【化学】内蒙古巴彦淖尔市乌拉特前旗一中2019-2020学年高二下学期第一次月考(解析版)

【化学】内蒙古巴彦淖尔市乌拉特前旗一中2019-2020学年高二下学期第一次月考(解析版)

内蒙古巴彦淖尔市乌拉特前旗一中2019-2020学年高二下学期第一次月考 可能用到的相对分子质量：H ‎1 C 12 N 14 O 16 ‎ 一、单选题(共25小题，每小题2分，共50分) ‎ ‎1.下列说法正确的是（ ）‎ A. 苯酚沾在皮肤上用大量的水冲洗 B. 氯乙烷与NaOH水溶液共热可制乙烯 C. 有机反应中，得氢，失氧是还原反应 D. CH3Cl可发生水解反应和消去反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、苯酚微溶于水，沾到皮肤上可用大量酒精或碳酸钠溶液清洗，A错误；‎ B、氯乙烷与氢氧化钠醇溶液共热可制取乙烯，B错误；‎ C、在有机反应中,有机物加氢、去氧为还原反应,有机物加氧、去氢为氧化反应，C正确；‎ D、CH3Cl只有一个碳原子，不能发生消去反应，D错误；‎ 正确选项C。‎ ‎2.按碳的骨架分类，下列说法正确的是(　　)‎ A. CH3CH(CH3)2属于链状化合物 B. 属于芳香化合物 C. 属于脂环化合物 D. 属于芳香化合物 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．CH3CH(CH3)2是异丁烷，属于链状化合物，故A正确；‎ B．芳香族化合物指含有苯环的化合物，不含苯环，属于环烯，故B错误；‎ C．结构中含有苯环，属于芳香族化合物，不是脂环化合物，故C错误；‎ D．中不含有苯环，不属于芳香化合物，故D错误；‎ 故选A。‎ ‎【点睛】本题的易错点为C，要注意脂环化合物中不存在苯环结构，含有苯环结构的化合物属于芳香化合物。‎ ‎3.工业上苯乙烯是合成树脂、离子交换树脂及合成橡胶等的重要单体，如图是苯乙烯的结构简式：。下列关于该有机物的说法不正确的是(　　)‎ A. 苯乙烯的分子式为C8H8‎ B. 苯乙烯通过加聚反应可制备高分子化合物 C. 苯乙烯与可与溴的四氯化碳溶液反应 D. 苯乙烯能发生加成反应，但不能发生取代反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】A. 根据苯乙烯的结构简式可知，其分子式为C8H8，A正确；‎ B. 苯乙烯分子中含有碳碳双键，通过加聚反应可制备高分子化合物聚苯乙烯，B正确；‎ C. 苯乙烯分子中含有碳碳双键，能与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，C正确；‎ D. 苯乙烯含有碳碳双键，能发生加成反应，含有苯环，也能发生苯环上的取代反应，D错误；‎ 故答案选D。‎ ‎4.可用于鉴别以下三种化合物的一组试剂是 ‎①银氨溶液； ②溴的四氯化碳溶液； ③氯化铁溶液； ④氢氧化钠溶液。‎ A. ②与③ B. ③与④ C. ①与④ D. ①与②‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】碳碳双键能使溴的四氯化碳溶液褪色，丁香酚和肉桂酸被鉴别出来，又因为酚羟基使氯化铁溶液发生显色反应，丁香酚被鉴别出来，所以要鉴别乙酰水杨酸、丁香酚和肉桂酸所选的试剂为②溴的四氯化碳溶液；③氯化铁溶液，故A项正确。答案：A。‎ ‎【点睛】考查官能团的性质。根据结构简式中所包含的官能团的性质进行鉴别。碳碳双键能与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，使得溴水褪色，酚羟基使氯化铁溶液发生显色反应，以此来进行解答。‎ ‎5.下列叙述正确的是（　　）‎ A. 苯中少量的苯酚可先加适量的浓溴水，使之生成三溴苯酚，再过滤除去 B. 将苯酚晶体放入少量水中，加热时全部溶解，冷却到‎50℃‎形成悬浊液 C. 苯酚的酸性很弱，不能使指示剂变色，但可以与碳酸氢钠反应放出CO2‎ D. 苯酚也可以用作消毒剂 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.苯酚与浓溴水反应生成的三溴苯酚仍溶于苯，达不到除杂的目的，可加适量的NaOH溶液，然后分液即可除去苯中少量的苯酚，故A项错误；‎ B.苯酚在温度高于‎65℃‎时，与水任意比互溶，所以将苯酚晶体放入少量水时，加热也能全部溶解；但将所得溶液冷却到‎50℃‎时，苯酚将以液体形式析出，所以形成的是乳浊液而不是悬浊液，故B项错误；‎ C.