆定律．‎ ‎【分析】（1）串联电路中，各处电流相等，阻值大的电阻两端的电压大，阻值小的电阻两端的电压小；‎ ‎（2）并联电路中，各支路电阻两端的电压相等，阻值大的电阻通过的电流小，阻值小的电阻通过的电流大．‎ ‎【解答】解：‎ A、两电阻串联，用电压表可以测出R1两端电压，用电流表可以测出电路电流，可以求出电阻R1的阻值，但无法求出R2的阻值，无法比较两电阻阻值大小，故A错误；‎ B、由图示电路图可知，无法测出两电阻阻值，无法比较两电阻阻值大小关系，故B错误；‎ C、由图示电路图可知，两电阻串联，通过它们的电流I相等，两电压表分别测出两电阻电压大小，由串联电路特点可知，串联电阻两端电压与电阻阻值成正比，电压表根据电压表示数可以比较电阻阻值大小关系，故C正确；‎ D、由图示电路图可知，两电阻并联，电流表A1可以测出通过R1的电流，由于不能测出通过R2的电流，无法比较两电阻阻值大小关系，故D错误；‎ 故选C．‎ ‎【点评】（1）串联电路的电阻起分压作用，分压大小与电阻阻值的大小成正比，电阻大的分压大，电阻小的分压小；‎ ‎（2）并联电路的电阻起分流作用，分流大小与电阻阻值的大小成反比，电阻大的分流小，电阻小的分流大．‎ ‎　‎ 二、填空题（每空2分，共36分）‎ ‎16．生活中的“热”含义非常丰富，“摩擦生热”的“热”是指　内能　；墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子运动的快慢与　温度　有关．‎ ‎【考点】温度、热量与内能的关系；分子的运动．‎ ‎【专题】应用题；分子热运动、内能．‎ ‎【分析】（1）要解答本题需掌握：生活中的“热”和物理学中的“热”的不同含义；‎ ‎（2）分子运动的快慢与物体的温度有关，即温度越高，分子的运动越快．‎ ‎【解答】解：摩擦生热，是指通过摩擦使物体的内能增加，在这一过程中，机械能转化为内能，故“热”指内能．‎ 墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子运动的快慢与温度有关，即温度越高，分钟运动越快．‎ 故答案为：内能；温度．‎ ‎【点评】知道摩擦生热的含义及分子运动快慢的影响因素，是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎17．在铝、铜、硅、玻璃等材料中，常温下属于绝缘体的是　玻璃　，我国家庭电路的电压是　220　V．‎ ‎【考点】绝缘体；家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法．‎ ‎【专题】应用题；比较思想；归纳法；电流和电路；电与热、生活用电．‎ ‎【分析】常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等．常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限，我国家庭电路电压为220V．‎ ‎【解答】解：在铝、铜、硅、玻璃等材料中，常温下属于绝缘体的是玻璃，铝、铜属于导体，硅属于半导体；‎ 我国家庭电路电压为220V．‎ 故答案为：玻璃；220．‎ ‎【点评】此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，应该有明确的认识．‎ ‎　‎ ‎18．“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到天然气的数十倍，说明“可燃冰”的　热值　很大．一台单缸四冲程柴油机，飞轮转速为3600转/分，该柴油机活塞1s对外做功　30　次．‎ ‎【考点】燃料的热值；有关热机的计算．‎ ‎【专题】应用题；比热容、热机、热值．‎ ‎【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值；‎ ‎（2）在四冲程内燃机的一个工作循环中，完成4个冲程，并对外做功1次，曲轴和飞轮转2圈．‎ ‎【解答】解：‎ 在同等条件下，包含质量相同，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大．‎ 一台单缸四冲程柴油机的飞轮转速为3600r/min，说明1min飞轮转3600r；‎ 则每秒钟，飞轮转=60r，完成=30个工作循环，做功30次，完成30×4=120个冲程．‎ 故答案为：热值；30．‎ ‎【点评】本题主要考查了热值的物理意义和内燃机的四冲程中做功次数与飞轮转数之间的关系．