【生物】2020届一轮复习人教版孟德尔的豌豆杂交实验(一)作业

【生物】2020届一轮复习人教版孟德尔的豌豆杂交实验(一)作业

‎2020届 一轮复习 人教版 孟德尔的豌豆杂交实验(一) 作业 一、选择题 ‎ ‎1．(2018·全国卷Ⅲ)下列研究工作中由我国科学家完成的是(　　)‎ A．以豌豆为材料发现性状遗传规律的实验 B．用小球藻发现光合作用暗反应途径的实验 C．证明DNA是遗传物质的肺炎双球菌转化实验 D．首例具有生物活性的结晶牛胰岛素的人工合成 ‎[解析]　以豌豆为材料发现性状遗传规律的实验是奥地利科学家孟德尔完成的，A错误；用小球藻发现光合作用暗反应途径的实验是美国科学家卡尔文完成的，B错误；证明DNA是遗传物质的肺炎双球菌转化实验是美国科学家艾弗里完成的，C错误；首例具有生物活性的结晶牛胰岛素的人工合成是我国科学家在1965年完成的，D正确。‎ ‎[答案]　D ‎2．(2018·浙江卷)一对A血型和B血型的夫妇，生了AB血型的孩子。AB血型的这种显性类型属于(　　)‎ A．完全显性 B．不完全显性 C．共显性 D．性状分离 ‎[解析]　一对A血型(IA_)和B血型(IB_)的夫妇，生了AB血型(IAIB)的孩子，说明IA基因和IB基因控制的性状在子代同时显现出来，这种显性类型属于共显性，C正确，A、B、D均错误。‎ ‎[答案]　C ‎3．(2018·宜昌协作体联考)某种家鼠中的短尾类型相交，子代中总是出现2/3的短尾(T)和1/3的正常尾(t)，短尾类型与正常尾类型相交，子代中短尾与正常尾各半。与此相关的叙述中，错误的是(　　)‎ A．短尾与正常尾这对相对性状的遗传遵循基因的分离定律 B．该种类的家鼠中短尾均为杂合子 C．就短尾基因T的致死作用看，T基因是显性纯合致死 D．短尾类型相交时的性状分离比不是3∶‎ ‎1，原因是雌雄配子的结合不是随机的 ‎[解析]　由题意分析可知，一只短尾鼠与一只正常尾鼠交配，后代中正常尾与短尾比例相同，符合孟德尔的测交实验，遵循基因的分离定律，A正确。短尾类型相交，子代中总是出现2/3的短尾(T_)和1/3的正常尾(tt)，如果亲本有纯合子，则后代不会出现性状分离，所以该实验中亲本短尾基因型全为Tt；正常情况下，短尾类型杂交，子代基因型及比例为TT∶Tt∶tt＝1∶2∶1，实则子代中总是出现2/3的短尾(T_)和1/3的正常尾(tt)，可以推出T基因显性纯合时致死，B、C正确。短尾类型相交，子代的性状分离比总是2/3的短尾和1/3的正常尾，即短尾∶正常尾＝2∶1，推测原因是TT死亡，但雌雄配子的结合是随机的，D错误。 ‎ ‎[答案]　D ‎4．(2014·海南卷)某二倍体植物中，抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制，要确定这对性状的显隐性关系，应该选用的杂交组合是(　　)‎ A．抗病株×感病株 B．抗病纯合体×感病纯合体 C．抗病株×抗病株或感病株×感病株 D．抗病纯合体×抗病纯合体或感病纯合体×感病纯合体 ‎[解析]　判断性状的显隐性关系的方法有：①定义法——具有相对性状的纯合个体进行正反交，子代表现出来的性状就是显性性状，未表现出来的为隐性性状；②相同性状的雌雄个体间杂交，子代出现不同于亲代的性状，该子代的性状为隐性，亲代为显性。‎ ‎[答案]　B ‎5．(2018·北京昌平期末)基因型相同的残翅突变体果蝇的翅长随温度的升高而发生改变，据图分析下列叙述正确的是(　　)‎ A．表现型是基因型与环境共同作用的结果 B．同一温度雌、雄性果蝇翅长无显著差异 C．控制翅型的基因随温度改变发生改变 D．雌、雄性突变体翅长显著提升的温度相同 ‎[解析]　本题考查考生对实验结果的解释、分析和处理，数据单一，难度较小。基因型相同的残翅突变体果蝇的翅长随温度的升高而发生改变，说明表现型是基因型与环境共同作用的结果，A正确；31 ℃时，雌雄果蝇的翅长具有显著差异，B错误；图中信息并不能说明温度是否会引起基因改变，C错误；雌、雄性果蝇翅长显著提升的温度分别是30 ℃、29 ℃，D错误。‎ ‎[答案]　A ‎6．