2020年北京市海淀区中考物理一模试卷(含答案解析)
2020年北京市海淀区中考物理一模试卷一、单选题（本大题共15小题，共30.0分）1.下列做法中，正确的是( )A.有金厲外壳的家用电器在使用时．其外壳一定要接地B.电器失火时，先用泡沫灭火器灭火，再进行检修C.空气开关跳闸时．应立即使空气开关复位，再进行检修D.遇到有人触电时．先直接将人拉开进行抢救，后切断电源2.图中描述的现象属于光的折射的是( )A. 日偏食B. 渔叉叉鱼C. 湖中倒影D. 汽车观后镜3.下列家用电器中，不是利用电流热效应工作的是( )A.电热水壶B.电烤箱C.电饭锅D.电视机4.冬天戴眼镜的人进入温暖的室内时，镜片会变得“模糊”，产生该现象的原因是室内的水蒸气发生了( )A.凝固B.凝华C.汽化D.液化5.下列关于自行车的事例中，减小摩擦的是( )
A.骑自行车时用力捏闸刹车B.自行车脚踏板刻有花纹C.自行车增加所载重物D.自行车的车轴加润滑油1.关于功的概念，下列说法中正确的是( )A.只要有力作用在物体上，力就对物体做功B.物体只要移动了距离，就有力对它做了功C.只要有力作用在物体上，物体在力的方向上又移动了距离，则这个力就对物体做了功D.有力作用在物体上，物体又移动了距离，这个力就一定对物体做了功2.下列生活实例中，通过做功改变物体内能的是( )A.利用电热水壶将冷水烧开B.夏天吹空调，人感到凉爽C.太阳能水箱中的水被晒热D.用锯锯木头，锯条会发热3.关于声现象，下列说法正确的是( )A.二胡演奏出的乐音，是由弦的振动产生的B.汽车安装消声器，是在传播过程中减弱噪声C.声音在空气中传播比在水中传播得快D.跳广场舞时，喇叭播放的歌曲都是乐音4.下列估测最接近实际的是( )A.一个正常人的心跳1min约为30次B.一支新的2B铅笔的质量约为50gC.我们所用的物理教材的长度约为26cmD.一只粉笔的体积约为100cm35.如图所示为AB两个导体的I-U图像，由图线可知( )A.RA>RBB.RA
”或“=”)1标准大气压；水沸腾过程中温度______(选填“升高”、“不变”或“降低”)。(4)实验中水加热时间过长，其原因可能是______。(写出一种即可)2.在探究“感应电流产生的条件”实验中：(1)如图，a、b两接线柱间应接入______(大/小)量程电流表．(2)导体棒在磁场中运动时，电流表指针没有发生偏转，其原因可能是：______或______．(3)改正错误后继续实验，小王发现每次电流表指针的偏转角度不相同，于是他对影响感应电流大小的因素作以下猜想：猜想一：与导体切割磁感线运动的速度大小有关；猜想二：与磁场的强弱有关；猜想三：与线圈的匝数有关．为了验证猜想三，他设计的方案是：分别让两个匝数不同的线圈，在如图所示的磁场中水平向左运动，观察电流表指针的偏转角度．请对此方案作出评价，指出存在的主要问题是______。
1.(1)如图1所示，该圆的直径是______cm；如图2所示，该秒表读数为______s。(2)小华想探究“光的反射规律”中反射角与入射角的关系，请你在图3虚线框内设计出实验记录表格。2.如图所示，实验桌上有两个完全相同的保温烧瓶，烧瓶内装有质量相等、初温相同的煤油、完全相同的温度计，烧瓶内还分别装有阻值为10Ω的电阻丝R1和阻值为5Ω的电阻丝R2.实验桌上还有满足实验要求的电源一个、开关一个以及导线若干。请利用上述实验器材，设计一个实验证明：煤油升高的温度与电阻丝的阻值有关。请画出实验电路图，写出实验步骤，画出实验数据记录表格。五、计算题（本大题共2小题，共6.0分）3.如图所示，电源电压恒定不变，R1=20Ω，当只闭合开关S时电流表示数为0.1A，当再将开关S1闭合时，电流表的示数变化了0.3A，求：(1)电源电压(2)电阻R2的阻值(3)在两开关都闭合时，半分钟内整个电路产生的热量
1.如图所示，用一动滑轮将质量为50kg的物体10s内匀速提高30cm，绳子自由端的拉力为300N.g取10N/kg.求：(1)拉力做的功。(2)拉力做功的功率。(3)动滑轮的机械效率。六、综合题（本大题共3小题，共9.0分）2.如图所示，电源电压恒为12V，电阻R1为20Ω，当开关S闭合后，电压表的示数为8V.求：(1)电阻R1两端的电压；(2)电阻R2的阻值。3.将质量相等的甲、乙、丙三块金属加热到相同的温度后，放到上表面平整的冰块上．经过一定时间后，冰块形状基本不再变化的情形如图所示，则比热容最大的金属块是哪一块？为什么？4.小彭同学在学习完大气压强知识后，利用身边的物品设计了一个“气压计”。【设计并进行实验】(1)把细玻璃管插人装有半瓶水的密闭玻璃瓶中，如图所示；(2)实验中通过细玻璃管内水上升的高度来判断外界气压的大小，细玻璃管内水柱越高，外界大气压强______(选填“越大”、“越小”或“不变”)(3)假如玻璃瓶内封闭气体的压强为p1；，细玻璃管内水柱的高度为h，则图外界大气压强为：p0=
