贵州省铜仁市思南县思南中学2019-2020学年高二上学期9月月考生物试题

贵州省铜仁市思南县思南中学2019-2020学年高二上学期9月月考生物试题

思南中学2019-2020学年度第一学期高二生物第一次月考 一、选择题 ‎1.下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是( )‎ A. 孟德尔在豌豆开花时进行去雄和人工授粉，实现亲本的杂交 B. 孟德尔研究豌豆花的构造，但无需考虑雌蕊、雄蕊的发育程度 C. 孟德尔根据亲本中不同个体表现出来的性状来判断亲本是否纯合 D. 孟德尔利用了豌豆自花传粉、闭花受粉的特性 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题主要考查孟德尔实验的有关知识： 碗豆是自花闭花授粉的，可避免其他植珠花粉干扰，做杂交实验时则必须对母本去雄，进行人工授粉；解释实验现象时，提出的假说是：在生物体的体细胞中，控制同一性状的遗传因子成对存在，不相融合；在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代．通过测交实验验证演绎推理的结论，测交的结果是，子代出现两种基因型，比例为1：1；孟德尔在进行豌豆杂交实验时，对不同世代的不同性状的个体数目都进行了记载，并用统计学的方法进行了分析。‎ ‎【详解】A、豌豆是自花传粉，闭花授粉，为实现亲本杂交，应在开花前去雄，A错误； B、研究花的构造必须研究雌雄蕊的发育程度，B错误； C、不能根据表现型判断亲本是否纯合，因为显性杂合子和显性纯合子表型一样，C错误； D、孟德尔以豌豆作为实验材料，利用了豌豆自花传粉，闭花受粉的特性，这样可避免外来花粉的干扰，D正确。 故选：D。‎ ‎2.在孟德尔一对相对性状的遗传实验中，不影响子二代出现3：1性状分离比的情况是 A. 显性基因相对于隐性基因不完全显性 B. 子二代各种基因型个体的存活能力有差异 C. 在子一代产生子二代的实验中未进行去雄和套袋处理 D. 子一代产生的雄配子中各种类型配子活力有差异，雌配子无差异 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在一对相对性状（一对等位基因控制）的遗传实验中，亲本P为AA×aa→F1，F1为Aa，Aa自交得F2为AA：Aa：aa=1：2：1，若这对相对性状存在完全显性关系，则F2出现3：1的性状分离比，若F2出现1：2：1的性状分离比，则说明这对相对性状存在不完全显性关系。‎ ‎【详解】显性基因相对于隐性基因为完全显性，否则会出现1：2：1的性状分离比，A错误；F2各基因型个体的存活率必须相等是出现3：1性状分离比的前提条件，B错误；在子一代产生子二代的实验中未进行去雄和套袋处理，C正确；子一代产生的雌配子和雄配子中2种类型配子活力无差异，且雌雄配子结合的机会相等，D错误。故选C。‎ ‎【点睛】本题考查基因分离定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能根据题干信息准确判断这对相对性状是否存在完全显性关系，再根据题干中数据得出正确的答案。‎ ‎3.下列说法不符合孟德尔对分离现象的解释的是（　　）‎ A. 生殖细胞中遗传因子是成对存在的 B. 生物的性状是由遗传因子决定的 C. 在形成配子时，成对的遗传因子分离 D. 雌雄配子的结合是随机的 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 孟德尔对一对相对性状的杂交实验的解释：（1）生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；（2）体细胞中的遗传因子成对存在；（3）配子中的遗传因子成单存在；（4）受精时，雌雄配子随机结合。‎ ‎【详解】A、孟德尔认为遗传因子在生殖细胞中成单存在，在体细胞中遗传因子是成对存在的，A错误； B、孟德尔认为生物的性状是由遗传因子决定的，B正确； C、在形成配子时，成对的遗传因子分离，配子中只含有每对遗传因子中的一个，C正确； D、孟德尔认为受精时，雌雄配子的结合是随机的，D正确。 故选：A。‎ ‎4. 在一对相对性状的遗传实验中，下列叙述正确的是（ ）‎ A. 纯合子测交，F1代不发生性状分离 B. 纯合子自交，F1代发生性状分离 C. 杂合子测交，F1代不发生性状分离 D. 杂合子自交，F1代不发生性状分离 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 纯合子测交，F1代不发生性状分离，A正确；纯合子能稳定遗传，其自交后代不会发生性状分离，B错误；杂合子测交，F1代会发生性状分离，C错误；杂合子自交，F1代会发生性状分离，D错误。‎ ‎5.采用下列哪组方法可以依次解决①至④中的遗传问题（ ）‎ ‎①在一对相对性状中区分显性和隐性 ②鉴定一只白羊是不是纯种 ③检验杂种F1的遗传因子组成 ④不断提高小麦抗病（显性性状）品种的纯度 A. 杂交、自交、测交、测交 B. 测交、杂交、自交、测交 C. 测交、测交、杂交、自交 D. 杂交、测交、测交、自交 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 鉴别方法： （1）鉴别一只动物是否为纯合子，可用测交法； （2）鉴别一棵植物是否为纯合子，可用测交法和自交法，其中自交法最简便； （3）鉴别一对相对性状的显性和隐性，可用杂交法和自交法（只能用于植物）； （4）提高优良品种的纯度，常用自交法； （5）检验杂种F1的基因型采用测交法。‎ ‎【详解】①用杂交法可以区别一对相对性状中的显隐性关系，后代表现出的性状是显性性状；‎ ‎②用测交法可鉴别一只白羊是纯合体还是杂合体，如果后代只有显性个体，则很可能是纯合体；如果后代出现隐性个体，则为杂合体；‎ ‎③用测交法检验杂种F1‎ 的基因型时，如果后代只有显性个体，则很可能是纯合体；如果后代出现隐性个体，则为杂合体； ④用自交法可不断提高小麦抗病品种的纯度，因为杂合体自交后代能出现显性纯合体，并淘汰隐性个体。 