安徽省太和中学2019-2020学年高二上学期第四次月考（实验班）化学试题

安徽省太和中学2019-2020学年高二上学期第四次月考（实验班）化学试题

高二实验班第四次月考化学试卷 第Ⅰ部分：选择题 ‎1.下列有机物的命名正确的是（ ）‎ A. CH3CH2C(CH3)2CH3 2，2-甲基丁烷 B. CH3CH(CH3)CH=CH2 3-甲基丁烯 C. CH3CH2CH(CH3)CH(CH3)OH 3-甲基-2-戊醇 D. CH2Cl-CH2Cl 二氯乙烷 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、CH3CH2C(CH3)2CH3的主链选择为最长的碳链，其名称为2，2-二甲基丁烷，错误；‎ B、CH3CH(CH3)CH=CH2的主链选择含碳碳双键并且最长的碳链，其名称为3-甲基-1-丁烯，错误；‎ C、CH3CH2CH(CH3)CH(CH3)OH的主链选择与羟基相连的碳原子的最长碳链，其名称为3-甲基-2-戊醇，正确；‎ D、CH2Cl-CH2Cl的名称为1，2-二氯乙烷，错误。‎ ‎2.四种常见有机物的比例模型如下图。下列说法正确的是 A. 乙可与溴水发生取代反应而使溴水褪色 B. 甲能使酸性KMnO4溶液褪色 C. 丙中的碳碳键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键 D. 丁为醋酸分子的比例模型 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 分析：根据四种常见有机物的比例模型可知甲是甲烷，乙是乙烯，丙是苯，丁是乙醇，据此解答。‎ 详解：A. 乙烯分子中含有碳碳双键，乙可与溴水发生加成反应而使溴水褪色，A错误；‎ B. 甲烷不能使酸性KMnO4溶液褪色，B错误；‎ C. 苯分子中的碳碳键是一种介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键，C正确；‎ D. 丁为乙醇分子的比例模型，D错误。答案选C。‎ ‎3.下列说法正确的是 A. 室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞l一氯丁烷 B. 做衣服的棉和麻均与淀粉互为同分异构体 C. 用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH 和CH3COOCH2CH3‎ D. 油脂在胶性或碱性条件下均能发生水解反应，且产物相间 ‎【答案】A ‎【解析】‎ A．含-OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水，则室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷，A正确；B．棉和麻以及淀粉均是高分子化合物，能互为同分异构体，B错误；C．CH3COOH与碳酸钠溶液反应气泡，而Na2CO3溶液与CH3COOCH2CH3会分层，因此可以用Na2CO3溶液区分CH3COOH 和CH3COOCH2CH3，C错误；D．油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油，水解产物不相同，D错误；答案选A。‎ 点睛：本题考查有机物的结构和性质，把握常见有机物的性质及鉴别方法为解答的关键，注意溶解性与-OH的关系、油脂不同条件下水解产物等。选项B是易错点，注意高分子化合物均是混合物。‎ ‎4.分枝酸可用于生化研究，其结构简式如图。下列关于分枝酸的叙述正确的是（　　）‎ A. 可与乙醇、乙酸反应，也可使溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色 B. 1mol该有机物与NaOH溶液反应，最多消耗3mol NaOH C. 分枝酸的分子式为C10H8O6‎ D. 