【化学】陕西省西安中学2019-2020学年高二下学期期中考试（解析版）

【化学】陕西省西安中学2019-2020学年高二下学期期中考试（解析版）

陕西省西安中学2019-2020学年高二下学期期中考试 ‎（时间：90分钟 满分：100分）‎ 可能用到的相对原子质量：H：‎1 C：12 N：14 O：16 Br：80‎ 一、选择题（本题共 25 个小题，每小题 2 分，共 50 分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。）‎ ‎1.下列说法不正确的是（　　）‎ A. 用灼烧的方法鉴别羊毛线和棉线 B. 沾附在试管内壁上的油脂，用热碱液洗涤 C. 塑料、合成纤维和合成橡胶都属于合成材料 D. 石油的分馏、煤的气化和液化都属于化学变化 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．因为羊毛线中含蛋白质，棉线不含蛋白质，取样品，灼烧，会产生烧焦羽毛气味的气体的是羊毛，没有此气味产生的是棉线，现象不同，可以鉴别，故A正确；‎ B．油脂在热碱性条件下水解为甘油与高级脂肪酸盐，从而把油脂洗去，故B正确；‎ C．塑料、合成纤维和合成橡胶均为合成高分子，均为合成材料，故C正确；‎ D．利用石油中各组分的沸点的不同、用加热的方法将各组分分离的方法为石油的分馏，故石油的分馏是物理过程，不是化学变化，而煤的气化生成CO和氢气，液化生成甲醇，则均为化学变化，故D错误；‎ 答案为D。‎ ‎2.下列化学用语正确的是（　　）‎ A. 乙烯的结构简式：CH2CH2 ‎ B. 丙烷分子的比例模型为：‎ C. 2-甲基-1-丁烯的键线式： ‎ D. 四氯化碳分子的电子式为：‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙烯的分子中含有官能团碳碳双键，不能省略，所以乙烯的结构简式：CH2=CH2，故A错误；‎ B．丙烷结构简式为CH3CH2CH3，为丙烷分子的球棍模型，它的比例模型为，故B错误；‎ C．键线式中线表示化学键，折点为C原子，2-甲基-1-丁烯的键线式为，故C正确；‎ D．氯原子上的孤电子对未标出，四氯化碳电子式为，故D错误；‎ 答案为C。‎ ‎3.下列物质的类别与所含官能团都正确的是（　　）‎ A.     羧酸    -COOH B.      酚类   -OH C.     醛类    -CHO D. CH3-O-CH3   酮类     ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．含有的官能团为-COOH，属于羧酸，故A正确；‎ B．中羟基与苯环侧链的碳原子相连，属于醇类，不是酚类，故B错误；‎ C．的官能团为酯基，属于酯类，不属于醛类，故C错误；‎ D．CH3-O-CH3含有醚基，属于二甲醚，不属于酮类，故D错误；‎ 答案为A。‎ ‎4.设NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是（　　）‎ A. ‎17g羟基所含有的电子数目为7NA B. 标准状况下，‎22.4L甲醛含有氢原子数为2NA C. 1mol苯分子中含有的双键数目为3NA D. ‎29g乙烷与乙烯的混合气体含碳原子数目为2NA ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．‎17g-OH的物质的量为1mol，而-OH中含9个电子，故1mol-OH中含电子为9NA个，故A错误；‎ B．标况下‎22.4L甲醛的物质的量为1mol，而甲醛分子结构简式为HCHO，甲醛中含2个H原子，故1molHCHO 中含H原子为2NA个，故B正确；‎ C．苯环不是单双键交替的结构，是特殊的大π键，因而苯环中不含碳碳双键，故1mol苯甲醛中含双键数目为NA，故C错误；‎ D．乙烷和乙烯的摩尔质量不同，故‎29g混合物的物质的量无法计算，则含有的碳原子数无法计算，故D错误；‎ 答案B。‎ ‎5.C、H、O三种元素组成的T、X两种物质在一定条件下可以发生如下转化，其中X不稳定，易分解。为使转化能够成功进行，方框内加入的试剂不合理是（　　）‎ A. KMnO4溶液 B. Cu（OH）2悬浊液 ‎ C. Ag（NH3）2OH溶液 D. NaOH溶液 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由图可知，T为HCHO，X为H2CO3，方框内物质具有氧化性，以此来解答。‎ ‎【详解】A．KMnO4为强氧化剂，酸性KMnO4溶液能氧化HCHO生成碳酸盐，酸化生成碳酸，故A不选；‎ B．Cu(OH)2为弱氧化剂，新制Cu(OH)2悬浊液能氧化HCHO 生成碳酸盐，酸化生成碳酸，故B不选；‎ C．Ag(NH3)2OH溶液为氧化剂，能氧化HCHO生成碳酸盐，酸化生成碳酸，故C不选；‎ D．