【生物】2020届 一轮复习 人教版 生命活动的主要承担者——蛋白质 作业

【生物】2020届 一轮复习 人教版 生命活动的主要承担者——蛋白质 作业

‎2020届 一轮复习 人教版 生命活动的主要承担者——蛋白质 作业 一、选择题 ‎1．下列有关氨基酸、多肽链和蛋白质的叙述，正确的是(　　)‎ A．都只含有C、H、O、N四种元素 B．遇双缩脲试剂都显紫色 C．都通过主动运输进入细胞 D．通常都含有羧基 解析：D　[甲硫氨酸的R基中含有S元素，则由甲硫氨酸构成的多肽链和蛋白质中也会含有S元素；某些蛋白质(如血红蛋白)中还含有Fe元素，A项错误。双缩脲试剂与蛋白质或多肽中的肽键发生作用产生紫色反应，氨基酸中无肽键，故不会与双缩脲试剂发生作用，B项错误。大分子物质通过胞吞的方式进入细胞，C项错误。氨基酸中至少有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，由氨基酸形成的肽链也至少具有一个游离的氨基或羧基，D项正确。]‎ ‎2．下列选项描述的物质不一定是蛋白质的是(　　)‎ A．生命活动的主要承担者 B．人体内降低血糖的激素 C．细胞内具有催化功能的物质 D．细胞膜上能转运钾离子的物质 解析：C　[承担生命活动的物质很多，蛋白质是主要的承担者，A正确；人体内能降低血糖的激素是胰岛素，其本质为蛋白质，B正确；细胞内具有催化功能的物质是酶，而酶的本质是蛋白质或RNA，C错误；细胞膜上能转运钾离子的是载体蛋白，D正确。]‎ ‎3．下列生理活动与蛋白质功能无关的是(　　)‎ A．氨基酸被运输进入细胞内 B．细胞质中的氨基酸被运输到核糖体上 C．葡萄糖在细胞内氧化分解 D．激素被靶细胞识别 解析：B　[氨基酸被运输进入细胞需要载体蛋白参与；细胞质中的氨基酸被运输到核糖体上是由tRNA完成的；葡萄糖的氧化分解需要酶的催化；激素被靶细胞识别需要细胞膜上的糖蛋白参与。]‎ ‎4．蛋白质分子能被肽酶降解，至于哪一个肽键被断裂则决定于肽酶的类型。肽酶P能断裂带有侧链R4的氨基酸和相邻氨基酸的羧基基团之间的肽键。下列说法正确的是(　　)‎ A．上图所示肽链一定由5种氨基酸脱水缩合而成 B．在肽酶P的作用下，经过脱水缩合可以形成两条肽链 C．肽酶P可以催化1处的化学键断裂 D．该肽链中含有游离的氨基和羧基各一个 解析：C　[根据题目中“肽酶P能断裂带有侧链R4的氨基酸和相邻氨基酸的羧基基团之间的肽键”的信息，可判断肽酶作用于肽链中的1处；图中所示肽链有4个肽键，肯定由5个氨基酸构成，但可能有的R基相同，故不一定是由5种氨基酸脱水缩合而成；在肽酶P的作用下，应是经过水解形成两条肽链；因为不知道R基中是否含有氨基或羧基，故该肽链中至少含有游离的氨基和羧基各1个。]‎ ‎5．HSP是机体细胞受高温刺激后合成出的一类热休克蛋白。该蛋白可发挥如图所示的作用，以保护机体细胞不受破坏。图中HSP所起的作用是(　　)‎ A．促进肽键的形成 B．抑制氨基酸脱水缩合 C．促使肽链形成空间结构 D．维持蛋白质结构稳定性 解析：C　[从图中可以看出，HSP与多肽链结合后，多肽链变成具有一定空间结构的蛋白质。]‎ ‎6．下图示为由30个氨基酸组成的多肽链，经加工，第1位甲硫氨酸被切除，第16与17位氨基酸之间的肽键被切断并生成两条多肽链，两条多肽链通过二硫键相连。有关此过程的说法错误的是(　　)‎ A．加工过程中，氧原子数目增加一个 B．经加工，比原多肽链增加了一个氨基和一个羧基 C．此加工过程是在内质网中进行的 D．此多肽链的合成过程生成了29个水分子、加工过程消耗了2个水分子 解析：‎ A　[加工过程减少了一个肽键(含一个氧)，一个肽键(含一个氧)被水解，生成一个羧基(含两个氧)和一个氨基，新肽链和原来肽链比，减少了一个甲硫氨酸，其中含有2个氧原子，断裂了两个肽键，增加了两个氧原子，所以氧原子数没变；此多肽链的合成过程生成了29个肽键，形成29个水分子，加工过程水解了两个肽键，消耗了2个水分子。]‎ ‎7．某蛋白质的相对分子质量为e，该蛋白质由m条肽链组成，含有n个肽键。据此分析，下列说法错误的是(　　)‎ A．组成该蛋白质的不同氨基酸之间的区别在于R基的不同 B．组成该蛋白质的氨基酸的平均相对分子质量为 C．彻底水解该蛋白质分子需要消耗n个水分子 D．