分枝酸分子中含有2种含氧官能团 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 根据分枝酸的结构简式，含有羧基、羟基可以与乙醇、乙酸发生酯化反应，含有碳碳双键可使溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色，故A正确；分枝酸分子含有2个羧基，1mol该有机物与NaOH溶液反应，最多消耗2mol NaOH，故B错误；分枝酸的分子式为C10H10O6‎ ‎，故C错误；分枝酸分子中含羧基、羟基、醚键3种含氧官能团，故D错误。‎ ‎5.下列表述正确的是 A. 苯和氯气生成C6H6Cl6的反应是取代反应 B. 乙烯与溴水发生加成反应的产物是CH2CH2Br2‎ C. 等物质的量的甲烷与氯气反应的产物是CH3Cl D. 硫酸作催化剂，CH3CO18OCH2CH3水解所得乙醇分子中有18O ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.苯和氯气生成农药六六六，其反应方程式为，反应类型是加成反应，A项错误；‎ B.乙烯与溴水发生加成反应的产物是CH2BrCH2Br，B项错误；‎ C.甲烷和氯气反应为连续反应，甲烷和氯气生成CH3Cl和HCl，接着CH3Cl和氯气生成CH2Cl2和HCl，之后生成CHCl3和CCl4,，因而产物除了4种有机物，还有HCl，C项错误；‎ D.酯类水解断裂C-18O单键，该18O原子结合水中H，即生成乙醇H18OCH2CH3，因而，D项正确。‎ 故答案选D。‎ ‎6.下列关于有机化合物说法正确的是（ ）‎ A. 可用高锰酸钾溶液鉴别甲苯、环己烯与溴苯 B. 是由单体CH2=CH—CH3和CH2=CH2发生加聚反应的产物 C. 石油裂解和油脂皂化都是由高分子化合物生成小分子物质的过程 D. 淀粉与纤维素互为同分异构体，二者水解的最终产物相同 ‎【答案】B ‎【解析】‎ A. 甲苯、环己烯都可以被高锰酸钾氧化而使高锰酸钾溶液褪色，所以不可用高锰酸钾溶液鉴别甲苯、环己烯，故A错误；B. 是由单体CH2=CH—CH3和CH2=CH2发生加聚反应产物，故B正确；C. 石油裂解就是石油分馏产物（包括石油气）中的长链烃断裂成乙烯、丙烯等短链烃，油脂皂化就是油脂在碱性条件下的水解，都是由小分子化合物生成小分子物质的过程，故C错误；D.‎ ‎ 淀粉与纤维素的聚合度不同，况且淀粉和纤维素都是混合物，所以它们不互为同分异构体，故D错误。故选B。‎ ‎7.化合物(甲)、(乙)、 (丙)的分子式均为C8H8，下列说法不正确的是 A. 甲、乙、丙在空气口燃烧时均产生明亮并带有浓烟的火焰 B. 甲、乙、丙中只有甲的所有原子可能处于同一平面 C. 等量的甲和乙分别与足量的溴水反应，消耗Br2的量：甲>乙 D. 甲、乙、丙的二氯代物数目最少的是丙 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 分析：本题考查烃的分子结构和性质，涉及燃烧、原子共面问题、反应物耗量多少的分析和同分异构体的判断。‎ 详解：A. 甲、乙、丙分子式均为C8H8,含碳量高，燃烧时均产生明亮并带有浓烟的火焰，故A正确；B.甲烷是正四面体结构，乙、丙中含有类似于甲烷饱和碳原子，所有原子不可能处于同一平面，甲中含有苯环和碳碳双键，由于连接的碳碳单键可以旋转，两个平面可以重合，所以只有甲的所有原子可能处于同一平面，B正确；C.苯环不和溴水反应，甲和乙与溴水反应是碳碳双键上的加成反应，由于乙中含有3个碳碳双键，所以消耗Br2的量：甲<乙，C错误；D. 由于丙的对称性最好，故二氯代物数目最少的是丙，只有三种，故D错误；综合以上分析，本题答案为C。‎ 点睛：本题D选项是难点，寻找甲、乙、丙二氯代物数目可以先分析该分子的等效氢原子种数，从而先确定一氯代物种数，在进一步确定二氯代物种数。本题甲、乙、丙的等效氢原子分别为5种、2种和1种，据此判断化难为易。‎ ‎8.