NaOH溶液与HCHO混合不反应，不能得到碳酸盐，即方框内物质为NaOH溶液不合理，故D选；‎ 答案为D。‎ ‎6.下列有机物命名正确的是（　　）‎ A. 2-乙基丙烷 B. 2-羟基丙烷 C.  对硝基甲苯 D.  3-乙基-1，3-丁二烯 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：‎ ‎（1）烷烃命名原则：‎ ‎①长：选最长碳链为主链；②多：遇等长碳链时，支链最多为主链；③近：离支链最近一端编号；④小：支链编号之和最小。看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近-----离支链最近一端编号”的原则；⑤简：两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号。如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；‎ ‎（2）有机物的名称书写要规范；‎ ‎（3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；‎ ‎（4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小。‎ ‎【详解】A．主链选择错误，正确的命名为：2-甲基丁烷，故A错误；‎ B．该有机物为醇，醇的命名醇为母体，分子中羟基在2号C，其名称为2-丙醇，故B错误；‎ C．硝基在甲基的对位，名为对硝基甲苯，故C正确；‎ D．烯烃命名时，选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有4‎ 个碳原子，从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号，当两端离官能团一样近时，要从离支链近的一端开始编号，故碳碳双键分别在1号和2号碳原子之间、3号和4号碳原子之间，在2号碳原子上有一个乙基，故名称为2-乙基-1，3-丁二烯，故D错误；‎ 答案为C。‎ ‎7.下列关系正确的是（　　）‎ A. 沸点：正丁烷＞2-甲基丁烷 B. 密度：CCl4＞苯 C. 等质量的物质燃烧耗O2量：乙烷＞甲烷 D. 等物质的量物质燃烧耗O2量：乙醇＞乙烷 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．烷烃中碳原子数越多，相对分子质量越大，熔沸点越高，正丁烷中含4个碳原子，2-甲基丁烷中含5个碳原子，沸点正丁烷<2-甲基丁烷，故A错误；‎ B．苯的密度小于水，CCl4的密度大于水，且氯原子越多，密度越大，密度：CCl4＞苯，故B正确；‎ C．甲烷、乙烷最简式分别是CH4、CH3，这二种最简式中碳原子个数相等，H原子个数不等，H原子个数越多，则H元素含量越高，耗氧量越多，等质量的物质燃烧耗O2量：甲烷＞乙烷，故C错误；‎ D．有机物的化学式为CxHyOz，等物质的量的有机物其耗氧量为（x+-），则1mol乙醇的耗氧量为3molO2，1mol乙烷的耗氧量为3.5mol，耗氧量乙烷＞乙醇，故D错误；‎ 答案为B。‎ ‎8.除去下列物质中所含少量杂质，所选用的试剂和分离方法不能达到实验目的的是（　　）‎ 选项 混合物（括号内为杂质）‎ 试剂（足量）‎ 分离方法 A 乙酸（乙醇）‎ 金属钠 蒸馏 B 乙烷（乙烯）‎ 溴水 洗气 C 溴苯（溴）‎ NaOH溶液 分液 D 乙醇（水）‎ CaO固体 蒸馏 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙酸和乙醇均可以与金属钠发生反应，故不能进行除杂，A选；‎ B．乙烯可以和溴水发生反应生成不溶于水的溴乙烷，而乙烷不与溴水发生反应也不溶于溴水，可以进行除杂，B不选；‎ C．向溴苯和溴的混合溶液中加入NaOH溶液，NaOH可以与溴反应，而溴苯不与NaOH反应也不溶于NaOH，进行分液可以分离，可以进行除杂，C不选；‎ D．水可以和CaO反应生成不溶于乙醇的氢氧化钙，同时乙醇不与CaO反应，最后通过蒸馏的方式可得到纯净的乙醇，可以进行除杂，D不选；‎ 故选A。‎ ‎9.糖类、油脂、蛋白质都是与生命息息相关的物质，下列有关说法正确的是 A. 葡萄糖和蔗糖是同系物，淀粉和纤维素是同分异构体 B. 淀粉、纤维素、油脂、蛋白质都是高分子化合物，都能发生水解反应 C. “春蚕到死丝方尽，蜡炬成灰泪始干”中的“丝”“泪”分别是纤维素和油脂 D. 用甘氨酸(H2NCH2COOH)和丙氨酸(CH3CHNH2COOH)缩合，最多可形成4种二肽 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、葡萄糖是单糖，蔗糖是二糖，二者结构不相似，不能互为同系物，淀粉和纤维素均是高分子化合物，不能互为同分异构体，A错误；‎ B、油脂是高级脂肪酸和甘油形成的酯类，不是高分子化合物，B错误；‎ C、“春蚕到死丝方尽，蜡炬成灰泪始干”中的“丝”“泪”分别是蛋白质和烃类物质，不是纤维素和油脂，C错误；‎ D、用甘氨酸(H2NCH2COOH)和丙氨酸(CH3CHNH2COOH)缩合，最多可形成4种二肽，即甘氨酸与甘氨酸、丙氨酸与丙氨酸、甘氨酸提供氨基和丙氨酸提供羧基脱去1分子水或者甘氨酸提供羧基和丙氨酸提供氨基脱去1分子，D正确；‎ 故选D。