2019-2020学年北京市丰台区高二上学期期中考试化学（B卷）试题 解析版

2019-2020学年北京市丰台区高二上学期期中考试化学（B卷）试题 解析版

丰台区2019~2020学年度第一学期期中考试联考高二化学（B卷）‎ 考试时间：90分钟 可能用到的相对原子质量：H—‎1 C—12 O—16‎ 第一部分 选择题（共48分）‎ 下列各题的四个选项中，只有一个选项符合题意。（每小题3分，共48分）‎ ‎1.下列有机物中，属于芳香烃的是 ‎ ‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ A是环己烷，不含苯环，不属于芳香烃，A错误；B是苯的同系物，属于芳香烃，B正确；C中含有氧元素、N元素，不属于烃类，属于芳香族化合物，C错误；D属于环烷烃，不含苯环，不是芳香烃，D错误。‎ 点睛：本题考查有机物的结构与分类，较简单，注意掌握常见有机物的分类，把握芳香烃的概念。含有苯环的烃属于芳香烃，且在元素组成上只含有C、H两种元素。‎ ‎2.CH3CH2OH和 互为同分异构体，将两种物质分别放在下列检测仪上进行检测，显示出的信号完全相同的是 A. 李比希元素分析仪 B. 红外光谱仪 C. 核磁共振仪 D. 质谱仪 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 李比希元素分析仪，主要用于分析有机物中元素的组成，CH3CH2OH和CH3OCH3互为同分异构体，所以二者的元素组成完全相同，李比希元素分析仪显示出的信号完全相同，A正确；‎ B. 红外光谱仪，用于测定有机物分子中所含的基团，CH3CH2OH和CH3OCH3所含基团不完全相同，所以红外光谱仪显示的信号不完全相同，B不正确；‎ C. 核磁共振仪，用于测定有机物分子中氢原子的种类，CH3CH2OH和CH3OCH3，前者含三种氢原子，后者含一种氢原子，所以二者的核磁共振谱所显示的信号不相同，C不正确；‎ D. 质谱仪，用高能电子流等轰击样品分子，使该分子失去电子变为带正电荷的分子离子和碎片离子。这些不同离子具有不同的质量，质量不同的离子在磁场的作用下到达检测器的时间不同，其结果为质谱图，CH3CH2OH和CH3OCH3的结构不同，质谱图显示出的信号不完全相同，D不正确。‎ 故选A。‎ ‎3.苯和甲苯相比较，下列叙述不正确的是 A. 都属于芳香烃 B. 都能在空气中燃烧 C. 都能发生取代反应 D. 都能使KMnO4溶液褪色 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 苯和甲苯都由C、H两种元素组成，且都含有苯环，所以都属于芳香烃，A正确；‎ B. 苯和甲苯分子中都含有碳、氢元素，都属于烃，都能在空气中燃烧，B正确；‎ C. 苯和甲苯的苯环上都含有氢原子，都能发生取代反应，C正确；‎ D. 甲苯能使KMnO4溶液褪色，但苯不能使KMnO4溶液褪色，D错误；‎ 答案选D。‎ ‎4.以下化学用语表述正确的是 A. 乙烯的结构简式：CH2CH2 B. 甲醛的结构式： C. 乙醇的分子式： CH3CH2OH D. 羟基的电子式：‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 乙烯的结构简式应为CH2=CH2，碳原子间的“=”不能省略，A不正确；‎ B. 甲醛的结构式为，B正确；‎ C. 乙醇的分子式为C2H6O，CH3CH2OH为乙醇的结构简式，C不正确；‎ D. 羟基的电子式为，D不正确。‎ 故选B。‎ ‎5.