2019-2020学年生物人教版必修2作业与测评：1-2-2 孟德尔实验的启示和利用分离定律解决自由组合问题

2019-2020学年生物人教版必修2作业与测评：1-2-2 孟德尔实验的启示和利用分离定律解决自由组合问题

第 2 课时 孟德尔实验的启示和利用分离定律解决自由组合问题 基础必刷题 1．遗传学奠基人孟德尔获得成功的原因有：①选用自花传粉的豌豆作实验材 料；②先针对一对相对性状，后对多对相对性状进行研究的方法；③运用统计学 方法；④实验工具较先进；⑤科学设计实验程序、运用假说—演绎法，其中正确 的是( ) A．①②⑤ B．③④⑤ C．①②③⑤ D．②③④⑤ 答案 C 解析 豌豆有诸多的优点，选用豌豆作实验材料是成功的原因之一，①正确； 采用由单因子到多因子的科学思路，先针对一对相对性状，后对多对相对性状进 行研究，②正确；运用统计学方法，③正确；实验工具并不先进，④错误；运用 了假说—演绎法，⑤正确。 2．用基因型为 AabbCcdd 与 AaBbCcDD 的亲本小麦进行杂交，所有等位基因 独立遗传，遵循遗传定律，则 F1 的表现型和基因型种类数分别是( ) A．8 和 27 B．4 和 9 C．8 和 18 D．16 和 36 答案 C 解析 基因型为 AabbCcdd 与 AaBbCcDD 的亲本小麦进行杂交，分别对每一 对等位基因进行研究，Aa×Aa 后代表现型有 2 种，bb×Bb 后代表现型有 2 种， Cc×Cc 后代表现型有 2 种，dd×DD 后代表现型有 1 种，因此后代的表现型有 2×2×2×1＝8 种；Aa×Aa 后代基因型有 3 种，bb×Bb 后代基因型有 2 种，Cc×Cc 后代基因型有 3 种，dd×DD 后代基因型有 1 种，故后代基因型种类有 3×2×3×1 ＝18 种，综上所述，C 正确。 3．下列基因型的个体中，只能产生一种类型的配子的是( ) A．AaBbDd B．aaBbdd C．aaBBDd D．AAbbDD 答案 D 解析 解答本题最简单的方法是逐对分析法，即首先将自由组合定律问题转 化为若干个分离定律问题；其次根据基因的分离定律计算出每一对基因产生的配 子种类，最后再相乘。AaBbDd 能产生 2×2×2＝8 种配子，A 错误；aaBbdd 能产 生 1×2×1＝2 种配子，B 错误；aaBBDd 能产生 1×1×2＝2 种配子，C 错误； AAbbDD 属于纯合子，只能产生 AbD 一种配子，D 正确。 4．基因型为 AaBb 的个体与 aaBB 个体杂交，F1 的表现型比例是( ) A．9∶3∶3∶1 B．1∶1 C．3∶1∶3∶1 D．3∶1 答案 B 解析 基因型为 AaBb 的个体与 aaBB 个体杂交，可以分解成 Aa 与 aa 杂交， 以及 Bb 与 BB 杂交。Aa 与 aa 杂交后代表现型为 Aa∶aa＝1∶1，Bb 与 BB 杂交后 代表现型为 B_∶bb＝1∶0。因此 AaBb 的个体与 aaBB 个体杂交，F1 的表现型比 例是(1∶1)×(1∶0)＝1∶1。 5．某同学用碗豆进行测交实验，得到 4 种表现型的后代，数量分别是 85、92、 89、83，则这株豌豆的基因型不可能是( ) A．DdYYRR B．ddYyRr C．DdYyRr D．DDYyRr 答案 A 解析 DdYYRR 有一对杂合子的基因，因此能够产生两种配子，测交后代的 比例应接近 1∶1，A 错误；ddYyRr 有两对杂合子的基因，因此能够产生四种配子， 测交后代的比例应接近 1∶1∶1∶1，B 正确；DdYyRr 有三对杂合子的基因，若有 两对基因连锁，则能够产生四种配子，测交后代的比例应接近 1∶1∶1∶1，C 正 确；DDYyRr 中有两对杂合子的基因，因此能够产生四种配子，测交后代的比例应 接近 1∶1∶1∶1，D 正确。 6．让独立遗传的黄色非甜玉米 YYSS 与白色甜玉米 yyss 杂交，F1 代自交，在 F2 中得到白色甜玉米 80 株，那么 F2 中表现型不同于亲本的杂合植株约为( ) A．160 B．240 C．320 D．480 答案 C 解析 F1 即是 YySs，它自交遵循孟德尔遗传定律中的自由组合定律。白色甜 玉米的基因型为 yyss，是双隐性，占总数的 1/16。