辽宁省沈阳市第一七O中学2019-2020学年高二上学期期末考试化学试题

辽宁省沈阳市第一七O中学2019-2020学年高二上学期期末考试化学试题

化学试卷 试卷说明：1.命题范围：人教版高中化学选修五前三章 ‎2.本卷满分为100分，考试时间为90分钟。‎ ‎3.试卷分两卷，第I卷为选择题(共60分)，请将正确答案用2B铅笔涂在答题卡上，第II卷为非选择题(共40分)，请将答案按照题序用黑色水性笔填写在答题纸上。‎ 第I卷 (选择题 共60分)‎ 一、选择题(本题包括15小题，每小题4分，共60分。每小题只有1个选项符合题意。)‎ ‎1.能够快速、微量、精确的测定出有机物的相对分子质量的物理方法是( )‎ A. 质谱法 B. 红外光谱法 C. 紫外光谱法 D. 核磁共振氢谱法 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A、质谱仪其实是把有机物打成很多小块，会有很多不同的分子出现，其中最大的那个相对分子质量就是该有机物的相对分子质量，选项A正确；‎ B、红外光谱是用于鉴定有机物中所含的各种官能团，双键，三键，羟基，羧基、羰基等，选项B错误；‎ C、紫外光谱是为了了解未知物的初步的化学结构，从光谱信息中得到该物质的基团或者化学键产生的吸收情况，初步判断该物质的结构信息，选项C错误；‎ D、核磁共振是检验不同环境的H的数量．有多少种不同的H，就有多少个峰，各个峰的高度大致上能显示各种H的数量比例，选项D错误。‎ 答案选A。‎ ‎2. 甲酸与乙醇发生酯化反应后生成的酯，其结构简式为 A. CH3COOCH2CH3 B. HCOOCH2CH3 C. CH3COOCH3 D. HCOOCH3‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】羧酸和醇发生酯化反应时，羧酸脱去一个—OH，醇脱去一个—H，甲酸与乙醇发生酯化反应后生成甲酸乙酯，结构简式为HCOOCH2CH3，B项正确。‎ ‎3.下列物质在水中可以分层，且下层是水的是（ ）‎ A. 溴苯 B. 乙醇 C. 苯 D. 四氯化碳 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 溴苯、四氯化碳不溶于水，密度大于水，在下层，上层是水层；乙醇和水互溶，不分层；苯不溶于水，密度小于水，在上层，水在下层。答案选C。‎ ‎4.有机物①CH2OH（CHOH）4CH3②CH3CH2CH2OH③CH2=CH—CH2OH ④CH2=CH—COOCH3⑤CH2=CH—COOH中，既能发生加成反应、酯化反应，又能发生氧化反应的是（ ）‎ A. ③⑤ B. ②④ C. ①③⑤ D. ①③‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】根据有机物的结构简式可知，①～④含有的官能团分别是羟基、羟基、碳碳双键和羟基、碳碳双键和酯基、碳碳双键和羧基。因此既能发生加成反应、酯化反应，又能发生氧化反应的是③⑤。①②不能加成，④不能酯化，答案选A。‎ ‎【点睛】该题属于常见的高考题型，为中等难度的试题。该类试题解答的关键是准确判断出分子中含有的官能团，然后依据相应官能团的性质分析判断即可。该题有利于培养学生灵活运用知识解决实际问题的能力。‎ ‎5.下列物质中，在一定条件下既能起加成反应，也能起取代反应，但不能使KMnO4酸性溶液褪色的是（ ）‎ A. 乙烷 B. 苯 C. 乙烯 D. 乙醇 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙烷中不含不饱和键，不能发生加成反应，也不能使KMnO4酸性溶液褪色，故A错误；‎ B．苯环中的碳碳键介于单键和双建之间，是一种独特的化学键，既能发生加成反应，又能发生取代反应，但不能使KMnO4酸性溶液褪色，故B正确；‎ C．乙烯中含有C=C键，能发生加成反应，并能使KMnO4酸性溶液褪色，故C错误；‎ D．