湖南省株洲市攸县第二中学2019-2020学年高二上学期期中考试化学试题

湖南省株洲市攸县第二中学2019-2020学年高二上学期期中考试化学试题

湖南省株洲市攸县第二中学2019-2020学年高二上学期期中考试 化学试题 ‎1.提纯对热稳定的，高沸点液态有机物和低沸点的杂质的混合物，一般使用的方法 （ ）‎ A. 重结晶 B. 蒸馏 C. 过滤 D. 分液 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、重结晶是利用溶解度的不同进行的分离，不能对沸点不一样的物质进行分离，A错误；‎ B、高沸点液态有机物和低沸点的杂质的混合物进行提纯一般使用的方法是蒸馏，B正确；‎ C、过滤可以实现固体和液体物质间的分离，不能对沸点不一样的物质进行分离，C错误；‎ D、分液是对互不相溶的液体进行的分离，不能对沸点不一样的物质进行分离，D错误；‎ 答案选B。‎ ‎2.下列物质中既属于芳香化合物又属于醇的是 A B. ‎ C. D. CH3CH2OH ‎【答案】A ‎【解析】‎ 含有苯环属于芳香族，且羟基与苯环侧链相连得到的是醇，A正确；环己基与羟基直接相连得到的是醇，环己基是烃基，B错误；苯环与羟基直接相连得到的酚不是醇，C错误；分子式中不含苯环，不属于芳香族，D错误；正确选项A。‎ 点睛：题意中包含两个条件：①属于芳香化合物说明必须含有苯环；②属于醇必须含有羟基，且羟基不与苯环直接相连；同时满足这两个条件才能符合要求。‎ ‎3.下列叙述中正确的是 A. 相对分子质量相同、结构不同的化合物一定是互为同分异构体关系 B. 结构对称的烷烃，其一氯取代产物必定只有一种结构 C. 互为同分异构体的化合物不可能具有相同的结构简式 D. 含不同碳原子数的烷烃不一定是互为同系物的关系 ‎【答案】C ‎【解析】‎ A、相对分子质量相同的化合物其分子式可能不同，如CH3CH3与HCHO，两者的分子式不同，不是同分异构体关系，A错误；B、结构对称的烷烃，其一氯取代产物可能不止一种，如烷烃(CH3)2CHCH(CH3)2的一氯代物就有2种，B错误；C、同分异构体间分子式相同而结构不同，因此互为同分异构体的化合物不可能具有相同的结构简式，C正确；D、由于烷烃只存在碳链异构，所有碳原子间均以单键相连，因此含不同碳原子数的烷烃，其分子组成相差若干个CH2，且结构相似，应是互为同系物的关系，D错误，答案选C。‎ 点睛：掌握同分异构体、同系物的含义是解答的关键。注意D选项中同系物的判断，同系物一定是同一类物质，具有相同的通式，但具有相同通式且相差若干个的CH2不一定互为同系物，但烷烃另外。‎ ‎4.关于有机物的下列叙述中，正确的是 ( )‎ A. 它的系统名称是2,4二甲基4戊烯 B. 它的分子中最多有5个碳原子在同一平面上 C. 它与甲基环己烷互为同分异构体 D. 该有机物的一氯取代产物共有4种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.该有机物属于烯烃，主碳链为5，它的系统名称应该是是2，4-二甲基-1-戊烯，A错误；‎ B.由于碳碳双键是平面形结构，因此至少有4个碳原子共平面，由于单键旋转，末端的两个甲基也可能和双键共面，最多可能6个碳原子共面，B错误；‎ C.与甲基环己烷分子式相同，但结构不同，互为同分异构体，C正确；‎ D.分子中含有5种性质不同的H，有机物的一氯取代产物共有5种，D错误；‎ 答案选C。‎ ‎5.某有机样品3.0 g完全燃烧，将燃烧后的混合物通入过量的澄清石灰水中，石灰水共增重6.2 g，经过滤得到10 g 沉淀。该有机样品的组成可能是(括号内给出的是有机物的分子式)‎ A. 葡萄糖(C6H12O6)与蔗糖(C12H22O11) B. 醋酸与甲酸甲酯(C2H4O2)‎ C. 乙醇与甲醛(CH2O) D. 