苯酚的酸性很弱，不能使指示剂变色，酸性强弱的顺序是：碳酸>苯酚>碳酸氢根离子，所以苯酚不能与碳酸氢钠反应，二者可以共存，故C项错误；‎ D.历史上，英国著名医生里斯特，偶然发现有毒的苯酚稀溶液可用作外科消毒剂，故D项正确；‎ 所以答案选择D项。‎ ‎6.同时用两个—Cl和一个—Br取代苯的三个氢原子，能得到的卤代烃的数目是(　　)‎ A. 3 B. ‎6 ‎C. 8 D. 10‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】两个-Cl取代苯环上的H原子得到三种结构：邻二氯苯、间二氯苯和对二氯苯，其中邻二氯苯剩余2种H，即-Br可以取代2种位置，即有2种同分异构体；间二氯苯剩余3种H，故有3种同分异构体；对二氯苯剩余1种H，故有1种同分异构体，故总共有2+3+1=6‎ 种；‎ 故答案为：B。‎ ‎【点睛】本题考查有机物同分异构体数目的判断，通过定二动三确定有机物的三取代产物，其中两个取代基相同，先确定其种数，再通过三种同分异构体中取代第三个取代基的种数来确定，从而得解。‎ ‎7.已知酸性大小：羧酸>碳酸>酚。下列含溴化合物中的溴原子，在适当的条件下都能被羟基(—OH)取代(均可称为水解反应)，所得产物能跟NaHCO3溶液反应的是 A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 含溴化合物中的溴原子，在适当条件下都能被羟基(−OH)取代，所得产物能跟NaHCO3溶液反应，说明水解后生成的官能团具有酸性，且酸性比H2CO3强，以此解答该题。‎ ‎【详解】A．水解生成，为醇类物质，不具有酸性，不能与碳酸氢钠反应，故A错误；‎ B．水解生成，酚羟基比碳酸弱，不能与碳酸氢钠反应，故B错误；‎ C．水解生成，酸性比碳酸强，可与碳酸氢钠反应，故C正确；‎ D．水解生成，为醇类物质，不具有酸性，不能与碳酸氢钠反应，故D错误；‎ 故答案选C。‎ ‎8.最近美国宇航员(NASA)马里诺娃博士找到了一种比二氧化碳有效104倍的“超级温室气体”——全氟丙烷(C‎3F8)，并提出用其“温室化火星”使其成为第二个地球的计划。有关全氟丙烷的说法正确的是(　　)‎ A. 分子中三个碳原子可能处在同一直线上 B. 全氟丙烷的电子式为 C. 相同压强下，沸点：C‎3F8＜C3H8‎ D. 全氟丙烷分子中既有极性键又有非极性键 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、全氟丙烷可以看作是CF4中的两个F原子被两个CF3取代，CF4是正四面体结构，所以CF4中的任两个F原子和C原子都不在同一直线上，所以全氟丙烷分子中三个碳原子不可能处于同一直线上，A错误；‎ B、F原子的孤对电子没标出，B错误；‎ C、C‎3F8与C3H8均为分子晶体，熔沸点的比较看其相对分子质量的大小，所以沸点：C‎3F8＞C3H8，C错误；‎ D、全氟丙烷中碳原子之间是非极性共价键，碳和氢之间形成的是极性共价键， D正确；‎ 答案选D。‎ ‎9.有机物A 是农药生产中的一种中间体，结构简式如下图所示。下列叙述中正确的是 A. 1mol A最多能与4mol H2发生加成反应 B. 有机物A可以在一定条件下与HBr发生反应 C. 有机物A与浓硫酸混合加热，可以发生消去反应 D. 1mol A与足量的NaOH溶液反应，最多可以消耗2mol NaOH ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 该有机物含有酯基，可发生水解反应，含有羟基，可发生取代、氧化反应，含有-Cl，可发生取代，消去反应，以此解答。‎ ‎【详解】A．能与氢气发生加成反应的只有苯环，则1molA最多能与3molH2发生加成反应，故A错误；‎ B．分子中含有-OH，可在一定条件下与HBr发生取代反应，故B正确；‎ C．羟基邻位碳原子上不含氢原子，则不能在浓硫酸作用下发生消去反应，故C错误；‎ D．A水解的官能团有酯基和氯原子，水解产物含有酚羟基、羧基和HCl，都能与NaOH反应，则1molA与足量的NaOH溶液反应，最多可以消耗3molNaOH，故D错误；‎ 故选：B。‎ ‎10.咖啡鞣酸具有较广泛的抗菌作用，其结构简式如下图所示：‎ 关于咖啡鞣酸的下列叙述正确的是 (　　)‎ A. 分子式为C16H13O9‎ B. 1 mol咖啡鞣酸可与含8 mol NaOH的溶液反应 C. 能使酸性KMnO4溶液褪色，说明分子结构中含有碳碳双键 D. 