黄色非甜玉米与白色甜玉米是 两个亲本，F2 中表现型与双亲不同是黄色甜玉米和白色非甜玉米，基因型有 YYss， Yyss，yySS，yySs，其中杂合植株为 Yyss、yySs，占总数的比例为1 2 ×1 4 ＋1 4 ×1 2 ＝1 4 ， 后代总数为80÷ 1 16 ＝1280，所以F2中表现型不同于亲本的杂合植株为1280×1 4 ＝320 株。 7．人类生长发育中，基因 D 是耳蜗正常所必需的，基因 E 是听神经正常所必 需的。如果两个正常的双亲生了一个先天性耳聋的孩子，则双亲的基因型不可能 是( ) A．DDEe×DDEe B．DdEe×DdEE C．DdEe×DdEe D．DDEe×DdEE 答案 D 解析 由这对夫妇生出先天耳聋的孩子(基因型为 D_ee 或 ddE_或 ddee)，且这 对夫妇正常可知这对夫妇必定同在某一基因上是杂合子。 8．黄色圆粒豌豆和绿色圆粒豌豆杂交，对其子代表现型按每对相对性状进行 统计，结果如下图所示，黄绿基因为 Y 和 y，圆皱基因为 R 和 r。请问杂交后代中： (1)子代表现型及其在总数中所占的比例是_________________________。 (2)实验中所用亲本的基因型为________________。 (3)能稳定遗传的占总数的________，后代个体中自交能产生性状分离的占 ________。 (4)表现型中重组类型所占的比例为________，重组类型中能作为品种保留下 来的占________。 答案 (1)黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝3∶1∶3∶1 (2)YyRr 和 yyRr (3)1/4 3/4 (4)1/4 1/2 解析 (1)由题图得出：子代黄∶绿＝1∶1；圆∶皱＝3∶1，组合起来得出表 现型及其在总数中所占的比例是：黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝(1∶1)×(3∶1)＝ 3∶1∶3∶1。 (2)黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝(1∶1)×(3∶1)＝3∶1∶3∶1，推出亲本基因型 为 YyRr×yyRr。 (3)亲本基因型为 YyRr×yyRr，Yy×yy 后代 yy 的比例为 1/2，Rr×Rr 后代中 RR 比例为 1/4，rr 比例为 1/4，所以能稳定遗传的 yyrr 比例为 1/2×1/4＝1/8，yyRR 比例为 1/2×1/4＝1/8,1/8＋1/8＝1/4。剩下的都是杂合子，个体中自交能产生性状 分离，占 3/4。 (4)子代重组类型为黄皱和绿皱，由题图可得黄皱＝1/2×1/4＝1/8，绿皱＝ 1/2×1/4＝1/8,1/8＋1/8＝1/4；重组类型中能作为品种保留下来的为纯合子。亲本基 因型为 YyRr×yyRr，黄皱纯合子为 YYrr，Yy×yy 后代无 YY，所以黄皱无纯合 子；绿皱纯合子为 yyrr，Yy×yy 后代 yy 的比例为 1/2，Rr×Rr 后代中 rr 比例为 1/4，yyrr 比例为 1/2×1/4＝1/8，则重组类型中纯合子所占比例为(1/8)/(1/4)＝1/2。 9．人的眼色是由两对等位基因(A 和 a、B 和 b)(两者独立遗传)共同决定的， 在一个个体中两对基因处于不同状态时，人的眼色如下表： 个体的基因型 性状表现(眼色) 四显(AABB) 黑色 三显一隐(AABb、AaBB) 褐色 二显二隐(AaBb、AAbb、aaBB) 黄色 一显三隐(Aabb、aaBb) 深蓝色 四隐(aabb) 浅蓝色 若有一对黄色眼夫妇，其基因型均为 AaBb，从理论上计算： (1)他们所生子女中，基因型有________种，表现型有________种。 (2)他们所生子女中，与亲代表现型不同的个体所占的比例为________。 (3) 他 们 所 生 子 女 中 ， 能 稳 定 遗 传 的 个 体 的 表 现 型 及 其 比 例 为 ____________________________。 (4)若子女中的黄色眼的女性与另一家庭的浅蓝色眼的男性婚配，该夫妇生下 浅蓝色眼小孩的概率为________。 答案 (1)9 5 (2)5 8 (3)黑色∶黄色∶浅蓝色＝1∶2∶1 (4)1 6 解析 这对黄色眼夫妇的基因型均为 AaBb，后代应出现 9 种基因型，但表现 型不是 4 种而是 5 种，其中黑色∶褐色∶黄色∶深蓝色∶浅蓝色＝1∶4∶6∶4∶1。 