关键要搞清一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次．‎ ‎　‎ ‎19．一个10Ω的电阻R1接在某一个电源E山，通过它的电流是0.3A，电源电压是　3　V，如果将另一个15Ω电阻R2和R1并联接在原来电源E上，通过干路的电流是　0.5　A．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用．‎ ‎【专题】计算题；欧姆定律．‎ ‎【分析】已知电路电流和电阻R1，利用U=IR得到电源电压．‎ 计算电阻R2支路的电流，然后相加就是所求的干路电流．‎ ‎【解答】解：由I=得电源电压为U=I1R1=0.3A×10Ω=3V．‎ 如果将另一个15Ω电阻R2和R1并联接在原来电源上，‎ 根据并联电路电压处处相等，则U1=U2=U=3V 所以，I1=0.3A，‎ I2===0.2A，‎ 则干路的电流为 I总=I1+I2=0.3A+0.2A=0.5A．‎ 故答案为：3；0.5．‎ ‎【点评】本题考查串并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题．‎ ‎　‎ ‎20．小红家电能表八月底与九月底的读数如图甲的表盘所示，小红家九月份用电　146.5　度（kW•h）；小红家使用的电能表如图乙所示，某一天，小红家用了3.5度（kW•h）电，则该电能表的表盘转了　2100　转．‎ ‎【考点】电能表参数的理解与电能的求法．‎ ‎【专题】计算题；应用题；信息给予题；电能和电功率．‎ ‎【分析】电能表的读数方法：（1）月末的减去月初的示数，（2）最后一位是小数，（3）单位kW•h；‎ 电能表表盘上标的“600revs/kW•h表示的含义是：每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转600转．‎ 根据所消耗的电能计算出电能表的转盘所转的转数．‎ ‎【解答】解：小红家九月份消耗的电能：W=W1﹣W2=0897.8kW•h﹣0751.3kW•h=146.5kW•h=146.5度；‎ 由题意知，每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转600转，所以消耗3.5kW•h电，电能表转盘转数n=3.5×600转=2100转．‎ 故答案为：146.5；2100．‎ ‎【点评】该题考查了电能表上有关参数的意义，以及根据参数求用电器实际消耗电能的计算，系基本知识与技能的考查，关键是理解参数的物理意义．‎ ‎　‎ ‎21．直流电动机是利用通电线圈在　磁场　中要受到力的作用而转动的原理制成的，在电熨斗、电磁继电器、洗衣机中，利用电动机原理来工作的是　洗衣机　．‎ ‎【考点】磁场对通电导线的作用；实用电动机的构造、特点和应用．‎ ‎【专题】应用题；电动机、磁生电．‎ ‎【分析】电动机的工作原理是通电导线圈在磁场中受到力的作用；了解电熨斗、电磁继电器、洗衣机的工作原理可做出判断．‎ ‎【解答】解：直流电动机是利用通电线圈在磁场中要受到力的作用而转动的原理制成的；‎ 在电熨斗、电磁继电器、洗衣机中，电熨斗利用了电流的热效应，电磁继电器利用了电流的磁效应，洗衣机是利用电动机原理来工作的．‎ 故答案为：磁场；洗衣机．‎ ‎【点评】了解电动机的原理与生活中的应用，是正确解答本题的关键，属基础题．‎ ‎　‎ ‎22．白炽灯是我们常用的照明工具，白炽灯是利用电流　热　效应来工作的，为防止人身触电，安装白炽灯时，螺丝口灯座中心的金属片应该接在　相线　上（选填“相线”、“中性线”）．‎ ‎【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应；家庭电路的连接．‎ ‎【专题】应用题；电与热、生活用电．‎ ‎【分析】（1）电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应，白炽灯、电饭锅应用了电流的热效应；‎ ‎（2）白炽灯螺丝口灯座螺丝套容易与人接触，要接零线，防止人身触电．‎ ‎【解答】解：‎ 白炽灯是利用电流流过导体时发热而工作的，因此是利用电流的热效应制成的；‎ 白炽灯螺丝口灯座中心的金属片应该接在相线上，灯座螺丝套容易与人接触，要接零线（中性线），防止人身触电．‎ 故答案为：热；相线．‎ ‎【点评】该题考查了电流热效应的应用、安全用电的常识，是一道基础性题目，难度不大．‎ ‎　‎ ‎23．