2018年广西北部湾四市同城中考物理试题（解析版）

2018年广西北部湾四市同城中考物理试题（解析版）

‎2018年广西北部湾四市同城中考物理试卷 一、单项选择题 ‎1. 以下用品中，在通常情况下属于导体的是（ ）‎ A. 橡皮擦 B. 铅笔芯 C. 玻璃杯 D. 塑料尺 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、橡皮擦不容易导电，属于绝缘体，故A错误；‎ B、铅笔芯的材料是碳，容易导电，属于导体，故B正确；‎ C、玻璃杯不容易导电，属于绝缘体，故C错误；‎ D、塑料尺不容易导电，属于绝缘体；故D错误。‎ 故选B。‎ ‎【点睛】常见的导体为：金属、碳、酸碱盐溶液等，除了了解常见的导体和绝缘体以外，也要理解其原因，导体能导电是因为导体中含有大量的能够自由移动的电荷，而绝缘体中自由电荷很少，不足以形成电流。‎ ‎2. 如图所示，能解释“手影”形成的是（ ）‎ A. 光的反射 B. 光的折射 C. 光的直线传播 D. 平面镜成像 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】手影，即影子，光在直线传播的过程中无法绕过手而射向后面，所以形成了影子；‎ 即影子由光的直线传播形成。‎ 故C正确，ABD错误。‎ ‎【点睛】重点是光的直线传播、反射、折射所形成的现象，身边有很多例子，是比较容易区分的，注意理论联系实际，多总结。‎ ‎3. 关于安全用电，下列说法正确的是（ ）‎ A. 用湿布擦工作中的用电器 B. 维修家用电器前要切断电源 C. 发现有人触电时，立即用手把人拉开 D. 在户外遇到需雨天气时，躲在树下最安全 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、湿布是容易导电的物体，用湿布擦拭正在工作的用电器，容易引起人体触电，故A错误；‎ B、检查维修家用电器时，应将电源断开，以免触电，故B正确；‎ C、发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，故C错误；‎ D、突出于地面的物体更容易受到雷击，所以雷雨天，人如果在大树下避雨，可能造成雷击，故D错误。‎ 故选B。‎ ‎【点睛】重点是安全用电常识，要理解因为人是导体，才会触电，所以当有人触电时，不可直接去拉触电的人，这样施救者也会触电，而应先断开电源，再进行施救。‎ ‎4. 下列估测最符合实际的是（ ）‎ A. 一个苹果的质量约为500g B. 人的正常体温约为37℃‎ C. 一支铅笔的长度约为0.5 m D. 一节干电池的电压约为5V ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、三个苹果的质量约1斤=500g，一个苹果的质量在150g左右。故A不符合实际；‎ B、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故B符合实际；‎ C、一支铅笔的长度在17cm左右，而0.5 m=50cm太长了。故C不符合实际；‎ D、一节干电池的电压是1.5V．故D不符合实际。‎ 故选B。‎ ‎【点睛】此类型的题目要求对所学的物理量有熟悉的认知，特别是单位大小要认识清楚，要多注意理论联系实际，生活中留心积累。‎ ‎5. 如图所示，在探究“串联电路电压的关系”时，闭合开关S后，电压表V1的示数是2.5V，V2的示数是3.8V，则电压表V3的示数是（ ）‎ A. 1.3V B. 2.5V C. 3.8V D. 6.3V ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】根据电路图可知，电压表V1测的是灯L1两端电压，V2测的是灯L2两端电压，V测电源两端电压，由于串联电路总电压等于各部分两端电压之和，因此V3的示数为：3.8V+2.5V＝6.3V。故选D。‎ ‎6. 下列有关声的说法，正确的是（ ）‎ A. 老师讲课的声音是由声带的振动产生的 B. 学校附近禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声 C. “闻其声，知其人”是根据声音的音调判断的 D. 医生通过听诊器给病人诊病是利用声波传递能量 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A、声音由振动产生，老师讲课的声音是由声带振动产生的，故A正确；‎ B、“禁止鸣笛”，是在声源处减弱噪声，故B错误；‎ C、不同人的音色不同，因此“闻其声而知其人”是根据声音的音色来判断的，故C错误；‎ D、医生通过听诊器给病人诊病是利用声波可以传递信息，故D错误。‎ 故选A。