所以应采取的交配实验方法分别是杂交、测交、测交、自交,D正确。 故选：D。‎ ‎【点睛】易错点：测交法可以鉴定动物和植物是否纯合，自交法只能判断植物是否纯合，自交法往往用来提升植物的纯合度，杂交法可判断出来显隐关系。‎ ‎6.一白化病女子与一正常的男子结婚后，生了一个患白化病的孩子。若他们再生两个孩子，则两个孩子中出现白化病患者的概率是（ ）‎ A. 3/4 B. 1/4 C. 1/8 D. 1/2‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 白化病是常染色体隐性遗传病（用A、a表示），一白化病女子（aa）与一正常的男子（A_）结婚后，生了一个患白化病的孩子（aa），则这位正常男子的基因型为Aa，则他们所生后代的情况为Aa（正常）：aa（患病）=1：1，即后代出现白化病的概率为1/2。‎ ‎【详解】若他们再生两个孩子，两个孩子中出现白化病的情况有两种： （1）两个孩子均为白化病的几率是1/2×1/2＝1/4；‎ ‎（2）两个孩子中只有一个是白化病的几率是1/2×1/2＋1/2×1/2＝1/2；‎ 因此，他们再生两个孩子，则两个孩子中出现白化病的几率是1/2＋1/4＝3/4。‎ 故选：A。‎ ‎7.如图为鼠的毛色的遗传图解，则下列判断错误的是：‎ A. 1、2号的基因型相同，3、6号的基因型相同 B. F1的结果表明发生了性状分离 C. 4号一定杂合子，3号一定是纯合子 D. 7号与4号的基因型相同的概率为1/2‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 用A和a表示小鼠的毛色，由1号×2号→3号可知，白色为隐性，黑色为显性。则1号基因型为Aa，2号基因型为Aa，3号基因型为aa；由4号×5号→6号可知,4号基因型为Aa，5号基因型为Aa，6号基因型为aa，7号基因型为1/3AA或2/3Aa。‎ ‎【详解】据分析可知，1、2号基因型均为Aa，3、6号基因型均为aa，A正确；F1的结果表明发生了性状分离，B正确；4号基因型为Aa，3号基因型为aa，C正确；7号与4号的基因型相同的概率为2/3，D错误。‎ ‎【点睛】解答本题的关键是：根据图示判断小鼠毛色的显隐性，从而推出小鼠的毛色的基因型，再根据题意作答。‎ ‎8.一般人对苯硫脲感觉有苦味，由显性基因B控制；也有人对其无味觉，叫味盲，由隐性基因b控制。统计味盲家族，若三对夫妇的子女味盲的概率各是25%、50%和100%，则这三对夫妇的遗传因子组成最可能是( )‎ ‎①BB×BB　②bb×bb　③BB×bb　④Bb×Bb ⑤Bb×bb　⑥BB×Bb A. ①②③ B. ④⑤⑥ C. ④⑤② D. ④②⑤‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 遗传因子组成为BB×BB、BB×bb和BB×Bb的后代均表现为味苦；遗传因子组成为bb×bb后代均表现为味盲；遗传因子组成为Bb×Bb后代味苦与味盲之比为3：1；遗传因子组成为Bb×bb为测交，后代味苦与味盲之比为1：1。‎ ‎【详解】①BB×BB→BB，子女均表现为味苦； ②bb×bb→bb，子女均表现为味盲，即味盲占100%； ③BB×bb→Bb，子女均表现为味苦；‎ ‎ ④Bb×Bb→BB（味苦）：Bb（味苦）：bb（味盲）=1：2：1，其中味盲占25%； ⑤Bb×bb→Bb（味苦）：bb（味盲）=1：1，其中味盲占50%；     ⑥BB×Bb→BB（味苦）：Bb（味苦）=1：1，子女均表现为味苦，C正确。 故选：C。‎ ‎9. 白斑银狐是灰色银狐中的一种变种，在灰色背景上出现白色的斑点，十分漂亮。让白斑银狐自由交配，后代中总会出现约1/3的灰色银狐，其余均为白斑银狐。由此推断合理的是 A. 可以利用测交的方法获得纯种白斑银狐 B. 后代灰色银狐中既有杂合子又有纯合子 C. 白斑银狐后代出现灰色银狐是由基因突变所致 D. 白斑银狐与灰色银狐交配，后代中白斑银狐约占1/2‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：根据题意分析可知：让白斑银狐自由交配，后代白斑银狐：灰色银狐=2：1，说明后代出现性状分离，可判断白斑银狐对灰色银狐为显性；根据白斑银狐自由交配，后代白斑银狐：灰色银狐为2：1的比例，即后代中总会出现约的灰色银狐，其余均为白斑银狐，说明显性纯合个体不能存活，即白斑银狐只有杂合体．‎ 解：A、根据题意分析可知白斑银狐纯合个体不能存活，所以利交测交的方法也没有纯合体，A错误；‎ B、白斑银狐对灰色银狐为显性，所以后代灰色银狐都是纯台子，B错误；‎ C、白斑银狐后代出现灰色银狐是由性状分离所致，C错误；‎ D、白斑银狐都是杂合体，与灰色银狐交配，后代中白斑银狐约占，D正确．‎ 故选：D．‎ 考点：基因的分离规律的实质及应用．‎ ‎10. 假如有一动物种群中仅有Aa和AA两种类型个体，Aa∶AA=1∶1，且该种群中雌雄个体比例为1︰1，个体间可以自由交配，且子代全部成活。则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体所占的比例为 A. 1／2 B. 5／8 C. 1／4 D. 3／4‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 由题意可知A基因频率为3/4，a基因频率为1/4，其后代能稳定遗传的个体应为AA和aa，AA个体比例为3/4×3/4=9/16,aa个体比例为1/4×1/4=1/16,所以则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体所占的比例为9/16+1/16=5／8。