乙醇中不含不饱和键，不能发生加成反应，但能使KMnO4酸性溶液褪色，并能发生取代反应，故D错误；‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】本题的易错点为BD，B中要注意苯环上的碳碳键的特殊性；D中要注意醇羟基能够被酸性高锰酸钾溶液氧化生成羧基。‎ ‎6.下列有机物不能由CH2＝CH2通过加成反应制取的是(　　)‎ A. CH3CH2Cl B. CH2Cl—CH2Cl C. CH3—CH2OH D. CH3—COOH ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.可由乙烯和HCl加成制取，故不选A；‎ B.可由乙烯和氯气加成制取，故不选B；‎ C.可由乙烯与水加成制取，故不选C；‎ D.乙酸可由乙醇或乙醛氧化制取，不能利用加成反应制取；‎ 答案：D ‎7.防治禽流感病毐目前人类面临的-个重大课题。八角茴香属于草本植物，是我国民间常用做烹调的香料。医学研究成果显示，从八角茴香中可提取到莽草酸. 莽草酸有抗炎， 镇痛作用，也是合成对禽流感病爯毒有一定抑制作用的—种药物“达菲”的前体。莽草酸的结构式如下图所示，下列关于莽草酸的说法正确的是 A. 莽草酸的分子式为C7H4O5‎ B. 莽草酸的分子之间可能发生酯化反应 C. 莽草酸中含有苯环 D. 莽草酸不能使溴水褪色 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 分析：由结构简式可以知道分子式，分子中含-COOH、-OH、碳碳双键，结合羧酸、醇、烯烃的性质来解答。‎ 详解:A. 由结构简式可以知道分子式为C7H10O5，故A错误；‎ B. 含-COOH、-OH发生酯化反应，所以A选项是正确的； C.分子中不含苯环，故C错误； D.含碳碳双键，能使溴水褪色，所以D选项是错误的；‎ ‎ 所以B选项是正确的。‎ ‎8.某有机物的结构简式如图所示，它可以发生反应的类型有（ ）‎ ‎①加成 ②消去 ③水解 ④酯化 ⑤氧化 ⑥加聚 A. ①②③④ B. ①②④⑤‎ C. ①②⑤⑥ D. ③④⑤⑥‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由结构简式可知，该有机物含有羟基、羧基、苯环结构，可表现酚、醇和羧酸的性质。‎ ‎【详解】①该物质中含有苯环能发生加成反应，故正确；‎ ‎②该物质中含有醇羟基，与羟基相连的相邻碳原子上含有氢原子，能发生消去反应，故正确；‎ ‎③该物质中不含卤素原子和酯基，不能发生水解，故错误；‎ ‎④该物质中含有醇羟基、羧基，都能与羧酸、醇或自身发生酯化反应，故正确；‎ ‎⑤该物质中含有醇羟基、酚羟基都能发生氧化反应，故⑤正确；‎ ‎⑥该物质中不含碳碳双键，不能发生加聚反应，故⑥错误；‎ 正确的为①②④⑤，故选B。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构与性质，注意利用已知的结构简式判断官能团，熟悉物质的官能团及物质的性质是解答的关键。‎ ‎9.可以鉴别乙酸溶液、葡萄糖溶液、乙醇溶液的试剂是 ( )‎ A. 银氨溶液 B. 新制氢氧化铜悬浊液 C. 石蕊试液 D. 碳酸钠溶液 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、加入银氨溶液，在加热条件下与葡萄糖溶液反应生成银镜，但不能鉴别乙酸和乙醇，选项A错误；‎ B、加入新制备氢氧化铜悬浊液，乙醇不与新制Cu(OH)2反应，乙酸与新制Cu(OH)2反应，Cu(OH)2溶解，溶液变为蓝色，蓝色絮状沉淀逐渐消失，葡萄糖溶液与新制Cu(OH)2悬浊液加热有红色沉淀生成，三者现象不同，选项B正确；‎ C、加入石蕊试液，乙酸溶液呈红色，但不能鉴别葡萄糖和乙醇溶液，选项C错误；‎ D、加入碳酸钠溶液，与乙酸溶液反应有气泡产生，但不能鉴别葡萄糖和乙醇溶液，选项D错误。‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的鉴别，注意常见有机物的性质，只有新制Cu(OH)2与乙醇、乙酸、葡萄糖溶液分别混合时，现象有明显区别．乙醇不与新制Cu(OH)2反应，乙酸与新制Cu(OH)2反应，Cu(OH)2溶解，溶液变为蓝色，沉淀消失，葡萄糖溶液与新制Cu(OH)2悬浊液加热有红色沉淀生成。‎ ‎10.下列反应中，属于加成反应是 ( )‎ A. CH3Cl+Cl2→CH2Cl2+HCl B. CH2=CH2+HClO→HOCH2-CH2Cl C. SO2+2NaOH→Na2SO3+H2O D. +Br2+HBr ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、CH3Cl中的一个氢原子被氯原子取代生成CH2Cl2，属于取代反应，选项A不符合；‎ B、乙烯分子碳碳双键断裂，两个碳原子分别结合了羟基和氯原子生成HOCH2-CH2Cl，属于加成反应，选项B符合；‎ C、二氧化硫和氢氧化钠反应生成亚硫酸钠和水，属于复分解反应，选项C不符合；‎ D、苯中的一个氢原子被溴原子取代生成溴苯，属于取代反应，选项D不符合；‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】本题考查取代反应与加成反应的判断。加成反应是有机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应，据此判断。‎ ‎11.已知化合物B3N3H6（硼氮苯）与苯的分子结构相似，分别为 硼氮苯二氯取代物（B3N3H4Cl2）的同分异构体的数目为( )‎ A. 2 B. 3 C. 4 D. 5‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】苯的二氯取代物有邻、间、对三种同分异构体，硼氮苯也应该有这三种同分异构体，但考虑苯环上的六个碳原子是完全相同的，而硼氮苯中，B、N是两种不同的原子，所以间位上应有两种不同的结构，一共有四种同分异构体，故选C。‎ ‎【点睛】本题的另一种解法为：将二个Cl原子按照“定一移二”法书写，首先将一个Cl原子定在B原子上，移动另一Cl原子，得3种结构；将一Cl原子定于N原子上，移动另一Cl原子，又得到1种结构，共四种。‎ ‎12.同温同压下两个容积相等的贮气瓶，一个装有C2H4，另一个装有C2H2和C2H6的混合气体，两瓶内的气体一定相同的是 A. 质量 B. 原子总数 C. 碳原子数 D. 密度 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据阿伏加德罗定律：同温同压下，容积相等的任何气体具有相同的分子数，结合C2H4、C2H2、C2H6每个分子的组成特点来回答。‎ ‎【详解】同温同压下，两个储气瓶的容积又相等，所以两瓶中气体的物质的量就相等，即两瓶内气体的分子数相同，则 A、根据m=nM，瓶中装有C2H2和C2H6的混合气体的瓶子的M无法确定，所以m无法判断，A错误；‎ B、C2H2和C2H6的量不确定，所以原子数也无法确定，B错误；‎ C、C2H4、C2H2、C2H6每个分子中的C原子数都是2，所以碳原子数相同，C正确；‎ D、据ρ=m/V，V一定，质量不确定，所以ρ无法判断，D错误。‎ 答案选C。‎ ‎13. 下列反应中，不属于取代反应的是 A. 在催化剂存在条件下苯与溴反应制溴苯 B. 苯与浓硝酸、浓硫酸混合共热制取硝基苯 C. 在催化剂存在条件下，乙烯与氯化氢反应制氯乙烷 D. 油脂在碱性条件下水解制肥皂 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 在催化剂存在条件下苯与溴反应制溴苯的过程是苯分子中氢原子被溴原子代替的过程，属于取代反应，故A正确；‎ B. 苯与浓硝酸、浓硫酸混合共热制取硝基苯的过程是苯分子中氢原子被硝基代替的过程，属于取代反应，故B正确；‎ C. 