2020年宿州市多元教育中心中考物理一模试卷(含解析)

2020年宿州市多元教育中心中考物理一模试卷(含解析)

2020年宿州市多元教育中心中考物理一模试卷一、单选题（本大题共6小题，共18.0分）1.如图是对冰加热时温度随时间变化的图象，由图可知A.BC段是一个放热过程B.熔化过程持续了6分钟C.CD段表示该物质处于液态D.DE段表示冰的熔化过程2.如图所示的四种现象中，由于光的直线传播形成的是A.平面镜中看到的“像”B.杯壶在桌面的“倒影”C.水中的铅笔“折断”了D.月食的形成3.用细绳将小球系好后，固定在天花板上，做成一个摆。如图所示，小球从A点摆动到B点的过程中A.速度变大，势能变大 B.速度变大，势能变小C.速度变小，动能变小D.速度变小，动能变大4.如图所示，当两根用毛皮摩擦过的带电硬橡胶棒相互靠近时，下列说法正确的是A.二者相互排斥B.二者相互吸引C.二者保持相对静止D.以上现象都有可能出现5.如图所示，叠放在一起的物体A和B，在ൌ15的水平拉力作用下沿水平匀速直线运动，则下列结论正确的是受到的重力与地面对A的支持力是一对平衡力受到的重力与A对B的支持力是一对平衡力受到的摩擦力为15N受到的摩擦力为15NA.只有正确B.只有正确C.只有正确D.只有正确6.光敏电阻的特点是有光照射它时阻值变小．如图所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，1为光敏电阻，2为滑动变阻器，A、B间接监控装置．则A.当有人通过通道而遮蔽光线时，A、B间电压降低B.当有人通过通道而遮蔽光线时，通过2的电流变大C.当仅增大2连入电路中的阻值时，通过1的电流变大D.当仅增大2连入电路中的阻值时，可降低A、B间的电压二、填空题（本大题共9小题，共27.0分） 7.中考百日誓师时，主持人让同学们安静下来是为了在______减弱噪声，主持人使用麦克风，是为了改变声音的______填“音调”“响度”“或“音色“。8.刚从冰箱中取出的冰棒表面有一层白色的“霜”，它是由水蒸气______填物态变化名称形成的，这个过程中需要热量______选填“吸收”或“放出”9.小强同学在踢足球时，用力踢向足球，足球受力后腾空而起，球离开脚后能在空中继续飞行，是由于足球具有______，同时他也感到脚疼，说明物体间力的作用是______的。10.关于产生感应电流的条件，下列说法正确的是A.任何导体在磁场中运动，都能产生感应电流B.当闭合电路中的一部分导体在磁场中运动时，一定能产生感应电流C.当闭合电路中的一部分导体在磁场中沿磁感线运动时，就能产生感应电流D.当闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就能产生感应电流11.如图所示电路，电源电压为6V，1电阻为10，2的电阻为20，开关闭合后电压表的示数为______V，流过2的电流为______A.12.如图所示，用始终水平方向的力，将杠杆慢慢地由位置A拉到位置B，阻力G的力臂将______，动力的力臂将______，动力将______。填“变大”、“不变”、“变小”13.小磁针静止时的指向如图所示，由此可以判定螺线管的A端是______极选填“N”或“S”，接线柱a连接的是电源______极选填“正”或“负”。14.太阳能热水器是直接利用太阳能给水加热的装置，表是小明家的太阳能热水器某天在阳光照射下的相关信息：太阳照射时间吸热板面积水升高的温度水的比热容太阳辐射功率装水量水量2ܬ水量1ܬ2101002.5504.21031.68106 其中太阳辐射功率是指1h内投射到12面积上的太阳能。根据表中信息，可求出水在10h内吸收的热量是______J，如果水吸收的热量用天然气提供，需要完全燃烧______3的天然气天然气的热值为8.4107ܬ3，天然气完全燃烧的热量全部被水吸收，该太阳能热水器的能量转化效率______。15.如图所示，A、B两物块叠放在一起，放于粗糙水平桌面上。现对B施加一个5N的水平外力F，此时A、B均保持不动，则A、B间的摩擦力为______N，B与地面间的摩擦力为______N。三、作图题（本大题共1小题，共3.0分）16.完成下列作图1如图1光从空气斜射向水中，作出在水面发生的反射和折射光路图注：标明反射角．2如图2画出已知物体在平面镜中的像．四、实验探究题（本大题共3小题，共18.0分） 17.某同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，选用了焦距未知的凸透镜。1如图甲所示，该凸透镜的焦距为______cm。2如图乙所示，想在光屏上得到烛焰清晰的像，需将蜡烛向______填“左”或“右”移动，此时光屏上能得到一个倒立______填“放大”或“缩小”的实像，______填“照相机”、“放大镜”或“投影仪”就是根据此原理工作的。