小刚有一个带有开关、指示灯和多个插座的接线板，如图所示，每当接线板的插头插入家庭电路中的插座，闭合接线板上的开关时，总出现“跳闸”现象．你分析“跳闸”原因是接线板中的电路发生了　短路　（选填“断路”或“短路”），接线板中的多个插座与指示灯　并联　（选填“串联”或“并联”）．‎ ‎【考点】家庭电路的故障分析．‎ ‎【专题】电与热、生活用电．‎ ‎【分析】当电路中发生短路或用电器总功率过大导致电流过大时，空气开关会自动断开，切断电路；‎ 插座与指示灯是并联的．‎ ‎【解答】解：“跳闸”的原因是电路中电流过大，电流过大的原因是接线板中的电路发生了短路，而不是电路断路；‎ 接线板上的多个插座与指示灯互不影响，所以它们是并联的．‎ 故答案为：短路；并联．‎ ‎【点评】一说到“跳闸”，学生可能首先会想到是由于电路出现短路或家用电器总功率过大造成电流过大而出现的“跳闸”，忽视了漏电保护器的作用是当有漏电或人触电时，它也能自动断开电路．‎ ‎　‎ ‎24．某物理科技小组设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随有害尾气浓度β变化的曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变．当有害尾气浓度β增大时，气敏电阻R的阻值将　变小　．电路中的电流将　变大　（两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用．‎ ‎【专题】应用题；欧姆定律．‎ ‎【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，根据乙图得出当有害尾气浓度增大时气敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测气敏电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，‎ 由图乙可知，当有害尾气浓度增大时，气敏电阻的阻值将变小，电路的总电阻变小，‎ 根据I=可知，电路中的电流变大；即电流表的示数变大．‎ 故答案为：变小；变大．‎ ‎【点评】本题考查了电阻的串联特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象得出当有害尾气弄浓度变大时气敏电阻阻值的变化．‎ ‎　‎ 三、作图与计算题（25题2分，26题2分，27题6分，28题6分，共16分）‎ ‎25．根据如图所示的实物连线图，画出对应的电路图．‎ ‎【考点】根据实物图画电路图．‎ ‎【专题】电流和电路．‎ ‎【分析】由实物图可知，两只灯泡并联，开关S1控制干路，开关S2控制灯泡L2．‎ ‎【解答】解：L1、L2并联，开关S2与灯泡L2串联在一支路中，开关S1控制整个电路，电路图如下图：‎ ‎【点评】本题考查根据实物图画电路图，关键是分析出实物图中各个用电器的连接情况，这是本题的重点也是难点．[来源:学_科_网]‎ ‎　‎ ‎26．根据图中通电螺线管的N极，请标出磁感线的方向和小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．‎ ‎【考点】通电螺线管的磁场．‎ ‎【专题】磁现象、电生磁．‎ ‎【分析】利用螺线管的上端为N极，结合磁感线的特点和磁极间作用规律可以确定磁感线的方向和小磁针的N、S极．‎ 利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极．‎ ‎【解答】解：螺线管的上端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从上向下的．‎ 当小磁针静止时，根据磁极间作用规律可知，靠近电磁铁N极的一定是小磁针的S极，由此可知小磁针的下端为N极．‎ 根据螺线管的上端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的下端流入上端流出．‎ 根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的正负极：下端为正极，上端为负极．‎ 如下图所示：‎ ‎【点评】解决此题关键要抓住此题的突破口：螺线管的右端为N极．然后利用相关知识解决磁感线的方向、小磁针的N极、电源的正负极．‎ ‎　‎ ‎27．将一壶质量为6kg温度20℃的水加热到80℃，水吸收的热量是多少？如果利用酒精燃烧来加热这一壶水，且酒精完全燃烧放出的热量被水全部吸收，需要完全燃烧多少千克的酒精？