下列反应不是取代反应的是 A. CH3CH2Br + NaOHCH3CH2OH + NaBr B. 2CH3CH2OH＋O2 2CH3CHO＋2H2O ‎ C. +HNO3+H2O D. CH3CH2OH + CH3COOHCH3COOCH2CH3 + H2O ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. CH3CH2Br + NaOHCH3CH2OH + NaBr，此反应为取代反应，A不符合题意；‎ B. 2CH3CH2OH＋O2 2CH3CHO＋2H2O，此反应为氧化反应，B符合题意；‎ C. +HNO3+H2O，此反应为取代反应，C不符合题意；‎ D. CH3CH2OH + CH3COOHCH3COOCH2CH3 + H2O，此反应为取代反应，D不符合题意。‎ 答案选B。‎ ‎6.某有机物结构简式为：，关于它的说法不正确的是 A. 还有两种同分异构体 B. 与2-甲基丙烷互为同系物 C. 核磁共振氢谱只有一个吸收峰 D. 可用2-甲基丙烯与H2加成制取 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 它还有CH3CH2CH2CH2CH3、(CH3)2CHCH2CH3两种同分异构体，A正确；‎ B. 与2-甲基丙烷同属于烷烃，且碳原子数相差1，二者互为同系物，B正确；‎ C. 分子中氢原子都构成-CH3，且连在同一碳原子上，所以氢原子性质相同，核磁共振氢谱只有一个吸收峰，C正确；‎ D. 2-甲基丙烯与H2加成，生成2-甲基丙烷，比少一个CH2原子团，D不正确。‎ 故选D。‎ ‎7.CH4、CH3OH的有关性质见下表：‎ 物质 常温时的状态 溶解性 CH4‎ 气体 几乎不溶于水 CH3OH 液体 与水以任意比混溶 ‎ ‎ 下列说法不正确的是 A. CH4的沸点低于CH3OH B. CH3OH易溶于水是受分子中羟基的影响 C. 用蒸馏的方法可将CH3OH从其水溶液中分离出来 D. CH4与HCl能发生取代反应，CH3OH与HCl也能发生取代反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. CH4常温下为气态，CH3OH常温下为液态，说明CH4的沸点低于常温，CH3OH的沸点高于常温，从而得出CH4的沸点低于CH3OH的结论，A正确；‎ B. CH3OH易溶于水，是因为CH3OH与水分子间能形成氢键，是受CH3OH羟基的影响，B正确；‎ C. CH3OH与水的沸点相差较大，可用蒸馏的方法将CH3OH从其水溶液中分离出来，C正确；‎ D. CH4与Cl2能发生取代反应，但与HCl不反应，CH3OH与HCl能发生取代反应，D不正确。‎ 故选D。‎ ‎8.除去下列物质中少量杂质（括号内为杂质），所选试剂和分离方法能达到实验目的的是 混合物 试剂 分离方法 A 苯（苯酚）‎ 溴水 过滤 B 苯（甲苯）‎ 酸性高锰酸钾溶液、氢氧化钠溶液 分液 C 乙酸乙酯（乙酸）‎ 氢氧化钠溶液 蒸馏 D 乙醇（溴乙烷）‎ 蒸馏水 分液 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 苯（苯酚），加入溴水，苯酚生成三溴苯酚白色沉淀，三溴苯酚和过量的溴单质都能溶于苯中，A不正确；‎ B. 苯（甲苯），加入酸性高锰酸钾溶液、氢氧化钠溶液，甲苯转化为苯甲酸钠，溶解在下层的水中，苯不反应，在上层，可用分液法分离，B正确；‎ C. 乙酸乙酯（乙酸），使用氢氧化钠除乙酸，乙酸乙酯也会发生水解，C不正确；‎ D. 乙醇（溴乙烷），加入蒸馏水，乙醇溶解在水中，液体分层，可用分液法分离，此时乙醇仍溶解在水中，还必须用蒸馏法分离，D不正确。‎ 故选B。‎ ‎9.下列关系不正确的是 A. 密度：CCl4＞H2O＞苯 B. 