与浓溴水能发生两种类型的反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A项，分子式应为C16H18O9，A错误；‎ B项，能与氢氧化钠反应的是羧基、酚、酯基。而醇不能与氢氧化钠反应。该物质的结构中，含有一个羧基，一个酯基，两个酚，所以1 mol咖啡鞣酸可与含4 mol NaOH的溶液反应，B错误；‎ C项，醇—OH、酚—OH均可被酸性KMnO4溶液氧化，C错误；‎ D项，苯酚能与溴水发生取代反应，含碳碳双键能与溴水发生加成反应，所以该物质能与浓溴水发生加成反应和取代反应，D正确 答案选D。‎ ‎11. 下列与有机物结构、性质相关的叙述错误的是 （ ）‎ A. 苯酚分子中含有羟基，不与NaHCO3溶液反应生成CO2‎ B. 溴乙烷含溴原子，在氢氧化钠的乙醇溶液共热下发生取代反应 C. 甲烷和氯气反应生成一氯甲烷，与苯和硝酸反应生成硝基苯的反应类型相同 D. 苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 苯酚的羟基具有弱酸性，其酸性弱于碳酸，因此不能与碳酸氢钠反应生成二氧化碳，故A正确；‎ B. 溴乙烷含溴原子，在氢氧化钠的乙醇溶液共热下发生的是消去反应，生成乙烯，而不是取代反应，故B错误；‎ C. 甲烷和氯气反应生成一氯甲烷和HCl，发生的是取代反应；苯和硝酸反应生成硝基苯和水，其反应类型也为取代反应，故C正确；‎ D. 苯中含有一种介于碳碳单键与碳碳双键之间特殊的键，它不能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键，故D正确；‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】该题是基础性试题的考查，试题贴近高考，灵活性强，注重能力的考查和巩固。有助于培养学生的逻辑推理能力和创新思维能力。该题的关键是熟练记住常见有机物的结构和性质。‎ ‎12.化合物X(分子式为C2H6O)具有如下性质：X+Na→慢慢产生气泡；X+乙→有香味产物Y。以下判断正确的是 A. X的结构简式为CH3OCH3 B. 香味产物分子式为 C4H10O3‎ C. X可由乙烯通过加成反应制得 D. X、Y和乙酸均能与烧碱反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 化合物X(分子式为C2H6O)具有如下性质：X+Na→慢慢产生气泡；X+乙→有香味产物Y，这说明X应该是乙醇，乙是羧酸，Y是酯类。‎ ‎【详解】A、乙醇的结构简式为CH3CH2OH，A不正确；‎ B、有香味的产物属于酯类，但其分子式不一定为C4H10O3，B不正确；‎ C、乙烯与水发生加成反应生成乙醇，C正确；‎ D、乙醇与氢氧化钠不反应，D不正确；‎ 答案选C。‎ ‎13.有关的说法正确的是 A. 所有碳原子不可能都在同一平面上 B. 最多只可能有9个碳原子在同一平面上 C. 有7个碳原子可能在同一直线上 D. 只可能有5个碳原子在同一直线上 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 中含有碳碳三键、双键和苯环，苯环中的所有原子均处于同一平面内，碳碳三键中两个碳在一直线上，且取代的是苯环中H的位置，所以与苯环在同一平面内，碳碳双键取代的是苯环中H的位置，其中两个碳和两个H与苯环在同一平面内，且甲基是取代的乙烯中H的位置，也可以有一个C和H 与苯环共平面。‎ ‎【详解】A．依据分析可知所有原子可以共平面，故A错误；‎ B．所有碳原子可以共平面，共11个，故B错误；‎ C．碳碳三键、双键上1个碳与苯环上的2个碳可以共直线，故C错误；‎ D．碳碳三键、双键上一个碳与苯环上的2个碳可以共直线，共5个碳原子，故D正确。‎ 故选D ‎14.下列关于乙酸乙酯实验的说法错误的是 A. 制乙酸乙酯时，向乙醇中缓慢加入浓硫酸和乙酸 B. 可将导管插入饱和碳酸钠溶液中收集反应生成的乙酸乙酯 C. 1 mol乙醇与2 mol乙酸在浓硫酸催化作用下不能合成1 mol 乙酸乙酯 D. 除去乙酸乙酯中含有的乙酸，最好的处理方法是用足量饱和碳酸钠溶液洗涤后分液 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、制乙酸乙酯时，先加入乙醇，再向乙醇中缓慢加入浓硫酸和乙酸，正确；‎ B、导管不能插入饱和碳酸钠溶液液面以下，错误；‎ C、因为乙酸与乙醇生产乙酸乙酯的反应为可逆反应，所以1 mol乙醇与2 mol乙酸在浓硫酸催化作用下不能合成1 mol 乙酸乙酯，正确；‎ D、Na2CO3能与乙酸反应，所以除去乙酸乙酯中含有的乙酸，最好的处理方法是用足量饱和碳酸钠溶液洗涤后分液，正确。