他们所生子女中，与亲代表现型不同的个体所占的比例为 1－ 6 16 ＝5 8 ；能够稳定遗 传的个体应是纯合子，比例为黑色∶黄色∶浅蓝色＝1∶2∶1；子女中黄色眼的女 性基因型为 AaBb、AAbb 或 aaBB，其比例为 4∶1∶1。男性的基因型为 aabb，只 有 AaBb 与 aabb 婚配能生下浅蓝色眼小孩，概率为4 6 ×1 2 ×1 2 ＝1 6 。 能力提升题 对应学生用书 P7 1．下列有关基因分离定律和基因自由组合定律的说法，错误的是( ) A．孟德尔在研究分离定律和自由组合定律时，都用到了假说—演绎法 B．二者揭示的都是生物细胞核遗传物质的遗传规律 C．在生物性状遗传中，两个定律各自发生 D．基因分离定律是基因自由组合定律的基础 答案 C 解析 孟德尔在研究分离定律和自由组合定律时，都用到了同一种科学的研 究方法——假说—演绎法，A 正确；基因的分离定律与自由组合定律揭示的都是 生物细胞核遗传物质的遗传规律，B 正确；在生物性状遗传中，两个定律同时发生， 其中，基因的分离定律是自由组合定律的基础，C 错误，D 正确。 2．(2015·海南高考)下列叙述正确的是( ) A．孟德尔定律支持融合遗传的观点 B．孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中 C．按照孟德尔定律，AaBbCcDd 个体自交，子代遗传因子组成有 16 种 D．按照孟德尔定律，对 AaBbCc 个体进行测交，测交子代遗传因子组成有 8 种 答案 D 解析 孟德尔不支持融合遗传观点，A 错误；孟德尔的描述过程发生在减数 分裂产生配子时，B 错误；按照孟德尔定律，AaBbCcDd 个体自交，子代遗传因子 组成有 3×3×3×3＝81 种，C 错误；按照孟德尔定律，对 AaBbCc 个体进行测交， 即 AaBbCc×aabbcc，子代遗传因子组成有 2×2×2＝8 种，D 正确。 3．大鼠的毛色由独立遗传的两对遗传因子控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行 杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述正确的是( ) A．黄色为显性性状，黑色为隐性性状 B．F1 与黄色亲本杂交，后代有两种性状表现类型 C．F1 和 F2 中灰色大鼠均为杂合子 D．F2 黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1 4 答案 B 解析 两对遗传因子杂交，F2 中灰色比例最高，所以灰色为双显性性状，米 色最少，为双隐性性状，黄色、黑色为单显性性状，A 错误；F1 为双杂合子(假设 为 AaBb)，与黄色亲本(假设为 aaBB)杂交，后代有两种表现类型，B 正确；F2 出 现性状分离，体色由两对遗传因子控制，则灰色大鼠中有1 9 为纯合子(AABB)，其 余为杂合子，C 错误；F2 的黑色大鼠中纯合子(AAbb)所占比例为1 3 ，与米色(aabb) 杂交不会产生米色大鼠，杂合子(Aabb)所占比例为2 3 ，与米色大鼠(aabb)交配产生米 色大鼠的概率为1 2 ，所以 F2 黑色大鼠与米色大鼠杂交产生米色大鼠的概率为2 3 ×1 2 ＝ 1 3 ，D 错误。 4．两对独立遗传的等位基因(A、a 和 B、b，且两对基因完全显隐性)分别控 制豌豆的两对相对性状。植株甲与植株乙进行杂交，下列相关叙述正确的是( ) A ． 若 子 二 代 出 现 9∶3∶3∶1 的 性 状 分 离 比 ， 则 两 亲 本 的 基 因 型 为 AABB×aabb B．若子一代出现 1∶1∶1∶1 的性状分离比，则两亲本的基因型为 AaBb×aabb C．若子一代出现3∶1∶3∶1的性状分离比，则两亲本的基因型为AaBb×aaBb D．若子二代出现 3∶1 的性状分离比，则两亲本可能的杂交组合有 4 种情况 答案 D 解析 基因型为 AABB×aabb 或 AAbb×aaBB 的两亲本杂交，子二代均出现 9∶3∶3∶1 的性状分离比；基因型为 AaBb×aabb 或 Aabb×aaBb 的两亲本杂交， 子一代均出现 1∶1∶1∶1 的性状分离比；基因型为 AaBb×aaBb 或 AaBb×Aabb 的两亲本杂交，子一代均出现 3∶1∶3∶1 的性状分离比；若子二代出现 3∶1 的 性 状 分 离 比 ， 则 两 亲 本 可 能 的 杂 交 组 合 有 AABB×AAbb 、 aaBB×aabb 、 AABB×aaBB、AAbb×aabb 4 种情况。 