（水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），酒精的热值8×103J/kg）‎ ‎【考点】热量的计算．‎ ‎【专题】计算题；应用题；比热容、热机、热值．‎ ‎【分析】（1）知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，利用吸热公式求水吸收的热量；‎ ‎（2）如果酒精燃烧时放出的热量完全被水吸收，根据Q吸=Q放即可求出需要完全燃烧多少热值是8×103J/kg的酒精．‎ ‎【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）‎ ‎=4.2×103J/（kg•℃）×6kg×（80℃﹣20℃）‎ ‎=1.512×106J；‎ ‎（2）酒精放热Q放=q酒精m′=Q吸，‎ m′===189kg．‎ 答：水吸收的热量是1.512×106J；需要完全燃烧189kg的酒精．‎ ‎【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，注意：固体和液体的热值单位为J/kg，气体燃料的热值单位为J/m3．‎ ‎　‎ ‎28．手电筒的小灯泡上标有“2.5V 0.2A”，表示灯泡两端加2.5V电压时，通过的电量为0.2A，灯泡正常发光，若灯丝的电阻不随温度变化，求：‎ ‎（1）小灯泡接在2V的电路中，实际的电功率是多大？‎ ‎（2）若电源电压由2V提高到4V时，需要串联一个多大的电阻才能使得小灯泡正常发光．‎ ‎【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．‎ ‎【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．‎ ‎【分析】（1）知道灯泡正常发光时的电压和电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，再根据P=求出小灯泡接在2V的电路中时的实际功率；‎ ‎（2）根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出串联电阻的阻值．‎ ‎【解答】解：（1）由I=可得，灯泡的电阻：‎ RL===12.5Ω，‎ 小灯泡接在2V的电路中时的实际功率：‎ PL===0.32W；‎ ‎（2）若电源电压由2V提高到4V时，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常发光，‎ 所以，串联电阻两端的电压：‎ UR=U′﹣UL=4V﹣2.5V=1.5V，‎ 因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，串联电阻的阻值：‎ R====7.5Ω．‎ 答：（1）小灯泡接在2V的电路中，实际的电功率是0.32W；‎ ‎（2）若电源电压由2V提高到4V时，需要串联一个7.5Ω的电阻才能使得小灯泡正常发光．‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题．‎ ‎　‎ 四、实验与探究题（每空2分，共18分）‎ ‎29．如图所示，在两个相同的烧杯中分别盛有质量、初温都相等的水和牛奶，用两个相同酒精灯对其加热．‎ ‎（1）加热过程中，发现要使它们上升相同的温度，需给水加热的时间要长一些，这是因为　水的比热容大些　．‎ ‎（2）停止加热后，在相同时间内，盛有　牛奶　的烧杯（填“水”或“牛奶”）温度下降得快些．若要使其温度下降不至太快，请说出一种方法：　给盛牛奶烧杯加上盖子　．‎ ‎【考点】控制变量法与探究性实验方案；比热容解释简单的自然现象．‎ ‎【专题】探究型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）根据比热容的概念和Q=Cm△t进行分析，即△t和质量相等时，比热容越大，吸收的热量越多；‎ ‎（2）根据Q=Cm△t，质量和放出热量相同时，比热容越小降低的温度越低；影响液体蒸发的快慢的因素有：液体的温度、液体的表面积、液面上空气流动的快慢．‎ ‎【解答】解：（1）因为质量和升高的温度相同，需要给水加热的时间要长一些，由Q=Cm△t得：吸收的热量越多，比热容越大，所以该实验说明水的比热容比煤油的比热容大；‎ ‎（2）质量相同的牛奶和水，放出相同热量，牛奶的比热容小于水的比热容，由Q=Cm△t可知，牛奶降低的温度低；‎ 温度高的牛奶从杯口蒸发，蒸发放热，为减慢蒸发，可以给盛牛奶烧杯加上盖子．