有下列8种物质，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的是（ ）‎ ‎①甲烷 ②苯 ③聚乙烯 ④1,3-丁二烯 ⑤2-丁炔 ⑥邻二甲苯 ⑦乙醛 ⑧环己烯 A. ③④⑤⑧ B. ④⑤⑦⑧ C. ④⑤⑧ D. ③④⑤⑦⑧‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎①甲烷、②苯、③聚乙烯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色；④1，3-丁二烯、⑤2-丁炔、⑥邻二甲苯、⑦乙醛、⑧环己烯都能使酸性高锰酸钾溶液褪色；④1，3-丁二烯、⑤2-丁炔、‎ ‎⑧环己烯中都含有不饱和键，与溴水发生加成反应而导致溴水褪色；⑦乙醛含有醛基，可与溴水、高锰酸钾发生氧化还原反应，则既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的是④⑤⑦⑧，答案选B。‎ ‎9.下列有关说法正确的是 A. 蒽（）中有4种氢原子 B. C(CH3)4 与甲烷属于同系物 C. 糖类、油脂和蛋白质在人体内都能发生水解，因而被称为营养物质 D. 用右图装置制备乙酸乙酯时，试剂按浓硫酸、乙醇、乙酸的顺序加入试管1‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ A. 蒽（）中有3种氢原子，故A错；B. C(CH3)4 是新戊烷与甲烷属于同系物，故B正确；C. 糖类包括单糖，二糖，多糖，其中单糖不能水解、所以C错误；D.制备乙酸乙酯时，试剂按乙醇、乙酸浓硫酸、的顺序加入试管1，故D错；‎ ‎10.已知：，下列说法正确的是（ ）‎ A. M能发生加聚反应、取代反应和氧化反应 B. 等物质的量的M、N分别完全燃烧，消耗O2的体积比为4：5‎ C. N中所有碳原子在同一平面上 D. M的二氯代物有10种(不考虑立体异构）‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. M不含碳碳双键，不能发生加聚反应，故A错误；‎ B. M、N的分子式分别为C10H8、C10H18，耗氧量分别为(10+)、(10+)，二者比值为12:14.5，故B错误；‎ C. N含有饱和碳原子，具有甲烷的结构特点，则所有的碳原子不可能都在同一个平面上，故C错误；‎ D. M为萘，，则萘二氯取代物有10种，故D正确；‎ 答案选D。‎ ‎11.下列关于有机物的说法正确的是（ ）‎ A. 杜康用高粱酿酒的原理是通过蒸馏法将高粱中的乙醇分离出来 B. 聚合物不是纯净物 C. 相对分子质量为72的某烷烃，一氯代物有4种 D. 植物油氢化、塑料和橡胶的老化过程中均发生了加成反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.高粱中不含乙醇，用高粱酿酒的原理是利用淀粉水解生成的葡萄糖，在酒化酶的作用下转化为乙醇，故A错误；‎ B.根据给出的结构简式可知，该聚合物的单体为CH3CH=CH2和CH2=CH2，故B正确；‎ C.相对分子质量为72的某烷烃为戊烷，CH3CH2CH2CH2 CH3中有3种等效氢，一氯代物有3种，(CH3)2CHCH2CH3中有4种等效氢，一氯代物有4种，C(CH3)4中有1种等效氢，一氯代物有1种，因此相对分子质量为72的某烷烃，一氯代物有8种，故C错误；‎ D.植物油氢化过程中发生了加成反应，塑料和橡胶的老化过程中发生了氧化反应，故D错误；‎ 故选：B。‎ ‎12.聚维酮碘的水溶液是一种常用的碘伏类缓释消毒剂，聚维酮通过氢键与HI3形成聚维酮碘，其结构表示如图：（图中虚线表示氢键），下列说法不正确的是（ ）‎ A. 聚维酮分子由（m+n）个单体聚合而成 B. 聚维酮的单体是 C. 聚维酮碘是一种水溶性物质 D. 聚维酮在一定条件下能发生水解反应 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 由2m+n个单体加聚生成，故A错误；‎ B. 由高聚物结构简式可知聚维酮的单体是，故B正确；‎ C. 高聚物可与HI3形成氢键，则也可与水形成氢键，可溶于水，故C正确；‎ D. 