‎ ‎11.如图所示为一对夫妇基因型和他们子女的基因型及其他们对应的表现型(秃顶与非秃顶)。下列叙述正确的是（ ）‎ A. 在人群中，男性、女性在秃顶和非秃顶方面的表现没有差异 B. 若一对夫妇均为秃顶，则所生女儿应全部表现为秃顶 C. 若一对夫妇均为非秃顶，则所生女儿为秃顶的概率为0‎ D. 若一对夫妇的基因型为b＋b和bb，则生一个非秃顶孩子的概率为1/2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 人类的秃顶和非秃顶由位于常染色体上的一对基因b+和b控制，遵循基因的分离定律，基因型为b+b+的个体表现为非秃顶，基因为bb的个体表现为秃顶；基因为b+b的男性个体表现为秃顶、女性个体表现为非秃顶。‎ ‎【详解】A、在人群中，当为纯合体时，男性、女性在秃顶和非秃顶方面的表现没有差异；当为杂合体时，男性、女性在秃顶和非秃顶方面的表现有差异，A错误； B、秃顶的两人婚配，基因型有两种情况：b+b和bb、bb和bb，所以后代女孩的基因型有b+b和bb，其中b+b为非秃顶，B错误； C、若一对夫妇均为非秃顶，则男性必为b+b+，所生女儿为b+b+或b+b，所以为秃顶的概率为0，C正确； D、若一对夫妇的基因型为b+b和bb，则生一个非秃顶b+b孩子(女孩)的概率为1/2×1/2＝1/4，D错误。‎ 故选：C。‎ ‎12.蜜蜂中蜂王由受精卵发育而来，雄蜂由卵细胞直接发育而来。蜜蜂褐色眼对黄绿色眼为显性性状。杂合子的蜂王与正常褐色眼的雄蜂交配，其子代不同性别的眼色表现为（ ）‎ A. 雌蜂均为黄绿色眼 B. 雌蜂中褐色眼：黄绿色眼=1:1‎ C. 雄蜂均为褐色眼 D. 雄蜂中褐色眼：黄绿色眼=1:1‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 蜜蜂中蜂王由受精卵发育而来，雄蜂由卵细胞直接发育而来，蜜蜂褐色眼对黄绿色眼为显性性状，受一对基因（设基因为A、a）控制，遵循基因的分离定律。杂合体的蜂王基因型为Aa，正常褐色眼的雄蜂基因型为A。‎ ‎【详解】杂合体的蜂王Aa能产生A和a两种卵细胞，比例为1：1，正常褐色眼的雄蜂A只能产生一种精子A，两者交配，其子代中雌蜂的基因型有AA和Aa，都是褐色眼；雄蜂的基因型有A和a，表现为褐色和黄绿色眼，比例为1：1，D正确。 故选：D。‎ ‎13.在孟德尔两对相对性状杂交实验中，F1黄色圆粒豌豆（YyRr）自交产生F2。下列表述正确的是（　　）‎ A. F1产生4个配子，比例为1:1:1:1‎ B. F1产生基因型YR的卵和基因型YR的精子数量之比为1：1‎ C. F1产生的精子中，基因型为YR和基因型为yr的比例为1：1‎ D. 基因自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和卵可以自由组合 ‎【答案】C ‎【解析】‎ F1YyRr产生4种而不是4个配子，比例为1：1：1：1，A错误；F1产生基因型YR的卵细胞数量比基因型YR的精子数量少，即雄配子多于雌配子，B错误；F1产生的精子有4种，基因型分别为YR、yr、Yr、yR，比例为1：1：1：1，所以基因型为YR和基因型为yr的比例为1：1，C正确；基因自由组合定律是指F1在减数分裂过程中，同源染色体分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合，D错误。‎ ‎14.下列基因型中，具有相同表现型的是 A. AaBb和aaBb B. AAbb和AaBb C. aaBB和AaBb D. AABb和AABB ‎【答案】D ‎【解析】‎ AaBb表现为双显性性状，而aaBb表现为一隐一显，A错误；AAbb表现为一显一隐，而AaBb表现为双显性性状，B错误；aaBB表现为一隐一显，，而AaBb表现为双显性性状，C错误；AABb和AABB均表现为双显性性状，D正确。‎ ‎15.孟德尔研究了豌豆的7对相对性状，具有YyRr(Y＝黄色，R＝圆粒)基因型的豌豆自交，其后代只有1种显性性状的概率是(　　)‎ A. 3/16 B. 6/16 C. 7/16 D. 9/16‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意分析可知：基因型为YyRr的黄色圆粒豌豆自交，后代中后代只有1种显性性状的个体，即基因型为Y_rr或yyR_。‎ ‎【详解】Yy×Yy的后代基因型及比例为YY：Yy：yy=1：2：1，Y_占3/4，yy=1/4，Rr×Rr的后代基因型及比例为RR：Rr：rr=1：2：1，R_占3/4，rr=1/4，后代只有1种显性性状的概率=1/4×3/4＋1/4×3/4＝6/16，B正确。‎ 故选：B。‎ ‎16.灰兔和白兔杂交，F1全是灰兔，F1雌雄个体相互交配，F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为9:3:4，则( )‎ A. 家兔的毛色受一对等位基因控制 B. F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/16‎ C. F2灰兔基因型有4种，能产生4种比例相等的配子 D. F2中黑兔与亲本白兔交配，后代出现白兔的概率是1/3‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意分析可知：F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为9：3：4，说明符合基因的自由组合定律．其中灰兔的基因型为AABB、AABb、AaBB、AaBb；黑兔的基因型为AAbb、Aabb；白兔的基因型为aaBB、aaBb、aabb，所以家兔的毛色受两对等位基因控制。F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/9；F2灰兔基因型有4种，能产生4种配子，但比例不相等。