‎ ‎【点睛】注意能正确区分声音的三个特征，即音调、响度、音色，其中音色是发声体特有的特征，由声源振动的材料、方式等决定，可以用来区分声源。‎ ‎7. 如图所示，使用手机摄像头扫描維码时，成缩小的实像。下列仪器成像特点与共相同的是（） 学。科。网...学。科。网...学。科。网...学。科。网...学。科。网...‎ 学。科。网...学。科。网...学。科。网...学。科。网...学。科。网...‎ A. 放大镜 B. 照相机 C. 投影仪 D. 显微镜 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】手机摄像头是一个凸透镜，使用手机摄像头扫描維码时，成倒立缩小的实像。‎ A、放大镜是利用凸透镜成正立、放大的虚像工作的。不符合题意。‎ B、照相机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的。符合题意；‎ C、投影仪利用凸透镜成倒立、放大的实像工作的。不符合题意。‎ D、由显微镜成像原理知：物体经物镜折射后，成倒立放大的实像，这个像正好处在目镜的焦点之内，又经目镜成正立、放大的虚像，此时的目镜相当于一个放大镜，故不符合题意。‎ 故选B。‎ ‎【点睛】重点是凸透镜成像的应用，要牢记凸透镜成像规律，是常考试的内容，有些同学总是记不住，要下点功夫，可以结合成像光路图进行练习、记忆。‎ ‎8. 体育测试中，小明立定跳远的运动轨迹如图所示，他在上升过程中（） ‎ A. 动能减小 B. 动能增大 C. 重力势能减小 D. 重力势能不变 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】小明立定跳远的运动轨迹如图所示，在上升过程中质量不变，速度变小，动能变小；‎ 同时高度升高，重力势能增大。‎ 即动能减小，重力势能增大。‎ 故A正确，BCD错误。‎ ‎【点睛】重点是影响动能和重力势能大小的因素，当质量不变时，速度增大，动能增大，速度减小，动能减小；高度增加，重力势能增大，高度降低，重力势能减小。‎ ‎9. “发电鞋”是一种新型科研产品，其内部安装有磁铁和线圈，当人行走时带动磁铁运动，线圈中就产生了感应电流，“发电鞋”的工作原理（ ）‎ A. 电磁感应 B. 电流的磁效应 C. 电流的热效应 D. 磁场对电流的作用 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】由题意可知，人在行走时，人体带动磁铁运动，磁铁产生的磁场通过线圈，线圈能够切割磁感线运动，从而产生感应电流。‎ 所以“发电鞋”是利用电磁感应原理制成的。‎ 故A正确，BCD错误。‎ 故选A。‎ ‎【点睛】重点电磁感应现象的判断，在初中物理中能产生“电”的现象有两个，一是摩擦起电，二是电磁感应原理，而要能形成稳定的电流，就只有电磁感应现象，据此进行判断。‎ ‎10. 生活中的热现象随处可见，下列说法不正确的是（ ）‎ A. 夏天洒水降温，是利用水蒸发吸热 B. 冬天搓手取暖，说明做功可以改变内能 C. 海边昼夜温差小，是因为海水的比热容小 D. 端午节米棕飘香，说明分子不停做热运动 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、蒸发为吸热过程。所以炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，故A正确；‎ B、冬天搓手取暖，两手摩擦做功，手的内能增加温度升高，说明做功可以改变内能。故B正确；‎ C、沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，故昼夜温差小。故C错误；‎ D、端午粽子飘香，即扩散现象，说明粽子的香味分子在做永不停息的无规则运动。故D正确。‎ 故选：C。‎ ‎【点睛】注意理解水的比热容的物理意义及其在生产、生活中的应用，总结水的比热容较大的应用实例，如作为热机的冷却物质，作为北方冬季的取暖物质，本题中解释海陆性质的不同等。‎ ‎11. 如图是一款既能健身又低碳的“共享单车”，它是互联网、智能手机、GPS定位系統和单车的资源整合，关于“共享单车“，下列说法正确的是（ ）‎ A. 单车手把上的花纹是为了减小摩擦 B. 单车坐垫设计为较宽，目的是为了增大压强 C. 以行驶单车为参照物，路边的房屋是静止的 D. GPS通过电磁波把单车的位置信息传递统信息处理中心 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、单车的轮胎上的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的，故A错误；‎ B、单车坐垫设计为较宽，目的是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B错误；‎ C、以行驶的单车为参照物，路边的房屋与单车之间发生了位置变化，是运动的。