含有肽键，具有多肽化合物的性质，可发生水解生成氨基和羧基，故D正确；‎ 故选：A。‎ ‎13.汉黄芩素是传统中草药黄芩的有效成分之一，对肿瘤细胞的杀伤有独特作用。下列有关汉黄芩素的叙述正确的是（ ）‎ A. 汉黄芩素的分子式为C16H13O5‎ B. 该物质中含有四种含氧官能团 C. 1mol该物质与溴水反应，最多消耗2molBr2‎ D. 与足量H2发生加成反应后，该分子中官能团的种类减少1种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 汉黄芩素的分子式为C16H12O5，故A错误；‎ B.分子中含酚-OH、碳碳双键、羰基及醚键官能团，含氧官能团有三种，故B错误；‎ C. 酚−OH的邻对位与溴水发生取代反应，碳碳双键与溴水发生加成反应，则1mol该物质与溴水反应,最多消耗2molBr2，故C正确；‎ D. 与足量H2发生加成反应后，该分子中官能团碳碳双键、羰基均减少，故D错误；‎ 故选：C。‎ ‎14.下列关于有机化合物的叙述正确的是（ ）‎ A. 甲基环己烷的一氯代物有4种 B. 甲苯（C7H8）和甘油（C3H8O3）二者以任意比例混合，当总质量一定时，充分燃烧生成水的质量是不变的 C. 某烃的结构简式可表示为（碳原子数≤10），已知烃分子中有两种化学环境 不同的氢原子，则该烃一定是苯的同系物 D. 分子式为C5H10O2的有机物只能含有一种官能团 ‎【答案】B ‎【解析】‎ A. 甲基环己烷中与甲基相连的碳上有一个氢原子，还能够被取代，甲基环己烷的一氯取代物有5种，故A错误；B. 每个甲苯(C7H8)和甘油(C3H8O3)分子中都含有8个氢原子，由于二者相对分子质量相同[甲苯(C7H8)的相对分子质量=12×7+8=92；甘油(C3H8O3)的相对分子质量=12×3+8+16×3=92]．即所含氢元素质量分数相同，因此二者以任意比例混合，当总质量一定时，充分燃烧生成水的质量是不变的，故B正确；C. 中的取代基-X可能含有碳碳三键，不一定是苯的同系物，故C错误；D. 分子式为C5H10O2的有机物可能属于羧酸类、酯类或羟基醛类等，其中羟基醛类含有2种官能团，故D错误；故选B。‎ ‎15.1mol酯R完全水解可得到l molC5H8O4和2mol甲醇，下列有关酯R的分子式和分子结构数目正确的是 A. C7H12O4，4种 B. C7H12O4，6种 C. C7H14O2，8 种 D. C7H14O2，10种 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎1mol酯R完全水解可得到l molC5H8O4和2mol甲醇，说明酯中含有2个酯基，则反应的方程式为R+2H2O=C5H8O4+2CH4O，由质量守恒可知R的分子式为C7H12O4，C5H8O4是二元羧酸，相当于是丙烷分子中的2个氢原子被取代，共计是4种，所以相应的酯也是4种，答案选A。‎ 点睛：本题考查有机物的分子式的计算、同分异构体判断，把握酯化反应中碳原子个数变化、官能团的变化为推断的关系。难点是同分异构体判断，有关同分异构体判断需要注意：就每一类物质，先写出碳链异构体，再写出官能团的位置异构体。碳链异构体按“主链由长到短，支链由整到散，位置由心到边，排列由对、邻至间（有多个取代基时）”的规律书写。对于二取代或多取代产物数目的判断，可固定一个取代基的位置，再移动另一取代基的位置以确定同分异构体的数目，即定一移一或定二移一法。‎ ‎16.下列说法正确的是 A. 沸点：邻二甲苯>间二甲苯>对二甲苯 B. 鸡蛋清在NH4Cl溶液中能发生盐析，但是不能和盐酸发生化学反应 C. 有机物A的分子式为C16H16O3‎ D. 滴入酸性KMnO4溶液振荡，紫色褪去，能证明其结构中存在碳碳双键 ‎【答案】A ‎【解析】‎ A．对二甲苯＞间二甲苯＞邻二甲苯对称性依次减弱，依据对称性越好沸点越低，沸点顺序为：邻二甲苯>间二甲苯>对二甲苯，故A正确；B. 鸡蛋淸的主要成分为蛋白质，蛋白质是两性物质，能够与盐酸发生中和反应，故B错误；C.