含氢量：甲烷＞乙烯＞乙炔 C. 沸点：丙三醇＞乙二醇＞乙醇＞丙烷 D. 同物质的量物质燃烧耗O2量：己烷＞环己烷＞苯＞苯甲酸 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. CCl4的密度大于1，H2O的密度等于1，苯的密度小于1，所以密度CCl4＞H2O ‎＞苯，A正确；‎ B. 甲烷、乙烯、乙炔的最简式可表示为CH4、CH2、CH，氢原子数越多，含氢量越多，所以含氢量：甲烷＞乙烯＞乙炔，B正确；‎ C. 丙三醇、乙二醇、乙醇分子间都能形成氢键，且形成氢键的-OH数目减少，所沸点依次降低，丙烷分子间不能形成氢键，沸点最低，所以沸点为丙三醇＞乙二醇＞乙醇＞丙烷，C正确；‎ D. 同物质的量物质燃烧耗O2量：己烷、环己烷、苯、苯甲酸分子式可表示为C6H14、C6H12、C6H6、C6H6∙CO2，能耗氧的C原子数相同，所以氢原子数越多，耗氧量越多，‎ 燃烧耗O2量：己烷＞环己烷＞苯=苯甲酸，D不正确。‎ 故选D。‎ ‎10.有机物分子中原子间（或原子与原子团间）相互影响会导致物质化学性质的不同。下列事实不能说明上述观点的是 A. 苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应 B. 乙烯能与溴水发生加成反应，而乙烷不能与溴水发生加成反应 C. 苯与硝酸在50‎-60℃‎发生取代反应，甲苯与硝酸在‎30℃‎就能发生取代反应 D. 甲苯能使酸性 KMnO4 溶液褪色，而甲基环己烷不能使酸性KMnO4 溶液褪色 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应，说明苯环使羟基变得活泼，乙基使羟基变得不活泼，从而说明分子中原子团相互影响导致化学性质不同，A正确；‎ B. 乙烯含有碳碳双键，能与溴水发生加成反应，而乙烷不能与溴水发生加成反应，不存在原子团的相互影响，B不正确；‎ C. 苯与硝酸在50‎-60℃‎发生取代反应，甲苯与硝酸在‎30℃‎就能发生取代反应，甲基使苯环上的氢原子变得活泼，从而说明甲基影响苯环的性质，B正确；‎ D. 甲苯能使酸性 KMnO4 溶液褪色，而甲基环己烷不能使酸性KMnO4 溶液褪色，说明苯基使甲基变得活泼，从而说明分子中原子团相互影响导致化学性质不同，D正确。‎ 故选B。‎ ‎11.青蒿素一般是从青蒿中提取，也可进行化学合成，其中的一种合成方法如下：‎ ‎① ② ③ ④‎ 下列说法正确的是 A. 化合物①的分子式为C10H17O B. 化合物②和③互为同分异构体 C. 化合物④中含有3种含氧官能团 D. 利用青蒿研究青蒿素结构的基本步骤为：元素分析确定实验式→测定相对分子质量确定分子式→波谱分析确定结构式 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 化合物①的分子式为C10H17O，从H原子数为奇数便可看出，此分子式不正确，A错误；‎ B. 从碳原子数看，化合物②比③少1个碳原子，所以二者不互为同分异构体，B错误；‎ C. 化合物④中含有羰基、醛基、酯基3种含氧官能团，C正确；‎ D. 利用青蒿研究青蒿素结构的基本步骤为：分离、提纯→元素分析确定实验式→测定相对分子质量确定分子式→波谱分析确定结构式，D错误。‎ 故选C。‎ ‎【点睛】快速判断烃和烃的含氧衍生物分子式正误的方法：不管是烃，还是仅含碳、氢、氧三种元素的烃的衍生物，分子中氢原子的个数一定是偶数。因为C、O都是偶数价，而H是奇数价，所以氢原子个数必为偶数。‎ ‎12.有机物X的分子式是C3H4O2，它的水溶液显酸性，既能跟NaHCO3溶液反应，又能使溴水褪色。