该蛋白质分子的特异性完全取决于氨基酸的种类、数目和排列顺序 解析：D　[不同氨基酸之间的区别在于R基的不同，A项正确；分析题中信息，该蛋白质的相对分子质量为e，由m条肽链组成，含有n个肽键，则组成该蛋白质的氨基酸数目＝肽链数＋肽键数＝m＋n，脱去的水分子数＝肽键数＝n，假设组成该蛋白质的氨基酸平均相对分子质量为x，则e＝(m＋n)x－18n，计算可得x＝，B项正确；合成该蛋白质时要脱去n分子水，则彻底水解该蛋白质分子也需要消耗n个水分子，C项正确；该蛋白质分子的特异性取决于氨基酸的种类、数目和排列顺序以及蛋白质的空间结构，D项错误。]‎ ‎8．GPCPs(G蛋白偶联受体)是一条往返穿膜七次的具有识别作用的跨膜蛋白，下图是其结构模式图。下列有关G蛋白和G蛋白偶联受体的说法中，错误的是(　　)‎ A．G蛋白偶联受体(GPCPs)可能是糖蛋白 B．GPCPs只有一个游离的氨基和一个游离的羧基 C．此多肽链中氨基酸的“R基”之间形成的“—S—S—”，具有维持活性的作用 D．G蛋白是在细胞质中的核糖体上合成的 解析：B　[GPCPs具有识别作用，可推知其本质可能是糖蛋白，A选项正确；GPCPs中至少含有一个氨基和一个羧基，可能在氨基酸的R基中还含有游离的羧基和氨基，B选项错误；S只能存在于氨基酸的R基中，所以“—S—S—”结构是在氨基酸的“R基”之间形成的，C选项正确；由G蛋白作用的片段的位置可推知：G蛋白是胞内蛋白，所以G蛋白是在细胞质中的核糖体上合成的，D选项正确。]‎ ‎9．下列与蛋白质功能有关的叙述，正确的是(　　)‎ A．有的膜蛋白具有运输功能，运输的可以是氧气、核苷酸等物质 B．有的蛋白质具有催化功能，作用机理是降低化学反应的活化能 C．有的蛋白质具有调节功能，能进入细胞并直接参与细胞代谢 D．有的蛋白质具有免疫功能，都能与来自外界的特定抗原结合 解析：B　[氧气的跨膜运输方式是自由扩散，不需要膜蛋白协助，A项错误；有的蛋白质具有催化功能，如大部分酶，其作用机理是降低化学反应的活化能，B项正确；具有调节功能的蛋白质不能直接参与细胞代谢，C项错误；有的蛋白质具有免疫功能，如淋巴因子和抗体，抗体能与来自外界的特定抗原结合，淋巴因子的作用是促进B细胞增殖、分化，不能与来自外界的特定抗原结合，D项错误。]‎ ‎10．2018年10月3日，诺贝尔化学奖一半颁给Frances H ‎ Arnold，奖励她实现了酶的定白演化；另一半颁发给George P smith和Gregory P winter，奖励他们实现了多肽和抗体的噬菌体呈献技术。“克隆”的关键技术之一是找到一些特殊的酶，这些酶能激活普通体细胞使之像生殖细胞一样发育成个体。有关酶的叙述错误的是(　　)‎ A．大多数的酶是具有催化作用的蛋白质 B．酶催化作用具有高度的专一性 C．高温或重金属盐能降低酶的活性 D．酶只有在强酸性或强碱性条件下才能发挥作用 解析：D　[酶是一类特殊的蛋白质，它在按近中性和30 ℃～50 ℃之间的条件下催化活性最强。]‎ 二、非选择题 ‎11．蛋白水解酶分内切酶和外切酶2种，外切酶专门作用于肽链末端的肽键，内切酶则作用于肽链内部特定区域，若蛋白酶1作用于苯丙氨酸(C9H11NO2)两侧的肽键，蛋白酶2作用于赖氨酸(C6H14N2O2)氨基端的肽键，某四十九肽经酶1和酶2作用后的情况如图。‎ ‎(1)若用蛋白外切酶处理该多肽，则会得到________个氨基酸。‎ ‎(2)短肽A、B、C比四十九肽的氧原子数少________个。‎ ‎(3)该四十九肽只有第________号位为赖氨酸，而苯丙氨酸存在于第________号位上。‎ ‎(4)若通过酶切等方法确定某多肽由甘氨酸(C2H5O2N)，丙氨酸(C3H7O2N)，半胱氨酸(C3H7O2NS)组成，称取此多肽415 g，完全水解得到氨基酸505 g，已知组成此多肽的氨基酸的平均相对分子质量100，每摩尔多肽含有S元素51 mol。则一分子此多肽由________个氨基酸组成，其中三种氨基酸的数量比是____________。‎ 解析：(1)该四十九肽是由49个氨基酸脱水缩合形成的，其水解后会得到49个氨基酸。(2)短肽A、B、C的形成过程中共去掉3个苯丙氨酸(C9H11NO2)，这需要断裂5个肽键，消耗5个水分子，该过程中氧原子数减少2×3－5＝1个。(3)分析题图：图示是某四十九肽经酶1和酶2作用后的情况，其中酶1作用于苯丙氨酸(C9H11NO2)两侧的肽键，经酶1处理后，形成1～16、18～30、33～49三个片段，说明第17、31和32位为苯丙氨酸；酶2作用于赖氨酸(C6H14N2O2)氨基端的肽键，经酶2处理后，形成1～21、23～48两个片段，说明第22、23和49位为赖氨酸。