‎ ‎【详解】9：3：4实质上是9：3：3：1的变式，所以家兔毛色受两对独立遗传的等位基因控制，A错误；F2灰兔有4种基因型（1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb），其中能稳定遗传的个体占1/9，B错误；F2灰兔基因型有（1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb）4种，可产生的AB配子占1/9+2/9×1/2+2/9×1/2+4/9×1/4=4/9，同理可算出Ab和aB配子各占2/9；ab配子占1/9，所以F2灰兔产生配子及比例为AB：Ab：aB：ab=4：2：2：1，C错误；假如子二代中黑兔基因型是A _bb，白兔基因型是aaB _和aabb，在黑兔中有1/3Aabb、2/3Aabb，在白兔中有1/4aaBB、2/4aaBb和1/4aabb，交配能产生aa _ _的概率是2/3×1/2×1/4+2/3×1/2×2/4+2/3×1/4×1/2=8/24=1/3，D正确。故选D。‎ ‎【点睛】本题考查基因自由组合定律的应用，意在考查考生的理解应用能力，属于中等难度题。‎ ‎17.番茄的花色和叶的宽窄分别由一对等位基因控制，且两对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死。现用红色窄叶植株自交，子代的表现型及其比例为红色窄叶∶红色宽叶∶白色窄叶∶白色宽叶＝6∶2∶3∶1。下列有关表述正确的是(　　)‎ A. 这两对基因位于一对同源染色体上 B. 这两对相对性状中显性性状分别是红色和宽叶 C. 控制花色的基因具有隐性纯合致死效应 D. 自交后代中纯合子所占比例为1/6‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意分析可知：红色窄叶植株自交，后代出现了白色宽叶，说明发生了性状分离，因而可判断红色对白色为显性，窄叶对宽叶为显性。由于番茄的花色和叶的宽窄分别由两对等位基因控制，且两对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死，所以子代的表现型及其比例即红色窄叶：红色宽叶：白色窄叶：白色宽叶=6：2：3：1是9：3：3：1的特殊情况，因而遵循基因的自由组合定律。设红色基因为A、窄叶基因为B，则亲本红色窄叶植株的基因型为AaBb，子代的表现型和基因型为红色窄叶AaBB、AaBb，红色宽叶Aabb，白色窄叶aaBB、aaBb，白色宽叶aabb。‎ ‎【详解】A、根据题干分析可判断：控制番茄的花色和叶的宽窄的两对等位基因分别位于两对同源染色体上，A错误；‎ B、红色窄叶植株自交，后代出现白色和宽叶两种隐性性状，由此推断这两对相对性状中显性性状分别是红色和窄叶，B错误；‎ C、据子代表现型比例判断，控制花色的基因具有显性纯合致死效应，C错误；‎ D、据题干分析，控制花色的基因显性纯合AA致死，因此自交后代中纯合子只有aaBB和aabb，所占比例为1/12+1/12=1/6，D正确。‎ ‎【点睛】本题考查基因的自由组合定律，熟悉孟德尔两对相对性状的杂交实验内容，并能结合题干信息进行综合分析，是解题的关键。本题解题关键是：1.熟悉孟德尔两对相对性状杂交实验中F2的基因型和表现型及对应的比例，F1表现为显性性状，基因型为AaBb，F1自交，F2的基因型有9种，表现型为4种，比例为9：3：3：1；2.从每对相对性状分离比角度巧妙分析致死类问题，如6∶3∶2∶1⇒(2∶1)(3∶1)⇒一对显性基因纯合致死。‎ ‎18.萝卜的根形是由位于两对同源染色体上的两对等位基因决定的。现用两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进行杂交。F1全为扁形块根。F1自交后代F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为9:6:1，则F2扁形块根中杂合子所占的比例为 (　　)‎ A. 8/9 B. 1/2 C. 9/16 D. 1/4‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意分析可知：F1自交后代F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为9：6：1，为孟德尔两对相对性状的遗传实验结果9：3：3：1比例的变式，因此，两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进行杂交的遗传图解为：P：YYrr（圆形）×yyRR（圆形）→F1：YyRr（扁形）→F2：9Y_R_（扁形）：3Y_rr（圆形）：3yyR_（圆形）：1yyrr（长形）。‎ ‎【详解】由题意可知扁形基因型为Y_R_；圆形块根基因型为Y_rr或者yyR_；长形块根基因型为yyrr。两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进行杂交的遗传图解为：P：YYrr（圆形）×yyRR（圆形）→F1：YyRr（扁形）→F2‎ ‎：9Y_R_（扁形）：3Y_rr（圆形）：3yyR_（圆形）：1yyrr（长形）。根据F2表现型及比例可知，双显性个体表现为扁形块根（Y_R_，占所有F2的9/16），而双显性个体中有只有一个纯合子（YYRR，占1/16），所以F2扁形块根中杂合子所占的比例为8/9，A正确。‎ 故选：A。‎ ‎19.