______。【交流与评估】在小组探究过程中他发现：(1)用手握住玻璃瓶上端，细玻璃管内水柱上升很高(2)如果往细玻璃管内吹气后迅速放开，瓶内的水会从细玻璃管中喷出由以上现象进行猜想：当气体的体积一定时，气体压强可能与气体的______和______有关。【实验拓展】(1)控制其它条件相同时，换用内径不同的细玻璃管进行上述实验，则管内水柱上升的高度会______(选填“相同”或“不同”)，理由是______。(2)控制其它条件相同时，把图26的装置从山顶移到山脚，则细玻璃管内的液面将______(选填“上升”、“下降”或“不变”)。
【答案与解析】1.答案：A解析：解：A、为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地，该选项说法正确；B、家用电器失火，应该先切断电源，并且用干粉灭火器灭火，该选项说法不正确；C、因为电路有短路或漏电现象，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，该选项说法不正确；D、发现有人触电时，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，再进行抢救，该选项说法不正确；故选A．(1)为防止因用电器漏电使其金属外壳带电而发生触电事故，一般用电器的金属外壳接地；(2)家用电器着火和油锅着火，应该首先切断电源，再用干粉灭火器灭火；(3)空气开关跳闸，原因是电路有短路或漏电现象，应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位；(4)发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源．知道安全用电的原则，不接触低压带电体，不靠近高压带电体，注意水容易导电．2.答案：B解析：解：A、日偏食是光沿直线传播形成的现象，故A不符合题意；B、看水中的鱼时，由于光的折射，看到的鱼的位置比实际的位置要浅，用鱼叉叉鱼时要注意这点，故B符合题意；C、湖边景物在水面成像，是平面镜成像现象，是光的反射形成的，故C不符合题意；D、汽车的观后镜是一个凸面镜，起扩大视野的作用，是光的反射形成的，故D不符合题意。故选：B。(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；(2)
光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。3.答案：D解析：解：ABC、电热水壶、电烤箱、电饭锅它们工作时，将电能转化为内能，产生热量，利用了电流的热效应，故ABC不合题意；D、电视机工作时，主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故D符合题意。故选：D。电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子。主要考查电流的热效应在生活中的应用实例，体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念。4.答案：D解析：解：从寒冷的室外进入温暖的室内后，眼镜的温度很低，而室内的水蒸气遇到冷的镜片发生液化形成小水珠，附着在镜面上，使镜片模糊。故选：D。物质由气态变成液态的过程叫液化。该题通过生活中的现象考查学生对液化过程的理解，属于基础知识。5.答案：D解析：解：A、骑自行车时用力捏闸刹车，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方法来增大摩擦的；不符合题意。B、自行车脚踏板刻有花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦力，不符合题意。C、自行车增加所载重物，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方法来增大摩擦的；不符合题意。D、自行车的车轴加润滑油，是在压力一定时，减小接触面的粗糙程度减小摩擦力，符合题意。故选：D。