故C错误；‎ D、电磁波被广泛应用于信息的传递，特别是真空中的信息传递都要依靠电磁波，GPS就是通过电磁波把单车的位置信息传递给信息处理中心的，故D正确；‎ 故选：D。‎ ‎【点睛】体会电磁波被广泛应用于传递信息的特点，想想我们身边充满了各种电磁波，如；手机信号、广播电视信号、卫星通信等，电磁波的使用方便了人们的通信和信息的获取，要知道远距离的无线通信都是使用的电磁波。‎ ‎12. “歼15”飞机在“辽宁号”航母上进行起降训练。下列说法正确的是（ ）‎ A. 飞机减速降落，机械能增大 B. 飞机静止在航母上，没有惯性 C. 飞机加速起飞，运动状态保持不变 D. 飞机空中飞行，机翼上方空气流速大压强小 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、飞机减速降落的过程中，质量不变，速度减小，动能减小，同时高度减小，重力势能减小，动能和势能之和为机械能，所以机械能减小，故A错误；‎ B、物体在任何时候都有惯性，停在甲板上的飞机仍然具有惯性，故B错误；‎ C、飞机起飞的过程中，速度越来越块，飞机的运动状态改变了，故C错误；‎ D、空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于机翼上表面弯曲，下表面平直，空气通过机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，使飞机受到一个向上的升力，故D正确。‎ 故选：D。‎ ‎【点睛】注意对惯性的理解，惯性是物体的基本属性，与物体的运动状态无关，与质量大小有关，所以物体在任何时候、任何状态下都具有惯性，且惯性不是力，不能说成：受到惯性作用，而应该描述成：具有惯性。‎ ‎13. 甲、乙两种物体的质量和体积的关系图象如图所示，则甲、乙两物体的密度之比是（ ）‎ A. 8：1 B. 4：3 C. 4：1 D. 2：1‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】当体积为V甲＝1cm3时，对应的m甲＝8g，则甲的密度ρ甲＝＝＝8g/cm3，当体积为V乙＝2cm3时，对应的m乙＝2g，则乙的密度ρ乙＝＝＝1g/cm3，所以密度之比：＝＝.故选A.‎ ‎【点睛】根据图象分别读出体积和质量，利用公式ρ＝分别求出甲乙的密度，然后再求甲、乙两种物质密度之比．‎ ‎14. 如图所示，汽车装有日间行车灯可以提高行车安全，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起：再闭合S2车前大灯L2也亮起。符合这一情况的电路图是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．由电路图可知，只闭合S1时，两灯泡均不亮，故A不符合题意；‎ B．由电路图可知，只闭合S1时，两灯泡都亮，再闭合S2时，L1不亮，故B不符合题意；‎ C．由电路图可知，只闭合S1时，近灯光L2亮，再闭合S2时，日间行车灯L1亮，故C不符合题意；‎ D．由电路图可知，只闭合S1时，日间行车灯L1亮，再闭合S2时，近灯光L2亮，故D符合题意。‎ 故选：D。‎ ‎【点睛】重点是根据题意设计电路，判断电路的正误，注意并联电路特征的应用，理解S1闭合，日间行车灯L1立即亮起，再闭合S2车前大灯L2也亮起。说明两灯并联，且S1位于干路，S2单独控制L2。‎ ‎15. 如图所示电路，电源电压保持不变，开关S闭合后，再闭合开关S1时，发生变化的是（ ）‎ A. 灯L的亮度 B. 电压表V的示数 C. 电流表A的示数 D. 电流表A1的示数 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】开关S单独闭合后，电路为灯的简单电路，两电流表串联都测灯的电流，电压表测电源电压；‎ 再闭合开关S1时，灯与电阻并联，电流表A1测灯的电流，电流表A测并联电路的总电流，电压表仍然测电源电压，所以电压表V的示数保持不变，故B错误；‎ 灯泡两端的电压始终等于电源电压，由欧姆定律可知，通过灯泡的电流不变，即A1的示数不变，故D错误；‎ 根据知，灯的电压和电流不变，功率也不变，亮度不变，故A错误；‎ 根据并联电路电流的规律可知，干路电流增大，即电流表A的示数等于灯的电流加上定值电阻的电流，所以示数变大，故C正确；‎ 故选：C。‎ ‎【点睛】重点是欧姆定律和并联电路电流的应用，关键是读懂电路图，明确电压表测量电源电压，再根据并联电路的电流关系就很容易判断了。‎ ‎16. 