【生物】2020届 一轮复习 人教版基因的分离定律 作业

申明敬告: 本站不保证该用户上传的文档完整性,不预览、不比对内容而直接下载产生的反悔问题本站不予受理。

文档介绍

【生物】2020届 一轮复习 人教版基因的分离定律 作业

‎2020届 一轮复习 人教版基因的分离定律 作业 一、选择题 ‎1.下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述,正确的是(  )‎ A.孟德尔在豌豆开花时进行去雄和受粉,实现亲本的杂交 B.孟德尔研究豌豆花的构造,但无需考虑雌蕊、雄蕊的发育程度 C.孟德尔根据亲本中不同个体表现型来判断亲本是否纯合 D.孟德尔利用了豌豆自花传粉、闭花受粉的特性 答案 D 解析 豌豆是自花传粉,闭花受粉,为实现亲本杂交,应在开花前去雄,A错误,D正确;孟德尔研究花的构造时是考虑了雌蕊、雄蕊的发育程度的,例如雌蕊必须成熟时再传粉,去雄要在雄蕊成熟之前进行,B错误;不能根据表现型判断亲本的纯合,因为显性杂合子和显性纯合子表现型一样,C错误。‎ ‎2.孟德尔通过豌豆杂交实验揭示了遗传的基本定律。下列相关叙述不正确的是(  )‎ A.F1自交时,各种雌、雄配子结合的机会相等 B.F1自交后,各种基因型个体成活的机会相等 C.F1形成配子时,产生了数量相等的雌雄配子 D.F1形成配子时,非同源染色体上的非等位基因组合进入同一配子的机会相等 答案 C 解析 F1形成配子时,产生的雌雄配子的数量不相等,雄配子的数量显著多于雌配子数量。‎ ‎3.(2018·合肥检测)玉米中因含支链淀粉多而具有黏性(由基因W控制)的子粒和花粉遇碘不变蓝;含直链淀粉多不具有黏性(由基因w控制)的子粒和花粉遇碘变蓝色。W对w完全显性。把WW和ww杂交得到的种子播种下去,先后获取花粉和子粒,分别滴加碘液观察统计,结果应为(  )‎ A.花粉1/2变蓝、子粒3/4变蓝 B.花粉、子粒各3/4变蓝 C.花粉1/2变蓝、子粒1/4变蓝 D.花粉、子粒全部变蓝 答案 C 解析 WW和ww杂交之后的种子中胚的基因型为Ww,该种子播种后发育成的植株产生的含有W和w的花粉各占一半,所以花粉滴加碘液有1/2会变蓝,而该植株的子代,即产生的种子中可以按照Ww自交来进行分析,后代中WW和Ww遇碘不变蓝色,ww遇碘变蓝色。‎ ‎4.(2019·哈六中月考)下列有关孟德尔豌豆杂交实验及其假说的叙述,正确的是(  )‎ A.假说的主要内容是F1产生配子时,成对的遗传因子彼此分离 B.正交和反交实验的结果相同,验证了假说是成立的 C.假说能解释F1自交出现3∶1分离比的原因,所以假说成立 D.根据假说推断,F1能产生数量比例为1∶1的雌雄配子 答案 A 解析 假说的主要内容是F1产生配子时,成对的遗传因子彼此分离,A正确;孟德尔用测交方法验证假说成立,B、C错误;F1产生的雌配子有两种比例为1∶1,雄配子有两种比例为1∶1,但雌配子的数量远少于雄配子,D错误。‎ ‎5.下图为基因型为Aa的生物自交产生后代的过程,基因的分离定律发生于(  )‎ Aa1A∶1a配子间的4种结合方式子代中3种基因型、2种表现型 A.① B.② ‎ C.③ D.①②‎ 答案 A 解析 基因的分离定律发生于减数分裂产生配子的过程中。‎ ‎6.(2018·遵义航天中学月考)南瓜的黄花和白花是一对相对性状,某生物兴趣小组进行了三组杂交实验,实验结果如下表,下列说法错误的是(  )‎ 组合 亲本 后代 组合一 白花×白花 白花 组合二 黄花×黄花 ‎2/3黄花,1/3白花 组合三 黄花×白花 ‎1/2黄花,1/2白花 A.组合一的亲本一定为纯合子 B.组合二、三均可判断黄花是显性性状 C.组合二的后代中黄花个体一定是杂合子 D.