增大摩擦的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度；减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、使接触面脱离、用滚动代替滑动摩擦。掌握摩擦力大小的影响因素。掌握增大和减小摩擦力的方法，并能利用摩擦力大小的影响因素解释生活中有关问题。6.答案：C解析：本题考查了力是否做功的判断方法。本题要抓住做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可。A.有力作用在物体上，但如果物体没有在力的方向上移动距离，力就没有做功，故A错误；B.物体移动了距离，但如果没有受到力的作用，就没有做功，故B错误；C.有力作用在物体上，且物体沿力的方向移动了距离，力对物体一定做了功，故C正确；D.有力作用在物体上，如果物体移动距离不是在力的方向上，力没有做功，故D错误。故选C。7.答案：D解析：解：A、利用电热水壶将冷水烧开是通过热传递改变物体的内能，不符合题意。B、夏天吹空调，人感到凉爽，属于热传递改变物体的内能，不符合题意。C、太阳能水箱中的水被晒热，属于热传递改变物体的内能，不符合题意。D、用锯锯木头，锯条会发热，是摩擦生热，属于做功改变物体的内能，符合题意。故选：D。改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式。做功和热传递在改变内能上是等效的，但热传递是内能的转移，而做功是内能与机械能的转化，两者的实质不一样。8.答案：A解析：解：A、二胡演奏出的乐音，是由弦的振动产生的，故A正确；
B、汽车安装消声器，是在声源处减弱噪声，故B错误；C、一般地，声音在固体中传播的最快，在液体中次之，在空气中传播的最慢，故C错误；D、跳广场舞时喇叭播放的歌曲如果影响了人们的工作、学习和休息，同样可以成为噪声，故D错误。故选：A。此题考查了声音的产生、传播条件和特点及其应用以及噪声，属于声现象的重要规律的考查，难度不大，容易解答。9.答案：C解析：解：A、一个正常人的心跳1min约为75次，故A错误；B、一块橡皮的质量在8g左右，一支2B铅笔的质量与此差不多，在6g左右。故B错误；C、我们所用的物理教材的长度约为26cm，符合实际，故C正确；D、一盒粉笔的体积约为150cm3，故D错误。故选：C。根据生活中物体的实际长度、质量和时间选择正确答案，注意常用物理量单位和国际单位的换算关系本题是一道估算题，平时注意积累生活常识、生活经验，有助于解答该类题。10.答案：B解析：解：根据欧姆定律可知：在导体两端的电压相同时，通过导体的电流越大，导体的电阻就越小；(或者在通过导体的电流相同时，导体两端的电压越大，导体的电阻就越大)由图可知：在电压相同时，通过B导体的电流比A小，所以B的电阻比较大．(或者在电流相同时，B
导体两端的电压比A大，所以B的电阻比较大)故选B．11.答案：D解析：要解答本题需掌握：常用的家用电器的功率大约是多少，结合生活经验可做出判断。本题主要考查学生对常见家用电器电功率大小的估测能力，难度不大。A.电风扇的额定功率约为60W左右；B.笔记本电脑的功率约为100瓦左右；C.台灯的额定功率约为40W左右；D.电热水器的功率约为1000W左右。故选D。12.答案：D解析：解：A、根据题意可知，从O点到B点的过程中，重力大于弹性绳对运动员拉力，因此速度越来越大；从B点到C点的过程中，弹性绳对运动员拉力大于重力，运动员的速度开始减小，到达C点时，速度为零，故A错；BC、由于不计空气阻力，从O点到A点，运动员的重力势能转化为动能，运动员的机械能不变；从A点到C点，弹性绳的形变程度逐渐增大，运动员的机械能逐渐转化为弹性绳的弹性势能，所以运动员的机械能减小；故BC错；D、由于不计空气阻力，从O点到A点，运动员的重力势能转化为动能，运动员的机械能守恒。故D正确。故选：D。(1)当重力大于弹性绳对运动员拉力时，运动员做加速运动；当弹性绳对运动员拉力大于重力时，运动员做减速运动。(2)从O点到A点、从A点到C点两个过程的机械能变化情况不同。解决本题的关键知道加速度的方向与合力的方向相同，当合力方向与速度方向相同时，速度增大，当合力方向与速度方向相反时，速度减小。