‎ ‎10.下列有机物分子中，在核磁共振氢谱中信号强度（个数比）是3∶1的是（　　）‎ A. 乙醇 B. 1，2 -二甲基苯 C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙醇结构简式为CH3CH2OH，有3种不同化学环境的H原子，核磁共振氢谱中信号强度比是3：2：1，A错误；‎ B．1，2—二甲基苯的结构简式为，结构中含有3种化学环境不同的H原子，核磁共振氢谱中信号强度比是3：1：1，B错误；‎ C．该有机物中含有2种化学环境不同的H原子，核磁共振氢谱中信号强度比是3：4，C错误；‎ D．该有机物中含有2种化学环境不同的H原子，核磁共振氢谱中信号强度比是3：1，D正确；‎ 故选D。‎ ‎【点睛】把握有机物的结构、H原子种类的判断为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意结构对称性的判断。等效氢法是判断同分异构体数目的重要方法，判断等效氢原子的三条原则是：同一碳原子上的氢原子是等效的；同一碳原子上所连的甲基上的氢原子是等效的；处于对称位置上的氢原子是等效的，解答时注意结合有机物结构灵活应用。‎ ‎11.下列装置或操作能达到实验目的的是（　　）‎ 编号 ‎ A ‎ B C D 实验装置 ‎ 实验目的 ‎ 实验室制备乙酸乙酯 ‎ 除去乙炔气体中的硫化氢 检验反应生成的气体中含有乙烯 用乙醇的消去反应制取乙烯 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．导气管不应插入碳酸钠溶液的液面下，容易引起倒吸，A错误；‎ B．硫酸铜与硫化氢反应生成硫化铜沉淀，可以去除乙炔中的硫化氢，B正确；‎ C．乙醇容易挥发且也能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能利用酸性高锰酸钾溶液检验反应生成的气体含有乙烯，C错误；‎ D．利用乙醇的消去反应制取乙烯，反应温度加热到‎170℃‎，温度计应插入液面以下，D错误；‎ 故选B。‎ ‎12.下列反应中，属于取代反应的是（　　）‎ A. 由苯和液溴制溴苯 B. 由丙烯与水反应制丙醇 C. 乙醛使溴水褪色 D. 由乙烯制聚乙烯 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 有机物中原子或原子团被其他原子或原子团取代的反应叫做取代反应。‎ ‎【详解】A．苯环上的一个氢原子被溴原子取代，属于取代反应，A正确；‎ B．丙烯和水反应生成1-丙醇或2-丙醇，属于加成反应，B错误；‎ C．乙醛使溴水褪色，反应生成乙酸和溴化氢，属于氧化反应，C错误；‎ D．乙烯制聚乙烯属于加聚反应，D错误；‎ 故选A。‎ ‎13.下列物质中，既能发生消去反应生成烯烃，又能发生催化氧化反应生成醛的是（　　）‎ A. CH3OH B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 与羟基碳相邻碳上有氢原子，可以发生消去反应；羟基碳上有氢原子可以发生氧化反应生成醛或酮，据此分析。‎ ‎【详解】A．甲醇结构中没有邻碳，所以甲醇不能发生消去反应，A错误；‎ B．与羟基相连的碳原子上没有氢原子，不能发生催化氧化，B错误；‎ C．据以上分析可知，该醇既能发生消去反应生成烯烃，又能发生氧化反应生成醛，C正确；‎ D．据以上分析可知，其氧化产物结构中含有羰基，得不到醛基，D错误；‎ 故选C。‎ ‎14.有机物分子中原子间（或原子与原子团间）相互影响会导致物质化学性质的不同。下列事实不能说明上述观点的是（　　）‎ A. 乙烯能与溴水发生加成反应，而乙烷不能与溴水发生加成反应 B. 苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应 C. 甲苯能使酸性 KMnO4 溶液褪色，而甲基环己烷不能使酸性 KMnO4 溶液褪色 D. 苯与硝酸在50～‎60℃‎发生取代反应，甲苯与硝酸在‎30℃‎就能发生取代反应 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】A．乙烯中含碳碳双键，乙烷中没有，是化学键的不同导致化学性质不同，A错误；‎ B．苯酚、乙醇中均有羟基，但苯环的存在使苯酚具有弱酸性，B正确；‎ C．苯环的存在使甲基上的氢原子更活泼，易被酸性高锰酸钾氧化，C正确；‎ D．甲基的存在使苯环上的氢原子更易被取代，甲基与苯环是相互影响的，D正确；‎ 故选A。