根据 ，有机物A的分子式为C16H14O3，故C错误；D. ‎ 中含有碳碳双键、酚羟基以及苯环上含有侧链烃基，都能被酸性KMnO4溶液氧化，使紫色褪去，故D错误；故选A。‎ ‎17.下列关于有机化合物的说法正确的是 A. 除去乙醇中的少量水，方法是加入新制生石灰，经过滤后即得乙醇 B. HOCH2CH(CH3)2与(CH3)3COH属于碳链异构 C. 除去乙酸乙酯中的乙酸和乙醇杂质，可加入足量烧碱溶液，通过分液即得乙酸乙酯 D. 一个苯环上已经连有-CH3、-CH2CH3、-OH三种基团，如果在苯环上再连接一个-CH3，其同分异构体有16种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 分析：A．CaO与水反应后生成氢氧化钙，氢氧化钙是离子化合物，增大了沸点差异；B．碳链异构是碳链的连接方式不同，-OH的位置不同是位置异构；C．乙酸乙酯能够在NaOH溶液中水解； D．可看成二甲苯(、、)苯环上的H原子被-CH2CH3、-OH取代。‎ 详解：A．CaO与水反应后，增大沸点差异，应选蒸馏法分离，故A错误； B． -OH的位置不同，属于位置异构，故B错误； ‎ C．乙酸乙酯与NaOH反应，不能除杂，应选饱和碳酸钠溶液、分液，故C错误；D．一个苯环上已经连有-CH3、-CH2CH3、-OH三种基团，如果在苯环上再连接一个-CH3，看成二甲苯(、、)苯环上连有-CH2CH3、-OH，中-OH在甲基的中间时乙基有2种位置，-OH在甲基的邻位时乙基有3种位置，-OH在两个甲基的间位时乙基有2种位置，共7种；中先固定-OH，乙基有3种位置，有3种同分异构体；先固体-OH在邻位时乙基有3种位置，固定-OH在间位时乙基有3种位置，有6种；则同分异构体有7+3+6=16种，故D正确；故选D。‎ ‎18.多巴胺的一种合成路线如下图所示 下列说法正确的是 A. 原料甲与苯酚互同系物 B. 中间产物乙、丙和多巴胺都具有两性 C. 多巴胺不可能存在氨基酸类的同分异构体 D. 1mol 甲最多可以和2 mol Br2发生取代反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 分析：本题考查有机物结构和性质，涉及同系物和同分异构体概念。‎ 详解:A.甲与苯酚的酚-OH数目不同,二者不是同系物,故A错误;B.乙、丙和多巴胺均含酚-OH、氨基,则均具有两性,所以B选项是正确的；C.含氨基、苯环和-OH,同分异构体可存在-COOH、氨基,则多巴胺可能存在氨基酸类的同分异构体,故C错误；D.酚-OH的邻对位与溴水发生取代反应,则1mol甲最多可以和4molBr2发生取代反应,故D错误；所以B选项是正确的。‎ 点睛：A.甲与苯酚的酚-OH数目不同；B.乙、丙和多巴胺均含酚-OH、氨基；C.含氨基、苯环和-OH,同分异构体可存在-COOH、氨基；D.酚-OH的邻对位与溴水发生取代反应。‎ ‎19.碳酸重乙酯是一种重要的添加剂，其结构简式为。用环氧乙烷合成碳酸亚乙酯的反应如下。下列说法正确的是 A. 上述反应属于取代反成 B. 碳酸亚乙酯的二氯代物只有一种 C. 碳酸亚乙酯中的所有原子处于同-平面内 D. lmol碳酸亚乙酯最多可消耗2molNaOH ‎【答案】D ‎【解析】‎ A.该反应属于二氧化碳中碳氧双键上的加成反应，故A错误；B. 碳酸亚乙酯的二氯代物应该有两个氯取代相同C原子和不同C原子两种情况，故B错误；C.有两个C原子是以C为中心的四面体结构，故C错误；D. 碳酸亚乙酯中相当于有两个酯基，可以在碱性条件下水解，所以lmol碳酸亚乙酯最多可消耗2molNaOH，故D正确；本题选D。‎ ‎20.药用有机化合物A(C8H8O2)为一种无色液体。从A出发可发生如图所示一系列反应。则下列说法正确的是（ ）‎ A. 根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知D为三溴苯酚 B. 