3在光屏上得到清晰的像后，该同学把他的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上烛焰的像变模糊了，在不改变凸透镜和光屏位置的情况下，若想在光屏上再一次得到烛焰清晰的______像，他应该将蜡烛向______填“左”或“右”移动。18.课外实验小组利用课余时间探究课本上的实验。小明在“测滑轮组机械效率”的实验中，用图甲所示的滑轮组进行实验，实验数据如表。物体上升的高测力计的示数测力计移动的实验序号物重机械效率ŋ度㌵距离㌵1250.91574.122100.93074.134101.73078.446102.5301分析表中数据，可知滑轮组的机械效率与所提物体的重力大小______。均选填“有关”或“无关”，第4次实验的机械效率为______；2如果换用图乙所示装置进行实验，再把同一重物提升相同高度，拉力做的功将会______，机械效率将会______均选填“变大”或“变小”或“不变 3在正确操作该实验时，应该沿着竖直方向匀速拉动弹簧测力计，若某同学在实验时加速拉动弹簧测力计，则所测得的滑轮组机械效率与正确操作实验相比将______偏大不变偏小。19.小聪用图1的电路图测量“小灯泡正常发光时的电阻”，选用的电源电压为3.0㌳，小灯泡的额定电压为2.5㌳，图2是未连接完整的实验电路。1按照电路图将图2中的实物电路元件连接补充完整，要求当滑动变阻器的滑片向右滑动时，灯泡变暗，在连接电路时，导线不能交叉。2闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片p，当电压表的示数如图3所示时，若要测得小灯泡正常发光时的电阻，滑片P应向选填“A”或“B”端移动。3通过移动滑动变阻器，多次测量小灯泡两端的电压和通过小灯泡的电流，画出了通过小灯泡的电流随其两端电压变化的图象，如图4所示，在该图象中发现电流与电压不成正比，这是因为。4如果考虑电表的内阻对实验的影响，则图1所示的测量方法会使小灯泡电阻的测量值选填“偏大”或“偏小”。五、计算题（本大题共3小题，共24.0分）1220.已知物体的重力势能表达式为ൌ量，动能表达式为水ൌ；其中m为物体的质量，h2为物体距离水平地面的高度，v为物体的运动速度，g为常量，取10水量。如图所示，高为h 的光滑斜面固定在水平地面上，一质量为m的小物块，从斜面顶端A由静止开始下滑，不计空气阻力，物块从顶端开始下滑到落地的瞬间，设整个过程中机械能守恒即机械能保持不变。1证明：小物块从斜面顶端A由静止下滑到底端B时的速度ൌ2量；2将一质量为0.6水量的小物体从距离地面4m高度的斜面顶端A点沿斜面以1的初速度出发，求其到斜面底端B时的速度。21.在如图的电路中，1和2均为定值电阻，其中1的阻值为10，电源两端的电压恒为6㌳.当开关S闭合后，电流表的示数为1A，求：1电路的总电功率P；2电阻2的阻值。 22.一个质量为0.8水量，边长为0.1的正方体物块，放置在水平地面上，g取10水量。1求物块重力的大小；2求物块对地面的压强；3若将物块放入水中，求物块静止时排开水的体积。 【答案与解析】1.答案：C解析：此题考查晶体熔化和液体沸腾的图象，通过图象得出物理信息：晶体的熔点、液体沸点、各段物质对应的状态等；晶体熔化和液体沸腾的特点：吸收热量，温度不变。冰为晶体，从熔化图象可看出，0min对应温度为开始加热时温度，固态的冰升高温度，到第3min开始熔化，BC段为冰的熔化过程，对应温度为熔点，对应的时间为熔化时间，熔化过程中处于固液并存状态，需要吸收热量．从第6min开始已经转化为液态了．从C点到D点，是液态的水在吸热升温，第9min的开始是水达到沸点开始沸腾，汽化成的水蒸气到空中，容器中只是正在沸腾的水。由图象可知：A.BC段为冰的熔化过程，该过程中，温度不变，需要吸收热量．则BC段是一个吸热过程，故A错误；B.熔化过程持续了6݅3݅ൌ3݅，故B错误；C.冰从第6min开始已经转化为液态的水了．从C点到D点，是液态的水在吸热升温．则CD段该物质处于液态，故C正确；D.第9min开始时水达到沸点开始沸腾，DE段是水的汽化过程．故D错误。故选C。2.答案：D解析：解：A、平面镜中看到的“像”是平面镜成像，是由光的反射形成的；故A不合题意；B、杯壶在桌面的“倒影”是平面镜成像，是由光的反射形成的；故B不合题意；C、插在水中的铅笔反射的光线从水中斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，逆着折射光线看去，所成的像在铅笔的上方，所以看到的铅笔“折断”了，故C不合题意；D、日食的形成是由于光沿直线传播，故D符合题意；故选：D。