(4)假设一分子多肽由x个氨基酸组成，则505∶415＝100x∶[100x－18(x－1)]，解得x＝101；该多肽中只有半胱氨酸含有S，则该多肽中含有51个半胱氨酸；设此多肽分子含甘氨酸y个，则含丙氨酸101－51－y＝50－y，有101×100＝51×121＋75y＋79×(50－y)，解得y≈5，因此三种氨基酸的数量比为5∶45∶51。‎ 答案：(1)49　(2)1　(3)22、23、49　17、31、32　(4)101　5∶45∶51‎ ‎12．科学家从牛的胰脏中分离出一条由76个氨基酸组成的多肽链(Ub)。研究发现Ub在细胞自我监测和去除某些“不适用蛋白质”(即靶蛋白)的机制中扮演着重要角色。如果某个蛋白质被贴上Ub这个标签，就会被运送到细胞内的蛋白酶体处被水解掉，其过程如下图所示：‎ 请回答下列问题：‎ ‎(1)Ub由76个氨基酸组成，则它具有________个肽键，Ub的合成场所是________。若它在小肠中被水解，则是下列哪种物质不可能产生？________。‎ ‎(2)如果靶蛋白不与Ub结合，便不能被蛋白酶体水解。①过程说明Ub的作用是识别________并与之结合；完成①、②过程需要的主要条件是________和____________________。‎ ‎(3)根据“节省能量的原则”，上述过程产生的氨基酸将最大限度地被细胞再用于________________。‎ ‎(4)上图中所利用的ATP是由____________作用提供的。完成此生理作用的细胞器是________，从结构上看它具有________结构，所以应属于细胞的________系统，该系统在细胞生命活动中有着重要作用。‎ ‎(5)若有99个氨基酸(假设它们的平均分子量为100)，通过结合形成了一条环状的多肽链，则其相对分子质量比原来减少了________，此环状的多肽链含氨基的数量最少是________个。若某一多肽链由201个氨基酸组成，其分子式为CxHyNaObS2(a>201，b>202)，并且是由下列5种氨基酸组成的，那么该多肽链彻底水解后将会得到赖氨酸、天冬氨酸各多少个？________。(填选项编号)‎ A．a－202、b－202　　　　 B．a－202、(b－202)/2‎ C．a－201、(b－201)/2 D．a－201、(b－202)/2‎ 解析：(1)Ub由76个氨基酸组成，则它具有肽键数目＝氨基酸数目－肽链数＝76－1＝75个；肽链合成的场所是核糖体；组成蛋白质的氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，且有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，图中A、B、C中的氨基酸都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，都是组成蛋白质的氨基酸，D的氨基和羧基不连在同一个碳原子上，所以不是组成蛋白质的氨基酸。(2)分析题图可知，①过程说明Ub的作用是识别靶蛋白并与靶蛋白结合；完成①、②过程需要的主要条件是多种酶和ATP提供能量。(3)细胞通过主动运输的方式吸收氨基酸，需要消耗能量。根据“节省能量的原则”‎ ‎，上述过程产生的氨基酸将最大限度地被细胞再用于新蛋白质的合成。(4)动物细胞ATP的来源是细胞呼吸，主要是有氧呼吸，线粒体是有氧呼吸的主要场所；线粒体是具有双层膜结构的细胞器，因此属于细胞的生物膜系统的组成部分。(5)氨基酸脱水缩合形成环状肽链的过程中脱去的水分子数与氨基酸的数目相同，因此99个氨基酸形成环状肽链脱去的水分子数是99，则其相对分子质量比原来减少了18×99＝1 782；环状肽链中的游离的氨基数至少是0个；从组成多肽链的五种氨基酸结构可知，赖氨酸的R基上有一个—NH2，天冬氨酸的R基上有一个—COOH，那么由201个氨基酸缩合的肽链就有200个肽键，其中含有200个N和200个O，加上多肽链末端各一个—NH2和—COOH，共201个N和202个O，多出的—NH2数(N原子数)为a－201，是赖氨酸的R基上的—NH2数量，即为赖氨酸的数量；同理，多出的O数量为b－202个，换算成—COOH数为(b－202)/2个，即为天冬氨酸的数量。‎ 答案：(1)75　核糖体　D　(2)靶蛋白　多种酶　ATP提供能量　(3)新蛋白质的合成　(4)细胞呼吸　线粒体　膜　生物膜　(5)1 782　0　D