在催化剂存在条件下，乙烯与氯化氢反应制氯乙烷的过程是溴化氢将乙烯中的双键加成变为单键的过程，属于加成反应，故C错误；‎ D. 油脂在碱性条件下水解反应是酯化反应的逆反应，均属于取代反应，故D正确；‎ 故选C。‎ ‎14. 下列实验可行的是 A. 用浓硫酸与蛋白质的颜色反应鉴别部分蛋白质 B. 用食醋浸泡有水垢的水壶清除其中的水垢 C. 用乙醇和浓硫酸除去乙酸乙酯中的少量乙酸 D. 用乙醇从碘水中萃取碘 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．鉴别部分带苯环的蛋白质，利用蛋白质遇到浓硝酸变黄，可以进行鉴别，浓硫酸不能，故A错误；‎ B．醋酸和水垢中的碳酸钙和氢氧化镁反应生成了溶于水的盐，除去水垢，故B正确；‎ C．除去乙酸乙酯中的少量乙酸，应用饱和碳酸钠溶液，溶解乙醇中和乙酸，降低酯的溶解度，静置后分液；用乙醇和浓硫酸与乙酸反应需加热且反应是平衡不可能除净，故C错误；‎ D ‎．萃取是利用物质在两种互不相溶的溶剂中的溶解度不同，从一种溶剂中转移到另一种溶剂中，再利用分液、蒸馏的方法进行分离，乙醇与水溶液混溶，不分层，故D错误；‎ 故选B。‎ ‎15.迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其结构如图。下列叙述错误的是 A. 迷迭香酸属于芳香烃 B. 1mol迷迭香酸最多能和9mol氢气发生加成反应 C. 迷迭香酸可以发生水解反应、取代反应和酯化反应 D. 1mol迷迭香酸最多能和含6mol NaOH的水溶液完全反应 ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 该物质中除了含有C. H元素外还含有O元素，所以不是芳香烃，故A错误； ‎ B. 苯环、碳碳双键能和氢气发生加成反应，所以1mol迷迭香酸最多能和7mol氢气发生加成，故B错误；‎ C. 该有机物中含有酚羟基、羧基、酯基、碳碳双键和苯环，具有酚、羧酸、酯、烯烃、苯的性质，能发生氧化反应、取代反应、酯化反应、中和反应、加成反应、水解反应等，故C正确；‎ D. 酚羟基、羧基、酯基水解生成的羧基能和氢氧化钠反应，所以1mol迷失香酸最多能和含6molNaOH的水溶液完全反应，故D正确； ‎ 故选AB。‎ 第II卷 (非选择题 共40分)‎ ‎16.(1)写出下列官能团的名称：‎ ‎①—COOH_________ ②—OH_________‎ ‎(2)现有4种有机物：①乙烯 ，②乙醇，③乙酸，④乙酸乙酯(填写结构简式)：‎ ‎①能发生消去反应是__________。‎ ‎②能发生水解反应的是__________。‎ ‎③具有酸性且能发生酯化反应的是__________。‎ ‎④既能发生加成反应，又能发生聚合反应的是__________‎ ‎【答案】 (1). 羧基 (2). 羟基 (3). C2H5OH (4). CH3COOC2H5 (5). CH3COOH (6). CH2=CH2‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）决定有机物化学性质的原子或者原子团称为官能团，常见的官能团有：碳碳双键、碳碳三键、羟基、羧基、醛基、卤素原子、酯基等；‎ ‎（2）①乙烯含有C=C官能团，可发生加成反应；‎ ‎②乙醇含有-OH官能团，可发生酯化、取代、消去反应；‎ ‎③乙酸含有-COOH，具有酸性，可发生置换、取代反应；‎ ‎④乙酸乙酯含有-COO-官能团，可发生水解反应。‎ ‎【详解】（1）-COOH：为羧基，为羧酸的官能团；‎ ‎-OH：为醇类或酚类的官能团，名称为羟基；‎ ‎（2）①能发生消去反应的是乙醇；‎ ‎②能发生水解反应的是乙酸乙酯；‎ ‎③具有酸性且能发生酯化反应的是乙酸；‎ ‎④既能发生加成反应，又能发生聚合反应的是乙烯，‎ 故答案为：C2H5OH、CH3COOC2H5；CH3COOH；CH2=CH2。‎ ‎17.“酒是陈的香”，就是因为酒在储存过程中生成了有香味的乙酸乙酯，在实验室制取乙酸乙酯。