掌握三种光现象：在生活中，激光准直、小孔成像、影子的形成、日食月食的形成等都表明光在同一种均匀介质中 是沿直线传播的；光照射到两种物质界面上时，一部分光被反射回原来介质的现象是光的反射，现象有：平面镜成像、水中倒影等；当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变，这是光的折射，现象有：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹、透镜成像等。一般来说：见到影子、日月食、小孔成像就联系到光的直线传播原理；见到镜子、倒影、潜望镜就联系到光的反射原理；见到水中的物体，隔着玻璃或透镜看物体就联系到光的折射原理。3.答案：B解析：解：小球从A点摆动到B点的过程中，质量不变、高度减小，重力势能减小；同时速度变大，动能变大。故选：B。1动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。2重力势能大跟质量、高度有关。质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大。本题考查对动能、重力势能影响因素的认识和理解，属于一道基础题。4.答案：A解析：解：用毛皮摩擦过的硬橡胶棒均带负电，为同种电荷，所以相互排斥，故A正确。故选：A。毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，且同种电荷相互排斥。考查了电荷间的作用规律，是电学基础。5.答案：B解析：解：地面对A的支持力等于A、B两物体受到的重力之和，则A受到的重力与地面对A的支持力的大小不相等，它们不是一对平衡力，故错误；受到的重力与A对B的支持力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故正确； 和B一起沿水平匀速直线做匀速直线运动，所以AB之间没有相对运动的趋势，则B不受摩擦力的作用，即B物体受到的摩擦力为0，故错误；和B一起沿水平匀速直线做匀速直线运动，A受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，所以A受到的摩擦力ൌൌ15，故正确。综上可知，只有正确。故选：B。1平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；2摩擦力的产生条件，两物体相互接触，并且物体之间要发生或已经发生相对运动；3物体静止或做匀速直线运动时处于平衡状态，受到的力为平衡力。本题考查了平衡力的辨别和二力平衡条件的应用以及产生摩擦力条件的应用，属力学综合题，都是重要的知识点。6.答案：A解析：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会分析当有人通过通道而遮蔽光线时和当仅增大1连入电路中的阻值时电路的动态分析，要注意光敏电阻的特点。1由电路图可知，两电阻串联，监控装置与2并联；根据题意得出有人通过时1阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和A、B间电压的变化；2当仅增大2连入电路中的阻值时，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知A、B间电压的变化。由电路图可知，两电阻串联，监控装置与2并联。.当有人通过通道而遮蔽光线时，1阻值变大，电路中的总电阻变大，根据ൌ可知，电路中的电流变小，通过2的电流减小，根据ൌ可知，2阻值不变，其两端的电压变小，即A、B间电压降低，故A正确，B错误。误.当仅增大2连入电路中的阻值时，电路中的电阻变大，根据ൌ可知，电路中的电流变小；根据ൌ可知，1阻值不变时，其两端的电压变小，根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，2两端的电压变大，即A、B间电压升高，故CD错误。故选A。 7.答案：声源处响度解析：解：主持人让同学们安静下来是在声源处减弱噪声；主持人使用麦克风，是为了改变声音的响度，即为了使自己的声音大一些。故答案为：声源处；响度。防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。把人耳能感觉到的声音的强弱成为响度，与物体振动幅度有关，振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小；此题考查了声音的音调和响度的区分以及防治噪声的途径，属于声学基础知识的考查。8.答案：凝华放出解析：解：刚从冰箱中取出的冰棒表面有一层白色的“霜”，是小冰晶，是空气中水蒸气遇冷由气态直接变为固态的凝华现象，凝华放热。故答案为：凝华；放出。