2020年通辽市扎鲁特旗二中中考物理模拟试卷(5月份)(含解析)

2020年通辽市扎鲁特旗二中中考物理模拟试卷(5月份)(含解析)

2020年通辽市扎鲁特旗二中中考物理模拟试卷(5月份)一、单选题（本大题共11小题，共23.0分）1.下列说法正确的是A.回声的传播速度等于原声的传播速度B.声音在真空中传播速度最大C.物体振动的越快，响度越大D.带防噪声耳罩是在声源处减弱噪声2.关于热现象，下列说法中不正确的是A.组成物质的分子之间存在引力和斥力B.温度低于的室外，仍有水蒸气存在C.在热传递过程中，吸收热量的物体温度一定升高D.在四冲程内燃机中，做功冲程的功能是将内能转化为机械能3.诗词是中华文化的瑰宝之一，许多优美的诗词是对生活和自然现象的生动描述，也与物理知识紧密联系，下列诗词与对应的物理知识有误的一项的是A.“两岸青山相对出，孤帆一片日边来”--“孤帆”运动，是以江岸为参照物的B.“水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”--看到水中游鱼细石是光的反射形成的虚像C.“人面桃花相映红”--桃花呈红色是因为它能反射红光D.“床前明月光，疑是地上霜”--霜实际是固态，是由水蒸气凝华形成4.下列各种应用与其涉及的物理知识表述正确的是A.船闸连通器原理B.气压计流体压强与流速的关系C.铅垂线重力的方向垂直向下D.滚摆动能和弹性势能的相互转化5.在如图所示的电路中如果闭合一个开关表示满足一个条件，指示灯亮表示导致的结果，则下列关于该电路能实现的逻辑功能的描述错误的是 A.甲电路；既要又要B.乙电路；只要就C.甲电路；要么要么D.乙电路；或者或者6.小刚用图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”。在此实验过程中，当A、B两点间的电阻由5更换为1后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是A.保持变阻器滑片不动B.将变阻器滑片适当向左移动C.将变阻器滑片适当向右移动D.适当增加电池的节数7.如图所示，为一个银行卡信息阅读器。消费时，只要将带有磁条的银行卡刷过，检测头就会有电流产生，读取到客户卡上的金额等相关信息，从而扣去消费的费用。以下器件中工作原理与此相似的是A.汽油机的发动机B.动圈式话筒C.实验用电流表D.无人机的电动机8.如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示．下列判断正确的是A.香3时，物体受到平衡力的作用B.香6时，将F撤掉，物体立刻静止C.2～4内物体所受摩擦力为3ND.香1时，物体所受摩擦力是lN9.图中下列四种动物的运动方式能用压强与流速的关系来解释的是 A.图甲：乌贼向后喷水而前行B.图乙：流线型的鲫鱼在水中快速前进C.图丙：展开双翅的鸟在空中滑翔D.图丁：壁虎靠脚上的“吸盘”在墙上爬行1.利用图中装置，小科用250N的力在10s内将重为400N的物体匀速提高了5m。不计摩擦和绳重，下列说法正确的是A.两个滑轮均为定滑轮B.绳子自由端移动的速度为.5C.物体上升过程中需克服重力做功2000JD.整个过程中小科做功的功率为125W11.如图，两个体积相等的木球和铁球，用细线系住后放入水中时能悬浮在水中，关于两球所受水的浮力和压强，下列说法正确的是A.木球受到的浮力大，压强小B.铁球受到的浮力小，压强大C.两球受到的浮力相同，木球受到的压强大D.两球受到的浮力相同，铁球受到的压强大二、多选题（本大题共1小题，共3.0分）12.如图所示的电路中，电源电压恒定，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比甲：乙为4：1，则A.1：2香4：1B.1：2香3：1 C.当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比甲：乙为1：4D.当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比甲：乙为3：4三、填空题（本大题共6小题，共10.0分）13.木块在10N水平向右拉力F的作用下，沿粗糙水平面做匀速直线运动，该木块受到的摩擦力为______.在运动过程中，将水平拉力F增大到20N，该木块受到的摩擦力为______N，此时木块做______加速匀速减速运动。14.巨磁电阻ܩ效应是指某些材料的电阻值随外磁场减小而增大的现象。如图所示，闭合开关1和2，通电螺线管的左端是______极。若要使电流表示数增大，滑动变阻器应向______移动。填“左”或“右”，此时灯泡的亮度______填“变暗”、“变亮”、“不变”。