上述各物质中能发生水解反应的有A、B、D、G C. G的同分异构体中属于酯且能发生银镜反应的有2种 D. 1molA能与lmolNaOH反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A发生水解反应生成B，B和二氧化碳、水反应生成D，D和溴水发生取代反应，则D中含有酚羟基，C为羧酸钠，羧酸钠酸化得到E，E为羧酸，E和乙醇发生反应生成G，G具有香味且是液体，则G为酯，根据其分子式结合乙醇知，E为乙酸，结构简式为CH3COOH，G为乙酸乙酯，C为CH3COONa，根据A的分子式知，D分子式为C6H6O，其结构简式为，B为、F为，A为乙酸苯甲酯，其结构简式为A的结构简式为，以此解答该题。‎ ‎【详解】A. 通过以上分析知，D为苯酚、F为三溴苯酚，故A错误；‎ B. 上述各物质中能发生水解反应的有A. B. G，故B错误；‎ C. G为乙酸乙酯，G的同分异构体中属于酯且能发生银镜反应说明含有酯基和醛基，符合条件的同分异构体有甲酸正丙酯、甲酸异丙酯，所以有两种，故C正确；‎ D. A为乙酸苯甲酯,结构简式为，水解生成苯酚和乙酸，则可与2molNaOH反应，故D错误；‎ 故选：C。‎ 第Ⅱ部分：填空题 ‎21.化合物F具有独特的生理药理作用，实验室由芳香化合物A制备F的一种合成路线如下：‎ 已知：①R—BrR—OCH3‎ ‎②R—CHO+R—CH=CH—COOH 回答下列问题。‎ ‎（1）A的名称为___，B生成C的反应类型为___。‎ ‎（2）咖啡酸的结构简式为___。‎ ‎（3）写出F与足量NaOH溶液反应的化学方程式：___。‎ ‎（4）G为香兰素的同分异构体，能使FeCl3溶液变紫色，苯环上只有两个取代基团，能发生水解反应，符合要求的同分异构体有___种，请写出其中任意一种核磁共振氢谱图显示有4种不同环境的氢，峰面积比为3∶2∶2∶1的G的结构简式：___。‎ ‎【答案】 (1). 4-甲基苯酚(或对甲基苯酚) (2). 取代反应 (3). ‎ ‎(4). +3NaOH++2H2O (5). 9 (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 有机反应时碳架结构不变，由香兰素可知A为，B为，由分子式可知C为，由F可知E为，由题给信息可知D为，以此解答该题。‎ ‎【详解】（1）由结构简式可知F的分子式为C17H16O4，A为4−甲基苯酚（或对甲基苯酚），由官能团的转化可知A生成B的反应类型为氧化反应，B生成C的反应类型为取代反应， 故答案为： 4−甲基苯酚（或对甲基苯酚）；取代反应；‎ ‎（2）咖啡酸的结构简式为，‎ 故答案为：； （3）F含有酯基和酚羟基，都可与氢氧化钠溶液反应，与足量NaOH溶液反应的化学方程式为+3NaOH++2H2O ，‎ 故答案为：+3NaOH++2H2O；‎ ‎（4）G为香兰素的同分异构体，能使FeCl3溶液变紫色，说明含有酚羟基，苯环上只有两个取代基团，能发生水解反应，说明含有酯基，其中酯基可为−OOCCH3、−CH2OOCH、−COOCH3，各有邻、间、对3种，共9种，其中核磁共振氢谱图显示有4种不同环境的氢，面积比为3:2:2:1的G的结构简式为， 故答案为：9；；‎ ‎22.2-氨基-3-氯苯甲酸（F）是重要的医药中间体，其制备流程图如图：‎ 已知：‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）B的名称为___。写出符合下列条件B的任意一种同分异构体的结构简式__。‎ a．苯环上只有两个取代基且互为邻位 b．既能发生银镜反应又能发生水解反应 ‎（2）该流程未采用甲苯直接硝化的方法制备B，而是经由①②③三步反应制取B，其目的是____。‎ ‎（3）写出⑥的化学反应方程式：___，该步反应的主要目的是___。‎ ‎（4）写出⑧的反应试剂和条件：___。‎ ‎【答案】 (1). 2-硝基甲苯(或邻硝基甲苯) (2). 和 (3). 避免苯环上甲基对位的氢原子被硝基取代（或减少副产物，或占位） (4). ‎ ‎+HCl (5). 保护胺基 (6). Cl2/FeCl3（或Cl2/Fe）‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）B为邻硝基甲苯，对应的同分异构体：a．