‎ 故答案为：（1）水的比热容大些；‎ ‎（2）牛奶；给盛牛奶烧杯加上盖子（或将盛牛奶烧杯包起来）（其它方法合理也行）．‎ ‎【点评】本题考查比热容、热量公式以及加快蒸发的方法，难度不大；灵活运用控制变量法分析问题是解题关键．‎ ‎　‎ ‎30．用如图所示的实验装置探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”．‎ ‎（1）实验中通过观察　温度计示数变化　来比较电流产生的热量的多少．‎ ‎（2）为了便于比较两种不同电阻丝通过电流后产生热量的多少，A、B两瓶中要装入　质量相同，初温相同　的同种液体．[来源:学_科_网Z_X_X_K]‎ ‎（3）为达到实验目的，选用的两电阻丝的　阻值　不能相同．‎ ‎【考点】焦耳定律．‎ ‎【专题】实验探究题；控制变量法；探究型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）本实验中，电流通过电阻丝产生热量，被煤油吸收，煤油的温度升高；是通过煤油温度高低（温度计的示数大小）反应电流产生热量的多少；电流产生的热量越多、煤油吸收的热量越多、温度计的示数越大．‎ ‎（2）要比较不同电阻丝产生热量的多少，应控制电流与通电时间相等，控制两瓶中液体的质量与初始温度相同；‎ ‎（3）为探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”应选用阻值不同的两根电阻丝．‎ ‎【解答】解：（1）本实验是通过观察温度计示数变化来判断电流产生的热量的多少，温度计的示数越大，电流产生的热量越多；‎ ‎（2）为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲乙两瓶中要装入质量相同、初温相同的同种液体；‎ ‎（3）为达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值不能相同；‎ 故答案为：（1）温度计示数变化；（2）质量相同，初温相同；（3）阻值．‎ ‎【点评】本题考查了学生对焦耳定律、串联电路电流关系的了解和掌握，因物理量较多，在研究电流产生的热量与什么因素有关时，要用好控制变量法．‎ ‎　‎ ‎31．某小组同学为了“研究串联电路的特点”连接了如图18所示电路．他们实验操作步骤正确，电路元件完好，在闭合电键后，发现无论怎样移动滑片，两个电流表的指针偏离零刻度线的角度都不相同，小明认为串联电路中各处的电流是相等的，出现上述现象的原因可能是　电流表量程不同　（写出一种即可）．他们解决问题后继续实验，移动滑片将数据记录在下表实验序号1、2、3中，然后又改变电源电压后继续实验，将数据记录在下表实验序号4、5、6中．‎ 实验序号 示数 ‎（安）‎ 示数 ‎（安）‎ 示数 ‎（伏）‎ 示数 ‎（伏）‎ 示数 ‎（伏）‎ ‎1‎ ‎0.2[来源:学科网]‎ ‎0.2‎ ‎2‎ ‎4‎ ‎6‎ ‎2‎ ‎0.3‎ ‎0.3‎ ‎3‎ ‎3‎ ‎6‎ ‎3‎ ‎0.4‎ ‎0.4‎ ‎4‎ ‎2‎ ‎6‎ ‎4‎ ‎0.5‎ ‎0.5‎ ‎5‎ ‎4‎ ‎9‎ ‎5‎ ‎0.6‎ ‎0.6‎ ‎6‎ ‎3‎ ‎9‎ ‎6‎ ‎0.7‎ ‎0.7‎ ‎7‎ ‎2‎ ‎9‎ ‎（1）小强分析比较表中每次实验中各电压表示数及相关条件，可得出了串联电路的电压特点：在串联电路中两端的总电压等于　各串联电阻两端的电压之和　．‎ ‎（2）小红分析了表中电流表A1的示数与电压表V1的示数及相关条件，发现这个实验也可验证欧姆定律，她得出的结论是：对同一电阻而言，　通过它的电流与它两端的电压成正比　．‎ ‎【考点】探究串并联电路中的电流特点实验．‎ ‎【专题】探究型实验综合题．‎ ‎【分析】电流相等，电流表所选量程不同，电流表指针偏转角度不同；‎ ‎（1）分析表中实验数据，根据实验数据得出串联电路电压规律；‎ ‎（2）根据表中实验数据，应用欧姆定律分析答题．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，两电流表串联在电路中，流过两电流表的电流相等，如果两电流表所选量程不同，则两电流表指针偏转角度不同；‎ ‎（1）由表中实验数据可知，U=U1+U2，由此可知，在串联电路中两端的总电压等于 各串联电阻两端的电压之和．