假如水稻高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗稻瘟病(R）对易感稻瘟病(r)为显性，两对性状，用一个纯合易感病的矮秆品种（抗倒伏）与一个纯合抗病高秆品种（易倒伏）杂交，F1自交，F2代中出现既抗病又抗倒伏类型的基因型及其比例为（  ）‎ A. ddRR，1/8 B. ddRr，1/16‎ C. ddRR，1/16和ddRr，1/8 D. DDrr，1/16和DdRR，1/8‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 已知水稻高秆（D）对矮秆（d）为显性，抗稻瘟病（R）对易感稻瘟病（r）为显性，两对性状独立遗传，遵循基因的自由组合定律，用一个纯合易感病的矮秆品种（抗倒伏）与一个纯合抗病高秆品种（易倒伏）杂交，则F1为双杂合子DdRr，再根据自由组合定律推算出F2的情况。‎ ‎【详解】由题意用一个纯合易感病的矮秆品种（ddrr）与一个纯合抗病高秆品种（DDRR）杂交，则F1为双杂合子DdRr，让F1子代自交，其后代产生性状分离比例为高秆抗稻瘟病（D-R-）：高秆易感稻瘟病（D-rr）：矮秆抗稻瘟病（ddR-）：矮秆易感稻瘟病（ddrr）=9：3：3：1．F2代中出现既抗病又抗倒伏的个体占得比例为 3÷（9+3+3+1）=3/16，在这之中基因型为ddRR与ddRr的个体的表现型都是既抗病又抗倒伏，他们在后代中所占的比例分别为1/4×1/4＝1/16、1/4×1/2＝1/8，C正确。‎ 故选：C。‎ ‎20.已知某闭花受粉植物高茎对矮茎为显性，红花对白花为显性，两对性状独立遗传。用纯合的高茎红花与矮茎白花杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有的F2植株都能成活，F2植株开花时，拔掉所有的白花植株，假定剩余的每株F2自交收获的种子数量相等，且F3的表现性符合遗传的基本定律。从理论上讲F3中表现白花植株的比例为 A. 1/4 B. 1/6 C. 1/8 D. 1/16‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】假设红花显性基因为R，白花隐性为r， F1全为红花Rr，F1自交,所得F2红花的基因型为1/3RR、2/3Rr,去掉白花，F2红花自交出现白花的比例为2/3×1/4=1/6，B正确。‎ 故选B。‎ ‎21.豌豆种子的黄色对绿色为显性，圆形对皱形为显性，在市场上绿色圆形豌豆销路好。现有黄色圆形和绿色皱形两个纯种品系，用它们作亲本进行杂交，得F1，再使F1自交，得F2，还应(　　)‎ A. 从F2中选出绿色圆形个体，使其杂交 B. 从F2中直接选出纯种绿色圆形个体 C. 从F2中选出绿色圆形个体，使其反复自交 D. 将F2的全部个体反复自交 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意分析可知：豌豆种子的黄色对绿色为显性，圆粒对皱粒为显性，所以用黄色圆粒和绿色皱粒两个纯种品系作亲本进行杂交得F1黄色圆粒，F1YyRr自交后代出现性状分离，产生黄色圆粒Y_R_：黄色皱粒Y_rr：绿色圆粒yyR_：绿色皱粒yyrr=9：3：3：1。‎ ‎【详解】根据分析，F1自交所得F2中，黄色圆粒Y_R_：黄色皱粒Y_rr：绿色圆粒yyR_：绿色皱粒yyrr=9：3：3：1，其中绿色圆粒豌豆的基因型为yyRR和yyRr，因此，为获得稳定遗传的绿色圆粒豌豆，应从F2中选出绿色圆粒个体，使其反复自交，直到不发生性状分离，C正确。 故选：C。‎ ‎22. 番茄果实的红色对黄色为显性，两室对多室为显性，植株高对矮为显性。三对相对性状分别受三对同源染色体上的等位基因控制。育种者用纯合红色两室矮茎番茄与纯合黄色多室高茎番茄杂交。下列对实验与结果预测的叙述中，不正确的是（ ）‎ A. 三对性状的遗传遵循基因的自由组合定律 B. F1可产生8种不同基因组合的雌雄配子 C. F2代中的表现型共有9种 D. F2代中的基因型共有27种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】‎ 因为三对相对性状分别受三对同源染色体上的等位基因控制，所以三对性状的遗传遵循基因的自由组合定律，故A正确； F1代的控制三种性状的基因都是杂合的，因此可以产生8种不同基因组合的雌雄配子，故B正确； F1自交产生的F2代中表现型应该有：2×2×2=8（种），故C错误； F2代中基因型共有：3×3×3=27（种），故D正确。‎ ‎【点睛】‎ 本题考查基因自由组合定律的有关计算，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力和计算能力。‎ ‎23.某种植物果实重量由三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，对果实重量的增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实重量分别为150g和270g。现将三对基因均杂合的两植株杂交，F1中重量为190g的果实所占比例为（ ）‎ A. 15/ 64 B. 5 / 64 C. 12 / 64 D. 3 / 64‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意分析可知：控制植物果实重量的三对等位基因（用A和a、B和b、C和c表示）分别位于三对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。由于基因对果实重量的增加效应相同且具叠加性，且隐形纯合子的果实重量为150g，而显性纯合子的果实重量为270g，所以三对等位基因中每个显性基因增重为（270-150）÷6=20（g）。‎ ‎【详解】由于每个显性基因增重为20g，所以重量为190g的果实的基因型中含有显性基因个数为：（190-150）÷20=2,因此，三对基因均杂合的两植株AaBbCc杂交，含两个显性基因的个体基因型为AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、AaBbcc、AabbCc、aaBbCc六种，所占比例依次为1/64、1/64、1/64、4/64、4/64、4/64，因此共占比例为15/64，A正确。