13.答案：A解析：解：下潜过程中，深度越来越大，根据公式p=ρgh可知，所受液体压强越来越大；下潜过程中，卡梅隆发现深潜器发生越来越明显的收缩，则说明深潜器的体积变小，故根据浮力公式F浮=ρgV排可知，浮力变小。故选：A。根据公式p=ρgh可求压强的变化，根据浮力公式F浮=ρgV排可求浮力的变化。本题考查液体压强和浮力公式的应用，关键是知道影响液体压强的因素是液体密度和深度，影响浮力的因素是液体密度和物体排开液体的体积，容易出错的一点是液体的深度指的是该点离液面的竖直距离。14.答案：D解析：要解答此题需掌握电路短路和断路的区别．电路短路时，电路中仍有电流，用电器能工作．电路断路时，电路中无电流，用电器不工作．根据电流表、电压表在电路中的不同特征来判断．此题考查了电压表在电路中的作用来判断电路故障．当电压表所测那部分电路发生断路，电压表会与其它部分电路串联，分担电源电压．解：由于电压表有示数，说明电压表两接线柱连接到电源两极，因此问题出现在定值电阻上，短路电压表就没有示数，故被测电阻R断路．故选D15.答案：D解析：解：A、A球放入水后处于漂浮状态，浮力等于重力，根据阿基米德原理F浮=G排知F浮A=GA=GA排，所以电子秤示数不变；B球放入水后处于悬浮状态，浮力等于重力，根据阿基米德原理F浮=G排即F浮B=GB=GB排，所以电子秤示数不变；C球放入水后沉底，浮力小于重力，根据阿基米德原理F浮=G排即F浮C=GC排ρ水，故C错误；D、由A知F浮A=GA=GA排即甲溢水杯溢出的水重等于小球A的重力；F浮B=GB=GB排即乙溢水杯溢出的水重等于小球B的重力，故D正确。故选：D。(1)漂浮或悬浮时浮力等于重力，沉底时浮力小于重力，根据阿基米德原理F浮=G排分析解答；(2)根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断浮力的大小；(3)漂浮时，液体密度大于物体的密度；悬浮时，物体的密度等于液体的密度；下沉时，物体的密度大于液体的密度；(4)根据浮沉情况和阿基米德原理F浮=G排分析解答。本题考查了浮沉条件和阿基米德原理的应用，掌握浮沉条件是解题的关键。16.答案：BC解析：(1)分子间存在相互作用的引力与斥力，分子间作用力随分子间距离的增大而减小，随分子间距离的减小而增大；(2)物体的机械能与物体的动能和势能决定，物体的内能与分子的热运动和分子间的相互作用力有关；(3)组成物质的分子不停地做无规则运动；(4)做功与热传递是改变物体内能的两种方式，它们改变物体内能的效果是相同的，功与热量的单位相同，都是焦耳。本题是一道综合题，涉及的知识点较多，但难度不大，熟记基础知识即可正确解题。解：A、分子间存在相互作用的引力与斥力，分子间作用力随分子间距离的增大而减小，故A错误；B、机械能与整个物体的机械运动情况有关，内能与物体内部分子的热运动与相互作用情况有关，故B正确；C、消毒液分子不停地做无规则运动，分子扩散到周围空气中，因此空气中散发一股浓浓的药味，故C正确；D、做功和热传递都可以改变物体的内能，功和热量是不同的物理量，它们的单位相同，都是焦耳，故D错误。故选BC。
17.答案：ACD解析：解：A、太阳能电池板，消耗太阳能，产生电能，故是把太阳能转化为电能，故A正确；B、蓄电池储存能量的过程是充电过程，即消耗电能，产生化学能，所以是将电能转化为化学能的过程，故B错误；C、节能灯工作时，消耗电能，产生光能和内能，所以是将电能转化为光能和内能的过程，故C正确；D、图中的小风扇工作时，消耗风能，产生电能，故是把风能转化为电能，故D正确；故选ACD．准确的判断出下面各个选项中，消耗了什么形式的能，进而产生了什么形式的能即可．熟悉并能准确的判断出上述情境中的能量转化是解决该题的关键．18.答案：ABD解析：验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的；连接的瞬间，A得到电子，说明电子从B到A移动，而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向A→B。本题考查了验电器的原理、电流的方向，是一道基础性题目。A.连接的瞬间，A得到电子，所以乙图中B带正电，故A正确； B.电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向A→B，故B正确；C.电子定向移动的方向由B到A，故C错误； D.验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的，乙图中B验电器金属箔张开，说明两金属带同种电荷，故D正确。故选ABD。19.答案：AC