‎ ‎（2）由电路图可知，电流表A1测电路电流，电压表V1测电阻R1两端电压，电阻R1阻值保持不变，由表中实验数据可知，电压表V1的示数与电流表A1的示数比值是定值，即在电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端电压成正比．‎ 故答案为：电流表量程不同；（1）各串联电阻两端的电压之和；（2）通过它的电流与它两端的电压成正比．‎ ‎【点评】本题考查了实验数据分析，根据实验控制的变量分析表中实验数据即可正确解题．‎ ‎　‎ 一、不定项选择题（每小题2分，错选得0分，选对但不全得1分，共10分）‎ ‎32．如图所示，在空可乐瓶内滴两滴酒精，用装有气门芯的橡皮塞塞紧瓶口，再用打气筒通过气门芯向瓶内打气，当瓶内气压达到足够大时，塞子将从瓶口冲出，且原来透明的瓶内充满了白雾，这一实验现象表明（　　）‎ A．气体对外界做功，瓶内温度升高，内能减少，酒精蒸气汽化 B．气体对外界做功，瓶内温度降低，内能减少，酒精蒸气液化 C．外界对气体做功，瓶内温度升高，内能增加，酒精蒸气液化 D．外界对气体做功，瓶内温度降低，内能增加，酒精蒸气汽化 ‎【考点】做功改变物体内能；液化及液化现象．‎ ‎【专题】应用题；汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能．‎ ‎【分析】（1）首先要明确白雾的状态，然后再分析其形成原因．‎ ‎（2）从发生的物理过程结合内能的改变方法来分析瓶内空气内能的改变．‎ ‎【解答】解：雾是小液滴，它是由酒精蒸气的液化而形成的．其具体过程是：瓶内的气体压强增大到一定程度，对瓶塞做功，将瓶塞打出，气体对外做功，将内能转化为机械能，气体的内能减少，温度降低，瓶中的酒精蒸气遇冷液化而形成白雾．‎ 故选B．‎ ‎【点评】白雾的形成是在气体对外做功的前提下出现的，因此气体对外做功是此题的突破口．这是一个典型的对外做功，内能减少的例子，要记住如何解释这种现象的出现．‎ ‎　‎ ‎33．如图所示电路中，电流表A1示数为0.5A，电流表A2示数为0.9A，L是标有“8W”字样的小灯泡，闭合开关后小灯泡正常工作，下列判断正确的是（　　）‎ A．电阻R的阻值为40Ω B．电路消耗的总功率为14W C．电阻R消耗的功率为6.4W D．小灯泡L两端电压为12V ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．‎ ‎【专题】应用题；定量思想；图析法；欧姆定律；电能和电功率．‎ ‎【分析】由电路图可知，灯泡L与电阻R并联，电流表A1测灯泡L支路的电流，电流表A2测干路电流．‎ ‎（1）额定电压下灯泡正常发光，根据W=UI求出小灯泡两端的电压即为额定电压，根据并联电路的电压特点和P=UI求出电路消耗的总功率；‎ ‎（2）根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，根据P=UI求出电阻R消耗的功率，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，灯泡L与电阻R并联，电流表A1测灯泡L支路的电流，电流表A2测干路电流．‎ ‎（1）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，‎ 由P=UI可得，灯泡L的额定电压：UL===16V，故D错误，‎ 并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 电路消耗的总功率：P=UI=ULI=16V×0.9A=14.4W，故B错误；‎ ‎（2）并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 通过R的电流：IR=I﹣IL=0.9A﹣0.5A=0.4A，‎ 则电阻R消耗的功率：‎ PR=URIR=ULIR=16V×0.4A=6.4W，故C正确，‎ 由I=可得，电阻R的阻值：‎ R====40Ω，故A正确．‎ 故选AC．‎ ‎【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等．‎ ‎　‎ ‎34．如图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向左移动时，弹簧测力计的示数变小，则下列分析正确的是（　　）‎ A．电磁铁的上端为N极，下端为S极 B．电源左端“﹣”极，右端为“+”极 C．断开开关，弹簧测力计的示数减小 D．