15.小明家的常热牌足浴盆额定功率为75Ͳ.某次正常工作20min，将10L、2的水加热至4，此过程中水吸收热量______J，消耗电能转化为水吸收热量的效率为______香4.213水th。16.在对汽车的发动机做检修时需要将引擎盖抬起，抬起过程应用了杠杆原理。图2为引擎盖的受力分析模型图：引擎盖可绕O点自由转动，A为引擎盖重心位置。由图2可知，该杠杆属于______杠杆，在引擎盖抬起过程中，重力G的力臂逐渐______。17.如图所示，木块的长度是______cm． 18.在测小石块的密度的实验中，小明先用天平测小石块的质量如图甲所示，再用量筒测小石块的体积如图乙所示，测小石块的密度1香______th3；小华做实验时，先用量筒测小石块的体积，再用天平测小石块的质量，测得的小石块的密度为2，则2______1填写“”、“”或“香”。四、作图题（本大题共1小题，共2.0分）19.如图，AB为光线经平面镜反射后的反射光线，请作出其入射光线和经凹透镜的大致的折射光线。保留作图痕迹五、实验探究题（本大题共4小题，共20.0分）2.佳佳在实验室进行“凸透镜成像规律”的探究1如图是佳佳实验中的情景，此时光屏上出现了倒立、等大清晰的像，则凸透镜的焦距f为______cm．2佳佳将光屏放到80cm刻度线处，为了在光屏上承接到清晰的像．他应该把蜡烛向______选填“左”或“右”移动，此时成像的性质在实际中的应用是______选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”． 3若在实验2基础上，将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上会出现一个______选填“放大”、“缩小”或“等大”的像．4佳佳又在实验3的基础上，把他的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间．若想在光屏上重新得到清晰的像，应将光屏______选填“靠近”或“远离”凸透镜．5实验过程中蜡烛由于燃烧而变短，则光屏上烛焰的像将向______选填“上”或“下”移动．21.在“探究水沸腾时温度变化特点”的实验时，小丽小组同学测量了水在加热过程中温度随时间变化的情况，并记录有关数据如表所示。时间䁪0123456789温度909294969798989998981根据你所学的液体沸腾的知识，小丽记录的数据第______min是错误的，因为液体在沸腾过程中______。2由小丽记的数据可知，水的沸点是______。3另一组同学对实验装置进行了适当改变，如图所示，试管甲管口朝上，试管乙管口朝下，均内有适量水，放在大烧杯的水中固定，然后对大烧杯进行加热，待大烧杯内的水沸腾后，会发现试管甲中的水______沸腾，试管乙中的水______沸腾。均选填“能”或“不能”22.某学习小组使用几个相同的滑轮分别进行机械效率的测定，如图。他们将测得钩码重G、拉力F、钩码上升的髙度h、测力计移动的距离S，并将计算出的有用功Ͳ有用、总功Ͳ总和机械效率 数据一并记入下表：实验ܩͲ有用Ͳ总122.1.1.1.2.2195.2221.2.1.2.2.2483.332.9.1.3.2.271表格中数据香______；2比较实验1、2，第2次的机械效率较低，主要原因是______；3比较实验2、3，影响这两次实验机械效率不同的主要因素是______，使用滑轮组的优点是______。23.琳琳小组在做“测量小灯泡电功率”的实验，实验前他们观察到小灯泡上标有“2.5㔮”字样。1在电路连接完成后，闭合开关前，同组同学检查电路，发现她有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“”，并在图中正确连线。2正确连接电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片的过程中，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，其原因可能是______选填符号。 A.灯泡断路.灯泡短路.滑动变阻器断路.滑动变阻器短路3故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片在某一位置时，电流表、电压表的示数如图乙所示，则此时通过小灯泡的电流是______A；小灯泡两端的电压是______V；若使小灯泡正常发光，则应调节滑动变阻器使电压表的示数为______V。4实验结束，琳琳小组根据实验数据绘制了如图丙所示的图象，则小灯泡正常发光时的电阻大约是______保留一位小数，小灯泡的额定功率为______W。