5．手指交叠时，右拇指叠上为显性(R)，左拇指叠上为隐性(r)。短食指基因为 TS，长食指基因为 TL，此性状的体现还受性激素的影响，TS 在男性为显性，TL 在 女性为显性。R/r 与 TS/TL 两对等位基因分别位于两对常染色体上。一对夫妇均为 右拇指叠上、短食指，生有左拇指叠上、长食指的女儿和右拇指叠上、短食指的 儿子。则该夫妇再生一个孩子是右拇指叠上、长食指女儿的概率为( ) A．1/16 B．3/16 C．3/8 D．9/16 答案 B 解析 该夫妇基因型为 RrTSTL 和 RrTSTS，二者再生一个右拇指叠上、长食指 女儿(R_TL_)的概率为 3/4×1/2×1/2＝3/16。 6．小麦子粒色泽由 4 对独立遗传的基因(A 和 a、B 和 b、C 和 c、D 和 d)所控 制，只要有一个显性基因存在就表现红色，只有全隐性才为白色。现有杂交实验： 红粒×红粒→红粒∶白粒＝63∶1，则其双亲基因型不可能的是( ) A．AabbCcDd×AabbCcDd B．AaBbCcDd×AaBbccdd C．AaBbCcDd×aaBbCcdd D．AaBbccdd×aaBbCcDd 答案 D 解析 由题意可知，4 对基因的遗传符合自由组合定律，两个红粒亲本杂交， A 项中白粒占(1/4)×1×(1/4)×(1/4)＝1/64，红粒占 1－1/64＝63/64；B 项中白粒占 (1/4)×(1/4)×(1/2)×(1/2) ＝ 1/64 ， 红 粒 占 1 － 1/64 ＝ 63/64 ； C 项 中 白 粒 占 (1/2)×(1/4)×(1/4)×(1/2) ＝ 1/64 ， 红 粒 占 1 － 1/64 ＝ 63/64 ； D 项 中 白 粒 占 (1/2)×(1/4)×(1/2)×(1/2)＝1/32，红粒占 1－1/32＝31/32。所以双亲的基因型不可 能是 AaBbccdd×aaBbCcDd，D 符合题意。 7．某种蛙眼色的表现型与基因型的对应关系如下表(两对基因独立遗传)： 表现型 蓝眼 绿眼 紫眼 基因型 A_B_ A_bb、aabb aaB_ 现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，F1 有蓝眼和绿眼两种表现型，理论上 F1 蓝眼蛙∶ 绿眼蛙为( ) A．3∶1 B．3∶2 C．9∶7 D．13∶3 答案 A 解析 蓝眼蛙(A_B_)与紫眼蛙(aaB_)杂交，F1 有蓝眼(A_B_)和绿眼(A_bb、aabb) 两种表现型，据此推断亲本蓝眼蛙的基因型为 AABb，紫眼蛙的基因型为 aaBb。 AABb×aaBb 后代的表现型及比例为 AaB_(蓝眼蛙)∶Aabb(绿眼蛙)＝3∶1。 8．某植物的花色由两对等位基因控制，且两对基因独立遗传。纯合的蓝花品 种与纯合的紫花品种杂交，F1 为蓝花，F1 自交，F2 中紫花∶红花∶蓝花＝1∶6∶9。 若将 F2 中一株蓝花植株自交，子代植株(F3)表现型种类及比例不可能出现( ) A．3 种、1∶6∶9 B．2 种、1∶1 C．2 种、3∶1 D．1 种、1 答案 B 解析 纯合的蓝花品种与纯合的紫花品种杂交，F1 为蓝花，F1 自交，F2 中紫 花∶红花∶蓝花＝1∶6∶9。说明 F1 的蓝花为双杂合子 AaBb，F2 中蓝花植株的基 因型为：AABB、AaBB、AABb、AaBb，共 4 种。F2 中一株蓝花植株若为 AABB， 则后代表现型的种类为 1 种；若为 AaBB，则后代表现型为 2 种，比例为 3∶1； 若为 AABb，则后代表现型也为 2 种，比例为 3∶1；若为 AaBb，则后代表现型为 3 种，比例为 1∶6∶9。 9．决定某种瓢虫翅色的复等位基因有 5 种，TA、TB、TC、TD、t 基因，且 TA、 TB、TC、TD 相对 t 为显性，TA、TB、TC、TD 之间为共显性关系(基因型中成对的基 因都表现)；决定翅瓢虫眼色的基因有 2 种，分别为完全显隐性的 G、g。眼色与翅 色基因独立遗传。则瓢虫的表现型种类为( ) A．12 种 B．15 种 C．22 种 D．