保持滑片P不动，抽去电磁铁铁芯，弹簧测力计的示数减小 ‎【考点】安培定则；磁极间的相互作用；影响电磁铁磁性强弱的因素．‎ ‎【专题】图析法；磁现象、电生磁．‎ ‎【分析】首先要明确电磁铁磁性强弱的影响因素：有无铁芯、电流大小、线圈匝数的多少．‎ ‎①判断滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中电阻的变化，从而可以确定电路中电流大小的变化，再确定电磁铁磁性强弱的变化；知道磁体的下端为N极和弹簧测力计的示数变小，根据磁体间的相互作用规律，从而可以判断出电磁铁的磁极极性．判断A是否符合题意．‎ ‎②知道电磁铁的磁极极性，可利用安培定则判断出电磁铁中电流的方向，从而可以确定电源的正负极．判断B是否符合题意．‎ ‎③电磁铁的磁性的有无可以通过电流的通断来控制，首先判断出断开开关，如何引起电流的变化，再判断出电磁铁磁性强弱的变化，可从而以确定弹簧测力计示数的变化．‎ ‎④首先判断出抽去铁芯后，电磁铁磁性强弱的变化，再根据磁体间的相互作用规律，可以确定弹簧测力计示数的变化．判断D是否符合题意．‎ ‎【解答】解：A、滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中的电阻变大，则电路中的电流变小，磁铁的磁性变弱；‎ 而磁体的下端为N极，并且弹簧测力计的示数变小，可知电磁铁的上端为S极．故A错误．‎ B、电磁铁的上端为S极，下端为N极，由安培定则可知，电流电磁铁的上端流入，故电源左侧为正极，右端为负极．故B错误．‎ C、断开开关，电路中没有电流，所以电磁铁磁性无磁性，即电磁铁对条形磁铁即不吸引也不排斥，但条形磁体有重力，故弹簧测力计有示数．弹簧测力计的示数减小，故C正确．‎ D、抽去铁芯后，电磁铁的磁性变弱，吸引力变小，故弹簧测力计的示数将变小．故D正确．‎ 故选CD．‎ ‎【点评】解本题的关键时抓住影响通电螺线管磁性强弱的因素，知道弹簧测力计示数的大小取决于螺线管磁性的大小，是一道基础性较强的题目．‎ ‎　‎ ‎35．POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息．图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】电磁感应．‎ ‎【专题】电动机、磁生电．‎ ‎【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象；‎ 在选项中找出探究电磁感应的对应图即可．‎ ‎【解答】解：POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象 A、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象．选项正确．‎ B、如图反映电流周围存在着磁场．选项错误．‎ C、如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动．选项错误．‎ D、如图电路中有电源，是通电线圈在磁场中受力运动，选项错误．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】电动机和发电机的原理图非常相似，主要区别是电路中是否有电源，电路中有电源的是电动机，电路中没有电源的是发电机．‎ ‎　‎ ‎36．在如图所示的电路中，电源电压为6V且不变，定值电阻R的阻值为30Ω．灯泡L的阻值为20Ω，若闭合开关S，灯泡L不亮，电压表的示数为6V，则电流表的示数（　　）‎ A．可能为0.3A B．一定为0.12A C．一定为零 D．可能为0.2A ‎【考点】欧姆定律的应用．‎ ‎【专题】应用题；欧姆定律．‎ ‎【分析】根据实物图可知，灯泡和电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电阻两端电压，先根据闭合开关后灯泡不发光和仪表的示数判断电路的故障，然后结合欧姆定律计算电流表的示数．‎ ‎【解答】解：闭合开关，灯泡不亮，电压表示数等于电源电压，说明R断路或L短路，‎ 如果R断路，则电流表示数为零；电压表的示数为6V，则电流表示数为0；‎ 如果L短路，灯泡不亮，电压表的示数也为6V，则电流表示数：I===0.3A；‎ 由此分析可知：电流表示数可能是0，也可能是0.3A；故A正确，BCD错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】本题考查电路的故障分析以及欧姆定律的应用，属于基础题．