下列判断不正确的是 A. X的酸性强于碳酸 B. X含碳碳双键、羧基两种官能团 C. X存在顺反异构体 D. X能发生加聚反应和酯化反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 有机物X的分子式是C3H4O2，它的水溶液显酸性，既能跟NaHCO3溶液反应，又能使溴水褪色。说明X分子中含有-COOH，含有碳碳不饱和键。与同数碳原子的烷烃比，X分子内有两个不饱和键，除去羧基中的不饱和键，另外，还应含有碳碳双键，从而确定其为CH2=CHCOOH。‎ ‎【详解】A. CH2=CHCOOH类似于CH3COOH，其酸性强于碳酸，A正确；‎ B. X含碳碳双键、羧基两种官能团，B正确；‎ C. 因为有一个双键碳原子上连有两个氢原子，所以X不存在顺反异构体，C错误；‎ D. X分子中含有碳碳双键，能发生加聚反应，含有羧基，能发生酯化反应，D正确。‎ 故选C。‎ ‎13.C、H、O三种元素组成的T、X在一定条件下可以发生如下转化：‎ X不稳定，易分解。为使转化能够成功进行，方框内不可能加入的试剂是 A. Cu(OH)2悬浊液 B. NaOH溶液 C. KMnO4溶液 D. Ag(NH3)2OH溶液 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 从转化关系图 可以看出，T为HCHO，X为HOCOOH，即X为H2CO3，则矩形框内的物质应为氧化剂，能将醛基氧化为羧基。‎ ‎【详解】A. HCHO中含有两个-CHO，能被Cu(OH)2悬浊液氧化为-COOH，从而生成H2CO3，A正确；‎ B. NaOH溶液没有氧化性，与HCHO不发生反应，不能将其氧化为H2CO3，B不正确；‎ C. KMnO4溶液为强氧化剂，能将HCHO氧化为H2CO3，C正确；‎ D. Ag(NH3)2OH溶液具有与Cu(OH)2悬浊液类似性质，D正确。‎ 故选B。‎ ‎14.某研究性学习小组所做的石蜡油（17个碳原子以上的烷烃）分解实验如图所示。下列有关说法正确的是 A. 装置II中逸出的气体通入高锰酸钾溶液，发生加成反应 B. 石蜡油分解生成的气体中只有烯烃 C. 十八烷完全分解为乙烷和最多乙烯时，二者物质的量之比为1:8‎ D. 装置I中硫酸铝和碎瓷片都是催化剂 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 装置II中逸出的气体通入高锰酸钾溶液，烯烃将发生氧化反应，A不正确；‎ B. 石蜡油发生的是裂解反应，所以分解生成的气体中既有烯烃，又有烷烃，B不正确；‎ C. 十八烷完全分解为乙烷和最多乙烯时，按每两个碳原子作为一组，将碳碳单键打断，共可断为9截，其中8截为乙烯，一截为乙烷，乙烷与乙烯物质的量之比为1:8，C正确；‎ D. 装置I中硫酸铝是催化剂，碎瓷片是防止暴沸，D不正确。‎ 故选C。‎ ‎15.下列实验结论不正确的是 实验操作 现象 结论 A 向澄清的苯酚钠溶液中滴加稀盐酸 溶液变浑浊 生成了苯酚 B 重铬酸钾酸性溶液中滴加乙醇，振荡 橙色溶液变为绿色 乙醇具有还原性 C 某有机物与溴的四氯化碳溶液混合 溶液褪色 有机物一定含碳碳双键 D 取2 mL 溴乙烷，加入适量NaOH 水溶液，加热。一段时间后，向溶液中加入稀HNO3 ，再加AgNO3溶液 有淡黄色沉淀产生 溴乙烷与氢氧化钠溶液发生反应，生成了Br—‎ A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．向澄清的苯酚钠溶液中滴加稀盐酸，因为苯酚微溶于水，所以溶液变浑浊，说明生成了苯酚，A正确；‎ B．