‎ ‎15.下列有关化学实验的叙述中，正确的是（　　）‎ A. 向经唾液充分作用后的苹果汁中滴入碘化钾检验淀粉的存在 B. 可以用热的浓NaOH溶液来区分植物油和矿物油 C. 将蔗糖和稀H2SO4加热水解后的液体取出少许，加入新制的Cu(OH)2悬浊液并加热，有红色沉淀生成，证明其水解产物具有还原性 D. 蛋白质溶液中加入丙酮可以使蛋白质从溶液中析出，再加水又能溶解 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．要检验淀粉的存在应使用碘水，A错误；‎ B．植物油为不饱和高级脂肪酸甘油酯，矿物油为烃类化合物，可以利用酯和烃的性质不同进行区分，加入NaOH溶液加热，酯水解不分层，而矿物油不发生反应分层，可根据现象不同进行区别，B正确；‎ C．未加NaOH中和多余的H2SO4，不会出现砖红色沉淀，C错误；‎ D．丙酮可以使蛋白质变性，加水后蛋白质不能溶解，D错误；‎ 故选B。‎ ‎16.下列有机化合物分子中的所有碳原子不可能处于同一平面的是 A. CH3CH（CH3）2 B. H3CC≡CCH3‎ C. CH2=C（CH3）2 D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在常见的有机化合物中甲烷是正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，单键可以旋转，其它有机物可在此基础上进行判断。‎ ‎【详解】A、根据甲烷为正四面体结构可知，CH3CH(CH3)2分子中可看成甲烷分子中的三个氢原子被三个甲基取代，故所有碳原子不可能处于同一平面，选项A符合；‎ B、根据乙炔分子中的四个原子处于同一直线，H3CC≡CCH3可看成乙炔分子中的两个氢原子被两个甲基取代，故所有碳原子处于同一直线，处于同一平面，选项B不符合；‎ C、根据乙烯分子中六个原子处于同一平面，CH2=C(CH3)2可看成乙烯分子中的两个氢原子被两个甲基取代，故所有碳原子可以处于同一平面，选项C不符合；‎ D、根据苯分子中12个原子共平面，可看成苯分子中的1个氢原子被1个甲基取代，故所有碳原子可以处于同一平面，选项D不符合；‎ 答案选A。‎ ‎【点睛】本题主要考查有机化合物的结构特点，做题时注意从甲烷、乙烯、苯和乙炔的结构特点判断有机分子的空间结构。‎ ‎17.为鉴定卤代烃中所含卤素原子，现有下列实验操作步骤：①加入AgNO3溶液；②加入少许卤代烃试样；③加热；④加入5 mL 4 mol·L－1 NaOH溶液；⑤加入5 mL 4 mol·L－1 HNO3溶液。正确的顺序是(　　)‎ A. ②④③① B. ②③① C. ②④③⑤① D. ②⑤③①‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】为鉴别卤代烃中所含卤素原子，需要将卤代烃水解产生卤离子，再用稀硝酸中和剩余氢氧化钠，最后加入硝酸银溶液检验卤离子，所以正确的顺序是②④③⑤①，故选C。‎ ‎18.某气态烃0.5mol能与1molCl2完全加成，加成后产物分子上的氢原子又可被3molCl2取代，则此气态烃可能是 A. 丙炔 B. 乙烯 ‎ C. 乙炔 D. 1，3—丁二烯 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】烃0.5mol能与1molCl2加成，说明烃中含有1个C≡C键或2个C=C键，加成后产物分子上的氢原子又可被3molCl2完全取代，说明0.5mol氯代烃中含有3molH原子，则1mol烃中含有6molH原子，并含有1个C≡C键或2个C=C键，符合要求的只有1，3—丁二烯。‎ 答案：D。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意有机物的加成和取代反应特征。‎ ‎19.用乙烯和乙醇为原料制取乙二酸二乙酯的过程中发生的反应类型及顺序正确的是（　　）‎ ‎①酯化反应     ②氧化反应      ③水解反应      ④加成反应 A. ②④③① B. ④①②③ ‎ C. ④③②① D. ②③①④‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】以乙烯和乙醇为原料合成乙二酸乙二酯，经过以下几步：第一步：乙烯发生加成反应生成二卤代烃，为加成反应；第二步：二卤代烃水解生成乙二醇，为水解反应；第三步：乙二醇氧化生成乙二酸，为氧化反应；第四步：发生酯化反应生成乙二酸乙二酯，为酯化反应；涉及的反应类型按反应顺序依次为④③②①。‎ 答案选C。‎ ‎20.某分子式为C9H12的苯的同系物，已知该有机物苯环上的一氯代物只有两种，符合条件的结构有（　　）‎ A. 1种 B. 2种 C. 3种 D. 4种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】某分子式为C9H12的苯的同系物，已知该有机物苯环上的一氯代物只有两种，符合条件的结构为和，共有2种。