在探究“杠杆平衡条件“实验中，杠杆在力F作用下水平平衡，如图所示，现将弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，杠杆始终保持水平平衡，则拉力F与其力臂的乘积变化情况是（ ）‎ A. 一直变小 B. 一直变大 C. 一直不变 D. 先变小后变大 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】根据杠杆的平衡条件解答。‎ 将测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，钩码的重力不变，其力臂OA不变，即阻力与阻力臂的乘积不变；‎ 由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件可知，拉力F与其力臂的乘积也是不变的。‎ 故选：C。‎ ‎【点睛】重点是杠杆平衡条件的应用，要理解当力与杠杆垂直时，力臂是最长的，倾斜后力臂会变短，正是由于杠杆保持平衡，所以力臂减小的同时，拉力要增大。‎ 二、填空题 ‎17. 用吸管“吸”盒装牛奶时，牛奶是在_______作用下被“吸“入口中的；吸完牛奶后，盒子变扁了，说明力可以改变物休的_______。‎ ‎【答案】 (1). 大气压 (2). 形状 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）用吸管“吸”牛奶时，吸出了部分空气，所以吸管内气压减小，小于外界大气压，牛奶在外界大气压的作用下被“吸”入口中的；‎ ‎（2）吸完牛奶后，盒子变扁了，说明力可以改变物体的形状。‎ ‎【点睛】理解用吸管“吸”牛奶时，利用了大气压的作用。详细解释的话，还利用了气体压强与体积的关系，即吸管与口、肺部连通，胸腔扩张时，体积增大，压强减小，小于外界大气压，牛奶在大气压的作用下进入口中。‎ ‎18. 海波在熔化过程中不断吸热，温度_______（选填“升高“或“不变”）；说明海波属于_______（选填“晶体”或“非晶体”）‎ ‎【答案】 (1). 不变 (2). 晶体 ‎【解析】‎ ‎【详解】根据晶体和非晶体熔化时的不同点进行判断。‎ 海波在熔化过程中，不断吸收热量，而温度是不变的，说明有固定的熔点，所以海波属于晶体；‎ 如果是非晶体，没有固定的熔化温度。‎ ‎【点睛】晶体和非晶体的区别就在于晶体有一定的熔化温度，当熔化完以前，温度是不会升高的，即晶体熔化时吸热，温度不变，而非晶体没有固定的熔化温度，在一定的温度范围内，熔化时会慢慢变软，变烯，最后完全变为液态，要牢记这些特点区分晶体和非晶体。‎ ‎19. 如图所示，磁悬浮地球仪应用了_______（选填“同”或“异”）名磁极相互排斥的规律：磁悬浮地球仪悬浮静止时，底座对地球仪的斥力与地球仪受到的重力_______（选填“是“或“不是”）一对平衡力。‎ ‎【答案】 (1). 同 (2). 是 ‎【解析】‎ ‎【详解】同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。‎ 因为球体与底座是相互分离的，所以球体与底座之间一定是相互排斥的，即该悬浮地球仪是利用的同名磁极相互排斥的原理制成的；‎ 因为球体静止在空中时受两个力的作用，一个是竖直向下的重力，一个是竖直向上的底座对它的斥力。在这两个力的作用下地球仪保持静止，所以这两个力是一对平衡力。‎ ‎【点睛】牢记二力平衡的条件是：二力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上。且要注意与相互作用力区分清楚。‎ ‎20. 可燃冰，石油、煤都属于_______（选填“可“或“不可”）再生能源。若可燃冰的热值为4×107J/m3，完全燃烧lm3的可燃冰可放出的热量是_______J，这些热量有60%被水吸收，可把_______kg的水从20℃加热到80℃．[水的比热容C=4.2×103J/（kg℃）]‎ ‎【答案】 (1). 不可 (2). 4×l07 (3). 95.2‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）可燃冰、石油、煤开发使用后，会越来越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们都属于不可再生能源；‎ ‎（2）1m3天然气完全燃烧产生热量：‎ ‎；‎ ‎（3）由题知，水吸收的热量：‎ ‎；‎ 根据可得加热水的质量：‎ ‎。‎ ‎【点睛】重点是吸热公式和热值公式的应用，注意利用效率将吸热和放热联系起来，公式应用时单位要统一，一般都使用主单位，特别是热值公式应用时，有时要用到体积，有时要用到质量，要统一单位后再计算。‎ ‎21. 图是智能扶手电梯工作原理图，其中R是压敏电阻，电磁铁上端是_______极。