重铬酸钾酸性溶液中滴加乙醇，振荡，橙色溶液变为绿色，说明Cr由+6价降为+3价，从而说明乙醇将重铬酸钾还原，乙醇具有还原性，B正确；‎ C．某有机物与溴的四氯化碳溶液混合，溶液褪色，说明有机物含有碳碳不饱和键，但不一定是碳碳双键，C不正确；‎ D．取2 mL 溴乙烷，加入适量NaOH水溶液，加热。一段时间后，向溶液中加入稀HNO3 ，再加AgNO3溶液, 有淡黄色沉淀产生，说明溴乙烷与氢氧化钠溶液发生反应，生成了Br-，D正确。‎ 故选C。‎ ‎16.药用有机化合物A（C8H8O2）为一种无色液体。从A出发可发生如图所示的一系列反应。则下列说法正确的是 A. A的结构简式为 B. 根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知D为三溴苯酚 C. G的同分异构体中属于酯，且能发生银镜反应的只有一种 D. 图中B→F与C→G发生反应的类型不相同 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 从流程图可以看出：‎ F为三溴苯酚，B为苯酚钠，D为苯酚；由G的气味，可推知G为乙酸乙酯，E为乙酸，C为乙酸钠，从而得出A为乙酸苯酯。‎ ‎【详解】A. 从上面的推断，可得出A的结构简式为，A正确；‎ B. 根据D和浓溴水反应生成白色沉淀，可推知D为苯酚，B不正确；‎ C. G的同分异构体中属于酯，且能发生银镜反应的有甲酸丙酯、甲酸异丙酯两种，C不正确；‎ D. 图中B→F发生的反应为复分解反应和取代反应，C→G发生反应为复分解反应和酯化反应，二者的反应类型相同，D不正确。‎ 故选A。‎ ‎【点睛】推断有机物时，我们总是从已知物质的分子结构出发，找出未知物两端已知物质结构发生变化的部位，看碳链是否变化、官能团如何改变，再依据生成未知物的已知物质的结构、反应条件，未知物转化为已知物的结构改变，进行综合分析，最后确定未知物的结构简式。‎ 第二部分非选择题（共52分）‎ ‎17.现有下列8种与人们生产生活相关的有机物：① HCHO（防腐剂）② CH3CH2CHO（化工原料）③CH3CH2CH2CH3（打火机燃料）④ （冷冻剂）⑤ （汽车防冻液）⑥ （杀菌剂）⑦（定香剂）⑧ （汽油添加剂）请回答：‎ ‎（1）属于醇的是____（填序号，下同）。‎ ‎（2）互为同系物的是_____。‎ ‎（3）互为同分异构体的是__。‎ ‎（4）用系统命名法给④命名，其名称为_____。‎ ‎（5）写出②与银氨溶液发生银镜反应的化学方程式__。‎ ‎（6）写出⑧与浓硝酸反应生成TNT的化学方程式_______。‎ ‎【答案】 (1). ⑤⑦ (2). ①② (3). ③④ (4). 2—甲基丙烷 (5). CH3CH2CHO +2Ag(NH3)2OH CH3CH2COONH4 + 2Ag↓ + 3NH3 + H2O (6). +3HNO3+3H2O ‎【解析】‎ ‎【详解】在下列物质中：‎ ‎① HCHO（防腐剂）② CH3CH2CHO（化工原料）③CH3CH2CH2CH3（打火机燃料）④ （冷冻剂）⑤ （汽车防冻液）⑥ （杀菌剂）⑦（定香剂）⑧ （汽油添加剂）‎ ‎① HCHO、② CH3CH2CHO属于醛，且二者互为同系物；‎ ‎③CH3CH2CH2CH3、④ 、⑧ 属于烃，③和④属于同分异构体；‎ ‎⑤ 、⑦属于醇，但二者既不是同系物，也不是同分异构体；‎ ‎⑥ 属于酚。‎ ‎（1）属于醇的是⑤⑦。答案为：⑤⑦‎ ‎（2）互为同系物的是①②。答案为：①②‎ ‎（3）互为同分异构体的是③④。答案为：③④‎ ‎（4）用系统命名法给④命名，其名称为2—甲基丙烷。‎ 答案为：2—甲基丙烷 ‎（5）②CH3CH2CHO与银氨溶液发生银镜反应的化学方程式 CH3CH2CHO +2Ag(NH3)2OH CH3CH2COONH4 + 2Ag↓ + 3NH3 + H2O。