33 种 答案 C 解析 两对基因的遗传遵循孟德尔自由组合定律。决定瓢虫翅色的复等位基 因有 5 种，TA、TB、TC、TD 相对 t 为显性，TA、TB、TC、TD 之间为共显性关系， 共有基因型(TAt、TBt、TCt、TDt、tt、TATA、TATB、TATC、TATD、TBTB、TBTC、 TBTD、TCTC、TCTD、TDTD)15 种，表现型为 11 种翅色；决定翅瓢虫眼色的基因 G、 g，共有(GG、Gg、gg)三种基因型，2 种表现型，则瓢虫的表现型种类总共有 11×2 ＝22 种，C 正确。 10．(2016·上海高考)控制棉花纤维长度的三对等位基因 A/a、B/b、C/c 对长度 的作用相等，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为 aabbcc 的棉花纤维长度 为 6 厘米，每个显性基因增加纤维长度 2 厘米。棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc) 杂交，则 F1 的棉花纤维长度范围是( ) A．6～14 厘米 B．6～16 厘米 C．8～14 厘米 D．8～16 厘米 答案 C 解析 棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，F1 中至少含有一个显性基因 A，长度最短为 6＋2＝8 厘米，含有显性基因最多的基因型是 AaBBCc，长度为 6 ＋4×2＝14 厘米。 11．某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花 粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因独立遗传，非糯性花粉遇碘液变蓝， 糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：①AATTdd，②AAttDD， ③AAttdd，④aattdd。请完成下列问题。 (1)若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，可选择亲本①与________或 ________杂交。 (2)若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本________和 ________杂交。 (3)若培育糯性抗病优良品种，应选用________和________亲本杂交。 (4)将②和④杂交后所得的 F1 的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，置于显微 镜下观察，将会看到________种类型的花粉，且比例为________________。 答案 (1)② ④ (2)② ④ (3)① ④ (4)4 1∶1∶1∶1 解析 (1)基因分离定律的实质是等位基因随着同源染色体的分开而分离。花 粉粒分为长形和圆形、非糯性和糯性，且非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘 液为棕色，若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，所选亲本杂交后要能得到基 因型为 Dd 或 Aa 的子代，因此可应选择亲本①与②或①与④杂交。 (2)花粉粒分为长形和圆形、非糯性和糯性，且非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性 花粉遇碘液为棕色，若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，所选亲本杂交 后要能得到基因型为 AaDd 的子代，因此应选择的两亲本为②和④。 (3)要培育糯性抗病(aaT_)优良品种，应选①(AATTdd)和④(aattdd)作亲本进行 杂交。 (4)②(AAttDD)和④(aattdd)杂交所得 F1 的基因型为 AattDd。F1 的花粉有 AtD、 Atd、atD、atd 共 4 种，比例为 1∶1∶1∶1，所以将 F1 的花粉涂在载玻片上，加 碘液染色后，置于显微镜下观察将会看到 4 种类型的花粉，且比例为 1∶1∶1∶1。 12．