‎ 答案选B。‎ ‎21.最新研究表明，咖啡中含有的咖啡酸能使人心脑血管更年轻。咖啡酸的球棍模型如图所示，下列有关咖啡酸的叙述不正确的是（　　）‎ A. 咖啡酸的分子式为C9H8O4‎ B. 咖啡酸可以发生氧化反应、消去反应、酯化反应、加聚反应 C. 咖啡酸中不含手性碳原子 D. 是咖啡酸的一种同分异构体，1 mol 该物质最多可消耗3 mol NaOH ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】A．根据咖啡酸的结构可以判断，咖啡酸的化学式为C9H8O4，A正确；‎ B．根据咖啡酸结构，含有羧基可以发生酯化反应，含有双键可以发生加聚反应、氧化反应，不含有可消去基团，不能发生消去反应，B错误；‎ C．咖啡酸中所有碳原子均为sp2杂化，因此咖啡酸中不含手性碳原子，C正确；‎ D．1mol该有机物水解可生成2mol甲酸和1mol酚，最多消耗NaOH物质的量为3mol，D正确；‎ 故选B。‎ ‎22.科学家研制的一种使沙漠变绿洲的新技术，即在沙漠中喷洒一定量的聚丙烯酸酯（）与水的混合物，使其与沙粒结合，既能阻止地下的盐分上升，又能拦截、蓄积雨水。下列对聚丙烯酸酯的叙述中正确的是（　　）‎ ‎①聚丙烯酸酯的单体的结构简式为CH2=CHCOOR ‎②聚丙烯酸酯没有固定的熔、沸点 ‎③聚丙烯酸酯在一定条件下能发生水解反应和加成反应 ‎④其聚合方式与酚醛树脂的聚合方式相同 A. ①② B. ③④ C. ①②③ D. ①②③④‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 为CH2=CHCOOR 的加聚产物，不含碳碳双键，由于n不确定，则聚丙烯酸酯为混合物。‎ ‎【详解】①由高分子化合物的结构简式可知其单体为CH2=CHCOOR，故正确；‎ ‎②聚合度n不确定，聚丙烯酸酯属于混合物，没有固定的熔沸点，故正确；‎ ‎③聚丙烯酸酯在一定条件下能发生水解反应，由于没有可用于加成的双键，不能加成反应，故错误；‎ ‎④其聚合方式与酚醛树脂的聚合方式不相同，是加聚反应，不是缩聚反应，故错误；‎ 故选A。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重酯、烯烃性质的考查，注意合成高分子的反应及单体判断，难点④‎ 酚醛树脂的聚合方式缩聚反应，有小分子生成。‎ ‎23.下列有关同分异构体的叙述正确的是（　　）‎ A. 分子组成是C5H10O2属于羧酸的同分异构体有5种 B. 菲的结构简式为其一硝基取代物有10种 C. C3H8的二氯取代物最多有3种 D. 和互为同分异构体 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 羧酸具有−COOH，剩余为丁基，丁基有4种，故分子组成是C5H10O2属于羧酸的同分异构体有4种，A错误；‎ B. 为对称结构，有如图所示的5种H原子，所以与硝酸反应，可生成5种一硝基取代物，B错误；‎ C. C3H8的二氯取代物有：CHCl2-CH2-CH3、CH3-CCl2-CH3、ClCH2-CHCl-CH3、ClCH2-CH2-CH2Cl，有4种，C错误；‎ D. 二者分子式均为：C7H8O，但结构不同，互为同分异构体，D正确；故答案为：D。‎ ‎24.聚乙炔导电聚合物的合成使高分子材料进入了“合成金属”和塑料电子学时代，当聚乙炔分子带上药物、氨基酸等分子片段后，就具有了一定的生物活性。以下是我国化学家近年来合成的聚乙炔衍生物分子M的结构式及M在稀硫酸作用下的水解过程。下列有关说法中不正确的是（　　）‎ A. M与A均能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色 B. 1 mol M与热的烧碱溶液反应，可消耗2n mol的NaOH C. A、B、C各1 mol分别与足量金属钠反应，放出的气体的物质的量之比为1∶2∶2‎ D. B在一定条件下能发生缩聚反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ M水解生成A的结构简式是、B是CH3CH(OH)COOH、C是HOCH2CH2OH，根据物质中所含官能团分析作答。‎ ‎【详解】A. M与 A都含有碳碳双键，所以均能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，A正确；‎ B. 1mol M 中含有2n mol酯基，所以1mol M与热的烧碱溶液反应，可消耗 2n mol 的 NaOH，B正确；‎ C. 1molA中有n mol羧基、1molB中有1mol羧基、1mol羟基、1molC中有2mol羟基，金属钠反应放出的气体的物质的量分别为：n/2mol、1mol、1mol，故放出的气体的物质的量之比为n∶2∶2，C错误；‎ D. B为：，分子中含有羧基和羟基，在一定条件下能发生缩聚反应，D正确；故答案为：C。