‎ ‎15.用式量为43的烷基取代甲苯苯环上的一个氢原子，所得芳香烃产物的种类数为 A. 3 B. ‎4 ‎C. 5 D. 6‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】烷基组成通式为CnH2n+1，烷基式量为43，所以14n+1=43，解得n=3，所以烷基为-C3H7，-C3H7有2种不同结构，正丙基-CH2CH2CH3和异丙基-CH(CH3)2，而甲苯苯环上有三种不同位置的H原子，因此所得的芳香烃的产物种类数目为2×3=6种，答案选D。‎ ‎16.1mol与足量的NaOH溶液充分反应，消耗的NaOH的物质的量为（ ）‎ A. 5 mol B. 4 mol C. 3 mol D. 2 mol ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】由有机物的结构可知，与水发生水解，产物中含酚羟基和羧基，均能与NaOH发生反应，1mol酚羟基消耗1molNaOH，1mol-COOH消耗1molNaOH，1mol该有机物及水解产物中共3mol酚羟基，2mol-COOH，所以消耗的NaOH的物质的量为5mol；选项A符合题意；‎ 本题答案选A。‎ ‎17.下列实验或操作不能达到目的的是( )‎ A. 制取溴苯：将铁屑、溴水、苯混合加热 B. 用NaOH溶液除去溴苯中的溴 C. 鉴别乙烯和苯：向乙烯和苯中分别滴入酸性KMnO4溶液，振荡，观察是否褪色 D. 除去甲烷中含有乙烯：将混合气体通入溴水中 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 制取溴苯的原料为苯、液溴、铁屑，溴水与苯不能反应，A错误；‎ B. 溴能与NaOH溶液反应产生可溶性的NaBr、NaBrO而进入水中，而溴苯不溶于NaOH溶液，二者是互不相溶的液体物质，并出现分层现象，然后通过分液分离，B正确；‎ C. 乙烯能被KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液紫色褪色，而苯不能与酸性KMnO4溶液反应，因此溶液不褪色，故可以用酸性KMnO4溶液鉴别，C正确；‎ D. 甲烷不能与溴水反应，而乙烯能与溴水发生加成反应产生1，2-二溴乙烷进入溶液，所以可以将混合气体通入溴水中除去甲烷中的乙烯杂质，D正确；‎ 故合理选项是A。‎ ‎18. 下列反应的产物中，有的有同分异构体，有的没有同分异构体，其中一定不存在同分异构体的反应是 A. 异戊二烯()与等物质的量的Br2发生加成反应 B. 2氯丁烷与NaOH乙醇溶液共热发生消去HCl分子的反应 C. 甲苯在一定条件下发生硝化反应生成一硝基甲苯的反应 D. 邻羟基苯甲酸与NaHCO3溶液反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A项，异戊二烯()与等物质的量的Br2发生加成反应，存在1、2加成和1、4加成两种加成方式，产物为两种同分异构体，故A项错误；‎ B项，2-氯丁烷与NaOH乙醇溶液共热发生消去HCl分子的反应，产物可为1-丁烯和2-丁烯两种同分异构体，故B项错误；‎ C项，甲苯在一定条件下发生硝化反应生成一硝基甲苯的反应，产物硝基可在甲基的临位、间位、对位三个位置，分别为邻硝基甲苯、间硝基甲苯、对硝基甲苯三种同分异构体，故C 项错误；‎ D项，邻羟基苯甲酸中羧基与NaHCO3溶液反应，故产物为邻羟基苯甲酸钠，没有其他结构，故D项正确；‎ 本题选D。‎ ‎19.1-氯丙烷和2-氯丙烷分别在NaOH的乙醇溶液中加热，发生反应，下列说法正确的是 A. 生成的产物相同 B. 生成的产物不同 C. C—H键断裂的位置相同 D. C—Cl键断裂的位置相同 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】CH3CH2CH2Cl和CH3CHClCH3分别在NaOH的乙醇溶液中加热，发生消去反应，均生成CH2=CHCH3，C－H键断裂的位置以及C－Cl键断裂的位置均不相同，答案选A。‎ ‎20.下列化合物中既易发生取代反应，也可发生加成反应，还能使KMn04酸性溶液褪色的是 A. 乙烷 B. 乙醇 C. 丙烯 D. 苯 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙烷属于烷烃主要发生取代反应，为饱和烃，不能发生加成反应，故A错误；‎ B．