回答下列问题：‎ ‎(1)浓硫酸的作用是：________________________。‎ ‎(2)饱和碳酸钠溶液的主要作用是__________________________________________。‎ ‎(3)通蒸气的导管要插在饱和碳酸钠溶液的液面上，不能插入溶液中，目的是_____。‎ ‎(4)若要把制得的乙酸乙酯分离出来，应采用的实验操作是_________________。‎ ‎(5)做此实验时，有时还向盛乙酸和乙醇的试管里加入几块碎瓷片，其目的是_______。‎ ‎(6)生成乙酸乙酯的反应是可逆反应，反应物不能完全变成生成物，反应一段时间后，就达到了该反应的限度，也即达到化学平衡状态。下列描述能说明乙醇与乙酸的酯化反应已达到化学平衡状态的有(填序号)________。‎ ‎①单位时间里，生成1mol乙酸乙酯，同时生成1mol水 ‎②单位时间里，生成1mol乙酸乙酯，同时生成1mol乙酸 ‎③单位时间里，消耗1mol乙醇，同时消耗1mol乙酸 ‎④正反应的速率与逆反应的速率相等 ‎ ‎⑤混合物中各物质的浓度不再变化 ‎【答案】 (1). 催化作用和吸水作用 (2). 吸收随乙酸乙酯蒸出的乙酸和乙醇，降低乙酸乙酯在水中的溶解度，便于分层得到 (3). 防止倒吸 (4). 分液 (5). 防止暴沸 (6). ②④⑤‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）浓硫酸具有脱水性、吸水性及强氧化性；‎ ‎（2）饱和碳酸钠溶液与乙酸反应除去乙酸、同时降低乙酸乙酯的溶解度，便于分层；‎ ‎（3）挥发出来的乙酸和乙醇易溶于饱和碳酸钠溶液，导管伸入液面下可能发生倒吸；‎ ‎（4）乙酸乙酯不溶于水；‎ ‎（5）根据可逆反应平衡状态标志的判断依据进行分析。‎ ‎【详解】（1）乙酸与乙醇在浓硫酸作催化剂加热条件下生成乙酸乙酯，由于反应为可逆反应，同时浓硫酸吸水有利于平衡向生成乙酸乙酯的方向移动，‎ 故答案为：催化作用和吸水作用；‎ ‎（2）制备乙酸乙酯时常用饱和碳酸钠溶液吸收乙酸乙酯，主要是利用了乙酸乙酯难溶于饱和碳酸钠，乙醇与水混溶，乙酸能被碳酸钠吸收，易于除去杂质，‎ 故答案为：吸收随乙酸乙酯蒸出的乙酸和乙醇，降低乙酸乙酯在水中的溶解度，便于分层得到；‎ ‎（3）导管若插入溶液中，反应过程中可能发生倒吸现象，所以导管要插在饱和碳酸钠溶液的液面上，目的是防止倒吸，故答案为：防止倒吸；‎ ‎（4）乙酸乙酯不溶于水，则要把制得的乙酸乙酯分离出来，应采用的实验操作是分液，故答案为：分液；‎ ‎（5）①单位时间内生成1mol乙酸乙酯，同时生成1mol水，都表示正反应速率，不能说明到达平衡状态，故①错误；‎ ‎②单位时间内生成1mol乙酸乙酯，同时生成1mol乙酸，说明正逆反应速率相等，反应达到平衡状态，故②正确；‎ ‎③单位时间内消耗1mol乙醇，同时消耗1mol乙酸，都表示正反应速率，不能说明到达平衡状态，故③错误；‎ ‎④正反应的速率与逆反应的速率相等，各组分的密度不再变化，达到了平衡状态，故④正确；‎ ‎⑤混合物中各物质的浓度浓度不再变化，各组分的密度不再变化，达到了平衡状态，故⑤正确；‎ 故答案为：②④⑤。‎ ‎18.营养研究发现，从深海鱼油提取的DHA是一种不饱和高级脂肪酸（假设DHA的化学式为CxHyO2），同温同压条件下，测得DHA蒸汽的质量是同体积H2质量的192倍；将3.84g的DHA完全燃烧，并使产生的产物全部依次通过下图装置，得到下表所列的实验结果（假设产生的气体产物完全被吸收）。‎ 实验前 实验后 ‎（干燥剂＋U型管）的质量 ‎101.1g ‎104.70g ‎（石灰水＋广口瓶）的质量 ‎312.0g ‎323.44g ‎（l）根据上表数据确定DHA的相对分子质量和化学式：（写出计算过程）___________‎ ‎（2）另取DHA和足量的溴水反应，发现3.84gDHA可以和0.06mol的溴发生加成反应，问一个DHA分子中含有多少个C=C？__________________‎ ‎【答案】 (1). 