(2018·福州十校联考)在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及自交和测交。下列相关叙述正确的是(　　)‎ A．自交可以用来判断某一显性个体的基因型，测交不能 B．测交可以用来判断一对相对性状的显隐性，自交不能 C．自交可以用于显性优良性状品种的培育过程 D．自交和测交都不能用来验证分离定律和自由组合定律 ‎[解析]　自交和测交均可以用来判断某一显性个体的基因型；自交可以用来判断一对相对性状的显隐性，但测交不能；自交子代可能发生性状分离，所以自交可用于淘汰隐性个体，提高显性基因的频率，即可用于显性优良性状的品种培育过程；自交和测交均能用来验证分离定律和自由组合定律。‎ ‎[答案]　C ‎7．(2018·青岛城阳区摸底)玉米非甜(H)对甜(h)为显性，其基因位于常染色体上，H－和h－表示该基因所在染色体发生部分缺失(缺失片段不包括H和h基因)。现有基因型分别为HH、Hh、H－h、hh－、hh的5种玉米，欲设计实验验证“染色体缺失的精子不育，染色体缺失的卵细胞可育”的结论，可选择下列哪种亲本组合进行正反交实验(　　)‎ A．hh－×hh－ B．HH×hh C．H－h×hh D．Hh×hh－‎ ‎[解析]　hh－×hh－，正交和反交的结果相同，A错误。HH×hh，后代没有缺失现象，正交和反交结果相同，B错误。H－h×hh，若前者为母本，则后代基因型及比例为H－h∶hh＝1∶1；若后者为母本，则后代基因型全部为hh，C正确。Hh×hh－，若前者为母本，则后代基因型为Hh∶hh＝1∶1；若后者为母本，则后代为Hh∶Hh－∶hh∶hh－＝1∶1∶1∶1，后代正反交表现型相同，D错误。‎ ‎[答案]　C ‎8．(2018·北京朝阳期末)玉米的某突变型和野生型是一对相对性状，分别由显性基因B和隐性基因b控制，但是携带基因B的个体外显率为75%(即杂合子中只有75%表现为突变型)。现将某一玉米植株自交，F1中突变型∶野生型＝5∶3。下列分析正确的是(　　)‎ A．F1比例说明该性状的遗传遵循基因自由组合定律 B．亲本表现型为突变型 C．F1野生型个体都是纯合子 D．F1自由交配获得的F2突变型和野生型的比例也是5∶3‎ ‎[解析]　据题干信息可知，该性状由一对等位基因控制，满足基因的分离定律，A错误；杂合子自交，后代中突变型的比例是1/4＋1/2×75%＝5/8，野生型的比例是1/4＋1/2×25%＝3/8，现将某一玉米植株自交所得F1中突变型∶野生型＝5∶3，若F1自由交配没有发生进化，则基因频率不变，F2中突变型和野生型的比例也是5∶3，D正确；据“携带基因B的个体外显率为75%(即杂合子中只有75%表现为突变型)”可知，B、C错误。‎ ‎[答案]　D ‎9．(2018·海淀模拟)紫茉莉的花色由一对等位基因R、r控制，紫茉莉种群中控制花色性状的基因型有3种类型，即RR、Rr、rr，它们对应的花色分别为红色、粉色、白色。让红花紫茉莉与白花紫茉莉杂交得到F1，F1自交产生F2。下列关于F2的说法错误的是(　　)‎ A．F2的表现型有3种，比例为1∶2∶1‎ B．F2中红花植株占1/4‎ C．F2中纯合子所占比例为1/2‎ D．亲本红花紫茉莉的基因型为RR和Rr ‎[解析]　亲本红花紫茉莉和白花紫茉莉的基因型分别为RR、rr，则F1的基因型为Rr；Rr1RR(红花)∶2Rr(粉花)∶1rr(白花)。‎ ‎[答案]　D ‎10．(2018·豫晋冀调研)已知香豌豆花位置性状由位于染色体上的复等位基因(A1、A2、A3)控制，其中A1和A3都决定叶腋花，A2决定茎顶花，A1相对于A2、A3均是显性，A2相对于A3为显性，为判断一株叶腋花植株的基因组成，用基因型为A2A2、A3A3的个体分别与之杂交。下列推测错误的是(　　)‎ A．花位置性状的遗传遵循基因的分离定律，花位置的基因型有6种 B．叶腋花植株群体中，杂合子的基因型是A1A2、A1A3‎ C．用基因型为A2A2的个体与叶腋花植株杂交，只能判断出叶腋花植株的基因型是A1A1‎ D．