解析：解：由题意知，f=10cm，蜡烛在10cm到40cm之间，物距大于f，成实像，由10cm处逐渐移至40cm处的过程，物距变小，成的像逐渐变大；由40cm到45cm处的过程，凸透镜成虚像，虚像是逐渐变小的；由上分析知，蜡烛从10cm处逐渐移至45cm处的过程中，像先变大后变小，先成实像后成虚像。故AC正确，BD错误。故选：AC。当物距大于f时，凸透镜成实像，具有物近像远像变大的特点；当物距小于f时，凸透镜成虚像。本题主要考查了凸透镜成像规律的应用，关键抓住题目中的已知条件：焦距、物距，并掌握实像和虚像的分界点。20.答案：BD解析：解：气流从两只球中间的缝隙通过，由于中间空气流速快、压强小，两侧空气流速慢、压强大，所以会发现两只小球向中间靠拢，即“球吸”现象的原理是流体压强与流速的关系。A、吸盘挂钩被“吸”在墙上是由于大气压的作用，与流体压强和流速的关系无关，故A不合题意。B、在两杯口中间吹气，左杯中的乒乓球会向杯口运动，是因为杯口处空气流速大、压强小，而乒乓球左侧的空气流速小、压强大，乒乓球被较大的气压压向杯口，故B符合题意。C、图中实验可以验证阿基米德原理，浸在液体中物体受到的浮力，大小等于被它排开液体受到的重力，与流体压强和流速的关系无关；故C不合题意；D、从B管右端向管内吹气时，A管上端的空气流速快、压强小；而A管下端的大气压较大，从而形成了向上的压强差，所以水从A管上端喷出，故D符合题意。故选：BD。流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。此题考查流体压强和流速的关系、大气压的应用等知识点，综合性很强，关键是掌握流体压强与流速的关系，并能解释生活中的一些相关应用。21.答案：BD解析：解：设杠杆上每格长度是L，每格钩码的重力是G，原来杠杆：2G×3L=3G×2L，处于平衡状态，A、在杠杆的两侧同时各减掉一个钩码，左侧=G×3L=3GL，
右侧=2G×2L=4GL，左侧<右侧，右端下倾，不符合题意；B、在杠杆的两侧钩码下同时各加挂一个相同的钩码，左侧=3G×3L=9GL，右侧=4G×2L=8GL，左侧>右侧，左端下倾，符合题意；C、将杠杆两侧的钩码同时各向外移动一个小格，左侧=2G×4L=8GL，右侧=3G×3L=9GL，左侧<右侧，右端下倾，不符合题意；D、将杠杆两侧的钩码同时各向内移动一个小格，左侧=2G×2L=4GL，右侧=3G×L=3GL，左侧>右侧，左端下倾，符合题意；故选BD．杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂；要使杠杆左端下倾，应使左边：动力×动力臂>(右边)阻力×阻力臂；对各选项逐一进行分析，选出符合要求的选项．本题考查了杠杆平衡条件的应用，杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，只比较力或力臂大小不能得出正确结果．22.答案：ABD解析：解：A、图中定值电阻和小灯泡串联，电压表测量的是小灯泡两端的电压，示数计为U1.根据欧姆定律和串联电路电压和电流的特点，通过小灯泡的电流表达式为I=U-U1R，则小灯泡电功率的表达式是P=U1I=U-U1RU1；B、图中定值电阻和小灯泡并联，电流表测量干路的总电流I，小灯泡两端的电压等于电源电压U.欧姆定律根据并联电路电流的特点，通过小灯泡的电流表达式为I1=I-UR，则小灯泡电功率的表达式是P=UI1=U(I-UR)；C、图中定值电阻和小灯泡并联，电压表测量电源电压，电源电压已知，电压表的测量是多余的，无法求出通过小灯泡的电流，因此无法测出小灯泡的功率；D、图中定值电阻和小灯泡串联，电压表测量的是定值两端的电压，示数计为U2.根据欧姆定律和串联电路电压和电流的特点，小灯泡两端的电压为U1=U-U2，通过小灯泡的电流表达式为I=U2R，则小灯泡电功率的表达式是P=U1I=U-U2RU2.由以上分析可知，能测出灯泡功率的是ABD，不能测出功率的是C．故选ABD．