‎ 答案为：CH3CH2CHO +2Ag(NH3)2OH CH3CH2COONH4 + 2Ag↓ + 3NH3 + H2O ‎（6）⑧与浓硝酸反应生成TNT的化学方程式为 ‎+3HNO3+3H2O。‎ 答案为：+3HNO3+3H2O。‎ ‎18.Ⅰ．实验室制得气体中常含有杂质，影响其性质的检验。下图A为除杂装置，B为性质检验装置，完成下列表格：‎ 序号 气体 反应原理 A中试剂 ‎①‎ 乙烯 无水乙醇与浓硫酸共热，反应的化学方程式是______‎ ‎___‎ ‎②‎ 乙烯 溴乙烷与NaOH的乙醇溶液共热，反应的化学方程式是_____‎ ‎___ ‎ ‎③‎ 乙炔 向电石中滴加饱和食盐水，反应的化学方程式是___‎ ‎____‎ Ⅱ．为探究乙酸乙酯的水解情况，某同学取大小相同的3‎ 支试管，分别加入以下溶液，充分振荡，放在同一水浴中加热相同时间，观察到如下现象。‎ 试管编号 ‎①‎ ‎②‎ ‎③‎ 实验操作 实验现象 酯层变薄 酯层消失 酯层基本不变 ‎（1）试管②中反应的化学方程式是__________。‎ ‎（2）设计试管③实验的作用是__________。‎ ‎（3）实验结论是__________。‎ ‎【答案】 (1). CH3CH2OH CH2=CH2↑＋H2O (2). NaOH溶液 (3). CH3CH2Br＋NaOHCH2=CH2↑＋NaBr+ H2O (4). 水 (5). CaC2＋2H2O→CH≡CH↑＋Ca（OH）2 (6). CuSO4溶液 (7). CH3COOC2H5＋NaOH CH3COONa＋C2H5OH (8). 对比实验，探究乙酸乙酯的水解条件 (9). 乙酸乙酯在不同条件下的水解程度：碱性＞酸性＞中性 ‎【解析】‎ ‎【详解】Ⅰ．①以乙醇为原料制乙烯，需要加浓硫酸作催化剂和脱水剂，并控制温度在‎170℃‎左右。‎ 反应的化学方程式为CH3CH2OH CH2=CH2↑＋H2O 答案为：CH3CH2OH CH2=CH2↑＋H2O；‎ 因为乙烯中可能混有浓硫酸将乙醇碳化后生成的SO2，所以应使用NaOH溶液除杂。‎ 答案为：NaOH溶液；‎ ‎②用溴乙烷与NaOH的乙醇溶液共热制乙烯，发生反应的化学方程式为 CH3CH2Br＋NaOHCH2=CH2↑＋NaBr+ H2O。‎ 答案为：CH3CH2Br＋NaOHCH2=CH2↑＋NaBr+ H2O；‎ 虽然发生溴乙烷水解的副反应，但产物不混入乙烯气体中，所以杂质只能为乙醇，是溶剂挥发所致，可用水吸收乙醇。答案为：水；‎ ‎③向电石中滴加饱和食盐水，发生反应的化学方程式为CaC2＋2H2O→CH≡CH↑＋Ca(OH)2。‎ 答案为：CaC2＋2H2O→CH≡CH↑＋Ca(OH)2‎ 因为电石中常混有CaS杂质，所以生成的乙炔气体中常混有H2S气体，需使用硫酸铜溶液处理。答案为：CuSO4溶液；‎ Ⅱ．（1）试管②中为乙酸乙酯发生碱性条件下的水解反应，反应完全。反应的化学方程式是CH3COOC2H5＋NaOH CH3COONa＋C2H5OH。‎ 答案为：CH3COOC2H5＋NaOH CH3COONa＋C2H5OH；‎ ‎（2）试管③是未加催化剂的乙酸乙酯的水解反应，是作为对比实验用的。‎ 答案为：对比实验，探究乙酸乙酯的水解条件；‎ ‎（3）由上面分析可知，乙酸乙酯在碱性条件下完全水解；由实验现象的分析可知，在酸性条件下部分水解；在水溶液中，乙酸乙酯水解程度很小。所以，实验结论是乙酸乙酯在不同条件下的水解程度：碱性＞酸性＞中性 答案为：乙酸乙酯在不同条件下的水解程度：碱性＞酸性＞中性。