二甲醚(C2H6O)与乳酸(C3H6O3)‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎3.0 g有机样品燃烧生成和的总质量为6.2 g ，10 g碳酸钙的物质的量为，则的物质的量为，故生成水的质量为，其物质的量为，含；因此,样品中氧原子的质量为3-0.1×12-0.2×1=1.6g，其物质的量为，故有机物分子中,则有机物实验式为。葡萄糖与蔗糖的分子式分别为、，蔗糖的实验式不是，A错误；醋酸与甲酸甲酯的分子式均为，实验式均为，B正确；乙醇与甲醛的分子式分别为、，乙醇实验式不是，C错误；二甲醚与乳酸中二甲醚的实验式不是,D错误；正确选项B。 ‎ ‎6.下列物质的化学用语表达正确的是(　　)‎ A. 羟基的电子式： B. (CH3)3COH的名称：2,2－二甲基乙醇 C. 乙醛的结构式：CH3CHO D. 甲烷的球棍模型：‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ A. 羟基不带电，电子式为，故A正确；B. (CH3)3COH的名称为2－甲基-2-丙醇，故B错误；C. CH3CHO是乙醛的结构简式，故C错误；D. 甲烷分子中的氢原子比碳原子小，故D错误；故选A。‎ 点睛：本题的易错点为D，比例模型、球棍模型要能体现原子的相对大小及分子的空间结构。‎ ‎7.下列物质中，在一定条件下能发生取代反应和加成反应，但不能使酸性高锰酸钾溶液褪色的是( )‎ A. 乙烷 B. 甲烷 C. 乙烯 D. 苯 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.乙烷能和氯气在光照的条件下发生取代反应，它属于饱和烃，不能发生加成反应，不能被高锰酸钾溶液氧化，故A错误；‎ B.甲烷能和氯气在光照的条件下发生取代反应，它属于饱和烃，不能发生加成反应，不能被高锰酸钾溶液氧化，故B错误；‎ C.乙烯中有不饱和的碳碳双键，它属于不饱和烃能和氢气、水等在一定条件下发生加成反应，也能被酸性高锰酸钾溶液氧化，高锰酸钾溶液褪色，故C错误；‎ D.由于苯分子中具有介于碳碳双键和碳碳单键之间的一种独特的键，所以它既有饱和烃的性质，又有不饱和烃的一些性质，苯的化学性质特点是：易取代难加成，可以和液溴、浓硝酸、浓硫酸等在催化剂条件下发生取代反应生成溴苯、硝基苯、苯磺酸等，可以和氢气在催化剂条件下发生加成反应生成环己烷，但它不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故D正确；‎ 故答案为D。‎ ‎8.在 C2H2、C6H6、C2H4O 组成的混合物中，已知氧元素的质量分数为 8%，则混合物中碳元素的质量分数是（ ）‎ A. 92.3% B. 87.6% C. 75% D. 84%‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】C2H4O可以表示为C2H2·H2O，故混合气体可以看做C6H6、C2H2、H2O的混合物，O元素的分数为8%，故H2O的质量分数为=9%，故C6H6、C2H2总的质量分数1-9%=91%，C6H6、C2H2的最简式为CH，故C、H质量之比为12：1，故C元素的质量分数为91%×=84%，故选D。‎ ‎【点睛】解答本题的关键是根据化学式将物质转化为最简式为CH与水的混合物。难点是C2H4O可以表示为C2H2·H2O。‎ ‎9.1 mol有机物X最多能与1 molHCl发生加成反应得到Y，1 mol Y能与4 mol Cl2在一定条件下发生取代反应得到Z。