‎ ‎25.阿魏酸在食品、医药等方面有着广泛用途。一种合成阿魏酸的反应可表示为 ‎++H2O+CO2↑‎ 下列说法正确的是（　　）‎ A. 可用酸性KMnO4溶液检测上述反应是否有阿魏酸生成 B. 香兰素、阿魏酸均可与NaHCO3、NaOH溶液反应 C. 1mol香兰素最多可与5mol H2发生加成反应 D. 与香兰素互为同分异构体，分子中有4种不同化学环境的氢，且能发生银镜反应的酚类化合物有2种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 香兰素中含有酚羟基和醛基，阿魏酸中含有碳碳双键和酚羟基，二者均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能可用酸性KMnO4溶液检测上述反应是否有阿魏酸生成，A错误；‎ B. 香兰素中含有酚羟基，阿魏酸中含有羧基和酚羟基，香兰素、阿魏酸均可与NaOH溶液反应，但阿魏酸能与Na2CO3溶液反应，香兰素不能与Na2CO3溶液反应，B错误；‎ C. 香兰素含有苯环和醛基，最多能与4mol H2发生加成反应，C错误；‎ D. 与香兰素互为同分异构体，分子中有4种不同化学环境的氢，且能发生银镜反应，说明结构对称，含有醛基，符合题意的有或两种，D正确；故答案为：D。‎ 二、非选择题（本题共4小题，共50分 ）‎ ‎26.（1）按要求表示下列有机物：‎ ‎①相对分子质量为72且沸点最低烷烃的结构简式：____。‎ ‎②顺-2-丁烯的结构简式：____________。‎ ‎③某炔烃经催化加氢后可得到2-甲基丁烷，则该炔烃的名称是（按系统命名法命名）：______。‎ ‎（2）某有机物X分子中只含C、H、O三种元素，相对分子质量小于110，其中氧元素的质量分数为14.8%。已知该物质可与FeCl3溶液发生显色反应，则X的分子式为_____；若1molX与浓溴水反应时可消耗3molBr2，则X的结构简式为_____。‎ ‎（3）按要求写出下列反应化学方程式：‎ ‎①实验室制备乙炔的化学方程式：__________。‎ ‎②2-溴丙烷与氢氧化钠水溶液共热的化学方程式：_____。‎ ‎【答案】 (1). C(CH3)4 (2). (3). 3-甲基-1-丁炔 (4). C7H8O (5). (6). CaC2+2H2O→Ca(OH)2+C2H2↑ (7). CH3CH(Br)CH3+NaOH ‎ CH3CH(OH)CH3+NaBr ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)①烷烃只含C、H两种元素的饱和烃；在烷烃中C的数目越多，沸点越高，支链越多，沸点越低，相对分子质量为72，说明含有5个C、12个H，其结构简式：C(CH3)4，故答案为：C(CH3)4；‎ ‎②丁烯含有4个碳，且有碳碳双键，顺-2-丁烯的结构简式：，故答案为：；‎ ‎③炔烃含有碳碳三键，经催化加氢后可得到2-甲基丁烷，则该炔烃的名称为：3-甲基-1-丁炔，故答案为：3-甲基-1-丁炔。‎ ‎(2) 有机物X分子中只含C、H、O三种元素，相对分子质量小于110，其中含氧的质量分数为14.8%，分子中氧原子最大数目小于，故X中氧原子数目为1，M（X）=，该物质可与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，假设为二元取代，减去1个-C6H4-、1个-OH后，剩余基团的式量为：108-76-17=15，则剩余基团为-CH3，故X的分子式为C7H8O，则X为甲基苯酚；若1molX与浓溴水反应时可消耗3molBr2，溴发生酚羟基的邻、对位取代，故X中甲基与酚羟基处于间位位置，则X的结构简式为：，故答案为：C7H8O；；‎ ‎(3) ①实验室用电石和水制备乙炔，其化学方程式：CaC2+2H2O→Ca(OH)2+C2H2↑，故答案为：CaC2+2H2O→Ca(OH)2+C2H2↑；‎ ‎②2-溴丙烷与氢氧化钠水溶液共热，溴原子被羟基取代，其化学方程式：CH3CH(Br)CH3+NaOH CH3CH(OH)CH3+NaBr，故答案为：CH3CH(Br)CH3+NaOH CH3CH(OH)CH3+NaBr。‎ ‎27.有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可从酸牛奶中提取。纯净的A为无色黏稠液体，易溶于水。为研究A的组成与结构，进行了如下实验：‎ 实验步骤 实验结论 ‎（1）称取A‎4.5g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍。‎ ‎（1）A的相对分子质量为：___。‎ ‎（2）将此‎4.5g A足量纯O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重‎2.7g和‎6.6g。