电功率等于用电器电压和电流的乘积，用公式表示为P=UI，测量小灯泡的电功率实际上就是测量小灯泡两端的电压和电流．测量功率实际上就是电压和电流的测量，要求理解串并联电路中电压和电流的规律，并会在实际电路中应用．23.答案：1.10；1mm解析：解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与2.00cm对齐，右侧与3.10cm对齐，所以物体的长度为L=3.10cm-2.00cm=1.10cm．故答案为：1.10；1mm．刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度．使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．在物理实验和日常生活中经常使用刻度尺，我们要熟练掌握其使用和读数方法．24.答案：3.45 -8 99.8解析：解：由图知：①刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值位1mm；物体左侧与1.00cm对齐，右侧与4.45cm对齐，所以物体的长度为L=4.45cm-1.00cm=3.45cm；②图中温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃；液柱最高处在0℃以下，所以显示的温度为-8℃；③图中秒表中间表盘的分度值为0.5min，大表盘的分度值位0.1s；分针指在1min与2min之间偏向2min一侧，秒表的指针指在39.8s处，所以时间为1min39.8s=99.8s。故答案为：3.45；-8；99.8。①使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
②使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；③秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和。刻度尺、温度计和秒表是日常生活中经常使用的测量工具，需要我们熟练掌握其使用和读数方法。25.答案：未先将游码移到标尺左端的“0”刻度线处；60；62；1.02×103解析：解：(1)在调节天平平衡时，应先将天平放在水平台上，并将游码拨到标尺左端的零刻线处，该同学忘了将游码拨到标尺左端的“0”刻度线处了；(2)由图甲知，量筒的分度值为2ml，量筒内盐水的读体积60ml，即60cm3；由图乙知，标尺的分度值为0.2g，杯子及杯内剩余盐水的质量为50g+10g+2g=62g；(3)量筒中盐水的质量：m=123.2ɡ-62g=61.2g；则盐水的密度：ρ=mV=61.2g60cm3=1.02g/cm3=1.02×103kg/m3。故答案为：(1)未先将游码移到标尺左端的“0”刻度线处； (2)60；62(3)1.02×103。(1)在调节平衡前，先将天平放在水平台上，游码置于标尺左端的零刻线处，然后调节平衡螺母；(2)确定量筒的分度值，然后进行读数；天平平衡时，物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；(3)求出量筒中水的质量，根据密度公式求出盐水的密度。本题测量液体的密度实验，考查了天平和量筒的使用及读数及密度的计算，都是常考的问题，要掌握好。26.答案：B 95 8 98 < 不变 水的初温过低解析：解：(1)A俯视，错误，C仰视错误，B视线与液柱的上表面相平，正确；温度计的分度值是1℃，此时是零上，液柱上表面对准了90℃上面第5个小格处，读作95℃；(2)如表格水在第6min开始沸腾，不断吸收热量，温度应该保持不变，所以第8min时的数据是错误的；(3)根据实验数据可知水的沸点是98℃，当时的大气压<1标准大气压；水沸腾过程中温度不变。(4)