用基因型为A3A3的个体与叶腋花植株杂交，只能判断出叶腋花植株的基因型是A1A2‎ ‎[解析]　由题意分析可知，香豌豆花位置的基因型有6种，即A1A1、A2A2、A3A3、A1A2、A1A3、A2A3，等位基因位于1对同源染色体上，遗传时遵循基因分离定律；叶腋花植株的基因型是A1A1、A1A2、A1A3、A3A3，其中A1A2、A1A3是杂合子；A2A2‎ 的个体与叶腋花植株杂交，如果杂交后代出现茎顶花和叶腋花，则叶腋花植株基因型可能是A1A2、A1A3，如果只出现叶腋花，则叶腋花植株基因型为A1A1，如果只出现茎顶花，则叶腋花植株基因型为A3A3；用A3A3的个体与叶腋花植株杂交，如果后代只出现叶腋花，则叶腋花植株基因型为A3A3、A1A3、A1A1，如果杂交后代出现茎顶花和叶腋花，则叶腋花植株基因型是A1A2。‎ ‎[答案]　C 二、非选择题 ‎11．(2018·江西崇义质检)观赏植物藏报春是一种多年生草本植物，两性花、异花传粉。在温度为20～25 ℃的条件下，红色(A)对白色(a)为显性，基因型AA和Aa为红花，基因型aa为白花，若将开红花的藏报春移到30 ℃的环境中，基因型AA、Aa也为白花。试回答：‎ ‎(1)根据基因型为AA和Aa的藏报春在不同温度下表现型不同，说明__________________________________。温度对藏报春花的颜色的影响最可能是由于温度影响了________________。‎ ‎(2)现有一株开白花的藏报春，为判断它的基因型设计实验如下，请完善相关操作步骤：‎ ‎①在人工控制的20～25 ℃温度条件下种植藏报春，选取开白花的植株作亲本甲。‎ ‎②在花蕾期，去除待鉴定的白花藏报春(亲本乙)的雄蕊，并套纸袋。‎ ‎③待亲本乙的雌蕊成熟后，_________________________________________________________，‎ 并套袋。‎ ‎④收取亲本乙所结的种子，并在________温度下种植，观察____________________________________。‎ ‎⑤结果预期：若杂交后代都开白花，则待鉴定藏报春的基因型为________；若杂交后代________，则待鉴定藏报春的基因型为AA；若杂交后代既有红花，又有白花，则待鉴定藏报春的基因型为________________。‎ ‎[解析]　(1)基因型为AA和Aa的藏报春在不同温度下表现型不同，说明生物的表现型是基因型和环境共同作用的结果。温度对藏报春花的颜色的影响最可能是由于温度影响了酶的活性。(2)该实验的目的是探究一株开白花的藏报春的基因型是AA、Aa还是aa，可让其与基因型为aa的藏报春杂交，在20～25 ℃条件下培养，以排除温度对实验结果的影响。在植物的杂交实验中，去雄的亲本乙作为母本，待其雌蕊成熟后，需要授以亲本甲(父本)的花粉，套袋是为了排除自然受粉对实验结果的影响。实验的预期结果有三种：一是杂交后代只开白花，说明待鉴定藏报春的基因型为aa；二是杂交后代只开红花，说明待鉴定藏报春的基因型为AA；三是杂交后代既有红花，又有白花，说明待鉴定藏报春的基因型为Aa。‎ ‎[答案]　(1)生物的表现型是基因型与环境共同作用的结果(或环境影响基因的表达)　酶的活性 ‎(2)③取亲本甲的花粉授给亲本乙　④20～25 ℃　花的颜色　⑤aa　都开红花　Aa ‎12．如表所示为某生物兴趣小组用牵牛花(二倍体)做的四组杂交实验，请分析回答下列问题：‎ ‎(1)若花色仅受一对等位基因控制，则________组和________组对显隐性的判断刚好相反。‎ ‎(2)有人对实验现象提出了假说：‎ 假说①：花色性状由三个复等位基因(R＋、R、r)控制，其中R决定蓝色，R＋和r都决定红色，R＋‎ 相对于R、r是显性，R相对于r是显性。若该假说正确，则A组亲代红花的基因型组合方式可能有________、________两种情况。‎ 假说②：花色性状由三个复等位基因(R、r1、r2)控制，只有r1和r2同时存在时，才会表现为蓝色，其他情况均为红色，R相对于r1、r2为显性。________(填“能”或“不能”)仅根据A组F1的数量比判断哪种假说是正确的。‎ ‎(3)为了进一步探究上述两种假说的合理性，某同学将B组F1中的蓝花植株自交得F2，统计F2的花色及数量比。