‎ ‎【点睛】判断除去制得气体中杂质的试剂时，需要预测反应生成的杂质，杂质要么来自药品中的杂质，要么来自副反应，要么来自反应物的挥发。只有把杂质确定了，才能找到除杂质的试剂。‎ ‎19.胡椒酚是植物挥发油的成分之一，它的结构简式为： ，请回答：‎ ‎（1）胡椒酚所含官能团的名称为____。‎ ‎（2）它能发生的化学反应是___（填序号）。‎ ‎①氧化反应 ② 取代反应 ③ 加成反应 ④消去反应 ⑤ 加聚反应 ‎（3）1 mol 胡椒酚与氢气发生加成反应，理论上最多消耗____ mol H2。‎ ‎（4）1 mol 胡椒酚与浓溴水发生反应，理论上最多消耗_____mol Br2。‎ ‎（5）若要制备胡椒酚钠，可以选择的试剂是____（填序号）。‎ ‎① Na ② NaOH ③ NaHCO3 ④ Na2CO3‎ ‎（6）写出所有符合下列条件的胡椒酚的同分异构体的结构简式：____。‎ ‎① 能发生银镜反应；② 苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯代物有两种 ‎【答案】 (1). 羟基、碳碳双键 (2). ①②③⑤ (3). 4 (4). 3 (5). ①②④ (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）胡椒酚所含官能团的名称为羟基、碳碳双键。答案为：羟基、碳碳双键 ‎（2）酚羟基能发生氧化反应、取代反应；碳碳双键能发生加成反应和加聚反应；苯基能发生加成反应，所以胡椒酚能发生①氧化反应、②取代反应、③加成反应、⑤加聚反应。‎ 答案为：①②③⑤；‎ ‎（3）1 mol 胡椒酚与氢气发生加成反应，苯基消耗3molH2、碳碳双键消耗1molH2，理论上最多消耗4 mol H2。答案为：4；‎ ‎（4）在苯环酚羟基的邻、对位上有2个能被溴取代的氢原子，碳碳双键能消耗1个Br2，所以1 mol 胡椒酚与浓溴水发生反应，最多消耗3mol Br2。答案为：3；‎ ‎（5）酚羟基能与① Na② NaOH④ Na2CO3反应，但不能与③ NaHCO3反应，所以若要制备胡椒酚钠，可以选择的试剂是①②④。答案为：①②④；‎ ‎（6）①能发生银镜反应，说明含有-CHO；② 苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯代物有两种，说明苯环上的两个取代基在苯环的对位上。这两个取代基要么为-CHO、-CH2CH3；要么为-CH2CHO、-CH3。从而得出符合条件的异构体的结构简式为 。‎ 答案为： ‎ ‎20.合成芳香炔化合物的方法之一是在催化条件下，含炔氢的分子与溴苯发生反应，如：‎ 甲 乙 丙 根据上式，请回答：‎ ‎（1）甲的分子式是___；丙能发生的反应是（选填字母）___。‎ a．取代反应 b．加成反应 c．水解反应 d．消去反应 ‎（2）以苯为原料生成乙的化学方程式是____。‎ ‎（3）乙与NaOH溶液反应的化学方程式_____。‎ ‎（4）由丙制备 的反应条件是_______。‎ ‎（5）符合下列条件的丙的同分异构体有__种（不包括顺反异构）。①分子中除苯环外不含其他环状结构；②苯环上只有2个取代基，且其中一个是醛基。‎ ‎【答案】 (1). C5H8O (2). abd (3). +Br2 +HBr (4). +2NaOH +NaBr+ H2O (5). 浓硫酸、加热 (6). 24‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）的分子式是C5H8O。答案为：C5H8O；‎ 含有羟基、碳碳双键和苯基，羟基能发生取代反应、消去反应，碳碳双键能发生加成反应，苯基能发生取代反应、加成反应，所以该有机物能发生取代反应、加成反应、消去反应。