六、计算题（本大题共3小题，共12.0分）24.如图所示，用笔画线代替导线将带有开关的电灯，三孔插座连入家庭电路中。25.如图所示，薄壁圆柱形容器置于水平地面，容器的底面积香8132，容器高.2，内盛.17深的水。1和2为两个均匀实心立方体物块不吸水，1的质量为.185th，2的体积为3.2143，已知香1.13th3，g取1th。水1水对容器底部的压力为多少？2将1释放，浸没在水中，静止后受到容器底对它的支持力为.6，求1的体积。3只将2缓慢浸入在水中，当水对容器底部的压强最大时，2的密度至少为多少？ 26.小明和妈妈一起去商场选购了“亚米牌”全自动豆浆机，回到家，他马上阅读了使用说明书，了解了豆浆机的主要结构如图甲、使用方法及注意事项，并观察了豆浆机铭牌如图丙，电路原理图可等效成图乙。下表是豆浆机正常工作做一次豆浆的过程中电热管和电动机工作时间与对应的工作状态。请你帮小明解决下列问题：工作时间䁪～11～55～66～1工作状态粉碎打浆加热粉碎打浆加热1豆浆机正常工作电热丝电阻是多少？2豆浆机正常工作做一次豆浆，电流做功多少焦？3小明想了解家里电路的实际电压，于是将家里的其它用电器都关闭，他观察到豆浆机的电热丝工作时，家里标有“2tͲ”字样的电能表转盘在3min内转了50转，则他家电路的实际电压是多少？不考虑温度对电阻的影响 【答案与解析】1.答案：A解析：解：A、回声的传播速度等于原声的传播速度，故A正确；B、声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；C、声音的传播速度与物体振动的快慢无关，故C错误；D、工厂用的防声耳罩是在人耳处减弱噪声，故D错误．故选A．1声音的传播速度与传播介质有关，声音在不同的介质中的传播速度不同，在固体中传播速度最快，在液体中次之，在气体中传播最慢；2声速的大小和介质温度、介质种类有关；3减弱噪声的途径：在声源处、在传播中、在人耳处．本题考查了声音在不同介质中的传播速度及影响声音的传播速度的因素，是一道声学基础题．2.答案：C解析：解：A、物质的分子之间有相互的引力和斥力，故A正确；B、冰可以直接由固态变为水蒸气，发生升华现象，故温度低于的室外，仍有水蒸气存在，故B正确；C、在热传递过程中，吸收热量的物体温度可能不变，如晶体在熔化过程中吸收热量，但温度不变，故C错误；D、在四冲程内燃机中，做功冲程是将内能转化为机械能，故D正确。故选C。1物质的分子之间有相互的引力和斥力；2物质由固态直接变成气态的过程叫做升华；3晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变；4做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能。本题考查了分子间的作用力、温度、内能、热量的关系、热机工作过程中能量的转化等知识，知识点较多，但都较简单，属于基础题。 3.答案：B解析：解：A、“孤帆一片日出来”，研究的对象是“孤帆”，运动状态是“来”，以“江岸”为参照物，“孤帆”与“江岸”之间的位置发生了变化，说明“孤帆”是运动的，故A正确。B、在岸上看到水中的游鱼细石，是由于光的折射；故B错误；C、因为桃花能反射红光，所以会有人面桃花相映红，故C正确。D、霜是固态，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华现象，故D正确。故选：B。对于诗句中涉及到的物理知识，我们首先要弄懂诗句的意义，然后认真分析确定该用哪一方面的知识进行解答。此题主要考查了运动和静止的相对性、物态变化的区分，同时还考查了光的折射现象及其应用、物体的颜色。是一道综合性较强的题目，在平时学习中练习用所学知识解释有关的自然现象。4.答案：A解析：1连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。2大气压随海拔的升高而减小；3重力的方向总是竖直向下的；4动能和重力势能、弹性势能可以相互转化。此题主要考查力学知识，所列举的事例使我们日常生活中常见的，因此同学们在学习时，要多注意身边物理现象，用所学知识解释这些现象。A.船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器；所以，船闸是利用连通器原理工作的，故A正确；B.气压计是利用大气压与高度的关系工作的，故B错误；C.铅垂线利用的是重力的方向竖直向下，故C错误；D.滚摆说明动能和重力势能可以相互转化，故D错误。 故选A。5.答案：C解析：串联的各电路元件相互影响，不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，能独立工作。