苯环上只有两个取代基且互为邻位，b．既能发生银镜反应又能发生水解反应，说明应含有酯基，且为甲酸酯，另外一种官能团为氨基；‎ ‎（2）如采用甲苯直接硝化的方法制备B，硝基可取代甲基对位的H原子；‎ ‎（3）由结构简式可知反应⑥为取代反应，可避免氨基被氧化；‎ ‎（4）⑧为苯环的氯代反应，应在类似苯与溴的反应。‎ ‎【详解】(1)B为2−硝基甲苯或邻硝基甲苯,对应的同分异构体：a.苯环上只有两个取代基且互为邻位,b.既能发生银镜反应又能发生水解反应,说明应含有酯基,且为甲酸酯,另外一种官能团为氨基,可能为，‎ 故答案为：2−硝基甲苯或邻硝基甲苯;；‎ ‎(2)如采用甲苯直接硝化的方法制备B，硝基可取代甲基对位的H原子，目的是避免苯环上甲基对位的氢原子被硝基取代，‎ 故答案为：避免苯环上甲基对位的氢原子被硝基取代；‎ ‎(3)由结构简式可知反应⑥为取代反应,反应的方程式为，该步反应的主要目的是避免氨基被氧化，‎ 故答案为：；保护氨基；‎ ‎(4)⑧为苯环的氯代反应,应在类似苯与溴的反应,反应条件为Cl2/FeCl3(或Cl2/Fe)故答案为：Cl2/FeCl3（或Cl2/Fe）。‎ ‎23.香豆素是一种用途广泛的香料，可用于配制香精以及制造日用化妆品和香皂等。以有机物M和有机物A合成香豆素的流程如下：‎ 已知以下信息：‎ ‎①(CH3)3CCHO+CH3CHO ‎②M的分子式为C2H6O，分子中有3种化学环境不同的氢原子 ‎③香豆素中含有两个六元环 ‎（1）由M生成B的化学方程式为___。‎ ‎（2）A的结构简式为___。‎ ‎（3）由E生成香豆素的化学方程式为___。‎ ‎（4）写出满足如下条件的C的一种同分异构体的结构简式：__。‎ ‎①能发生银镜反应 ②1molC完全反应能消耗2molNaOH ‎③苯环上有3个取代基 ④苯环上的一氯代物只有2种 ‎【答案】 (1). 2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O (2). (3). H2O (4). ，，，（任写一种）‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ M的分子式为C2H6O，分子中有3种化学环境不同的氢原子，为CH3CH2OH，由转化关系可知B为CH3CHO，由题给信息可知A为，C为，发生消去反应生成 ‎，进而发生催化氧化生成，香豆素中含有两个六元环，应为，结合有机物的结构和性质解答该题．‎ ‎【详解】(1)由以上分析可知M为乙醇,乙醇发生催化氧化可生成乙醛,方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，‎ 故答案为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；‎ ‎(2)由以上分析可知A为，故答案为：；‎ ‎ (3)由E生成香豆素的化学方程式为，‎ 故答案为：；‎ ‎(4)C的同分异构体①能发生银镜反应,说明含有醛基,②1mol C完全反应能消耗2mol NaOH,应含有2酚羟基;③苯环上有3个取代基,④苯环上的一氯代物只有2种,说明结构对称,可为等，‎ 故答案为：。‎ ‎24.各地对食品非法添加和滥用添加剂进行了多项整治活动。其中常用的面粉增白剂过氧化苯甲酰()也被禁用。下面是一种以苯为原料合成过氧化苯甲酰的流程：‎ 已知：R-X+‎ 请回答下列问题：‎ ‎（1）结合过氧化苯甲酰结构分析，过氧化苯甲酰可以作为增白剂的原因是___。‎ ‎（2）写出反应②的化学方程式___。‎ ‎（3）某物质F为过氧化苯甲酰的同分异构体，同时符合下列条件的F的同分异构体有___种，请写出其中有三种不同化学环境的氢原子的结构简式：___。‎ ‎①含有联苯（）结构单元，无其他环状结构 ‎②在一定条件下能发生银镜反应 ‎③1molF最多可消耗4molNaOH ‎（4）请写出以苯乙烯为原料，合成的流程，无机试剂任选，注明反应条件。____。