乙醇不能发生加成反应，故B错误；‎ C．丙烯属于烯烃且含有一个甲基，甲基上发生取代反应，碳碳双键能发生加成、能使高锰酸钾溶液褪色，因此符合题意，故C正确；‎ D．苯与酸性高锰酸钾不反应，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎【点晴】明确常见有机化合物的化学性质及常见的有机化学反应类型是解题关键，发生加成反应，应含有不饱和键或苯环，能被酸性高锰酸钾氧化，可为不饱和烃、苯的同系物或乙醇等，以此解答该题。‎ ‎21.要合成带有放射性氧元素（*O）的乙酸乙酯，除必要的反应条件外，下列各组反应物能满足合成要求的是（　　）‎ ‎①CH3CO*OH和C2H5OH ‎②CH3COOH和C2H5*OH ‎③CH‎3C*OOH和C2H5OH ‎④CH3CO*OH和C2H5*OH．‎ A. ①②③④ B. ①③④ C. ①②④ D. ②③④‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据酯化反应的原理“酸脱羟基醇脱氢”，乙酸乙酯的两个氧原子分别来乙酸的碳氧双键中的O（羰基中的O）和乙醇中羟基中的O，即只要乙酸的碳氧双键的氧原子或乙醇中羟基的氧原子含有放射性氧元素（*O），生成的乙酸乙酯就含有放射性氧元素（*O）。‎ ‎【详解】①CH3CO*OH和C2H5OH，酯化反应中，乙酸中的羟基脱去生成了水，所以乙酸乙酯中不会含有放射性氧元素（*O），故①错误；‎ ‎②CH3COOH和C2H5*OH，乙醇在酯化反应中只是失去氢原子，乙醇中的放射性氧元素（*O）会保留在乙酸乙酯中，故②正确；‎ ‎③CH‎3C*OOH和C2H5OH，乙酸中的碳氧双键中的放射性氧元素（*O）会保留在乙酸乙酯中，即生成的乙酸乙酯含含放射性氧元素（*O），故③正确；　　　　　‎ ‎④CH3CO*OH和C2H5*OH，乙酸的羟基中的放射性氧元素（*O）不会保留在乙酸乙酯中，但是乙醇中的放射性氧元素（*O）会保留在乙酸乙酯中，即生成的乙酸乙酯含含放射性氧元素（*O），故④正确；‎ 答案选D。‎ ‎【点睛】本题考查了酯化反应的原理，题目难度中等，注意熟练掌握酯化反应的原理“酸脱羟基醇脱氢”，试题具有新颖性，是一道不错的题目，有利于培养学生的分析能力、理解能力和灵活应用所学知识解决实际问题的能力。‎ ‎22.某有机物M的结构简式如图所示，若等物质的量的M在一定条件下分别与金属钠、氢氧化钠溶液、碳酸氢钠溶液反应，则消耗的钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量之比为( )‎ A. 1∶1∶1 B. 2∶4∶1‎ C. 1∶2∶1 D. 1∶2∶2‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】能与Na反应的官能团有羟基、羧基，1mol有机物可消耗2molNa；能与NaOH 反应的官能团有酯基、酚羟基、溴原子和羧基，1mol有机物可消耗4molNaOH；能与碳酸氢钠反应的官能团只有羧基，1mol有机物只能消耗1mol碳酸氢钠。则等物质的量的该有机物消耗的金属钠、氢氧化钠、碳酸氢钠的物质的量之比为2：4：1，因此合理选项是B。‎ ‎23.标准状况下1mol某烃完全燃烧时，生成89.6LCO2，又知0.1mol此烃能与标准状况下4.48LH2加成，则此烃的结构简式是（ ）‎ A. CH3CH2CH2CH3‎ B. CH3—C≡C—CH3‎ C. CH3CH2CH=CH2‎ D. CH2=CH—CH=CH—CH3‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】由题意知：n（CO2）=‎89.6L÷‎22.4L/mol=4 mol，该烃含4个碳原子，氢气物质的量为‎4.48L÷‎22.4L/mol=0.2mol，由0.1 mol 该烃可与0.2 mol H2加成可知结构中有一个三键或两个碳碳双键，选项中只有CH3-C≡C-CH3符合；‎ 答案选B。‎ ‎24.下图是一些常见有机物的转化关系，下列说法正确的是 A. 反应①是加成反应，反应③⑧是消去反应，其它所标明的反应都是取代反应 B. 上述物质中能与NaOH溶液反应的只有乙酸 C. 等物质的量的乙烯和乙醇与足量氧气反应时耗氧量相同 D. 1，2-二溴乙烷、乙烯、乙醇烃基上的氢被氯取代，其一氯取代产物都是一种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、反应②乙烯与H2O反应是加成反应，A错；‎ B、乙酸乙酯也与NaOH溶液反应，B错；‎ C、乙醇可认为是C2H4·H2O，故燃烧等物质的量的乙烯和乙醇与足量氧气反应时耗氧量相同。