电梯无乘客时，电磁铁磁性极弱，衔铁与触点1接触；当有乘客时，R的阻值减小，磁性变_______（选填“强”或“弱”），使衔铁与接触点2接触，通过电动机的电流变_______（选填“大”或“小”），电动机转动变快，使电梯运动变快。‎ ‎【答案】 (1). S (2). 强 (3). 大 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）读图可知，电流从电磁铁的上端流入，根据安培定则，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的下方为螺线管的N极，则上端为S极；‎ ‎（2）当有人走上电梯后，压力增大，压敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性变强，则衔铁被吸下，与触点2接触；‎ 此时电阻R1不接入电路，电动机两端直接与电源连接，电压增大为电源电压，通过电动机的电流变大，电动机转速变快，使电梯运动变快。‎ ‎【点睛】右手螺旋定则（安培定则）应用时，要注意四指弯曲指向电流的方向，千万不要理解成线圈的绕向，有同学容易在这点混淆，有个简单的方法，即使用右手螺旋定则前先把电流方向标在线圈上。‎ ‎22. 如图所示，桌子上有一个底面积为2×10﹣2m2、内盛有某液体的圆柱形容器，物块A（不吸液体）漂浮在液面上，则A的密度_______（选填“大于”、“小于”“等于”）液体的密度，若A的密度为0.5×103kg/m3，体积为4×10﹣4m3则A的质量为_______kg．现用力压A，使其缓慢向下，直到恰好浸没在液体中（液体未溢出），此时液体对容器底部压强增大了80Pa，则该液体的密度为_______kg/m3。‎ ‎【答案】 (1). 小于 (2). 0.2 (3). 0.9×103kg/m3‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）已知物块A（不吸液体）漂浮在液面上，则，‎ 即，‎ 因为，‎ 所以；‎ 或直接根据浮沉条件也可知，漂浮时A的密度小于液体的密度。‎ ‎（2）根据可得，A的质量为：‎ ‎；‎ ‎（3）现用力压A，使其缓慢向下，直到恰好浸没在液体中（液体未溢出），此时液体对容器底部压强增大了80Pa。‎ 根据得增大的压力为：‎ ‎；‎ 增大的压力即物体A液面以上部分排开液体的重，等于浸没时排开液体的重与A的重之差，即：‎ 解得：。‎ ‎【点睛】第三问是个难点，关键是理解物体A被压入液体中时，液面上的部分排开液体的重即为增大的压力，即浸没时排开液体的重与物体A的重之差为增大的压力，列出关系式即可求解。‎ 三、作图与简答题 ‎23. 在图中画出南瓜受到重力G的示意图。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 解答：‎ 由图可知，重力的作用点在其重心上，方向是竖直向下的，表示符号为G；如图所示：‎ 点睛：用一条带箭头的线段表示力的大小和方向即是力的示意图，重力的方向是竖直向下的，作用点在其重心上，重力的表示符号为G．‎ ‎24. 用笔画线代替导线将图中的电灯、开关接入家庭电路。‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 火线首先进入开关，然后接到到灯泡顶端的金属点；零线直接接到灯泡的螺旋套，这样在更换灯泡时更安全，接法如下图所示：‎ 考点：家庭电路的连接 ‎25. 夏天，冰淇淋从冰箱取出来后不久，其包装纸表面会变湿，这是为什么？把装水的玻璃瓶密封后放入冰箱的冷冻段时间。玻璃容易破裂，这又是为什么？请用学过的物理知识解释这两个现象。‎ ‎【答案】（1）夏天，冰淇淋从冰箱取出来后不久，其包装纸表面会变湿，是空气中的水蒸气遇到温度低的冰淇淋包装纸，在其表面液化为小水滴。（2）把装水的玻璃瓶密封后放入冰箱的冷冻段时间，玻璃容易破裂，是由于水凝固后体积变大，将玻璃涨破。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）利用液化的知识分析解答：‎ 从冰箱取出来的冰淇淋，温度比空气温度低的多，所以空气中的水蒸气遇到温度很低的冰淇淋包装纸会液化变成小水珠，所以包装纸表面会变湿。‎ ‎（2）利用水凝固后，冰的密度变小，体积变大来解答。‎ 把装水的玻璃瓶密封后放入冰箱的冷冻一段时间后，水会凝固结冰，而冰的密度小于水的密度，但质量不变，所以体积会变大，由于体积变大，所以玻璃容易破裂。‎ ‎【点睛】重点是液化和凝固的有关知识，生活中常见的液化属于降低温度液化，所以常用“水蒸气遇冷液化”来解释；另外要清楚水凝固结冰后，体积是变大的，所以容易胀裂容器。‎ 四、实验与探究题 ‎26. 