‎ 故选：A。‎ ‎24.假定五对等位基因自由组合，则杂交组合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe产生的子代中，有一对等位基因杂合、四对等位基因纯合的个体所占的比例是（ ）‎ A. 1/32 B. 1/16‎ C. 1/8 D. 1/4‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ 把每对性状分开分别计算，只要控制每对性状的基因有一个亲本为杂合子，则纯合与杂合的比例均为1：1，所以第一对是纯合的1/2，第二对是纯合的1/2，第三对是纯合的1/2，第四对一定是杂合的，第五对是纯合的1/2，所以一对杂合，其余纯合的为1/16，所以B选项正确。‎ ‎25.已知玉米某两对基因按照自由组合定律遗传，现有子代基因型及比例如下则双亲的基因型是（ ）‎ 基因型 TTSS TTss TtSS Ttss TTSs TtSs 比例 ‎1‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎2‎ A. TTSS×TTSs B. TtSs × TtSs C. TtSs×TTSs D. TtSS × TtSs ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 两对基因符合基因自由组合定律，故可以把两对性状拆开单独考虑，后代中：TT:Tt=1:1，SS:Ss:ss=1:2:1。‎ ‎【详解】根据后代TT:Tt=1:1可知，亲本对应的基因型组合为：TT×Tt；根据后代SS:Ss:ss=1:2:1可知亲本对应的基因型组合为：Ss×Ss。故亲本的基因型组合为TtSs×TTSs。综上所述，ABD不符合题意，C符合题意。‎ 故选C。‎ ‎26.狗的毛色中褐色（B）对黑色（b）显性；I和i是位于等位基因，I是抑制基因，当I存在时，含有B、b基因的狗均表现为白色，i不影响B、b的表达。现有黑色狗（bbii）和白色狗（BBII）杂交获得F1，F1雌雄个体相互交配产生的F2中，理论上杂合褐色和黑色个体之比为（ ）‎ A. 8 ：1 B. 2 ：1 C. 15 ：1 D. 3 ：1‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题意可知，狗的毛色由2对等位基因控制，B_I_和bbI_表现为白色，B_ii为褐色，bbii为黑色，由于2对等位基因位于2对同源染色体上，因此在遗传时遵循基因的自由组合定律。‎ ‎【详解】基因型为bbii的黑色狗和基因型为BBII白色狗进行杂交，子一代的基因型为BbIi，F1雌雄个体相互交配产生的F2中的基因组成及比例是B_I_：bbI_：B_ii：bbii=9：3：3：1，其中B_ii表现为褐色，bbii表现为黑色，杂合褐色和黑色个体之比为：Bbii：bbii=2：1，B正确。 故选：B。‎ ‎27.在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，黄色（A）对灰色（a1）、黑色（a2）为完全显性，灰色（a1）对黑色（a2）为完全显性，且存在A纯合胚胎致死现象。下列相关杂交及其结果的叙述错误的是 A. 一对杂合黄色鼠多次杂交，后代的分离比接近2：1‎ B. 该群体中黄色鼠有2种基因型 C. Aa2鼠与a1a2鼠杂交，后代中黑色雌鼠的比例为1/8‎ D. 黄色鼠与黑色鼠杂交后代中黑色鼠的比例为1/2‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题结合复等位基因和纯合子致死，考查分离定律和自由组合定律，意在考查考生能理解所学知识要点，把握知识间内在联系的能力；能运用所学知识，准确分析判断的能力。‎ ‎【详解】两只黄色老鼠交配，基因型为A_，所以交配的子代中，1/4AA（致死）、2/4A-（黄色）、1/4（白色或黑色），后代的分离比接近2：1，A正确；由于黄色基因纯合会致死，且黄色（A）对灰色（a1）、黑色（a2）为完全显性，所以黄色老鼠一定是杂合子，基因型是Aa1或Aa2，B正确；Aa2×a1a2→1/2×1/4a2a2→1/8a2a2（黑色雌鼠），C正确；1/2Aa2×a2a2→1/2×1/2a2a2→1/4a2a2黑色鼠，D错误。故选D。‎ ‎28.玉米的宽叶（A）对窄叶（a）为显性，宽叶杂交种（Aa）玉米表现为高产，比纯合显性和隐性品种的产量分别高12%和20%；玉米有茸毛（D）对无茸毛（d）为显性，有茸毛玉米植株表面密生茸毛，具有显著的抗病能力，该显性基因纯合时植株在幼苗期就不能存活，两对基因独立遗传，高产有茸毛玉米自交产生子代，则子代的成熟植株中(　　)‎ A. 有茸毛与无茸毛比为3：1 B. 有9种基因型 C. 高产抗病类型占1/4 D. 宽叶有茸毛类型占1/2‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】有茸毛的基因型是Dd（DD幼苗期死亡），无茸毛基因型为dd，子代植株表现型及比例为有茸毛：无茸毛=2：1，A错误；由于DD幼苗期死亡，所以高产有茸毛玉米AaDd自交产生的F1中，只有6种基因型，B错误；高产有茸毛玉米AaDd自交产生的F1中，高产抗病类型为AaDd，占4/12=1/3，C错误；高产有茸毛玉米AaDd自交产生的F1中，宽叶有茸毛类型为AADd和AaDd，占2/12+4/12=1/2，D正确。‎ ‎【点睛】用分离定律解决自由组合问题 ‎（1）基因原理分离定律是自由组合定律的基础。‎ ‎（2）解题思路首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题，在独立遗传的情况下，有几对基因就可以分解为几个分离定律问题．