‎ D、乙醇烃基上的H原子被氯取代的一氯取代产物有：和两种，D错。‎ ‎25.某有机化合物A的相对分子质量大于100，小于130。经分析得知，其中碳和氢的质量分数之和为46.66%，其余为氧，则该化合物分子中最多含碳氧双键的个数为(　　)‎ A. 1 B. ‎2 ‎C. 3 D. 4‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据含氧量和相对分子质量的范围，得出氧原子数，根据氧元素的质量分数进而求得有机化合物的相对分子质量，进而计算化学式。‎ ‎【详解】由题意知，O质量分数为53.34%，由化合物A的相对分子质量大于100，小于130，所以氧原子个数为大于100×0.5334÷16=3.33，小于130×0.5334÷16=4.33，所以氧原子为4个，所以有机物分子质量=4×160.5334=120，其中C、H的相对原子质量之和为120−16×4=56，除以14得到整除得到4，则CH为C4H8，可确定分子式为C4H8O4，C4H8O4与4个C原子的饱和衍生物(可表示为C4H10On)比较可知，分子中最多含有1个羰基官能团（碳氧双键），答案选A。‎ 二、填空题 ‎ ‎26.在①苯酚 ②甲苯 ③氯乙烷 ④乙烯 ⑤乙醇中，选择编号填写：‎ ‎（1）能和金属钠反应放出H2的有_______；‎ ‎（2）能与NaOH溶液反应的有_____；‎ ‎（3）常温下能与浓溴水反应的有________；‎ ‎（4）用于制取TNT的是_________；‎ ‎（5）遇氯化铁溶液呈紫色的是__________；‎ ‎（6）能使酸性KMnO4溶液褪色的烃有______。‎ ‎【答案】 (1). ①⑤ (2). ①③ (3). ①④ (4). ② (5). ① (6). ②④‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）①苯酚、⑤乙醇能与钠反应放出H2；故答案为①⑤；‎ ‎（2）①苯酚、③氯乙烷能与NaOH溶液反应；故答案为①③；‎ ‎（3）①苯酚、④乙烯常温下能与浓溴水反应；故答案为①④；‎ ‎（4）甲苯能与浓硝酸在浓硫酸的作用下反应生成三硝基甲苯，即TNT；故答案为②；‎ ‎（5）苯酚遇氯化铁溶液呈紫色；故答案为①；‎ ‎（6）②甲苯、④乙烯是能使酸性KMnO4溶液褪色的烃；故答案为②④。‎ ‎27.(1)证明溴乙烷中溴元素的存在，有下列几步，其正确的操作顺序是______。‎ ‎①加入硝酸银溶液 ②加入氢氧化钠溶液 ③加热 ④加入稀硝酸至溶液呈酸性 ‎(2)有机物M结构如图，根据M的结构回答：最多有__个原子共平面。‎ ‎(3)某烃A和炔烃B混合物共‎1 L，完全燃烧生成相同状况下的二氧化碳‎1.4 L，水蒸气‎1.6 L，写出两种烃的结构简式A_____，B_____。‎ ‎【答案】 (1). ②③④① (2). 17 (3). CH4 (4). CH≡CH ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据溴乙烷是非电解质，不能电离出Br-，可使溴乙烷在加热和碱性条件下发生水解反应得到Br-，向水解后的溶液中加入硝酸酸化，再加入AgNO3溶液，根据生成的淡黄色沉淀，可以确定溴乙烷中含有溴原子；‎ ‎(2)在常见的有机化合物中，甲烷是正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行共线、共面分析判断，与双键相连的碳原子为不饱和碳原子；‎ ‎(3)两种气态烃的混合物共‎1 L，在空气中完全燃烧得到‎1.4 L CO2、‎1.6 L水蒸气，根据相同体积下气体的体积之比等于物质的量之比，结合原子守恒利用平均分子式分析判断。‎ ‎【详解】(1)溴乙烷分子中溴元素以原子形式存在，要证明溴乙烷中溴元素的存在，先使其发生水解反应即加入氢氧化钠溶液并加热，反应生成NaBr，再加入稀硝酸至溶液呈酸性，最后加入硝酸银溶液，生成淡黄色沉淀，则可证明含溴元素的存在，即操作顺序为②③④①；‎ ‎(2)苯、甲醛是平面结构，乙炔是直线型分子，甲基中还有1个氢原子可能在同一平面内，M中最多有17个原子共平面；‎ ‎(3)两种气态烃的混合物共‎1 L，在空气中完全燃烧得到1.4 LCO2、‎1.6 L水蒸气，根据相同体积下气体的体积之比等于物质的量之比，结合原子守恒可得平均分子式为C1.4H3.2，所以混合物中烃分子中一定有含有1个碳原子的烃，故一定含有CH4，即A为CH4，炔烃分子中H原子数目小于3.2只有2，故炔烃B为CH≡CH。