1物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。2六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。本题通过日常生活中的现象考查学生对各种物态变化以及吸、放热情况的理解，是一道热学基础题。9.答案：惯性相互解析：本题主要考查物体之间的相互作用力关系，结合惯性等知识点解释一些生活现象。物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的一种性质叫做惯性；当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的。足球离开脚后能在空中继续飞行，是因为足球由于惯性仍保持原来的运动状态向前运动；脚对足球施加力，足球对脚也施加一个力，说明了力的作用是相互的。故答案为：惯性；相互。 10.答案：D解析：产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，或闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动，根据这个条件进行选择。感应电流产生的条件细分有两点：一是电路要闭合；二是穿过电路的磁通量发生变化，即穿过闭合电路的磁感线的条数发生变化。A.导体做切割磁感线运动，不一定有感应电流产生，而闭合导体回路的一部分导体做切割磁感线运动，回路中也可能没有感应电流，原因是闭合回路全在磁场中，故A错误；.当闭合电路中的一部分导体在磁场中沿磁感应线运动时，穿过闭合电路的磁通量不发生变化，则闭合电路中没有感应电流，故BC错误；D.当闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感应线运动时，磁通量发生变化，才一定会产生感应电流，故D正确。故选D。11.答案：2；0.2解析：解：原电路中，两灯串联，电压表测1的电压，根据电阻的串联规律，电路的总电阻ൌ12ൌ1020ൌ30；6㌳根据欧姆定律，电路的电流即通过2的电流ൌൌൌ0.2；30电压表的示数即1的电压1ൌ1ൌ0.210ൌ2㌳．故答案为：2；0.2．分析电路的连接及电压表测量的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路的电流，根据串联电路电流的特点得出通过2的电流，再由欧姆定律求出电压表的示数．本题考查串联电路的规律及欧姆定律，关键是正确认识电压表测量的电压．12.答案：变大变小变大解析：解：将杠杆缓慢地由位置A拉到位置B，阻力G的力臂变大，而阻力不变；力F作用在杠杆一端且始终是水平方向，即方向不变，所以动力臂变小， 根据杠杆平衡条件11ൌ22分析得出动力变大。故答案为：变大；变小；变大。从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂。根据杠杆平衡条件11ൌ22分析，将杠杆缓慢地由位置A拉到位置B，阻力不变，阻力力臂变大，力F作用在杠杆一端且始终是水平方向，即方向不变，所以动力臂变小，则动力变大。本题考查学生对杠杆平衡条件的理解和灵活运用，能准确判断阻力臂和动力臂的变化情况是本题的关键。13.答案：S正解析：解：因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管A端为S极、B端为N极；由右手螺旋定则可知螺线管中电流由左侧流入、右侧流出；所以a为电源的正极、b为负极，如图所示：故答案为：S；正。由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，再由右手螺旋定则可知通电螺线管的电流方向，而电流从电源正极流出，据此确定电源正负极。本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。14.答案：2.11070.2550解析：解：1水在l0h内吸收的热量有用能量：ൌ㌵ൌ4.2103ܬ水量100水量50ൌ2.1107ܬ；吸2如果水吸收的热量用天然气提供，则ൌൌ2.1107ܬ；放吸由放ൌ㌳܎得，需要完全燃烧的天然气的体积：放2.1107ܬ3㌳ൌൌൌ0.25。܎8.4107ܬ3 310太阳能热水器吸收的太阳能总能量：ൌ1.68106ܬ22.5210ൌ4.2107ܬ；总则该太阳能热水器的能量转化效率：吸2.1107ܬൌ100ൌ100ൌ50。4.2107ܬ总故答案为：2.1107；0.25；50。1由表中数据可以知道水的质量、水的比热容及水升高的温度，根据吸热公式吸ൌ㌵求水吸收的热量；ൌ㌳܎的变形公式㌳ൌ放2利用放求需要完全燃烧的天然气的体积；܎3由太阳辐射功率知道1h内投射到12面积上的太阳能，据此求出10h吸收的太阳能总能量，吸再利用ൌ100求太阳能热水器的能量转化效率。