已知Y分子中的碳碳键都是单键，Z分子中没有氢原子，则X的结构简式可能是 A. CH2=CHCl B. CH≡CH C. CH2=CH2 D. CH≡CCH3‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 某气态烃1 mol 最多和1 molHCl发生加成反应，说明分子中含有1个键，所得产物又能与4 mol Cl2发生取代反应，最后得到一种只含氯元素的化合物，说明有机物Y中含有4个氢，又因为Y是1 molHCl加成产物，则原气态烃应含有3个H原子；A中含3个H，符合；B中含2个H，不符合； C中含4个H，不符合；D中含4个H，不符合；正确选项A。‎ ‎10. 下列说法不正确的是 A. 分子式CF2Cl2、C3H8、C2H4、C2H2均只对应一种化合物 B. 1mol C4HmO完全燃烧，最多消耗O2 6mol C. 甲苯与氯气在光照下反应主要生成2-氯甲苯或4-氯甲苯 D. 分子式为C10H14，能使酸性KMnO4溶液褪色的一元取代苯共有3种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：A、分子式CF2Cl2、C3H8、C2H4、C2H2没有同分异构体，均只对应一种化合物，A正确；B、C4HmO中m最大值为10，则1mol C4HmO完全燃烧，最多消耗O2 4+10/4-1/2=6mol[，B正确；C、甲苯与氯气在光照下反应发生的是侧链上的氢原子被取代，不能得到苯环上氢原子被取代的产物，C错误；D、C10H14的分子式符合2n-6的通式，能使酸性KMnO4溶液褪色的一元取代苯，分子中含有丁烷烷基，丁烷烷基的碳链同分异构体有：，与苯环相连的C原子上必须含有H原子，才可被酸性高锰酸钾氧化，烷基与苯环相连的C原子上不含H原子，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以共有3种，D正确。答案选C。‎ 考点：有机物的性质 ‎11.下图是用实验室制得的乙烯（C2H5OHCH2=CH2↑+H2O)与溴水作用制取1,2-二溴乙烷的部分装置图，根据图示判断下列说法正确的是（ )‎ A. 装置①和装置③中都盛有水，其作用相同 B. 装置②和装置④中都盛有NaOH溶液，其吸收的杂质相同 C. 产物可用分液的方法进行分离，1,2-二溴乙烷应从分液漏斗的上口倒出 D. 制备乙烯和生成1,2-二溴乙烷的反应类型分别是消去反应和加成反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：A．装置①中气体压力过大时，水就会从玻璃管上端溢出，起到缓冲作用；溴易挥发，装置③水的作用是冷却液溴，可避免溴的大量挥发，故A错误；B．装置②吸收乙烯中混有的SO2、CO2；装置④是吸收逸出的溴蒸气，防止污染空气，吸收的杂质不相同，故B错误；C.1，2-二溴乙烷与水不溶，密度比水大，在水的下层，应从分液漏斗的下口倒出，故C错误；D．制备乙烯是乙醇发生消去反应；生成1，2-二溴乙烷是乙烯能与溴水发生加成反应，故D正确。‎ ‎【考点定位】乙醇发生消去反应、乙烯的性质实验。‎ ‎12.下列化合物中，既显酸性，又能发生加成反应、氧化反应、酯化反应和消去反应的是（ ）‎ A. B. CH2(CHO)－CH2－CH(OH)－COOH C. CH3—CH=CH—COOH D. CH3CH(OH)CH2CHO ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】根据有机物中的官能团可知，A、C中不能发生消去反应，D中不显酸性，B的醛基可以氧化和加成，羟基可以消去酯化，羧基可以酯化也有酸性，符合条件，所以正确的答案选B。‎ ‎13. 可用来鉴别己烯、甲苯、乙酸乙酯和苯酚溶液的一组试剂是 A. 溴水、氯化铁溶液 B. 溴水、酸性高锰酸钾溶液 C. 溴水、碳酸钠溶液 D. 氯化铁溶液、酸性高锰酸钾溶液 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：A．