‎ 若F2中_________________________________________________ ____________________，则支持假说①；‎ 若F2中_______________________________________________ _________________________，则支持假说②。‎ ‎[解析]　(1)若花色仅受一对等位基因控制，具有相同性状的两个亲本杂交，后代出现新的性状，则新的性状是隐性性状，所以根据A组可判定红花为显性性状，蓝花为隐性性状；B组则相反，即蓝花为显性性状，红花为隐性性状。(2)若假说①正确，则A组亲本红花的基因型组合可能存在两种情况：R＋R×R＋R或R＋R×R＋r。若假说②正确，A组的亲本组合可以是Rr1×Rr2。由上述分析可知，无论是假说①还是假说②，F1中都是红花∶蓝花≈3∶1，所以仅根据A组F1的数量比无法判断哪种假说是正确的。(3)若支持假说①：B组F1中蓝花植株的基因型有RR、Rr两种且比例为1∶2，所以其自交所得的F2中，红花植株rr占(2/3)×(1/4)＝1/6，即红花∶蓝花＝1∶5。若支持假说②：B组F1中蓝花植株的基因型是r1r2，所以其自交所得的F2中，基因型及比例为r1r1∶r1r2∶r2r2＝1∶2∶1，即红花∶蓝花＝1∶1。‎ ‎[答案]　(1)A　B(两空可颠倒)‎ ‎(2)R＋R×R＋R　R＋R×R＋r(两空可颠倒)　不能 ‎(3)红花∶蓝花＝1∶5　红花∶蓝花＝1∶1‎ ‎13．(2016·天津卷)鲤鱼和鲫鱼体内的葡萄糖磷酸异构酶(GPI)是同工酶(结构不同、功能相同的酶)，由两条肽链构成。编码肽链的等位基因在鲤鱼中是a1和a2，在鲫鱼中是a3和a4，这四个基因编码的肽链P1、P2、P3、P4可两两组合成GPI。以杂合体鲤鱼(a1a2)为例，其GPI基因、多肽链、GPI的电泳(蛋白分离方法)图谱如下。‎ 请回答相关问题：‎ ‎(1)若一尾鲫鱼为纯合二倍体，则其体内GPI类型是________。‎ ‎(2)若鲤鱼与鲫鱼均为杂合二倍体，则鲤鲫杂交的子一代中，基因型为a2a4个体的比例为________。在其杂交子一代中取一尾鱼的组织进行GPI电泳分析，图谱中会出现________条带。‎ ‎(3)鲤鲫杂交育种过程中获得了四倍体鱼。四倍体鱼与二倍体鲤鱼杂交，对产生的三倍体子代的组织进行GPI电泳分析，每尾鱼的图谱均一致，如下所示。 ‎ 据图分析，三倍体的基因型为________，二倍体鲤鱼亲本为纯合体的概率是________。‎ ‎[解析]　分析题干信息可知，控制鲤鱼GPI形成的等位基因是a1和a2，控制鲫鱼GPI形成的等位基因是a3和a4，a1、a2、a3、a4分别控制多肽链P1、P2、P3、P4的合成。若某一杂合体鲤鱼基因型为a1a2，则它体内会合成P1、P2两种多肽链，这两种多肽链两两组合会形成三种蛋白质(GPI)，电泳出三个蛋白质条带，即一个杂合体鲤鱼体内会有三种GPI。(1)若一尾鲫鱼为纯合二倍体，则它的基因型为a3a3或a4a4。当其基因型为a3a3时，体内只能合成P3，故其GPI是P3P3；当其基因型为a4a4时，体内只能合成P4，故其GPI是P4P4。(2)若鲤鱼与鲫鱼均为杂合二倍体，即鲤鱼的基因型是a1a2‎ ‎，能产生数量相等的a1、a2两种配子，鲫鱼的基因型是a3a4，能产生数量相等的a3、a4两种配子，则两者杂交子一代有a1a3、a1a4、a2a3、a2a4四种基因型，各占25%。杂交子一代均为杂合子，均能产生两种肽链，两种肽链两两组合形成三种GPI，因此，在其杂交子一代中取一尾鱼的组织进行GPI电泳分析，会出现3条带。(3)据图分析，该三倍体子代个体能产生P1、P2、P3三种肽链，故其基因型为a1a2a3。该三倍体个体的3个基因2个来自四倍体亲本，1个来自二倍体鲤鱼亲本，因为子代三倍体基因型唯一，故二倍体亲本只能提供一种配子，所以二倍体鲤鱼亲本为纯合子的概率是100%。‎ ‎[答案]　(1)P3P3或P4P4‎ ‎(2)25%　3‎ ‎(3)a1a2a3　100%‎