组合三的后代中黄花个体的基因型与亲本相同 答案 B 解析 由组合二后代出现了性状分离,可判断黄花是显性性状,白花是隐性性状,而组合三属于测交实验,不能判断黄花是显性性状,B错误;组合一的亲本都是隐性个体,所以一定为纯合子,A正确;组合二的后代中黄花∶白花=2∶1,说明显性纯合致死,所以黄花个体一定是杂合子,C正确;组合三相当于测交,其后代中黄花个体的基因型与亲本相同,都是杂合子,D正确。‎ ‎7.(2018·吉林统考)下列有关“性状分离比的模拟”实验的叙述,不正确的是(  )‎ A.甲、乙两桶内两种颜色小球大小须一致 B.甲、乙两桶内小球总数不一定要相等 C.每个小桶内两种颜色的小球数目一定要相等 D.抓取完一次后,将剩余小球摇匀后继续实验 答案 D 解析 甲、乙两个小桶分别代表雌雄生殖器官,甲、乙两桶内的彩球分别代表雌雄配子,因此甲、乙两桶内两种颜色小球大小须一致,甲、乙两桶内小球总数不一定要相等,但每个小桶内两种颜色的小球数目一定要相等,A、B、C正确;用不同彩球随机组合模拟生物在生殖过程中雌雄配子的随机结合,要随机抓取,且抓完一次将小球放回原小桶并搅匀,D错误。‎ ‎8.(2018·安徽A10联盟联考)南瓜果实的颜色是由一对等位基因(A和a)控制的,一株黄果南瓜和一株白果南瓜杂交得到F1中有黄果和白果,而F1中黄果植株自交所得F2均为黄果,白果植株自交所得F2既有黄果也有白果,下列说法不正确的是(  )‎ A.亲代、F1和F2中白果植株的基因型都是Aa B.南瓜的白果和黄果是一对相对性状,其中白果为显性 C.F1中白果的后代中白果∶黄果≈3∶1‎ D.可采用测交的方法检测白果植株的基因型 答案 A 解析 由题意可知,F1中白果自交后代既有白果,又有黄果,表明白果为显性性状,黄果为隐性性状,故黄果的基因型为aa,亲本中白果的基因型是Aa,F1中白果的基因型为Aa,F2中白果的基因型为Aa或AA,A错误,B正确;F1中白果基因型为Aa,故其后代中白果∶黄果≈3∶1,C正确;要检测白果植株的基因型可以用测交的方法,若测交后代白果∶黄果=1∶1,则白果基因型为Aa,若测交后代只有白果,则白果基因型为AA,D正确。‎ ‎9.已知小麦抗锈病是由显性基因控制的,让一株杂合体小麦自交获得F1,淘汰其中不抗锈病的植株后,再自交获得F2,从理论上计算,F2‎ 中不抗锈病的植株占总数的(  )‎ A.1/4 B.1/6 ‎ C.1/8 D.1/16‎ 答案 B 解析 由题意可知,F1的基因型及比例为AA∶Aa∶aa=1∶2∶1,淘汰其中不抗锈病的植株(aa)后,剩余植株中,AA占1/3,Aa占2/3。淘汰掉不抗锈病的植株后,再自交,其中1/3AA自交不发生性状分离,而2/3Aa自交发生性状分离(AA∶Aa∶aa=1∶2∶1),所以F2中不抗锈病植株所占的比例为2/3×1/4=1/6。‎ ‎10.某动物种群中,AA、Aa和aa基因型的个体依次占25%、50%、25%。若该种群中的aa个体没有繁殖能力,其他个体间可以随机交配,理论上,下一代AA∶Aa∶aa基因型个体的数量比为(  )‎ A.3∶3∶1 B.4∶4∶1‎ C.1∶2∶0 D.1∶2∶1‎ 答案 B 解析 若该种群中的aa个体没有繁殖能力,其他个体间可以随机交配,就是AA、Aa这两种基因型的雌雄个体间的随机交配,AA占1/3、Aa占2/3,(用配子法)‎ 产生雌雄配子的概率 A a A AA Aa a Aa aa 理论上,下一代AA∶Aa∶aa基因型个体的数量比为4∶4∶1。‎ ‎11.一杂合子(Dd)植株自交时,含有显性配子的花粉有50%的死亡率,则自交后代的基因型比例是(  )‎ A.1∶1∶1 B.4∶4∶1‎ C.1∶3∶2 D.1∶2∶1‎ 答案 C 解析 Dd植株中雌配子有1/2D、1/2d,雄配子D有50%的致死,说明雄配子D∶d=1∶2,也就是雄配子中有1/3D、2/3d,后代中雌配子比例为1∶1,故后代各种基因型所占的比例为DD∶Dd∶dd=1∶3∶2。