利用如图装置进行探究光的反射规律实验 ‎（1）让一束光贴着纸板A沿EO方向射向镜面，在纸板B上可看到光线沿OF方向射出，在纸板上：用笔描出光线EO和OF的轨迹，则EO与垂直镜面的直线ON的夹角i是选填_______。（“入射角”成“反射角”）‎ ‎（2）多次改变入射角的大小，测得实验数据如下表 分析数据可得：反射角_______（选填“大于”、“小于”或“等于”）入射角：当入射角变大时，光线OF ‎_______（选填“远离”或“靠近”）直线ON。‎ ‎（3）以直线ON为轴线。把纸板B向前或向后折，在纸板B上_______（选填“能”或“不能”）看到反射光线OF，由此说明反射光线、入射光线与法线在_______（选填“同一”或“不同”）平面内。‎ ‎（4）实验中，从教室各个方向都能见察到粗糙纸板表面反射的光线，这种反射属于_______（选填“镜面反射”或“漫反射）‎ ‎【答案】 (1). 入射角 (2). 等于 (3). 远离 (4). 不能 (5). 同一 (6). 漫反射 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）ON垂直镜面，所以是法线，EO是入射光线，所以夹角i为入射角；（2）由表中数据可知，多次改变入射光线的方向，反射角等于入射角；当入射角变大时，反射角也增大，故光线OF远离直线ON。（3）当两块硬纸板在一个平面内时，看以看到入射光线和反射光线，将硬纸板F向后折转一个角度后，看不到反射光线，由此说明入射光线、反射光线和法线在同一个平面内。（4）黑板上的字是为了各个方向的同学都能看见，所以光照到上面是发生了漫反射。‎ ‎【点睛】（1）入射光线与法线的夹角即为入射角；（2）分析表中数据，得出结论；（3）知道反射光线、入射光线和法线在同一平面内，为验证这个结论，可以将纸板沿法线方向向前或向后折；（4）漫反射时反射光线射向各个方向，所以我们能从各个不同方向看到本身不发光的物体。‎ ‎27. 在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，提出如下猜想 猜想1：浮力的大小可能与液体的密度有关 猜想2：浮力的大小可能与物体的重力有关 猜想3：浮力的人小可能与物体的形状有关 猜想4：浮力的大小可能与排开液体的体积有关 ‎（1）如图所示，用手把饮料罐按入水中，饮料料罐浸入水中越深，手会感到越吃力。这个事实可以支持以上猜想_______（选填序号）‎ ‎（2）为了研究猜想1和猜想2，运用了体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N，4.5N和5N．然后进行如图所示的实验。‎ ‎①在序号a的实验中物所受的浮力为_______N。‎ ‎②比较序号_______，_______，e的三次实验，可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关。‎ ‎③进一步分析可知：液体的密度越大，物体所受的浮力越_______；‎ ‎④比较序号a、b、c的三次实验，可得出结论：浮力的大小与物体的重力_______关。‎ ‎（3）为了研究猜想3，小明用两块相同的橡皮泥分别捏成圆锥体和圆柱体进行如图所示的实验、由此小明得出的结论是：浮力的大小与物体的形状有关，小珍认为这结论不可靠，主要原因是_______。‎ ‎【答案】 (1). 4 (2). 1 (3). a (4). d (5). 大 (6). 无 (7). 没有控制变量唯一 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）用手把空的饮料罐按入水中，手就会感受到竖直向上的浮力，越往下按，浮力越大，手会感到越吃力；‎ 空饮料罐向下按入的过程中，水面会升高，空饮料罐排开水的体积增大，由此得出：浮力的大小与物体排开液体的体积有关，即这个事实可以支持猜想4。‎ ‎（2）①物体的重力为G，a中弹簧测力计的示数为3N，‎ 则物体受到的浮力为：；‎ ‎②要探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制同一物体、排开液体的体积相同，改变液体的密度，图中a、d、e三图符合要求；‎ ‎③a图物体浸没在水中，受到的浮力为：；‎ d图物体浸没在酒精中，受到的浮力为：；‎ e图中物体浸没在盐水中，受到的浮力为：；‎ 所以同一物体在盐水浮力最大、酒精中受到的浮力最小，又因为盐水的密度最大，酒精的密度最小。