如AaBb×Aabb可分解为：Aa×Aa，Bb×bb．然后，按分离定律进行逐一分析，最后，将获得的结果进行综合，得到正确答案。‎ ‎29.人的眼睛散光基因（A）对不散光基因（a）为显性；波浪发是一对等位基因B(直发)和b(卷发)的杂合表观，两对基因分别位于两对常染色体上。一个有散光症(但她的母亲没有) 的波浪发女人，与一个没有散光症的波浪发男人婚配。下列叙述正确的是 A. 基因B、b分离发生在减数第一次分裂后期和有丝分裂后期 B. 该夫妇中女子产生含AB基因的卵细胞概率为1/2‎ C. 该夫妇生出一个没有散光症直发孩子的概率为3/8‎ D. 该夫妇所生孩子中最多有6种不同的表现型 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 因为两对基因分别位于两对常染色体上，因此遵循孟德尔自由组合定律，根据显隐性，可以确定散光症(但她的母亲没有) 的波浪发女人的基因型是AaBb，没有散光症的波浪发男人的基因型是aaBb。没有散光症直发的孩子的基因型是aaBB。‎ ‎【详解】在减数第一次分裂后期等位基因随着同源染色体的分开而分离，有丝分裂没有等位基因的分离，A错误。该夫妇的女方基因型为AaBb，可以产生AB 、Ab、aB、ab四种配子，因此产生含AB基因的卵细胞概率为1/4，B错误。AaBb ×aaBb →aaBB的概率为1/2×1/4=1/8，C错误。Aa× aa产生的后代有两种基因型两种表现型，Bb×Bb产生的后代有三种基因型三种表现型，AaBb ×aaBb产生的后代的表现型就为2×3=6种，D正确。‎ ‎【点睛】做此题的关键是根据表现型正确推算出个体的基因型，还应特别注意题中给出的波浪发是杂合子，直发是BB纯合子，虽然都有显性基因，但表现型不同，属于不完全显性现象。‎ ‎30. 基因型分别为EeFF和EeFf的2种豌豆杂交，在两对等位基因各自独立遗传的条件下，其子代表现型不同于2个亲本的个体数占全部子代的（ ）‎ A. 0 B. 3/4 C. 1/4 D. 1/8‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：每对基因单独考虑，Ee和Ee杂交，后代3/4（E_），1/4（ee），FF和Ff杂交，后代都是显性，因此和双亲表现型相同的概率为3/4×1＝3/4，所以表现型与双亲不同的概率为：1－3/4＝1/4，故C正确。‎ 考点：本题主要考查基因自由组合定律，意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。‎ 二、非选择题 ‎31.下图为一个家族白化病的遗传系谱图，6号和7号为同卵双生（即由同一个受精卵发育成的两个个体，基因型相同)，8号和9号为异卵双生(即由两个受精卵分别发育成的个体，基因型不同)，请据图回答：‎ ‎（1）控制白化病的遗传因子是显性还是隐性________。‎ ‎（2）若用A、a表示控制该相对性状的一对遗传因子，则3号、7号和11号个体的基因型依次为________、________、________。‎ ‎（3）6号为纯合子的概率是________，9号为杂合子的概率是________。‎ ‎（4）7号和8号再生两个孩子，其中一个有病的概率是________，两个都是正常人的概率是__________。‎ ‎（5）如果6号和9号个体结婚，则他们生出有病孩子的概率为________，若他们所生的第一个孩子有病，则再生一个孩子也有病的概率是________，正常的概率是________。‎ ‎【答案】 (1). 隐性 (2). Aa (3). Aa (4). aa (5). 0 (6). 2/3 (7). 3/8 (8). 9/16 (9). 1/6 (10). 1/4 (11). 3/4‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分析遗传图谱：图中3、4正常，其女儿10号有病，说明白化病是常染色体隐性遗传病，则5、10、11都是aa，则1、2、3、4、7、8都是Aa，6号和7号为同卵双生，所以6也是Aa，9可能是AA或Aa。‎ ‎【详解】（1）由以上分析可知，有中生无为显，无中生有为隐，白化病是常染色体隐性遗传病。‎ ‎（2）根据10号（aa）可推知3号的基因型为Aa；根据11号（aa）可推知7号的基因型为Aa；11号个体为aa患病。‎ ‎（3）7号的基因型为Aa，而6号和7号是同卵双生，两者的基因型相同，因此6号的基因型为Aa，肯定不是纯合体；8号和9号是异卵双生，两者的基因型不一定相同，9号的基因型及概率AA占1/3，Aa占2/3；‎ ‎（4）7号和8号的基因型均为Aa，根据基因分离定律，他们再生两个孩子，其中一个有病的概率为3/4×1/4+1/4×3/4=3/8，两个都是正常人的概率为3/4×3/4＝9/16。‎ ‎（5）如果6号（Aa）和9（2/3 Aa）号结婚，则他们生出有病孩子aa的几率是2/3×1/4＝1/6，如果他们所生的第一个孩子有病，说明他们的基因型都是Aa，则再生一个男孩子也有病的概率是1/4，正常的概率为3/4。‎ ‎【点睛】易错点：有中生无为显，无中生有为隐，白化病是常染色体隐性遗传病，通过图表进行分析。‎ ‎32.以酒待客是我国的传统习俗，有些人喝了一点点酒就脸红，称为“红脸人”，因缺乏分解酒精的酶，酒量小；有人能喝较多酒，刚开始脸色不变，越喝脸色越白，称为“白脸人”；还有人被称为“酒仙”，酒量又好，喝酒又不脸红，称为“正常脸”。乙醇进入人体后的代谢途径如图，请回答下列相关问题：‎ ‎（1）“红脸人”体内只有乙醇脱氢酶，饮酒后血液中______含量较高，导致毛细胞血管扩张而引起脸红，此时面部皮肤的散热将会_______（增加/减少）。‎ ‎（2）“红脸人”体内只有乙醇脱氢酶，“白脸人”体内两种酶都没有或只有乙醛脱氢酶，被称为“酒仙”的人体内两种酶都有。在人群中“红脸人”基因型有_____种。