氯化铁溶液能鉴别苯酚，现象是溶液变为紫色，溴水能鉴别己烯、苯酚，现象分别是褪色和生成白色沉淀三溴苯酚，但不能鉴别甲苯和乙酸乙酯，故A错误；B．溴水能鉴别己烯、苯酚，现象分别是褪色和生成白色沉淀三溴苯酚，酸性高锰酸钾溶液能与甲苯发生氧化还原反应而褪色，与乙酸乙酯不反应，可鉴别，故B正确；C．溴水能鉴别己烯、苯酚，现象分别是褪色和生成白色沉淀三溴苯酚，碳酸钠溶液、溴水都不能鉴别甲苯和乙酸乙酯，故C错误；D．酸性高锰酸钾不能鉴别己烯和甲苯，二者都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，氯化铁只能鉴别苯酚，故D错误．故选B．‎ 考点：有机物的鉴别 ‎14.有关下图所示化合物的说法不正确的是 A. 1 mol该化合物最多可以与3 molNaOH反应 B. 该化合物可与NaHCO3溶液反应放出CO2气体 C. 该化合物可以使酸性KMnO4溶液褪色 D. 该化合物可以在光照下与Cl2发生取代反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 中和酚羟基要消耗1molNaOH，两个酯基水解要消耗2 molNaOH ，A正确；该有机物中不存在羧基，且酚羟基酸性较弱，不能与NaHCO3放出CO2气体，B错误；该有机物中的碳碳双键和苯环上的甲基可以使KMnO4溶液褪色，C正确；该有机物中含有甲基，可以与Cl2在光照下发生取代反应，D正确；正确选项B。‎ ‎15.有机物X是一种广谱杀菌剂，作为香料、麻醉剂、食品添加剂，曾广泛应用于医药和工业。该有机物具有下列性质：①与FeCl3溶液作用发生显色反应；②能发生加成反应；③能与溴水发生反应。依据以上信息，一定可以得出的推论是（ ）‎ A. 有机物X是一种芳香烃 B. 有机物X可能不含双键结构 C. 有机物X一定与碳酸氢钠溶液反应 D. 有机物X一定含有碳碳双键或碳碳三键 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎①与FeCl3溶液作用发生显色反应，说明含有酚羟基，②能发生加成反应，③能与溴水发生反应，该物质一定含有酚羟基和苯环，可能含有双键或三键，据此分析；‎ ‎【详解】①与FeCl3溶液作用发生显色反应，说明含有酚羟基，②能发生加成反应，③能与溴水发生反应，综上所述，推出一定含有酚羟基和苯环，可能含有双键或三键，‎ A、该物质一定含O元素，不属于芳香烃，故A错误；‎ B、苯环也能发生加成反应，由于酚羟基的影响，苯环上的两个邻位上的H，对位上的H容易被取代，不含双键也能与溴水发生反应，有机物X是否含双键无法判断，故B正确；‎ C、酚羟基不能与碳酸氢钠溶液反应，故C错误；‎ D、根据B选项分析，故D错误；‎ 答案选B。‎ ‎16.一种瑞香素的衍生物的结构简式如图所示，下列有关该有机物性质的说法正确的是 (　　)‎ A. 能与FeCl3溶液发生显色反应 B. 1 mol该有机物最多可与3 mol H2加成 C. 1 mol该有机物最多可与含4 mol NaOH的溶液反应 D. 1 mol该有机物与足量NaHCO3溶液反应可放出3 mol CO2‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 瑞香素的结构简式中含有酚的结构，故能与溶液发生显色反应，A正确；，苯环最多可与加成，碳碳双键最多可以与 加成，该有机物最多可与加成，B错误；的酚羟基、羧基分别可以与的反应，的酯基可以与反应，该有机物含有的酯基、酚羟基和的羧基，最多可与含 的溶液反应，C错误；能与反应的官能团有羧基，酚的酸性比碳酸弱，不能与反应，该结构中有的羧基，故该有机物与足量溶液只能放出，D错误；正确选项A。‎ 点睛：能够与氢气发生加成反应有机物结构特点是：含有苯环、碳碳双键、碳碳三键、醛基、酮羰基等；而羧基、酯基、肽键不能与氢气发生加成反应。