‎ ‎（2）A的分子式为：____。‎ ‎（3）另取A ‎4.5g，跟足量的NaHCO3粉末反应，生成‎1.12L CO2（标准状况），若与足量金属钠反应则生成‎1.12L H2（标准状况）。‎ ‎（3）写出A中含有的官能团（用结构简式表示）____。‎ ‎（4）A的核磁共振氢谱如图： ‎ ‎（4）综上所述，A的结构简式为________。‎ ‎【答案】 (1). 90 (2). C3H6O3 (3). -COOH、-OH (4). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据气体的密度之比等于气体的摩尔质量之比可推知A的相对分子质量，进而计算出n（A），n（C）=n（CO2），n（H）=2n（H2O），根据质量守恒关系计算出n（O），根据各量的关系，可以求出A的分子式；A与NaHCO3反应放出 CO2，则说A中应含有羧基，与足量金属钠反应生成 H2，说明A中还含有羟基，核磁共振氢谱中有4个吸收峰，面积之比为1：1：1：3，从而确定A的结构简式。‎ ‎【详解】(1)根据气体的密度之比等于气体的摩尔质量之比可知，A的相对分子质量为：45×2=90；故答案为：90；‎ ‎(2)由题意可推知：n(A)==0.05 mol，n（C）=n(CO2)==0.15 mol，A分子中C原子为3，n（H）=2n(H2O)=2× =0.3 mol，A分子中H原子为6，n（O）==0.15 mol，A分子中O原子为3，所以A的分子式为 C3H6O3，故答案为：C3H6O3；‎ ‎(3)0.05 mol A与NaHCO3反应放出0.05 mol CO2，则说A中应含有一个羧基，而与足量金属钠反应则生成0.05 mol H2，说明A中还含有一个羟基，故答案为：-COOH、-OH；‎ ‎(4)核磁共振氢谱中有4个吸收峰，面积之比为1：1：1：3，可知A中应含有4种不同环境的氢原子，综上所述，A的结构简式：。‎ 故答案为：。‎ ‎【点睛】本题是一道关于有机物的结构和性质知识的综合推断题，考查学生对知识的整合能力，注意先确定A的分子式，再根据A和碳酸氢钠、钠反应时生成气体体积判断含有的官能团，最后根据核磁共振确定结构简式。‎ ‎28.实验室以苯甲醛为原料制备间溴苯甲醛的反应如下：‎ 已知：（1）间溴苯甲醛温度过高时易被氧化。‎ ‎（2）溴、苯甲醛、1,2-二氯乙烷、间溴苯甲醛的沸点见下表：‎ 物质 溴 苯甲醛 ‎1,2-二氯乙烷 间溴苯甲醛 沸点/℃‎ ‎58.8‎ ‎179‎ ‎83.5‎ ‎229‎ 步骤1：将一定配比的无水AlCl3、1,2-二氯乙烷和苯甲醛充分混合后装入三颈烧瓶（如右图所示），缓慢滴加经浓硫酸干燥过的足量液溴，控温反应一段时间，冷却。‎ 步骤2：将反应混合物缓慢加入一定量的稀盐酸中，搅拌、静置、分液。有机层用10% NaHCO3溶液洗涤。‎ 步骤3：经洗涤的有机层加入适量无水MgSO4固体，放置一段时间后过滤出 MgSO4•nH2O晶体。‎ 步骤4：减压蒸馏有机层，收集相应馏分。‎ ‎（1）实验装置中冷凝管的主要作用是_____，锥形瓶中应为_____（填化学式）溶液。‎ ‎（2）步骤1反应过程中，为提高原料利用率，适宜的温度范围为（填序号）_______。‎ A．＞‎229℃‎ B．‎58.8℃‎~‎179℃‎ C．＜‎‎58.8℃‎ ‎（3）步骤2中用10% NaHCO3溶液洗涤，是为了除去溶于有机层的___(填化学式)。‎ ‎（4）步骤3中加入无水MgSO4固体的作用是_____。‎ ‎（5）步骤4中采用减压蒸馏，是为了防止______。‎ ‎（6）若实验中加入了‎5.3 g苯甲醛，得到‎3.7 g间溴苯甲醛。则间溴苯甲醛产率为______。‎ ‎【答案】 (1). 冷凝回流 (2). NaOH (3). C (4). Br2 (5). 除去有机层的水 (6). 间溴苯甲醛因温度过高被氧化 (7). 40%‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）冷凝管的作用是：冷凝回流，以提高原料利用率，锥形瓶中盛放的是NaOH来吸收溴化氢；‎ ‎（2）步骤1反应过程中，为提高原料利用率，应控制温度小于溴的沸点；‎ ‎（3）步骤2，有机层用10% NaHCO3溶液洗涤,，是为了除去溴；‎ ‎（4）步骤3中加入无水MgSO4固体，是为了除去有机物中的水；‎ ‎（5）采用减压蒸馏，可以降低馏出物的沸点，因此可以在较低的温度下分离出馏分，防止间溴苯甲醛因温度过高被氧化；‎ ‎（6）依据关系时计算，理论上产生溴苯甲醛的的质量，进而计算产率。‎ ‎【详解】（1）冷凝管的作用是：冷凝回流，以提高原料的利用率；生成物中溴化氢为有毒气体，锥形瓶中盛放的是NaOH溶液，用来吸收溴化氢；‎ 本题答案为：冷凝回流 、NaOH。‎ ‎（2）步骤1反应过程中，为提高原料利用率，应控制温度低于溴和苯甲醛的沸点，所以温度应低于‎58.8℃‎；‎ 本题答案为：C。