‎ ‎【点睛】本题考查物质的检验、原子共平面问题、有机物燃烧问题，掌握常见代表物的结构及性质及本题解答的关键，侧重考查常见有机物性质。‎ ‎28.(1)化合物A可由环戊烷经三步反应合成：‎ ‎(A)‎ 已知：‎ 反应1的试剂与条件为_____；反应2的化学方程式为_____。‎ ‎(2)如图是以环戊烷为原料制备环戊二烯的合成路线：‎ ‎ ‎ 其中，反应②的反应试剂和条件是_____，反应③的反应类型是_____。‎ ‎【答案】 (1). Cl2、光照 (2). +NaOH+NaCl (3). NaOH的醇溶液、加热 (4). 加成反应 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由制取，可以先将与氯气发生取代生成一氯环戊烷，再将一氯环戊烷在碱性条件下水解得环戊醇，环戊醇再氧化可得目标产物，反应1可用的试剂是氯气，反应2的试剂为氢氧化钠的水溶液，据此答题；‎ ‎(2)由合成路线可知，反应①为光照条件下的取代反应，反应②为消去反应，反应③为加成反应，反应④为消去反应，以此来解答。‎ ‎【详解】(1)环戊烷和氯气在光照条件下发生取代反应生成X是，和氢氧化钠的水溶液发生取代反应生成Y为，在铜作催化剂加热条件下发生氧化反应生成，所以反应I的试剂和条件为Cl2、光照，反应2的化学方程式为：+NaOH ‎+NaCl；‎ ‎(2)由合成路线可知，与Cl2在光照条件下发生取代反应产生，因此反应①为光照条件下的取代反应；与NaOH的乙醇溶液在加热条件下发生消去反应产生，所以反应②为消去反应；与Br2的水溶液发生加成反应产生：，所以反应③为加成反应；与NaOH的乙醇溶液在加热条件下发生消去反应产生：，所以反应④为消去反应。‎ ‎【点睛】本题考查了有机物的合成与推断、反应类型的判断，明确有机物中含有的官能团及其性质是解本题关键，需注意根据已知物质结构确定发生的反应及生成物。‎ ‎29.某化学课外小组用图装置制取溴苯。先向分液漏斗中加入苯和液溴，再将混合液慢慢滴入反应器A(A下端活塞关闭)中。‎ ‎(1)写出A中反应的化学方程式_______________。‎ ‎(2)观察到A中的现象是_____________________。‎ ‎(3)实验结束时，打开A下端的活塞，让反应液流入B中，充分振荡，目的是________，写出有关的化学方程式______________________________。‎ ‎(4)C中盛放CCl4的作用是________________。‎ ‎(5)能证明苯和液溴发生的是取代反应，而不是加成反应，可向试管D中加入AgNO3溶液，若产生淡黄色沉淀，则能证明。另一种验证的方法是向试管D中加入_______，现象是________。‎ ‎【答案】 (1). C6H6＋Br2C6H5Br＋HBr (2). 反应液微沸，有红棕色气体充满A容器 (3). 除去溶于溴苯中的溴 (4). Br2＋2NaOH=NaBr＋NaBrO＋H2O或3Br2＋6NaOH=5NaBr＋NaBrO3＋3H2O (5). 除去溴化氢气体中的溴蒸气 (6). 紫色石蕊试液 (7). 溶液变红色 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 该实验是实验室用苯和液溴制取溴苯。该反应的原理是：＋Br2＋HBr。在实验过程中，为了证明该反应为取代反应，则需证明取代产物溴化氢的存在。因此，需在C中加入CCl4，以除去溴化氢气体中的溴蒸气。方便对溴化氢的检验。由于在反应的过程中产物溴苯与反应物混溶在一起，因此需要利用氢氧化钠除去溴苯中的溴，再通过蒸馏的方式提纯溴苯即可。‎ ‎【详解】(1) A中涉及两个反应，分别为：2Fe＋3Br2=2FeBr3 ，＋Br2＋HBr； ‎ ‎(2)在反应中，可观察到A中的现象是反应液微沸，且有红棕色气体Br2充满整个容器；‎ ‎(3)实验结束时，打开A下端的活塞，让反应液流入B中，充分振荡。目的是利用氢氧化钠除去溶于溴苯中的溴，该反应有关的化学方程式Br2＋2NaOH=NaBr＋NaBrO＋H2O(或3Br2＋6NaOH=5NaBr＋NaBrO3＋3H2O)；‎ ‎(4)在实验中，C中盛放CCl4的作用是除去溴化氢气体中的溴蒸气。为了证明苯和液溴发生的是取代反应，而不是加成反应，可向试管D中加入AgNO3溶液，若产生淡黄色沉淀，则能证明有溴化氢存在，即发生了取代反应。