‎ ‎12.萝卜的花有红色、紫色、白色三种,由一对等位基因控制。现选用紫花萝卜分别与红花、白花、紫花萝卜杂交,F1中红花、白花、紫花的数量比例分别如图中①②③所示,下列相关叙述错误的是 (  )‎ A.红花萝卜与红花萝卜杂交,后代均为红花萝卜 B.白花萝卜与白花萝卜杂交,后代均为白花萝卜 C.红花萝卜与白花萝卜杂交,后代既有红花萝卜,也有白花萝卜 D.可用紫花萝卜与白花萝卜杂交验证基因的分离定律 答案 C 解析 根据题图中的杂交结果可知,红花萝卜和白花萝卜为纯合子,紫花萝卜为杂合子。红花萝卜与白花萝卜杂交,后代只有紫花萝卜。‎ 二、非选择题 ‎13.安哥拉兔的长毛和短毛是由一对基因控制(A1和A2)的性状。用纯种安哥拉兔进行杂交实验,产生大量的F1和F2个体,杂交亲本及实验结果如下表。请回答:‎ ‎(1)安哥拉兔控制长毛和短毛的基因位于________(填“常”或“X”)染色体上。在________(填“雌”或“雄”)兔中,长毛为显性性状。‎ ‎(2)用多只纯种短毛雌兔与F2长毛雄兔杂交,子代性状和比例为____________________________。‎ ‎(3)安哥拉兔的长毛和短毛性状既与________有关,又与________有关。‎ ‎(4)如果用A1和A2分别表示长毛基因和短毛基因,请画出实验二的遗传图解。‎ 答案 (1)常 雄 ‎(2)雌兔全为短毛,雄兔有长毛和短毛且比例为2∶1‎ ‎(3)基因型 性别 ‎(4)‎ 解析 (1)根据题意和图表分析可知:长毛(雌)×短毛(雄)的子代中,雄兔全为长毛,说明雄兔中长毛为显性性状;雌兔全为短毛,说明雌兔中,短毛为显性性状。又F1雌、雄个体交配,子代雄兔中长毛∶短毛=3∶1,雌兔中长毛∶短毛=1∶3,都遵循基因的分离定律,且控制长毛和短毛的基因位于常染色体上。‎ ‎(2)由于纯种短毛雌兔的基因型为A2A2,而F2长毛雄兔的基因型为A1A1和A1A2,比例为1∶2,因此,杂交子代性状和比例为雌兔全为短毛,雄兔有长毛和短毛且比例为2∶1。‎ ‎(3)根据题意和图表分析可知,安哥拉兔的长毛和短毛性状既与基因型有关,又与性别有关。‎ ‎14.在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中,存在的毛色表现型与基因型的关系如下表(注:AA纯合胚胎致死)。请分析回答相关问题:‎ ‎(1)若亲本基因型为Aa1×Aa2,则其子代的表现型可能为________________。‎ ‎(2)两只鼠杂交,后代出现三种表现型。则该对亲本的基因型是________,它们再生一只黑色雄鼠的概率是________。‎ ‎(3)现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠,如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型?‎ 实验思路:‎ ‎①选用该黄色雄鼠与________杂交。‎ ‎②____________________________________________________________。‎ 结果预测:‎ ‎①_______________________________________________________________。‎ ‎②_______________________________________________________________。