总本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，本题关键能从题目提供的表格中得到相关信息，另外要注意热值单位：固体、液体燃料ܬ水量和气体燃料ܬ3的区别。15.答案：0；5解析：解：A、B均保持不动，则AB之间没有相对运动的趋势，所以摩擦力为零；将AB为研究对象，由于处于静止状态，所以受平衡力，水平方向的推力与地面的摩擦力平衡，则ൌൌ5，推力水平向右，摩擦力水平向左。故答案为：0；5。1产生摩擦力的条件：两物体相互接触挤压，且具有相对运动的趋势；2根据二力平衡的知识判断B与地面间的摩擦力大小。对于初中摩擦力的大小不需要利用公式计算，摩擦力大小只要求求出静摩擦力和滑动摩擦力，这两种摩擦力一般与平衡力相结合出题，例如：静摩擦力，要根据受力的情况来分析，而不要想当然或跟着思维定势走。16.答案：解：1题目已经过入射点O作垂直于界面的法线，根据反射角等入射角于画出反射光线；根据折射角小于入射角画出折射光线．如图所示： 2先作出端点A、B关于平面镜的对称点、，用虚线连接、即为物体AB的像，如图所示：解析：1根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等入射角，画出反射光线；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向．2平面镜成像的特点是：像与物关于平面镜对称，可以先作出物体A、B端点AB的像点、，连接、即为物体AB在平面镜中所成的像．1本题主要考查反射定律和折射定律的应用的掌握情况，注意真实光线为实线，法线为虚线．2平面镜成像实验探究出的像与物的具体关系是：大小相等、连线与镜面垂直、到镜面的距离相等、左右相反；作物体在平面镜中所成的像，常用方法是：作出端点或关键点的像点，用虚线连接像点得到物体的像．17.答案：10.0左缩小照相机实左解析：解：1平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这一点是凸透镜的焦点；焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：ൌ40.0㌵30.0㌵ൌ10.0㌵。2图乙中，光屏在焦距与二倍焦距之间，根据凸透镜成像规律可知，要得到烛焰清晰的像，则物距应该大于二倍焦距，故应将蜡烛向左移动，此时光屏上能得到一个倒立、缩小的实像，照相机就是根据此原理工作的；3近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用，使光线延迟会聚；在不改变凸透镜和光屏位置的情况下，若想在光屏上再一次得到烛焰清晰的实像，他应该将蜡烛向左移动，增大物距，同时像距减小，像才能成在光屏上。故答案为：110.0；2左；缩小；照相机；3实；左。1根据凸透镜焦点和焦距的定义读图得出凸透镜的焦距。2ሻ2时成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这一原理制成的。3知道近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用。同时知道凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的规律可做出判断。 此题是探究凸透镜成像规律的实验，要熟练掌握成像特点与物距、像距之间的关系，做到灵活应用。18.答案：有关80变大变小偏小解析：解：1纵向分析表中数据，可知滑轮组的机械效率与所提物体的重力大小有关；第4次实验的机械效率为：有60.1ൌൌൌ100ൌ80；2.50.3总2如果换用图乙所示装置进行实验，再把同一重物提升相同高度，根据ൌ，做的有用功不变，有但因动滑轮个数增加，故拉力增大，ൌൌ݅，故做的总功将会变大，根据ൌ100，总机械效率将会变小；3在正确操作该实验时，应该沿着竖直方向匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，拉力等于测力计示数；有若某同学在实验时加速拉动弹簧测力计，则测力计示数变大，根据ൌൌൌൌ，故所测݅݅总得的滑轮组机械效率与正确操作实验相比将偏小。故答案为：1有关；80；2变大；变小；3偏小。1纵向分析表中数据得出滑轮组的机械效率与所提物体的重力大小有关；有根据ൌൌ100求出第4次实验的机械效率；总2如果换用图乙所示装置进行实验，再把同一重物提升相同高度，根据ൌ分析做的有用功不有变，但因动滑轮个数增加，拉力增大，根据ൌ做的功将会变大，根据ൌ100分析；总3在正确操作该实验时，应该沿着竖直方向匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，拉力等有于测力计示数，若某同学在实验时加速拉动弹簧测力计，则测力计示数变大，根据ൌൌൌ总ൌ分析。