分析电路结构，然后答题。分析清楚电路结构，知道串并联的特点即可正确解题。解：由图甲所示电路图可知，两开关串联，只有两开关同时闭合时，灯才亮，甲电路表达的逻辑关系是：既要又要，故A正确，C错误；由图乙所示电路图可知，两开关并联，只要有一个开关闭合，灯泡就会发光，因此乙电路表达的逻辑关系是：只要就、或者或者，故B、D正确；本题选错误的，故选C。6.答案：C解析：解：当A、B两点间的电阻由5更换为1后，电路中的总电阻变大，由香可知，电路中的电流变小，由香可知，滑片不动时，变阻器两端电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，定值电阻两端的电压变大，因探究“一段电路中电流跟电阻的关系”时，应控制电阻两端电压不变，所以，应调节滑动变阻器的滑片增大接入电路中的电阻，减小电路中的电流，即将变阻器滑片适当向右移动，故AB错误，C正确；适当的加电池的节数，滑片不动时，增加电池的节数，会使电阻两端的电压更大，故D错误。故选：C。探究“一段电路中电流跟电阻的关系”时，应控制电阻两端电压不变，当A、B两点间的电阻由5更换为1后，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变化和滑片不动时变阻器两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知定值电阻两端电压的变化，然后判断电阻两端电压变 化时电路中电流的变化，进一步判断滑片移动的方向。研究导体中的电流与电阻的关系，需要保证导体两端的电压不变是此题的突破点。7.答案：B解析：解：由题意可知，将带有磁条的银行卡刷过时，检测头就会有电流产生，这是电磁感应现象；A、汽油机的发动机是热机，是将内能转化为机械能的装置，故A不符合题意；B、动圈式话筒利用线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生变化的感应电流制成的。故B符合题意；CD、实验用电流表、无人机的电动机都是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的。故CD不符合题意。故选：B。由题意可知，将带有磁条的银行卡刷过，检测头就会有电流产生，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，则分析各电器工作原理可知能产生电流的选项。本题考查电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出阅读器的原理，并能正确掌握动圈式话筒的原理。8.答案：D解析：解：A、由速度时间图象可知，香3时，物体做加速运动，因此受非平衡力作用；故A错误．B、由速度时间图象可知，香6时，物体做匀速直线运动，将F撤掉，物体由于惯性还要继续运动一段距离；故B错误；C、由速度时间图象可知，在2～4内，物体做匀加速运动，此时的拉力等于3N，但是拉力不等于摩擦力；故C错误；D、由速度时间图象可知，香1时，物体处于静止状态，受平衡力作用，又由图象可知物体受到的拉力为1N，因此物体所受摩擦力是.故D正确．故选D．先由速度时间图象判断物体的运动情况，然后根据物体的运动状态判断物体是否受平衡力作用；根据惯性定律判断撤去外力后物体的运动状态；根据由图象求出物体受到的拉力，然后由二力平衡的条件求出摩擦力的大小．本题考查学生对图象的认认识，并能将图象和图象相结合，判断出物体的运动状态，根 据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键．9.答案：C解析：利用下列知识分析判断：1力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；2流线型的物体在运动时，受到的阻力减小；3流体压强和流速的关系是：流体流速大的地方，压强小；流体流速小的地方，压强大；4大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。本题综合考查了力的相互性、物体流线型的作用、流体压强与流速的关系以及大气压的应用，属于基础题目。A.乌贼向后喷水，给水一作用力，而力的作用是相互的，水给乌贼向前的力，使乌贼前行，不能用压强与流速关系来解释，故A错；B.流线型的鲫鱼，在水中受到的阻力较小，可以快速前进，不能用压强与流速关系来解释，故B错；C.鸟能在空中滑翔是由于鸟的翅膀是上凸下平，上面和下面的空气流动速度不同，翅膀上面空气流动速度快，受到向下的压强小，翅膀下面空气流动速度慢，受到向上的压强大，这样就存在向上的压力差，即升力，所以鸟能在空中滑翔，能用压强与流速关系来解释，故C正确；D.壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，排出里面的空气，在大气压的作用下被压在墙上，并能在墙上爬行，不能用压强与流速关系来解释，故D错。故选C。10.答案：C解析：解：A、由图可知，该装置由一个动滑轮和一个定滑轮组成，故A错；B、由图知，香2，绳子自由端移动距离香2香25香1，绳子自由端移动的速度香香 1香1，故B错；1C、物体上升过程中需克服重力做功Ͳ有用香ܩ香45香2，故C正确；香香251香25，做功功率香Ͳ总25D、整个过程中小科做功Ͳ总香香25Ͳ，故1D错。故选：C。1轴固定不动的滑轮为定滑轮，实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；随物体一起运动的滑轮为动滑轮，动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，省力但要费距离。2由图知，香2，绳子自由端移动距离香2，利用速度公式求绳子自由端移动的速度；3利用Ͳ香ܩ求物体上升过程中需克服重力做功；Ͳ4利用Ͳ香求整个过程中小科做功，再利用香求做功功率。本题考查了滑轮分类以及速度公式、功的公式和功率公式的应用，属于基础题目。11.答案：D解析：解：AB、两球虽然质量不同，但由于体积相同且浸没在水中，故排开水的体积相同；由浮香水h㔮排可知，两球所受浮力相同，故AB错误；CD、由图可知，铁木，且水的密度一定，根据香h可知，铁球受到水的压强大于木球受到水的压强，故C错误，D正确。故选：D。排除干扰，找出有用信息两球体积相同、排开水的体积相同直接利用阿基米德定律即可比较浮力大小；根据香h，结合图示，利用控制变量法分析比较压强大。此题考查阿基米德原理和压强的大小比较，很多同学一看到木球和铁球就想到木球所受浮力大，从而出现错误；解决物理问题应严格利用公式求解不能想当然的下结论。12.答案：BD解析：解：1若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，1和2串联，电压表甲测电源电压，则：甲香， 电压表乙测2的电压，则：乙香2，4由题知，甲：乙香4：1，即：香，21根据串联电路的电压规律，1、2的电压之和等于U，124则有：香，2113所以香，故选项B正确；21由串联分压原理可得：1：2香1：2香3：1；故选项A错误；2若甲、乙均为电流表时，断开开关S，1和2并联，电流表乙测总电流，电流表甲测2的电流，因并联电路各支路两端电压都相等，所以由香可知，通过1和2的电流之比等于电阻的反比，则1：2香2：1香1：3-----，根据并联电路电流的规律，结合式可得乙电流表示数为：1412香22香2，33故当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比：4甲：乙香2：2香3：4。3故C错误，D正确。故选：BD。1若甲、乙均为电压表时，分析电路连接和电压表测量的电压，根据串联电压电压的规律和分压原理求出电阻和电压之比；2若甲、乙均为电流表时，断开开关S，分析电路连接及电流表测量的电流，根据香和并联电路各支路电压都相等可知通过1和2并电流之比等于电阻的反比，求出1：2大小；根据并联电路电流的规律求出乙电流表示数，最后得出故当开关S断开，甲、乙两电流表的读数之比。本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的识别。13.答案：10；10；加速解析：解：当水平拉力为10N时，木块恰好做匀速运动，所以此时摩擦力与拉力是一对平衡力，大小等于10N； 当水平拉力增大到20N时，木块对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，仍为10N；当水平拉力增大到20N时，拉力大于摩擦力，物体不在平衡，要做加速运动。故答案为：10；10；加速。1掌握二力平衡条件，知道一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；2掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度；3力不是使物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。此题考查了二力平衡条件的应用、影响摩擦力的因素以及力改变物体的运动状态，是一道综合性题目。14.答案：S；左；不变解析：解：利用安培定则可判断电磁铁的右端为N极、左端为S极。