384；C26H40O2； (2). 6个 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）同温同压下，相同体积的气体质量之比等于摩尔质量之比，据此计算；干燥剂+U型管的质量质量增重为燃烧生成水的质量，石灰水+广口瓶的质量增重为燃烧生成二氧化碳的质量，根据n=计算DHA、CO2、H2O的物质的量，根据质量守恒计算DHA中氧元素质量，进而计算n（O），再根据原子守恒计算有机物DHA分子中C、H、O原子数目，确定有机物分子式；‎ ‎（2）1mol碳碳双键需要与1molBr2发生加成反应。‎ ‎【详解】（1）DHA蒸气的质量是同体积氢气质量的192倍，因此DHA的相对分子质量为192×2=384，干燥剂和U型管的作用是吸收水分，因此质量差是水的质量，即m(H2O)=(104.7－101.1)g=3.6g，水中的氢原子来源于有机物，根据原子守恒，因此有机物中H的物质的量为=0.4mol，石灰水吸收的CO2，因此广口瓶的质量差为CO2的质量，即m(CO2)=(323.44－312.0)g=11.44g，则有机物中C的物质的量为=0.26mol，有机物的物质的量为=0.01mol，因此有机物的分子式为C26H40O2；‎ ‎（2）1mol碳碳双键需要与1mol Br2发生加成反应，3.84g有机物是0.01mol，因此1mol有机物含有碳碳双键物质的量为=6mol，因此1个DHA分子中含有6个碳碳双键。‎ ‎【点睛】本题利用同温同压下，体积之比等于物质的量之比，以及M=，从而求出DHA的相对分子质量，然后利用原子守恒，从而确定DHA的分子式。‎ ‎19.化合物C和E都是医用功能高分子材料，且组成中元素质量分数相同，均可由化合物A(C4H8O3)制得，如下图所示。B和D互为同分异构体。‎ ‎(1)试写出化学方程式B→C____。‎ ‎(2)反应类型：A→B__，B→C__‎ ‎(3)A同分异构体(同类别有支链)的结构简式： ___；___‎ ‎【答案】 (1). nCH2=CH-CH2COOH (2). 消去反应 (3). 加聚反应 (4). HOCH2CH(CH3)COOH (5). HOC(CH3)2COOH ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A的分子式为C4H8O3‎ ‎，具有酸性，含有-COOH，A在浓硫酸的作用下生成B，B可以使溴水褪色，由A、B分子式可知，A分子内脱去1分子水发生消去反应生成B，则A中还含有-OH，D是分子式为C4H6O2的五元环化合物，应是A发生酯化反应生成环状酯D，由于D为五原子环，所以A的结构简式为HOCH2CH2CH2COOH，D的结构简式应为；A→E是由A分子间以酯化反应的形式脱水而生成的高分子化合物，A→E的反应为缩聚反应，B→C的反应是加聚反应，据此分析。‎ ‎【详解】A的分子式为C4H8O3，具有酸性，含有-COOH，A在浓硫酸的作用下生成B，B可以使溴水褪色，由A、B分子式可知，A分子内脱去1分子水发生消去反应生成B，则A中还含有-OH，D是分子式为C4H6O2的五元环化合物，应是A发生酯化反应生成环状酯D，由于D为五原子环，所以A的结构简式为HOCH2CH2CH2COOH，D的结构简式应为；A→E是由A分子间以酯化反应的形式脱水而生成的高分子化合物，A→E的反应为缩聚反应，B→C的反应是加聚反应。‎ ‎(1) B→C是CH2=CH-CH2COOH发生加聚反应生成，反应的化学方程式B→C为nCH2=CH-CH2COOH ；‎ ‎(2) A→BHOCH2CH2CH2COOH分子内脱去1分子水发生消去反应生成CH2=CH-CH2COOH，反应类型为：消去反应；‎ B→C是CH2=CH-CH2COOH发生加聚反应生成，反应类型为：加聚反应；‎ ‎(3)A为HOCH2CH2CH2COOH，其同分异构体(同类别有支链)的结构简式：HOCH2CH(CH3)COOH、HOC(CH3)2COOH。‎ ‎ ‎