‎ 答案 (1)黄色∶灰色=2∶1 (2)Aa2、a1a2 1/8‎ ‎(3)实验思路:①黑色雌鼠 ②观察后代毛色表现情况 结果预测:①如果后代出现黄色和灰色,则该黄色雄鼠的基因型为Aa1 ②如果后代出现黄色和黑色,则该黄色雄鼠的基因型为Aa2‎ 解析 (1)若亲本基因型为Aa1和Aa2,则其子代的基因型和表现型为1AA(死亡)、1Aa1(黄色)、1Aa2(黄色)、1a1a2(灰色),即有黄色和灰色两种。‎ ‎(2)由后代有黑色鼠(a2a2)可推知其亲本均有a2,又因为后代有3种表现型,所以亲本的基因型为Aa2和a1a2,它们再生一只黑色鼠的概率为1/4,小鼠为雄性的概率为1/2,所以是黑色雄鼠的概率为1/8。‎ ‎(3)要通过杂交方法检测出黄色雄鼠的基因型,可将该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交并观察后代毛色。如果后代出现黄色和灰色,则该黄色雄鼠的基因型为Aa1;如果后代出现黄色和黑色,则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。‎ ‎15.(原创)某生物兴趣小组的同学,为了研究果蝇翅型的遗传机制,进行了如下实验:一只长翅果蝇和一只残翅果蝇杂交,取得受精卵。如果受精卵在25 ℃环境下培养,子一代全是长翅,子二代(A)出现长翅和残翅两种性状,且比例为3∶1;如果受精卵在35 ℃环境下培养,子一代和子二代(B)全是残翅。‎ ‎(1)果蝇翅型的显性性状是________,是由____________________决定的。‎ ‎(2)子二代(A)中的长翅果蝇自由交配,受精卵在25 ℃环境下培养,子三代中长翅和残翅果蝇的比例大约是__________________________,其中长翅果蝇中纯合子的比例为________。‎ ‎(3)为了确定子二代(B)中某只果蝇的基因型,甲、乙两位同学的设计如下 甲:取子二代(B)中一只残翅异性果蝇和其交配,受精卵在25 ℃环境下培养,观察后代的性状分离比。‎ 乙:取子二代(A)中一只残翅异性果蝇和其交配,受精卵在25 ℃环境下培养,观察后代的性状分离比。‎ 比较甲乙同学实验设计的优劣,并陈述理由。‎ 答案 (1)长翅 基因和环境共同 ‎(2)8∶1 1/2(50%)‎ ‎(3)乙优于甲。甲同学从子二代(B)中取的异性果蝇基因型不确定,如果基因型是显性纯合时,不管待测果蝇的基因型如何,后代的性状都是长翅;而乙同学从子二代A中取的残翅异性果蝇的基因型确定是隐性纯合子,和待测果蝇交配后,通过后代的性状及比例就可以确定其基因型。‎ 解析 (1)由题干可知,长翅果蝇与残翅果蝇杂交,子一代全是长翅,子二代出现长翅和残翅两种性状,且比例为3∶1,说明长翅为显性性状,35 ℃环境下,性状发生变化,说明果蝇翅型变化由基因和环境共同决定。‎ ‎(2)设果蝇的翅型由一对基因B、b决定,长翅为显性性状,25 ℃环境下长翅果蝇与残翅果蝇杂交,子一代全是长翅,则亲本的基因型为BB和bb,子一代的基因型为Bb,子二代的基因型为BB、Bb和bb,比例为1∶2∶1,子二代(A)中的长翅果蝇中BB占1/3,Bb占2/3,则B的基因频率为2/3,b的基因频率为1/3,自由交配后子三代中残翅果蝇(bb)占1/3×1/3=1/9;长翅果蝇(BB、Bb)占1-1/9=8/9,因此子三代中长翅和残翅果蝇的比例大约是8∶1,其中长翅果蝇中纯合子占1/2。‎ ‎(3)甲同学从子二代(B)中取的残翅异性果蝇基因型不确定,如果基因型是显性纯合基因时,不管待测果蝇的基因型如何,后代的性状都是长翅;而乙同学从子二代中取的残翅异性果蝇的基因型确定是隐性纯合子,和待测果蝇交配后,通过后代的性状及比例就可以确定其基因型。‎
查看更多

相关文章

您可能关注的文档