所以可以得出：液体的密度越大，物体所变的浮力越大；‎ ‎④序号为a、b、c的三次实验中，物体的体积和浸没的液体都相同，不同的是物体的重力；‎ 由图可知测力计的示数分别为：3N、3.5N、4N，而三个圆柱形物体A、B、C的重分别为4N、4.5N和5N，根据称重法求浮力的原理，即知，所受浮力分别为1N、1N、1N，可见浮力相等，于是可得结论是：浮力的大小与物体的重力无关；‎ ‎（3）根据控制变量法的思想：要研究浮力大小与物体形状的关系，必须保证排开液体的体积和液体的密度不变，小明实验中改变了形状，但没有控制排开水的体积相同，故小珍认为小明的结论不可靠，不可靠主要原因为没有控制变量唯一，即没有控制排开液体的体积相同。‎ ‎【点睛】重点是研究浮力大小与哪些因素有关的实验，注意实验中控制变量法的应用，当一个结果受多个因素的影响时都使用此方法进行实验，实验时让一个因素变化，而其它因素都控制相等或相同即控制变量。‎ ‎28. 在测量小灯泡的电阻的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。‎ ‎（1）为了测量更精确。电压表应选择的量程是0﹣_______（选填“3”或“15”）V。‎ ‎（2）小明按图甲连接好电路后，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡都不亮，电流表有示数，电压表无示数。则故障原因可能是小灯泡_______（选填“短路”或“断路”）‎ ‎（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，为_______A。‎ ‎（4）接着调节滑动变阻器滑片，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，小灯泡变暗直至完全不发光，测量数据如下表所示。‎ 综合分析可知，实验中滑动变阻器的滑片逐渐向_______（选填“左”或“右“）端滑动：随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变_______（选填“大”或“小”）。‎ ‎（5）小明还设计了如图丙所示的电路，测出另一小灯泡的额定功率。已知滑动变阳器R1的最大阻值为R0，小灯泡的额定电压为U额．请完成下列实验步骤：‎ ‎①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额；‎ ‎②接着_______；‎ ‎③调节R1的滑片调至最左端，记下电压表示数U1；将R1的滑片调至最右端，记下电压表示数为U2，小灯泡额定功率的表达式：P=_______（用R0、U额，U1、U2表示）‎ ‎【答案】 (1). 3 (2). 短路 (3). 0.3 (4). 左 (5). 小 (6). 保持变阻器R1的滑片位置不动，断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表不变 (7). （U1﹣U2）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）灯的额定电压为3V，故为了测量更精确电压表应选择的量程是0﹣3V。‎ ‎（2）若小灯泡短路，灯不亮，电路为通路，电流表有示数，电压表没有示数，符合题意；‎ 若小灯泡断路，则电压表串联在电路中，电流表没有示数，电压表与电源连通测电源电压有示数，不符合题意；‎ 所以故障原因可能是小灯泡短路；‎ ‎（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，读数为0.3A；‎ ‎（4）根据表中数据，电路中的电流越来越小，由欧姆定律，电路的总电阻越来越大，故实验中滑动变阻器的滑片逐渐向左端滑动；‎ 根据由欧姆定律的变形式，计算灯的电阻分别为8.3Ω、8.1Ω、7.1Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣2.0Ω，所以随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变小；‎ ‎（5）小明还设计了如图丙所示的电路，测出另一小灯泡的额定功率。已知滑动变阳器R1的最大阻值为R0，小灯泡的额定电压为U额．请完成下列实验步骤：‎ ‎①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额；‎ ‎②接着，保持变阻器R1的滑片位置不动，再断开S1闭合S2，移动变阻器R2使电压表示数不变；‎ 根据等效替代的原理知，此时R2=RL；‎ ‎③将R1的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R1的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，‎ 在③中，将R1的滑片P调至最左端，R1连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U1即为电源电压；再将R1的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U2，即为R2的电压，‎ 根据串联电路电流相等和欧姆定律可得：，‎ 解得，；‎ 根据得小灯泡额定功率的表达式：‎ ‎。