若要使电流表示数增大，当滑片P向左滑动时，接入电路中的电阻减小，由香可知，通过电磁铁的电流增大，磁性增强，因巨磁电阻ܩ随外磁场增大而减小，所以，GMR电阻的阻值减小，通过的电流增大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，右侧电路的总电流增大，即电流表的示数减小。由右侧电路图可知，灯泡GMR电阻并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，左侧电路中滑片移动时灯泡实际功率不变，亮暗不变；故答案为：S；左；不变。1利用安培定则判断电磁铁的磁极；2当滑片P向左滑动时，接入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步判断电磁铁磁性的变化和GMR电阻的变化，根据欧姆定律可知通过GMR电阻电流的变化，根据并联电路的电流特点判断干路电流的变化。由右侧电路图可知，灯泡GMR电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知左侧电路中滑片移动时灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗的变化。本题考查了电学和磁学相结合电路的动态分析，利用好并联电路的特点和影响电磁铁磁性强弱的因素以及GMR电阻的特点是关键。 15.答案：8.41593.3解析：解：1加热水的体积㔮香1香13香1123，由香可得加热水的质量：㔮香㔮香1.13th31123香1th，水吸收的热量：香香4.213th1th42香8.415；吸2足浴盆正常工作20min消耗的电能：Ͳ香香75Ͳ26香915；消耗电能转化为水吸收热量的效率：吸8.415香香193.3。Ͳ915故答案为：8.415；93.3。1知道水的体积，根据香㔮求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，根据吸香求出水吸收的热量；吸2知道足浴盆电功率，利用Ͳ香求消耗的电能；利用香求消耗电能转化为水吸收热量的效Ͳ率。本题考查了电功率公式和密度公式、吸热公式、效率公式的应用，是一道较为简单的电热综合题。16.答案：省力变小解析：解：1据图可知，动力臂OB大于阻力臂OA，所以该杠杆属于省力杠杆；2逐渐抬高引擎盖的过程中，重心A向左上方运动，重力的方向不变，由力臂的定义可知，重力的力臂会变小。故答案为：省力；变小。1动力臂大于阻力臂的杠杆叫省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆叫费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆叫等臂杠杆；2逐渐抬高引擎盖的过程中，根据重心的移动判定重力力臂的变化； 杠杆的分类是依据了其动力臂和阻力臂的大小关系，可分为省力、费力、等臂三种，据此来做出解答。17.答案：2.53解析：解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与0刻度线对齐，右侧在2.5和2.6中间，估读为2.53，所以木块的长度为香2.53．故答案为：2.53．使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．此题考查的是刻度尺的读数，在物理实验和实际生活中经常使用刻度尺，我们要熟练掌握其使用和读数方法．18.答案：2.413解析：解：由图甲知，石块的质量香2h4h香24h；由图乙知，水的体积为60ml，水和石块的体积为70ml，石块的体积㔮香76香1香13；24h333则香香香2.4h香2.41th；㔮13若先测小石块的体积，则由于石块上会沾有水，石块质量的测量值会偏大，所测的密度偏大，则21。故答案为：2.413；。根据甲图读出小石块的质量，等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；根据图乙读出水的体积、水和小石块的体积，从而计算出小石块的体积；根据香求出小石块的密度；㔮若先测小石块的体积，则石块上会沾有水，此时质量的测量值会偏大，所测的密度偏大。此题是测量零件的密度实验，实验中需用到天平和量筒来测量零件的质量和体积，所以考查了天平和量筒的使用、读数，考查了密度的计算，注意密度单位的换算。 19.答案：解析：首先根据光的反射定律作出入射光线，然后根据凹透镜的三条特殊光线作出折射光线。此题综合考查光的反射光路图和透镜光路图的画法，关键是掌握光的反射定律和凹透镜的三条特殊光线。