‎ 示例如下：‎ ‎【答案】 (1). 分子中有过氧键，具有强氧化性 (2). +CH2=CH2+HBr (3). 12 (4). (5). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题中各物质的转化关系，结合信息提示，苯与Br/Fe发生取代反应生成A溴苯，溴苯与B发生取代反应生成苯乙烯，B为乙烯，苯乙烯被酸性高锰酸钾氧化生成C苯甲酸，苯甲酸与COCl2发生取代反应生成，与双氧水、碳酸钠在催化剂条件下生成。‎ ‎【详解】（1）过氧化苯甲酰分子中有过氧键，具有强氧化性，能够将有色物质氧化漂白，可以作为增白剂；‎ 故答案为：分子中有过氧键，具有强氧化性；‎ ‎（2）写出反应②的化学方程式；‎ ‎（3）某物质F为过氧化苯甲酰的同分异构体，F的同分异构体符合下列条件；①含有联苯结构单元，无其他环状结构；②在一定条件下能发生银镜反应，说明含有醛基；③1molF最多可消耗4molNaOH，说明酯基水解生成羧基和酚羟基，且含有2个甲酸酯基结构，满足条件的结构有：(·为另一个甲酸酯基可能的位置)5种；5种；2种，共5+5+2=12种；其中有三种不同化学环境的氢原子的结构简式为 ‎ ； （4）以苯乙烯为原料，合成 ，用逆推法可知，要生成羰基和羧基→羰基和醛基→2个羟基→2个卤原子→烯烃的溴代反应，，所以合成路线为：。‎ ‎25.肉桂酸甲酯(H)是常用于调制具有草莓、葡萄、樱桃、香子兰等香味的食用香精。它的分子式为C10H10O2，且分子中只含有1个苯环，苯环上只有一个取代基。利用红外光谱仪可初步检测有机化合物中的某些基团，现测得H分子的红外光谱如图所示：‎ 又知J为肉桂酸甲酯的一种同分异构体，其分子结构模型如图所示(图中球与球之间的连线表示单键或双键等化学键)。‎ 试回答下列问题：‎ ‎（1）肉桂酸甲酯(H)的结构简式为___。‎ ‎（2）现测出A的核磁共振氢谱图有6个峰，且面积之比为1∶2∶2∶2∶1∶2。用芳香烃A为原料合成H的路线如下(部分反应物和反应条件已略去) ：‎ ‎①F→G的反应类型是___。‎ ‎②写出下列反应的化学方程式：F→I：___。‎ ‎③F的同分异构体较多，其中有一类可用通式表示(其中X、Y均不为氢原子)，试写出符合上述通式且能发生银镜反应的四种物质的结构简式：___。‎ ‎【答案】 (1). (2). 消去反应 (3). n+(n-1)H2O (4). 、、、‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）结合不饱和度推测官能团结构；‎ ‎（2）由A到H的转化结合肉桂酸甲酯的结构特点可知，A含有1个苯环、1个侧链，不饱和度为=5，故侧链中含有1个碳碳双键，A的核磁共振氢谱谱图有6个吸收峰，分子中含有6种H原子，其面积之比为1﹕2﹕2﹕2﹕1﹕2，各种H原子数目为1、2、2、2、1、‎ ‎2，苯环中有3种H原子，分别为1、2、2，故侧链有3种H原子，分别为2、1、2，故侧链中不含甲基，故A的结构简式为，A与溴发生加成反应生成B为，B发生水解生成C，结合C的分子式可知，C的结构简式为，C发生催化氧化生成D为，D在银氨溶液中发生氧化反应，酸化生成E，E为，E通过反应生成F，由E、F的分子式可知，E中羰基发生加成反应生成F，故F为，结合肉桂酸甲酯的结构可知，F发生消去反应生成G，G与甲醇发生酯化反应生成肉桂酸甲酯，故G为，G与甲醇发生酯化反应得到H(肉桂酸甲酯)，F发生缩聚反应得到I为。‎ ‎【详解】(1)肉桂酸甲酯的分子式为C10H10O2，不饱和度为=6，分子中只含有1个苯环，苯环上只有一个取代基，故还含有1个C=C双键，故肉桂酸甲酯的结构简式为：，‎ 故答案为：；‎ ‎(2)根据上述分析可知，‎ ‎①F→G是发生消去反应生成，‎ 故答案为：消去反应；‎ ‎②F→I的反应方程式为 n+(n-1)H2O ‎ 故答案为：n+(n-1)H2O；‎ ‎③F()的同分异构体甚多，其中有一类可用通式表示(其中X、Y均不为氢)，符合上述通式且能发生银镜反应的同分异构体有：、 、。‎ 故答案为：、 、。‎ ‎ ‎