‎ ‎【点睛】重点是测量小灯泡电阻和电功率的实验，难点是最后一问缺少电流表时，结合滑动变阻器R1的最大阻值，根据最后两次电压表的示数差可知滑动变阻器R1的的电压，再结合欧姆定律把R2表示出来，进而得出功率的表达式。体会实验中利用了等效法。‎ 五、计算应用题 ‎29. 如图是一款新研发的机器人。若机器人重为15N，与地面的接触面积是1×10﹣3m2，牵引力大小是I0N、机器人在水平地面上沿直线行走l0m，用时100s。求：‎ ‎（1）机器人行走的平均速度；‎ ‎（2）机器人牵引力做的功；‎ ‎（3）机器人静止时对水平面的压强。‎ ‎【答案】（1）0.1m/s；（2）100J；（3）1.5×104Pa ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）沿直线行走l0m，用时100s。机器人行走的平均速度为：‎ ‎；‎ ‎（2）牵引力大小是I0N、机器人在水平地面上沿直线行走l0m，机器人牵引力做的功：‎ ‎；‎ ‎（3）机器人静止时对水平面的压力等于自身重力：‎ 受力面积为：‎ 所以对地面的压强为：‎ ‎。‎ ‎【点睛】重点是速度、功、压强的计算，都是公式的最基本应用，难度不大，要注意理解，放在水平面的物体，对地面的压力等于身处的重力。‎ ‎30. 如图甲是定值电阻R0和有“6V 6W”灯泡L的信息图象。将它们接入图乙所示的电路，其中电源电压不变，滑动变阻器R最大阻值为8Ω，当只闭合开关S、S1，滑片P位于R最右端时，灯泡L的实际功率为lW．求： ‎ ‎（1）R0的阻值；‎ ‎（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量；‎ ‎（3）电源电压；‎ ‎（4）电路消耗的最大电功率。‎ ‎【答案】（1）10Ω；（2）600J；（3）6V；（4）9.6W ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）根据图甲知，2V时，通过R0的电流为0.2A，根据欧姆定律得R0的电阻：‎ ‎；‎ ‎（2）灯泡正常发光100s，电流通过灯泡产生的热量等于电流做的功，即：‎ ‎；‎ ‎（3）当只闭合开关S、S1，滑片P位于R最右端时，灯泡L与R最大值串联；‎ 灯泡L的实际功率为lW，由结合图甲可得，此时UL=2V，IL=0.5A；‎ 根据可得滑动变阻器两端的电压：‎ 电源电压等于灯泡L的电压与R两端的电压之和，即电源电压为：‎ ‎；‎ ‎（4）电源电压为6V，当三个开关都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电路电阻最小，灯与R0并联，两端电压都为6V，此时功率最大；‎ 灯正确工作，功率为6W；‎ R0的功率为：；‎ 电路消耗的最大电功率：‎ ‎。‎ ‎【点睛】重点是欧姆定律和电功率的计算，注意熟练应用串、并联电路的电压和电流特点，都是电路的最基本规律，另外把电路图读懂是关键，要清楚不同的开关闭合时电路的连接情况。‎ ‎31. 如图所示，实心物体A漂浮在水面上，现利用电动机通过滑轮组拉动A，使A向下运动。已知A的体积为1m3，密度为0.5×103kg/m3．动滑轮重为1×103N，电动机工作时拉绳子的功率为1.2×103w且保持不变，不计绳重、摩擦和水的阻力，求：‎ ‎（1）A的重力；‎ ‎（2）A浸没在水中受到的浮力；‎ ‎（3）A向下运动的最小速度；‎ ‎（4）A向下运动过程中，滑轮组机械效率的最大值。‎ ‎【答案】（1）5000N；（2）1×104N；（3）0.2m/s；（4）答案见解析 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由可得，A的质量：‎ ‎；‎ A的重力：‎ ‎；‎ ‎（2）A浸没在水中，‎ A浸没在水中受到的浮力：‎ ‎；‎ ‎（3）由图知，3段绳子拉着动滑轮，当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大，电动机对绳子的拉力：‎ ‎，‎ 由可得，绳端移动的最小速度：‎ ‎；‎ 则A向下运动的最小速度：‎ ‎；‎ ‎（4）当A完全浸没时绳子对物体A拉力最大，效率最高；‎ A向下运动过程中的有用功：‎ ‎，‎ 总功为：‎ 所以最高机械效率为：‎ ‎。‎ ‎【点睛】重点是重力、浮力、功率、效率的计算，要用到滑轮组拉力与绳子段数的关系，以及效率什么时候最高的知识，求效率时要理解，动滑轮拉物体做的是有用功，动力对动滑轮做的功为总功，然后可得效率。‎