݅݅本题“测滑轮组机械效率”的实验，考查注意事项、数据分析、机械效率的计算和影响机械效率大小的因素。 19.答案：123小灯泡的电阻随温度的升高而增大4偏小解析：解：1由题知，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，灯泡变暗，所以电路中电流变小电阻变大，滑动变阻器的A接线柱应与灯泡相连时，如图所示：；2由图3可知，电压表选择的量程是0～3㌳，分度值是0.1㌳，所以电压表示数为1.8㌳。要使灯泡两端电压由1.8㌳增大到2.5㌳，则电路电流要增大，总电阻减小，滑动变阻器连入电路的电阻减小，所以滑片P应向A端移动；3由图4可知，电压和电流的比值是变化的，即灯泡的电阻是变化的，原因是小灯泡的电阻随温度的升高而增大，所以通过小灯泡的电流不与其两端的电压成正比；4由电路图知，电压表并联在灯泡两端，电压表的测量值与真实值相等；电流表测的是流过灯泡与流过电压表的电流之和，电流表的测量值比真实值大，由欧姆定律可知，测量值比真实值小。故答案为：1见上图；2；3小灯泡的电阻随温度的升高而增大；4偏小。1本实验中，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，滑片向右滑动时灯泡变暗，由此判断电路中电流变化，从而确定变阻器的接线；2为了测量小灯泡的正常发光的电阻，需使小灯泡两端的电压等于额定电压；确定电压表的量程后 读出电压表的数值，根据串分压的知识或欧姆定律判断滑动变阻器阻值的变化，得出滑片移动的方向；3图象不是直线说明电压与电流的比值即电阻是变化的，可以从影响电阻大小的因素进行分析；4根据电压表与电流表所测量的量，分析电压与电流的测量值与真实值间的关系，然后判断电阻的测量值与真实值间的关系。本题考查了连接实物图时的注意问题、滑动变阻器的使用、电压表的读数、实验操作、误差分析等，有一定的综合性，要掌握好。20.答案：解：1证明：由题意知，小物块从A点下滑到B点的过程中，机械能是守恒的，则ൌ；12即0量ൌ0；212故ൌ量，2所以ൌ2量；2小物块从A点运动到B点的过程中机械能是守恒的，ൌ；1212即2量ൌ20；所以ൌ22量ൌ12210水量4ൌ9。答：1证明过程见上面的解析；2小物块到斜面低端B时的速度是9。解析：1小物块下滑过程中，只有重力做功，所以机械能守恒，根据机械能守恒计算出小物块的速度大小；2小物块从A点运动到B点的过程中机械能是守恒的，根据机械能守恒的关系分析即可计算。该题考查的知识点比较单一，即能据机械能守恒的知识分析是解决该题的关键。21.答案：解：由电路图可知，1与2并联，电流表测干路电流。1总功率ൌൌ6㌳1ൌ6；6㌳21ൌൌൌ0.6，110因为1与2并联，所以根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知：2ൌ1ൌ10.6ൌ0.4，根据ൌ可得：6㌳2ൌൌൌ15。20.4 答：1电路的总电功率ൌ6；2电阻2的阻值为15。解析：由电路图可知，1与2并联，电流表测干路电流。1根据ൌ即可求出总电功率；2根据欧姆定律求出1支路的电流；根据并联电路的电流特点求出2的电流，最后根据欧姆定律求出电阻2的阻值。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。22.答案：已知：质量ൌ0.8水量，边长ൌ0.1，量ൌ10水量；解：1物体的重力ൌ量ൌ0.8水量10水量ൌ8；2物体对地面的压力ൌൌ8，物体与水平地面的接触面积ൌ2ൌ0.12ൌ0.012，8物块对地面的压强ൌൌൌ800；0.0123物体的体积㌳ൌ3ൌ0.13ൌ0.0013，0.8水量3333物体的密度ൌൌൌ0.810水量110水量，㌳0.0013因为物体密度小于水的密度，所以物体在水中处于漂浮状态，所以浮ൌൌ8，浮ൌ水量㌳排，浮843物块静止时排开水的体积：㌳排ൌ量ൌ1103水量310水量ൌ810。水答：1物块重力的大小为8N；2物块对地面的压强为800Pa；3物块静止时排开水的体积为81043。解析：1已知正方体物块质量为0.8水量，g取10水量，利用公式ൌ量，计算即可；2要求物块对地面的压强，应先知道物块对地面的压力，由于接触面水平，压力等于重力，再利用2ൌ求出正方体物块与水平地面的接触面积，最后利用ൌ计算即可；3应先计算出物体的密度，再比较物体和水的密度大小，利用物体的浮沉条件判断物块的浮沉情况，再根据浮ൌ水量㌳排求出排开水的体积。 此题主要考查的是学生对重力、压强、密度、浮力计算公式的理解和掌握，弄清楚物体在水中的状态是解决此题的关键，也是本题的难点。