答案为：abd；‎ ‎（2）以苯为原料生成的化学方程式是+Br2 +HBr。‎ 答案为：+Br2 +HBr；‎ ‎（3）与NaOH溶液反应的化学方程式+2NaOH +NaBr+‎ ‎ H2O。答案为：+2NaOH +NaBr+ H2O；‎ ‎（4）由制备 的反应条件是浓硫酸、加热。‎ 答案为：浓硫酸、加热；‎ ‎（5）符合下列条件的的同分异构体。①分子中除苯环外不含其他环状结构；②苯环上只有2个取代基，且其中一个是醛基。‎ 则另一取代基可以是下列情况下的某一种：-CH2CH2CH=CH2、-CH2CH=CHCH2、‎ ‎-CH=CHCH2CH3、-CH‎2C(CH3)=CH2、-CH(CH3)CH=CH2、-CH=C(CH3)2、-C(CH3)=CHCH3、‎ ‎-C(CH2CH3)=CH2，每个取代基与醛基又可位于邻、间、对的位置，所以异构体的数目共有：‎ ‎3×8=24。答案为：24。‎ ‎21.已知：通常羟基与碳碳双键相连时不稳定，易发生下列变化： ，依据如下图所示的转化关系，回答问题：‎ ‎（1）A的化学式是___，官能团是酯基和___（填名称）；‎ ‎（2）B的结构简式是_____；‎ ‎（3）①化学方程式是____；‎ ‎（4）F是芳香族化合物且苯环上只有一个侧链，③的化学方程式是____；‎ ‎（5）绿色化学中，最理想的“原子经济”是原子利用率100%，上述反应中能体现“原子经济”原则的是__（选填字母）；‎ a．① b．③ c．④ d．⑤ ‎ ‎（6）G是F的同分异构体，有关G的描述：①能发生水解，②苯环上有三个取代基，③苯环上一溴代物有2种。据此推测G的结构简式可能是（写出其中一种）__________。‎ ‎【答案】 (1). C4H6O2 (2). 碳碳双键 (3). (4). CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O (5). CH3COOH+ +H2O (6). c (7). 或 ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 从转化关系图看，A水解生成醇C和羧酸D，但从反应①的条件看，醇C应为醛，依据信息提示，C是烯醇，再根据C能转化为D的关系，C、D所含碳原子数都应为2，从而得出C为乙醛，D为乙酸，A为乙酸乙烯酯。由F的分子式及F是芳香族化合物且苯环上只有一个侧链的结构特点，F应为乙酸苯甲酯，从而得出E为苯甲醇。‎ ‎【详解】（1）A为乙酸乙烯酯，结构简式为CH3COOCH=CH2，所以其化学式是C4H6O2。‎ 答案为：C4H6O2‎ 官能团是酯基和碳碳双键。答案为：碳碳双键 ‎（2）B是CH3COOCH=CH2的加聚产物，其结构简式是。‎ 答案为：‎ ‎（3）①的化学方程式是CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O。‎ 答案为：CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O ‎（4）F是芳香族化合物且苯环上只有一个侧链，则F为，③的化学方程式是CH3COOH+ +H2O。‎ 答案：CH3COOH+ +H2O ‎（5）绿色化学中，最理想的“原子经济”是原子利用率100%，上述反应中能体现“原子经济”‎ 原则的是c。答案为：c ‎（6）G是F同分异构体，有关G的描述：①能发生水解，说明分子内含有酯基，②苯环上有三个取代基，③苯环上一溴代物有2种，则表明两个取代基呈结称结构，根据碳原子数分析，两个相同的取代基应为-CH3，另一取代基为HCOO-。据此推测G的结构简式可能是 或 ‎ 答案为： 或 ‎