另一种验证的方法是向试管D中加入石蕊试液，若溶液变红色，则证明溴化氢存在，即发生了取代反应。‎ ‎【点睛】本题主要考查是实验室制溴苯的实验，在本实验中虽加入的是铁，但对反应起催化作用的是溴化铁。为了证明该反应为取代反应，则需检验取代产物溴化氢的存在。检验溴化氢时可利用AgNO3溶液检验溴离子或通过检验D中吸收液的酸碱性来证明氢离子的存在。‎ ‎30.过渡金属钯催化的偶联反应是近年来有机合成的热点之一，如反应①：‎ ‎+ ‎ 化合物II可由以下合成路线获得：‎ ‎ Ⅳ Ⅴ Ⅵ Ⅱ ‎(1)化合物I所含官能团的名称为_____________，化合物II的分子式为_____________。‎ ‎(2)化合物IV的结构简式为__________，某同学设想无需经反应②、③、④和⑤，直接用酸性KMnO4溶液就可将化合物III氧化为化合物VII，该设想明显不合理，其理由是____________。‎ ‎(3)化合物VII有多种同分异构体，请写出一种符合下列要求的结构简式____________。‎ ‎①苯环上有两个取代基 ‎ ‎②1 mol 该物质发生银镜反应能生成4 mol Ag ‎(4)反应⑥的化学方程式为____________。(注明条件)‎ ‎(5)化合物与化合物在一定条件下按物质的量之比1∶2可发生类似反应①的反应，请写出其产物的结构简式____________。‎ ‎【答案】 (1). 醛基、溴原子 (2). C11H12O2 (3). (4). 酸性KMnO4溶液会氧化化合物III中的碳碳双键 (5). 、、 (6). +C2H5OH+H2O (7). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据化合物Ⅰ的结构简式判断有机物的官能团；‎ 根据化合物II结构简式判断含有的元素种类和原子个数，可确定分子式；‎ ‎(2)由转化关系可知，化合物Ⅲ中甲基上1个H原子被Cl原子取代生成化合物Ⅳ，则化合物Ⅳ为，化合物Ⅳ发生水解反应生成化合物V，则V为，化合物V连续氧化生成化合物Ⅶ，则化合物Ⅵ为，化合物Ⅶ为 ‎，与乙醇发生酯化反应生成化合物Ⅱ：或简写为；‎ 某同学设想无需经反应②、③、④和⑤，直接用酸性KMnO4溶液就可将化合物Ⅲ氧化为化合物Ⅶ，其原理是酸性KMnO4溶液将甲基氧化为-COOH，但酸性KMnO4溶液同时也会氧化化合物Ⅲ中的碳碳双键；‎ ‎(3)化合物Ⅶ有多种同分异构体，苯环上有两个取代基，1 mol该物质发生银镜反应能生成4 mol Ag，则该同分异构体中含有2个-CHO，故取代基为-CHO、-CH2CHO，二者在苯环上有邻、间、对三种位置关系； ‎ ‎(4)反应⑥是化合物Ⅶ与乙醇在浓硫酸、加热条件下发生酯化反应生成化合物Ⅱ；‎ ‎(5)由反应①可知，化合物Ⅰ提供1个Br原子，化合物Ⅱ中碳碳双键中含有H原子较多的C原子提供1个H原子，脱去1分子HBr，其余基团连接形成化合物，据此书写。‎ ‎【详解】根据上述分析可知：化合物IV是；化合物V是；化合物Ⅵ为。‎ ‎(1)化合物I 结构简式是，可知其中的官能团名称为溴原子、醛基；‎ 化合物Ⅱ结构简式是，分子中含有11个C、12个H、2个O原子，则分子式为C11H12O2；‎ ‎(2)由转化关系可知，化合物Ⅲ在光照条件下甲基上1个H原子被Cl原子取代生成化合物Ⅳ，化合物Ⅳ为；‎ 某同学设想无需经反应②、③、④和⑤，直接用酸性KMnO4溶液就可将化合物Ⅲ氧化为化合物Ⅶ，其原理是酸性KMnO4溶液会将甲基氧化为-COOH，但酸性KMnO4溶液也会氧化化合物Ⅲ中的碳碳双键，因此该设想不能实现将化合物III氧化为化合物VII，；‎ ‎(3)化合物Ⅶ结构简式为：，该物质有多种同分异构体，其中苯环上有两个取代基，1 mol该物质发生银镜反应能生成4 mol Ag，则该同分异构体中含有2个-CHO，故取代基为-CHO、-CH2CHO ‎，两个取代基在苯环上的相对位置有邻、间、对三种位置关系，符合条件同分异构体为：、、；‎ ‎(4)反应⑥是化合物与乙醇在浓硫酸、加热条件下发生酯化反应生成化合物Ⅱ，反应方程式为：+C2H5OH+H2O；‎ ‎(5)化合物与化合物 在一定条件下按物质的量之比1：2可发生类似反应①的反应，则提供2个Br原子，中C≡C中含有H原子的C原子提供1个H原子，脱去2分子HBr，其余基团连接形成化合物，故产物的结构简式为：。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的推断与合成，注意根据转化关系中有机物的结构与反应条件、反应类型进行推断，较好的考查学生的阅读能力、应用能力及对知识的迁移运用能力。‎