某植物的花色有紫色、红色和白色三种类型，下表为该植物纯合亲本间 杂交实验的结果，请分析回答： 组别 亲本 F1 F2 1 白花×红 花 紫花 紫花∶红花∶白花＝ 9∶3∶4 2 紫花×红 花 紫花 紫花∶红花＝3∶1 3 紫花×白 花 紫花 紫花∶红花∶白花＝ 9∶3∶4 (1)该性状是由________对独立遗传的等位基因决定的，且只有在________种 显性基因同时存在时才能开紫花。 (2)若表中红花亲本的基因型为 aaBB，则第 1 组实验中白花亲本的基因型为 ________，F2 表现为白花的个体中，与白花亲本基因型相同的占________。若第 1 组和第 3 组的白花亲本之间进行杂交，后代的表现型应________。 (3)若第 3 组实验的 F1 与某纯合白花品种杂交，请简要分析杂交后代可能出现 的表现型及其比例以及相对应的该白花品种可能的基因型： ①如果杂交后代紫花与白花之比为 1∶1，则该白花品种的基因型是________； ②如果____________________________，则该白花品种的基因型是 aabb。 答案 (1)两 两 (2)AAbb 1/4 全为白花 (3)①AAbb ②杂交后代紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2 解析 (1)由表格可知，第 1 组中 F2 的表现型紫花∶红花∶白花＝9∶3∶4， 是 9∶3∶3∶1 的变形，所以该性状是由两对独立遗传的等位基因决定的，双显性 表现为紫色，即只有在两种显性基因同时存在时才能开紫花。 (2)第 1 组中 F1 的紫花基因型为 AaBb，红花亲本的基因型为 aaBB，则白花亲 本的基因型为 AAbb；F2 白花基因型及比例为 AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶2∶1，所 以与白花亲本基因型相同的占 1/4；同理第 3 组中 F1 的紫花基因型为 AaBb，所以 第 3 组中亲本白花的基因型为 aabb，第 1 组和第 3 组的白花亲本之间进行杂交， 即 AAbb×aabb，后代基因型为 Aabb，表现型全为白花。 (3)第 3 组实验的 F1 为 AaBb，纯合白花的基因型为 AAbb 或 aabb。若该白花 品种的基因型是 AAbb，F1 与纯合白花品种杂交，即 AaBb×AAbb，子代基因型有 四种，分别为 AABb、AAbb、AaBb、Aabb，紫花与白花之比为 1∶1；若白花品 种的基因型是 aabb，F1 与纯合白花品种杂交，即 AaBb×aabb，子代的基因型有四 种，AaBb、Aabb、aaBb、aabb，紫花∶红花∶白花＝1∶1∶2。 13．某植物的花色受两对独立遗传的等位基因控制，为研究该植物花色遗传 的规律，科研人员用纯合红花植株和纯合白花植株为材料进行杂交实验，统计结 果如下图所示。请回答下列问题： (1)该植物的红花和白花这对相对性状中，显性性状是________。F2 中纯合子 约有________株。 (2)若 F2 中的白花植株自交，则其子代植株的表现型是________。F2 中红花植 株的基因型共有________种。若该植物为自花传粉，将收获的 F2 中每株红花植株 的所有种子单独种植在一起得到一个株系，则全部开红花株系占全部株系的比例 为________。 (3)F2 中出现白花植株∶红花植株＝84∶108 的原因是：____________， 且受精时____________________________。 答案 (1)红花 48 (2)白花 4 1 9 (3)F1 中的红花植株在形成配子时，控制红花和白花的两对基因发生了等位基 因的分离和非等位基因的自由组合，形成 4 种配子 雌雄配子随机结合 解析 (1)F2 白花∶红花＝84∶108＝7∶9，所以控制白花与红花的是两对基 因，设为 A、a 和 B、b，则 F1 基因型为 AaBb，自交产生 F2 中纯合子为1 4 ×192＝ 48 株。 (2) 全是白花，F2 中红花的基因型为 A_B_4 种，1AABB、2AABb、2AaBB、4AbBb， 每株红花种子单独种植，全部开红花的占1 9 。 (3)F2 出现白花∶红花＝84∶108 的原因是控制白花与红花的是两对基因，形 成配子时成对的基因分离，不成对的自由组合产生 4 种配子，受精时雌雄配子随 机结合。