‎ ‎17.（Ⅰ）下表所示的是关于有机物A、B的信息，根据表中信息回答下列问题：‎ A B ‎①能使溴的四氯化碳溶液褪色 ‎②分子比例模型为 ‎③能与水在一定条件下反应 ‎①由C、H两种元素组成 ‎②分子球棍模型为 ‎(1)A与溴的四氯化碳溶液反应的产物的名称为______________。‎ ‎(2)B具有的性质是________(填序号)。‎ ‎①无色无味液体 ②有毒 ③不溶于水 ④密度比水大 ⑤能使酸性KMnO4溶液和溴水褪色 ⑥任何条件下均不与氢气反应 ⑦与溴水混合后液体分层且上层呈橙红色 ‎（Ⅱ）为了测定某有机物C的结构，做如下实验：‎ ‎①将2.3 g该有机物完全燃烧，生成0.1 mol CO2和2.7 g水；‎ ‎②用质谱仪测定其相对分子质量，得到如图1所示的质谱图；‎ ‎③用核磁共振仪处理该化合物，得到如图2所示图谱，图中三个峰的面积之比是1∶2∶3。试回答下列问题：‎ ‎(1)有机物C的相对分子质量是________。‎ ‎(2)有机物C的实验式是________。‎ ‎(3)写出有机物C的结构简式：_____________________。‎ ‎【答案】 (1). 1,2-二溴乙烷 (2). ②③⑦ (3). 46 (4). C2H6O (5). CH3CH2OH ‎【解析】‎ ‎（Ⅰ）由信息知，A是乙烯，B是苯。‎ ‎(1)乙烯存在碳碳双键，能与溴水发生加成反应,→二溴乙烷)；正确答案:1,2-二溴乙烷。‎ ‎ (2)苯在常温下是一种无色、有芳香气味的透明液体，有毒，易挥发,比水密度小,难溶于水；苯的性质稳定，不能和和高锰酸钾溶液、溴水发生反应，可以和氢气发生加成反应；溴易溶于有机溶剂，所以苯与溴水混合后发生萃取，液体分层且上层呈橙红色；正确答案；②③⑦。‎ ‎（Ⅱ）(1)根据质荷比可以知道，有机物C的相对分子质量为46；正确答案:46。‎ ‎ (2) 2.3 g有机物燃烧生成0.1 mol CO2，2.7g水,则n（C）=n(CO2)=0.1mol，m(C)=0.1×12=1.2g,n(H2O)=2.7/18=0.15mol，n(H)=0.3mol，m(H)=0.3×1=0.3g；则,故有机物含有O元素,且m(O)=2.3-1.5=0.8g，故n(O)=0.8/16=0.05mol，,即该有机物最简式为C2H6O；正确答案是: C2H6O 。‎ ‎ (4)由核磁共振氢谱可以知道，该有机物分子中有3中化学环境不同的H原子，三种H原子数目之比为，有机物A的分子式为C2H6O ，故该有机物结构简式为CH3CH2OH；正确答案：CH3CH2OH。‎ 点睛：质谱看最大数值即为相对分子质量，氢谱显示分子组成中有几种类型的氢原子，同一碳上相同，对称位置相同；红外光谱要告诉你官能团和原子间的连接方式。‎ ‎18.下列框图给出了8种有机化合物的转化关系，请回答下列问题：‎ ‎(1)根据系统命名法，化合物A的名称是________。‎ ‎(2)上述框图中，①是________反应，③是________反应。(填反应类型)‎ ‎(3)化合物E是重要的工业原料，写出由D生成E的化学方程式：___________________。‎ ‎(4)C2的结构简式是______________________________________。‎ ‎【答案】 (1). 2,3二甲基丁烷 (2). 取代 (3). 加成 (4). (5). ‎ ‎【解析】‎ 烷烃A与氯气发生取代反应生成卤代烃B，B发生消去反应生成、，与溴发生加成反应生成二溴代物D，D再发生消去反应生成E，E与溴可以发生1,2-加成或1,4-加成，故为，为，则D为 ‎，E为，为，为。‎ ‎ (1)根据系统命名法，化合物A的名称是：2,3-二甲基丁烷；正确答案：2,3-二甲基丁烷。 ‎ ‎(2)上述反应中，反应(1)中A中H原子被Cl原子取代生成B，属于取代反应，反应(3)碳碳双键与溴发生加成反应；正确答案:取代；加成。 ‎ ‎(3)由D生成E是卤代烃发生消去反应,该反应的化学方程式为:，正确答案:。‎ ‎ (4)由上述分析可以知道,的结构简式是；正确答案：。‎ ‎19.甲苯是有机化工生产的基本原料之一。利用乙醇和甲苯为原料，可按如图所示路线合成分子式均为C9H10O2的有机化工产品E和J。‎ 已知： 请回答：‎ ‎(1)写出B＋D―→E反应的化学方程式：___________________________。‎ ‎(2)②反应类型为____________；F的结构简式为________________。‎ ‎(3)E、J有多种同分异构体，写出符合下列条件的任意两种同分异构体结构简式。‎ 要求：(ⅰ)与E、J属同类物质；(ⅱ).苯环上有两个取代基且苯环上的一氯代物只有两种。①______________；②______________。‎ ‎【答案】 (1). (2). 酯化（或取代）反应 (3). (4). (5). ‎ ‎【解析】‎ 乙醇被氧气氧化生成A乙醛，乙醛被氧化生成（B）乙酸，乙酸和D反应生成E，根据乙酸和E的分子式可知，D是苯甲醇，C和氢氧化钠的水溶液发生取代反应生成苯甲醇，则C是一氯甲苯，二氯甲苯和氢氧化钠的水溶液发生取代反应生成F，结合题给信息知，F是苯甲醛，苯甲醛被氧化生成（I）苯甲酸，G和氢氧化钠的水溶液反应生成H，H酸化生成苯甲酸，则H是苯甲酸钠，G是三氯甲苯，乙醇和苯甲酸反应生成（J）苯甲酸乙酯。‎ ‎ (1)通过以上分析知，B是乙酸，D是苯甲醇，在加热、浓硫酸作催化剂条件下反应生成乙酸苯甲酯，反应方程式为:；正确答案:‎ ‎。‎ ‎ (2)苯甲酸和乙醇发生酯化反应生成有机物J；根据信息可知，二氯甲苯在碱性环境下水解，生成苯甲醛，结构简式为；正确答案：酯化（或取代）反应 ；。‎ ‎(3) E、J有多种同分异构体,(1)与E、J属同类物质，说明含有苯环和酯基；(2)苯环上有两个取代基且苯环上的一氯代物只有两种，说明两个取代基处于对位，符合条件的同分异构体为: 、、、 ；正确答案：、、、。‎ 点睛：根据信息可知：甲苯与氯气光照发生甲基上的取代反应，取代一个氢，变为一氯甲苯，与氢氧化钠溶液反应生成苯甲醇；取代2个氢，变为二氯甲苯，与氢氧化钠溶液反应生成苯甲醛；取代3个氢，变为三氯甲苯，与氢氧化钠溶液反应生成苯甲酸钠，酸化后变为苯甲酸。‎ ‎20.重要的化工原料F(C5H8O4)有特殊的香味，可通过如图所示的流程合成：‎ 已知：①X是石油裂解气主要成分之一，与乙烯互为同系物；‎ ‎②；‎ ‎③C、E、F均能与NaHCO3生成气体 ‎(1)D中所含官能团的名称是_______________。‎ ‎(2)反应②的化学方程式为_____________，反应类型是________；反应⑥的化学方程式为______________。‎ ‎(3)F的同分异构体很多，其中一种同分异构体只含有一种官能团，在酸性或碱性条件下都能水解生成两种有机物，该同分异构体的结构简式是____________________________。‎ ‎【答案】 (1). 氯原子、羧基 (2). 2CH3CH2CH2OH＋O22CH3CH2CHO＋2H2O (3). 氧化反应 (4). CH3CH2COOH＋HOCH2COOHCH3CH2COOCH2COOH＋H2O (5). CH3OOCCH2COOCH3‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 乙酸和氯气发生取代反应生成有机物（D）Cl-CH2-COOH ，Cl-CH2-COOH在氢氧化钠溶液发生取代后酸化得到有机物（E）HO--CH2-COOH，根据有机物F(C5H8O4)分子式，可知有机物X、 A、 B、 C均含有3个碳，且X是乙烯的同系物，X为丙烯，A为1-丙醇、B为丙醛，C为丙酸；丙酸和有机物（E）HO--CH2-COOH发生酯化反应生成F，据以上分析解答。