‎ ‎（3）步骤2，有机层中含有未完全反应的溴，其能与NaHCO3溶液反应生成可溶于水的盐，所以有机层用10% NaHCO3溶液洗涤,，是为了除去溴；‎ 本题答案为：溴 ‎（4）经洗涤的有机层加入适量无水MgSO4固体，放置一段时间后过滤出 MgSO4•nH2O晶体，所以步骤3中加入无水MgSO4固体，是为了除去有机物中的水；‎ 本题答案为：除去有机层的水。‎ ‎（5）采用减压蒸馏，可以降低馏出物的沸点，因此可以在较低的温度下分离出馏分，防止间溴苯甲醛因温度过高被氧化；‎ 本题答案为：间溴苯甲醛因温度过高被氧化。‎ ‎（6）依据，设‎5.3 g苯甲醛完全反应生成x g间溴苯甲醛,则有：106:185=5.3：x，解得x=‎9.25g,所以间溴苯甲醛产率100=40；‎ 本题答案为：40。‎ ‎29.环己烯常用于有机合成。现通过下列流程，以环己烯为原料合成环醚、聚酯、橡胶，其中F可以作内燃机的抗冻剂，J分子中无饱和碳原子。‎ 已知：R1—CH=CH—R2R1—CHO＋R2—CHO ‎（1）C中含有的官能团的名称是____。‎ ‎（2）③的反应条件是___________________。‎ ‎（3）有机物B和F的关系为____（填字母）。‎ A 同系物 B 同分异构体 C 都属于醇类 D 都属于烃 ‎（4）写出⑥的反应类型：_______。‎ ‎（5）写出反应⑩的化学方程式：_________。‎ ‎（6）写出C与新制银氨溶液反应的化学方程式：________。‎ ‎（7）写出两种D的属于酯类的链状同分异构体的结构简式： ___________。‎ ‎【答案】 (1). 醛基 (2). NaOH醇溶液、加热 (3). C (4). 氧化 (5). nCH2=CH—CH=CH2 (6). OHC—CHO+4Ag(NH3)2OHNH4OOC—COONH4+ 6NH3+4Ag↓+2H2O (7). CH2=CHCOOCH3、HCOOCH2CH=CH2（合理即可）‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 环己烯与溴发生加成反应生成的A为，A在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成的B为，A在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成，发生已知中反应生成OHCCH2CH2CHO、OHC-CHO，C与氢气发生加成反应生成的F为醇、C发生氧化反应生成的E为羧酸，F可以作内燃机的抗冻剂，则F为HOCH2CH2OH、C为OHC-CHO、E为HOOC-COOH，2分子HOCH2CH2OH发生脱水反应生成的环醚G为，F与E通过酯化反应进行的缩聚反应生成的聚酯H为；D为OHCCH2CH2CHO， D与氢气发生加成反应生成的I为HOCH2CH2CH2CH2OH，I在浓硫酸、加热条件下生成J，J分子中无饱和碳原子，应发生消去反应，可推知J为CH2=CHCH=CH2，J发生加聚反应得到合成橡胶。‎ ‎【详解】（1）C为OHC-CHO，C中含有的官能团的名称是醛基。故答案为：醛基；‎ ‎（2）A为，A在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成，③的反应条件是NaOH醇溶液、加热。故答案为：NaOH醇溶液、加热；‎ ‎（3）有机物B和F（HOCH2CH2OH）都含有两个羟基，都属于醇类，故答案为：C；‎ ‎（4）反应⑥为OHC-CHO发生氧化反应生成HOOC-COOH，即⑥的反应类型：氧化。故答案为：氧化；‎ ‎（5）CH2=CH—CH=CH2在一定条件下发生加聚反应生成，反应⑩的化学方程式：nCH2=CH—CH=CH2‎ ‎。故答案为：nCH2=CH—CH=CH2；‎ ‎（6）C为OHC-CHO，C与新制银氨溶液反应生成乙二酸铵，化学方程式：OHC—CHO+4Ag(NH3)2OHNH4OOC—COONH4 + 6NH3+4Ag↓+2H2O。故答案为：OHC—CHO+4Ag(NH3)2OHNH4OOC—COONH4 + 6NH3 +4Ag↓+2H2O；‎ ‎（7）D为OHCCH2CH2CHO，两种D的属于酯类的链状同分异构体的结构简式：CH2=CHCOOCH3、HCOOCH2CH=CH2（合理即可）。故答案为：CH2=CHCOOCH3、HCOOCH2CH=CH2（合理即可）。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的推断，难点：需要学生对给予的信息R1—CH=CH—R2R1—CHO＋R2—CHO进行利用，发生已知中反应生成OHCCH2CH2CHO、OHC-CHO，能较好的考查学生的自学能力；解题方法：熟练掌握官能团的性质，正推法与逆推法相结合进行推断。易错点（6）OHC-CHO发生银镜反应时，两个醛基同时反应，方程式注意注明反应条件。‎