现有多对“红脸人”夫妇，任选一对，分析他们孩子的情况：‎ ‎①若一对基因型不同的“红脸人”夫妇，他们所生后代都是“红脸人”，那么这对夫妇的基因型组合有______种。‎ ‎②若一对基因型不同的“红脸人”夫妇，他们所生后代都是只有两种表现型，那么这对夫妇的基因型组合是_____________。‎ ‎③若一对“红脸人”夫妇，他们所生后代只有三种表现型，这三种表现型及比例为__________。‎ ‎（3）若“红脸人”各种基因型出现的概率相等，“白脸人”各种基因型出现的概率也相等，则“红脸人”与“白脸人”婚配所生的后代为“酒仙”的概率是_______。‎ ‎【答案】 (1). 乙醛 (2). 增加 (3). 4 (4). 4 (5). AaBb×AaBB或AaBb×AABb (6). “红脸人”：“白脸人”：“正常脸人”=9：4：3 (7). 3/32‎ ‎【解析】‎ 分析】‎ 根据题意和图示分析可知：乙醇脱氢酶的形成需要A基因；乙醛脱氢酶的形成需要b基因；“红脸人”体内只有乙醇脱氢酶，其基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb四种；“白脸人”两种酶都没有，或只有乙醛脱氢酶，其基因型为aaBB或aaBb或aabb；被称为“酒仙”，酒量又好，喝酒又不脸红，称为“正常脸”的基因型为A-bb，此种基因控制性状的方式为基因通过控制酶的合成进而控制代谢。‎ ‎【详解】（1）根据分析，“白脸人”基因型有两种，分别是aaBB或aaBb；“红脸人”的基因型有分别是AABB、AABb、AaBB、AaBb，“红脸人”体内只有乙醇脱氢酶，没有乙醛脱氢酶，因此，饮酒后能将乙醇催化水解成乙醛，而不能将乙醛催化水解成乙酸，导致血液中乙醛含量相对较高；毛细胞血管扩张而引起脸红，此时面部皮肤的散热将会增加。‎ ‎（2）“红脸人”体内只有乙醇脱氢酶，其基因型有AABB、AABb、AaBB、AaBb四种。‎ ‎①若一对基因型不同的“红脸人”夫妇，他们所生后代都是“红脸人”，“红脸人”的基因型有分别是AABB、AABb、AaBB、AaBb，则“红脸人”亲本的组合（亲本基因型不同）也有AABB×AABb,AABB×AaBb,AABB×AaBB，AABb×AaBB，共计4种。‎ ‎②基因型不同的“红脸人”夫妇所生后代都是只有两种表现型,可能是AaBb×AaBB或者AaBb×AABb，表现型可能是红脸人和白脸人或者红脸人和正常脸。‎ ‎③一对“红脸人”夫妇，他们所生后代只有三种表现型，则亲本基因型为AaBb×AaBb，根据图表可知“红脸人”：“白脸人”：“正常脸人”=9：4：3。‎ ‎（3）若A对a、B对b基因完全显性，“红脸人”的体内只有乙醇脱氢酶（ADH），所以其基因型有AABB、AaBB、AABb、AaBb共4种，若“红脸人”各种基因型出现的比例相等，“白脸人”各种基因型出现的比例也相等，aaBB或aaBb或aabb；先分析第一对：1/2AA、1/2A a×aa→3/4Aa、1/4aa;再分析第二对1/2BB、1/2Bb×1/3BB、1/3Bb、1/3bb→后代产生bb的概率为1/4×1/2=1/8,故“红脸人”与“白脸人”婚配产生的后代中正常脸的基因型为Aabb和AAbb，概率为3/4×1/8＝3/32。‎ ‎【点睛】易错点：通过图表分析可知，“红脸人”的基因型有分别是AABB、AABb、AaBB、AaBb，“正常脸人”基因型有A-bb，并由此对亲本基因型逆向分析。‎ ‎33.狗皮毛的颜色受两对常染色体上的等位基因A、a与B、b控制，且基因A使雄配子致死。狗皮毛的表现型有：沙色、红色和白色。经观察绘得如下系谱图，请分析回答：(1号、2号为纯合子，圆框代表雌性，方框代表雄性)‎ ‎（1）该遗传遵循基因________规律。‎ ‎（2）1号和2号的基因型分别是________和________。‎ ‎（3）现有多只白色和红色母狗，请设计合理的实验方案，探究12号的基因型。‎ 第一步：让12号与________母狗交配；‎ 第二步：观察并统计后代的表现型。‎ 预期结果和结论：‎ ‎①如果子代________________ ，则其基因型为_________________。‎ ‎②如果子代________________ ，则其基因型为_________________。‎ ‎③如果子代_________________，则其基因型为_________________。‎ ‎【答案】 (1). 自由组合 (2). AAbb (3). aaBB (4). 多只白色 (5). 全部为沙色 (6). aaBB (7). 沙色：白色约为1：1 (8). aaBb (9). 全部为白色 (10). Aabb ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意和图示分析可知：狗皮毛的颜色由于受两对常染色体上的等位基因A、a与B、b控制，所以符合基因的自由组合定律，又基因A使雄配子致死，所以狗皮毛的表现型有：沙色、红色和白色。‎ ‎【详解】（1）依题意可知，这两对等位基因（A、a与B、b）分别位于两对同源染色体上，因此遵循分离定律和自由组合定律。 （2）13号的基因型为aabb，可推断亲本6号和7号基因型皆为AaBb，可知6号的父母1号和2号必分别含有A和B基因，又由题意，1号、2号为纯合子，所以其基因型为AAbb和aaBB。 （3）12号为沙色，其基因型有多种可能：aaB_或A_bb；所以让12号与多只白色母狗交配，观察并统计后代的表现型；如果子代全部为沙色，则12号的基因型为aaBB；如果子代中既有沙色又有白色，且沙色：白色约为1：1；则12号的基因型为aaBb；如果子代全部为白色，则12号的基因型为Aabb。‎ ‎【点睛】易错点：在实验设计环节，通常用测交测个体的基因型，根据图表分析出两对等位基因（A、a与B、b）分别位于两对同源染色体上，遵循分离定律和自由组合定律，分情况讨论其基因型的可能性。‎ ‎ ‎