‎ ‎【详解】乙酸和氯气发生取代反应生成有机物（D）Cl-CH2-COOH ，Cl-CH2-COOH在氢氧化钠溶液发生取代后酸化得到有机物（E）HO--CH2-COOH，根据有机物F(C5H8O4)分子式，可知有机物X、 A、 B、 C均含有3个碳，且X是乙烯的同系物，X为丙烯，A为1-丙醇、B为丙醛，C为丙酸；丙酸和有机物（E）HO--CH2-COOH发生酯化反应生成F；‎ ‎(1)结合以上分析可知：（D）Cl-CH2-COOH中所含官能团氯原子、羧基；正确答案：氯原子、羧基。‎ ‎ (2) 1-丙醇发生催化氧化为醛，化学方程式为2CH3CH2CH2OH＋O22CH3CH2CHO＋2H2O；反应类型：氧化反应；丙酸与HO-CH2-COOH在浓硫酸加热条件下发生酯化反应，化学方程式为： CH3CH2COOH＋HOCH2COOHCH3CH2COOCH2COOH＋H2O；正确答案：2CH3CH2CH2OH＋O22CH3CH2CHO＋2H2O；氧化反应； CH3CH2COOH＋HOCH2COOHCH3CH2COOCH2COOH＋H2O。‎ ‎ (3)有机物F为CH3CH2COOCH2‎ COOH，它的同分异构体满足只含有一种官能团，在酸性或碱性条件下都能水解生成两种有机物，该有机物一定为酯类，且为乙二酸二甲酯，结构简式为CH3OOCCH2COOCH3；正确答案：CH3OOCCH2COOCH3。‎ ‎21.物质A有如图所示的转化关系(部分产物已略去)，已知H能使溴的CCl4溶液褪色。‎ 回答下列问题：‎ ‎(1)A的结构简式为________。‎ ‎(2)1 mol E与足量NaOH溶液反应时，消耗NaOH的物质的量为________mol。‎ ‎(3)M的某些同分异构体能发生银镜反应，写出其中任意一种结构简式：________________。‎ ‎(4)写出化学方程式H―→I：__________________________________。‎ ‎(5)E通常可由丙烯、NaOH溶液、H2、O2、Br2等为原料合成，请按“A―→B―→C―→…”的形式写出反应流程，并在“―→”上注明反应类型但不需要注明试剂及反应条件________。‎ ‎【答案】 (1). CH3CHClCOOCH3 (2). 1 (3). OHCCH2COOH、OHCCH(OH)CHO、OHCCOOCH3(任选一种即可，其他合理答案均可) (4). (5). ‎ ‎【解析】‎ H在一定条件下反应生成I，反应前后各元素的组成比不变，且H能使溴的溶液褪色，说明H反应生成I应为加聚反应，说明H中含有，则H为，I为；由此可以知道E应为，被氧化生成，不能发生银镜反应，B应为，说明A在碱性条件下生成、NaCl和醇，对比分子组成可以知道该醇为，则A应为。‎ ‎ (1)由以上分析可以知道A为CH3CHClCOOCH3 ；正确答案：CH3CHClCOOCH3 。‎ ‎ (2)E为，分子中只有具有酸性，能与NaOH反应，则与足量NaOH溶液反应时，消耗NaOH物质的量为；正确答案：1。‎ ‎ (3)M为,其对应的同分异构体能发生银镜反应，说明分子中含有CHO或等官能团，对应的同分异构体可能有OHCCH2COOH、OHCCH(OH)CHO或OHCCOOCH3；正确答案: OHCCH2COOH、OHCCH(OH)CHO、OHCCOOCH3(任选一种即可，其他合理答案均可)。‎ ‎ (4)H为，可发生加聚反应生成,方程式为n  ；正确答案：。‎ ‎(5) 由丙烯、NaOH溶液、、、等为原料合成,可涉及以下反应流程：,涉及的反应类型有加成、水解(或取代)、氧化、氧化、还原(或加成)；具体流程如下：‎ ‎；正确答案：。‎ ‎ ‎