首先过反射点A垂直于镜面作出法线，然后根据反射角等于入射角作出入射光线；因图中没有给出凹透镜的焦点，且要求画出大致的折射光线，所以，可在主光轴左侧上选一点作为凹透镜的焦点F；根据平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点作出折射光线。如图所示：。20.答案：10；右；投影仪；缩小；远离；上解析：本题考查了凸透镜成像实验注意事项、凸透镜成像规律的应用，熟悉实验、熟练掌握凸透镜成像规律是正确解题的关键．1要解决此题，要掌握凸透镜成像的规律，知道当香2此时，成倒立、等大的实像．2设凸透镜的焦距为f，物距为u，则凸透镜成像的规律为：当2此时，成倒立、缩小的实像，此时此2此.利用其可制成照相机．当香2此时，成倒立、等大的实像，此时香2此．当此2此时，成倒立、放大的实像，此时2此.利用其可制成幻灯机或投影仪．当香此时，无像．经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点．当此时，成正立、放大的虚像．利用其可制成放大镜．3据光路的可逆性分析判断即可解决；4近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用． 5实验过程中蜡烛由于燃烧而变短，则光屏上烛焰的像将向上移动．解：1据图可知，当物距为20cm时，成等大的倒立的实像，所以2此香2，则此香1；2将光屏放到80cm刻度线处，在光屏上能承接到清晰的像，即此时像处于2倍焦距以外，物体一定处于另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，故据图可知，应该将蜡烛右移动，此时成像的性质在实际中的应用是投影仪．3若在实验2基础上，将蜡烛和光屏的位置互换，即使得蜡烛处于2倍焦距以外，此时一定能成一个倒立、缩小的实像；4由于近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，所以通过凸透镜的光线比以前会聚得要晚了，像距更大了，因此要得到清晰的像，需将光屏远离凸透镜，即应向左移动光屏．5据实验过程可知，实验过程中蜡烛由于燃烧而变短，则光屏上烛焰的像将向上移动．故答案为：11；2右；投影仪；3缩小；4远离；5上．21.答案：17；温度不变；298；3不能；不能。解析：水的沸腾实验是初中热学中重要的实验，一般考查水沸腾前后气泡的变化、沸点、沸点和气压的关系、沸腾的条件、沸腾的特点、加热时间比较长的原因、器材、水沸腾的图象、温度计的正确使用和读数等等。1水从第5min开始沸腾，不断吸收热量，温度保持不变，所以第7min是错误的数据；2由表格数据知，水在沸腾时，保持98不变，所以此时水的沸点是98。3甲瓶中水从槽内水中吸热，温度升高直到1，这样甲瓶中的水温也能达到沸点，不过甲瓶中的水一旦与槽内的水温度相等，甲瓶中的水就无法吸热，不能沸腾。虽然乙瓶中水温同样可达到1，但乙瓶上端封闭，瓶内气压大于标准大气压。因为液体沸点随液面上气压的增大而增大，所以乙瓶中水的沸点高于1.这样乙瓶中水温达不到沸点，不能沸腾。故答案为：17；温度不变；298；3不能；不能。22.答案：74.1；动滑轮有重力或有用功相同时，使用动滑轮做的额外功多；摩擦；可以省力或 改变用力方向解析：本实验是探究滑轮组机械效率的基本实验，主要掌握机械效率公式的合理运用和影响机械效率大小的因素分析。要明确：影响机械效率大小的因素主要有三方向，分别是动滑轮的重力、摩擦等，据此结合实验图可对题目中的考查内容做出正确的判断。1由表格中的数据计算得：Ͳ有.2机械效率香香1％香74.1；Ͳ.27总2读图可知，第2次实验中滑轮为动滑轮，因此，由于动滑轮重力的存在，使额外功增加，机械效率降低；3读图可知，第2、3两次实验相比较，滑轮组的绕绳方法不同，使得其摩擦力的大小不同，这是造成其机械效率不同的主要因素；使用滑轮组可以省力，也可以改变用力的方向。故答案为：174.1；2动滑轮有重力或有用功相同时，使用动滑轮做的额外功多；3摩擦；可以省力或改变用力方向。23.答案：；A；.24；1.5；2.5；8.3；.75解析：1变阻器按一上一下接入电路中，如下图所示：2逐一分析每个选项，找出正确答案；3根据电表选用的小量程确定分度值读数；灯在额定电压下正常发光；4根据绘制了如图丙所示的图象，由图知找出灯的额定电压下的电流大小，由欧姆定律，求小灯泡正常发光时的电阻。 本题测量小灯泡电功率，考查电路的连接、故障分析、电表读数、操作过程和电阻的计算。1变阻器按一上一下接入电路中，如下图所示：2.若灯泡断路，灯不光，电流表没有示数，则电压表串联在电路中，测电源电压有示数，符合题意；.若灯泡短路，则电压表没有示数，电流表有示数，不符合题意；C.