实验加热时间过长的原因可能是水的初温过低、水的质量过大、酒精灯的火焰太小等，缩小实验时间的方法可以提高水的初温、减小水的质量和增大火焰等。故答案为：(1)B；95；(2)8；(3)98；<；不变；(4)水的初温过低。(1)温度计读数时，视线应与液柱的上表面相平，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；(2)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；(3)掌握大气压对沸点的影响，气压越低沸点越低。知道标准大气压下的沸点是100℃；此题需要知道液体沸腾过程中温度保持不变，这个温度叫做沸点。(4)加热时间过长的原因可能是水的初温过低、水的质量过大、酒精灯的火焰太小等，据此分析解答。水的沸腾实验是初中热学中重要的实验，一般考查水沸腾前后气泡的变化、沸点、沸腾的条件、沸腾的特点、加热时间比较长的原因、器材、水沸腾的图象、温度计的正确使用和读数等等。27.答案：(1)小；(2)开关没有闭合；导体没有做切割磁感线运动；(3)没有控制线圈切割磁感线速度大小不变。解析：(1)根据电磁感应产生的电流大小，来确定电流表的量程；(2)产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体，并且在磁场中做切割磁感线运动，二者缺一不可；(3)感应电流的大小可能与磁场的强弱、线圈的匝数以及导体切割磁感线的速度有关，由控制变量法分析。本题考查了电磁感应现象的探究实验，知道产生感应电流的条件和影响感应电流的大小的因素，从方法上考查了控制变量法的应用。(1)由于产生的感应电流比较小，因此为了使实验现象明显，应选择小量程的电流表；(2)导体在磁场中运动时，电流表指针没有发生偏转，可能是开关没有闭合，或者线圈没有做切割磁感线运动；(3)要研究感应电流的大小与线圈的匝数是否有关，应该控制磁场强弱和线圈切割磁感线的速度不变，只改变线圈匝数，观察电流表指针偏转的角度；而操作中，线圈在磁场中水平向左运动，只控制了磁场强弱相同，故存在的主要问题是：没有控制线圈切割磁感线速度大小不变。故答案为：(1)小；(2)开关没有闭合；导体没有做切割磁感线运动；
(3)没有控制线圈切割磁感线速度大小不变。28.答案：1.55 95.1解析：解：(1)由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm；圆的左侧与1.00cm对齐，右侧在2.5cm与2.6cm之间，估读为2.55cm，所以圆的直径为d=2.55cm-1.00cm=1.55cm；由图2所示停表可知，分针示数是1min，分析超过了半刻度线，由图示秒针可知，秒针示数是35.1s，停表所表示的时间是1min35.1s=1×60s+35.1s=95.1s；(2)探究反射和入射角的关系，要多次分别测出反射角、入射角的大小，对比得出结论，表格如图所示：实验次数入射角/°反射角/°1 2 3 故答案为：1.85；95.1。(2)如上表。(1)刻度尺相邻刻度线间的距离是刻度尺的分度值，由图示刻度尺确定刻度尺的分度值；铅笔的端点与刻度尺的零刻度线没有对齐，铅笔两端点所对应刻度尺的示数之差是铅笔的长度；对刻度尺读数时，视线要与刻度线垂直；停表的小表盘指针是分针，大表盘指针显示的是秒针，分针与秒针的示数之和是停表的示数。(2)光的反射定律的内容：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线与法线分别位于法线两侧，反射角等于入射角。反射角随入射角的增大而增大，随入射角的减小而减小；为得到普遍规律，应进行多次试验。本题主要考查了刻度尺与停表的读数，是一道基础题，一定要掌握常用测量器材的使用及读数方法。29.答案：解：(1)研究煤油升高的温度与电阻丝的阻值有关，要控制电流和通电时间相同，故将两电阻丝串联在电路中，如下所示：(2)实验步骤：
①按照电路图连接电路，读出甲、乙烧瓶中温度计的示数t0，R1、R2的阻值，并记录在表格中；②闭合开关S，通电一段时间后，同时读出甲、乙烧瓶中温度计的示数t，并记录在表格中；断开开关S。③利用△t=t-t0，计算出温度变化，并将△t的值记录在表格中。(3)实验数据记录表R/Ωt0/℃t/℃△t/℃故答案为：电路图如上所示；实验步骤和数据记录表格见解答过程。解析：(1)研究煤油升高的温度与电阻丝的阻值有关，要控制电流和通电时间相同；(2)记录煤油的初温，闭合开关，记录加热一段时间后煤油的末温和煤油升高的温度△t；最后根据数据判断升高的温度△t与电阻R的关系；(3)记录数据的表格应包括：电阻R、煤油初温t0、煤油终温t、温度的变化△t等内容。