‎ ‎　‎ 二、综合题（每空1分，共10分）‎ ‎37．在“测定小灯泡的电功率”的实验中，小明同学选取了一个标有“2.5V”、额定功率约为1W的小灯泡和必要的实验器材，连接的电路如图甲所示．‎ 次数 电压表示数U/V 电流表示数I/A 灯泡亮度 ‎1‎ ‎1.50‎ ‎0.32‎ 发光微弱 ‎2‎ ‎2.00‎ ‎0.38‎ 较暗 ‎3‎ ‎2.50‎ 正常发光 ‎4‎ ‎3.00‎ ‎0.46‎ 很亮 ‎（1）闭合开关前，老师检查发现小明同学连接的电路有一根导线连接错误，请你在错误的连线上画“×”，并只移动一根导线，用笔画线代替导线将电路连接正确．‎ ‎（2）经检查电路连接正确后，小明连续进行了4次测量，并把测量的数据和观察到的现象填写在表格里，其中第3次测量时电流表的示数如图乙所示，此时的电流为　0.42　A，小灯泡的额定功率为　1.05　W．‎ ‎（3）从表格中的数据可知，灯丝的电阻随两端电压的增加而　增大　（“增大”或“减小”），灯丝电阻发生变化的本质是电阻随　温度升高　而增大．‎ ‎【考点】电功率的测量．‎ ‎【专题】探究型实验综合题．‎ ‎【分析】（1）分析图甲所示电路图，然后答题．‎ ‎（2）根据图示电流表确定其量程与分度值，然后读出其示数；再由P=UI求出灯泡功率．‎ ‎（3）根据表中实验数据应用欧姆定律、从温度对电阻的影响分析答题．‎ ‎【解答】解：（1）由图甲所示电路图可知，电压表连接错误，修改后的电路图如图所示：‎ ‎（2）由图乙所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.42A，灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.42A=1.05W．‎ ‎（3）由表中实验数据可知，随灯丝两端电压增大，电压与电流的比值增大，即灯丝电阻增大，由此可知，灯丝电阻随电压增大而增大；‎ 这是因为灯丝电阻受温度影响，随温度升高而增大造成的．‎ 故答案为：（1）电路图如图所示；（2）0.42；1.05；（3）增大；温度升高．‎ ‎【点评】本题考查了连接电路图、电表读数、求灯泡电功率、实验数据分析等，对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直．‎ ‎　‎ ‎38．如图甲所示，电源电压为9V保持不变，定值电阻R1的阻值为8Ω，滑动变阻器R2标有“22Ω 1A”字样，闭合开关S后，电流表示数为0.4A，求：‎ ‎（1）电阻R2两端的电压是　5.8　V．‎ ‎（2）此时滑动变阻器R2连入电路的阻值是　14.5　Ω．‎ ‎（3）现将一个表盘如图乙所示的电压表接入电路，要求在移动变阻器滑片P的过程中电压表示数的变化量最大，则电压表应接在　ab或bc　两点之间（选填“ab或ac”、“ab或bc”或“ac或bc”）．‎ ‎（4）电流表示数的最大变化量△I最大是　0.7　A，电压表示数的最大变化量△U最大是　5.6　V．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用．‎ ‎【专题】应用题；定量思想；图析法；欧姆定律．‎ ‎【分析】（1）由欧姆定律可以求出R1两端的电压，然后由串联电路特点求出R2两端电压．‎ ‎（2）应用欧姆定律可以求出电阻R2接入电路的阻值．‎ ‎（3）分析电路结构，根据电路结构分析答题．‎ ‎（4）应用串联电路特点与欧姆定律求出电路的最大与最小电流，然后求出电流与电压的最大变化量．‎ ‎【解答】解：（1）由I=可知R1两端电压：U1=IR1=0.4A×8Ω=3.2V，‎ R2两端电压：U2=U﹣U1=9V﹣3.2V=5.8V；‎ ‎（2）由I=可知，R2===14.5Ω；‎ ‎（3）移动滑片P时滑动变阻器接入电路的阻值发生变化，‎ 定值电阻与滑动变阻器两端电压都发生变化，且变化量的绝对值相等，‎ 电压表接在ab或bc两点之间时压表示数的变化量最大；‎ ‎（4）由题意可知，滑动变阻器的额定电流为1A，电路最大电流为1A，‎ 滑动变阻器阻值全部接入电路时电路电流最小，Imin===0.3A，‎ 则△I=Imax﹣Imin=1A﹣0.3A=0.7A，△U=△IR1=0.7A×8Ω=5.6V；‎ 故答案为：（1）5.8；（2）14.5；（3）ab或bc；（4）0.7；5.6．‎ ‎【点评】本题是一道电学综合题，分析清楚电路结构是解题的前提与关键，由于串联电路特点与欧姆定律可以解题．‎ ‎　‎