若滑动变阻器断路，则整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；.若滑动变阻器短路，灯发光，电压表测电源电压有示数，电流表有示数，不符合题意；故选A；3故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片在某一位置时，电流表、电压表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为.2，则此时通过小灯泡的电流是.24；电压表选用小量程，分度值为.1㔮，小灯泡两端的电压是1.5㔮；灯在额定电压下正常发光，若使小灯泡正常发光，则应调节滑动变阻器使电压表的示数为2.5㔮。4实验结束，琳琳小组根据实验数据绘制了如图丙所示的图象，由图知灯的额定电压下的电流为.3，由欧姆定律，则小灯泡正常发光时的电阻大约是：2.5㔮香香8.3，小灯泡的额定功率为：.3香香2.5㔮.3香.75Ͳ。故答案为：1如上图；2；3.24；1.5；2.5；48.3；.75。24.答案：解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。1灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。2三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。故答案为： 解析：1灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。2三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。25.答案：解：1水对容器底部的压强：香h香1.13th31th.17香1.713；水容器底部受到的压力为：香香1.7138132香13.6；21的重力为：ܩ1香1h香.185th1th香1.85；1浸没在水中，1受到三个力的共作用：竖直向下的重力ܩ1、竖直向上的支持力F和浮力浮；根据力的平衡条件可得ܩ1香浮，则1受到的浮力为：浮香ܩ1香1.85.6香1.25；由阿基米德原理可知，1排开的水的体积即1的体积为：浮1.2543㔮1香㔮排香h香1.13th31th香1.251；水32在水中的状态可能有三种情况：漂浮、悬浮或下沉；2漂浮时其密度小于水的密度，悬浮时其密度等于水的密度，下沉时其密度大于水的密度；由于本题求的是2的最小密度，故A2在水中处于漂浮状态时，其密度最小；将2缓慢浸入在水中，当水面上升至.2时，水对容器底部的压强是最大的；水面上方的体积即排开的水的体积为：㔮香香8132.2.17香2.41433.2143，2排此时2漂浮，2受到的浮力为：浮香ܩ2，即水h㔮2排香2h㔮2，带入数据得：1.13th31th2.4143香21th3.2143，解得2的最小密度：2香.7513th3。答：1水对容器底部的压力为13.6；21的体积为1.25143； 32的密度至少为.7513th3。解析：此题考查重力的计算、液体压强的计算、阿基米德原理、浮沉条件的应用，有一定的难度。1利用液体压强公式计算水对容器底部的压强；根据香求出压力大小；2对物体受力分析，根据重力和支持力求出浮力，根据阿基米德原理求出1的体积；3水面上升至.2时，水对容器底部的压强是最大的；根据底面积和高度求出水上方的体积，并与物体2的体积比较，从而判定2的浮沉状态；根据浮沉状态求出浮力；根据浮沉条件求出2的密度。226.答案：解：1由香可得，电热丝的电阻：222㔮2香香香8；65Ͳ2由表格数据可知，豆浆机正常工作一次，加热时间香8䁪香48，电动机工作时间香2䁪香12，Ͳ由香可得，豆浆机正常工作做一次豆浆，电流做功：Ͳ香香65Ͳ481Ͳ12香3.2415；3将家里的其它用电器都关闭，只有豆浆机的电热丝工作时，豆浆机的电热丝3min内消耗的电能：54Ͳ香tͲ香.25tͲ香91，实2电热丝的实际功率：Ͳ实914香香香5Ͳ，实36他家电路的实际电压：香香5Ͳ8香2㔮。实实答：1豆浆机正常工作电热丝电阻是8；2豆浆机正常工作做一次豆浆，电流做功3.2415；3他家电路的实际电压是200V。2解析：1由铭牌可知加热功率，根据香求出豆浆机正常工作电热丝电阻；2已知电动机的功率和加热的功率，从表格中可以看出各自的工作时间，根据公式Ͳ香求出消 耗的电能；3已知电能表每消耗1tͲ的电能转盘就转动3000r，可求转50转消耗的电能，已知工作时间，Ͳ2根据香求出电热丝的实际功率，根据香求出他家电路的实际电压。本题考查了电功率公式、电功公式的应用，明白电能表参数的含义和从表格、铭牌中获取有用的信息是关键。