本题考查了探究“电流通过电阻产生的热量跟电阻阻值大小有关”的实验步骤设计、数据记录表格设计，有一定难度，知道实验目的是解题的关键。30.答案：解：(1)闭合开关S、断开S1时，电路为R2的简单电路，电流表测通过R2的电流I2=0.1A；当S、S1都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R2的电流不变，则电流表示数的变化量即为通过R1的电流I1=0.3A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=UR可得，电源的电压：U=I1R1=0.3A×20Ω=6V；(2)电阻R2的阻值：R2=UI2=6V0.1A=60Ω；(3)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，S、S1都闭合时电流表的示数：I=I1+I2=0.1A+0.3A=0.4A；
半分钟内整个电路产生的热量：Q=W=UIt=6V×0.4A×30s=72J。答：(1)电源电压为6V；(2)电阻R2的阻值为60Ω；(3)在两开关都闭合时，半分钟内整个电路产生的热量为72J。解析：(1)闭合开关S、断开S1时，电路为R2的简单电路，电流表测通过R2的电流；当S、S1都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2的电流不变，电流表示数的变化量即为通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；(2)根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电阻R2的阻值；(3)根据Q=W=UIt算出半分钟内整个电路产生的热量。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，知道电流表示数的变化量即为通过R1的电流是关键。31.答案：解：(1)拉力做的功WF=Fs=300N×0.3m×2=180J；(2)拉力做功的功率PF=WFt=180J10s=18W；(3)有用功WG=G×h=500N×0.3m=150J；机械效率η=WGWF×100%=150J180J×100%=83.3%。答：(1)拉力做的功为180J；(2)拉力做功的功率为18W；(3)动滑轮的机械效率为83.3%。解析：(1)已知拉力的大小和物体通过的距离，根据公式W=Fs可求拉力做的功；(2)已知拉力做的功，根据公式P=Wt可求拉力做功的功率；(3)根据公式W=Gh可求有用功的大小，再利用公式η=W有用W总求出机械效率。本题考查做功、功率和机械效率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对动滑轮工作原理的理解。32.答案：解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压。(1)因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电阻R1两端的电压：U1=U-U2=12V-8V=4V；(2)
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=U1R1=U2R2，即4V20Ω=8VR2，解得：R2=40Ω。答：(1)电阻R1两端的电压为4V；(2)电阻R2的阻值为40Ω。解析：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压。(1)根据串联电路的电压特点求出电阻R1两端的电压；(2)根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出电路中的电流即可得出电阻R2的阻值。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。33.答案：解：三金属块末温(为冰的熔点)相同，初温相同，即三金属块降低相同的温度，由图可知放出的热量：Q甲
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