安徽省潜山第二中学2019-2020学年高二上学期月考化学试题

安徽省潜山第二中学2019-2020学年高二上学期月考化学试题

‎2019-2020学年度潜山二中高二第二次月考化学试卷 第I卷（选择题)‎ 一、单选题（共16题 每题3分，共48分）‎ ‎1.下列说法不正确的是（   ）‎ A. CH3COOCH2CH3和CH3CH2OOCCH3互为同分异构体              B. 红磷和白磷互为同素异形体 C. 37Cl和35Cl 互为同位素      D. CH3CH2CH(CH3)2的名称为2-甲基丁烷 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 分析】‎ 此题考查四同，根据四同的定义进行判断，注意同分异构体的判断，结构简式不同，即名称不一样。‎ ‎【详解】A. CH3COOCH2CH3和CH3CH2OOCCH3是同一种物质，故A不正确，符合题意。‎ B. 红磷和白磷互为同素异形体，B正确，不符合题意。‎ C. 37Cl和35Cl 互为同位素，C正确，不符合题意。‎ D. CH3CH2CH(CH3)2的名称为2-甲基丁烷，D正确，不符合题意。‎ 故正确答案为：A。‎ ‎2.维生素C可溶于水，溶液呈酸性，有还原性，其结构如图所示。关于维生素C的叙述错误的是 A. 维生素C是有机物 B. 新鲜蔬菜比煮熟的维生素C含量多 C. 在维生素C溶液中滴入石蕊试液显蓝色 D. 维生素C在溶液中或受热时容易被氧化 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.维生素C含C、H、O元素，具有常见有机物的官能团，是有机物，故A正确；‎ B.煮熟的维生素C发生氧化或水解反应，含量减少，则新鲜蔬菜比煮熟的维生素C含量多，故B正确；‎ C.维生素C可溶于水，溶液呈酸性，则滴入石蕊试液显红色，故C错误；‎ D.维生素C中含C=C、-OH，具有还原性，在溶液中或受热时容易被氧化，故D正确。‎ 故选C。‎ ‎【点睛】把握官能团与性质的关系为解答的关键，注重迁移应用能力的训练，注意有机物结构分析及官能团的性质。‎ ‎3.下列物质与水混合静置，不出现分层的是（ ）‎ A. 四氯化碳 B. 苯 C. 乙醇 D. 硝基苯 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．四氯化碳水互不相溶，与水混合后静置，出现分层，选项A不选；‎ B．苯和水互不相溶，与水混合后静置，出现分层，选项B不选；‎ C．乙醇与水混溶，不分层，选项C选；‎ D．硝基苯和水互不相溶，与水混合后静置，出现分层，选项D不选；‎ 答案选C。‎ ‎4.欲除去下列物质中的少量杂质，所选除杂试剂或除杂方法不正确的是 选项 物质 杂质 除杂试剂 除杂方法 A C2H2‎ H2S CuSO4溶液 洗气 B 溴苯 Br2‎ NaOH溶液 分液 C 苯 苯酚 浓溴水 过滤 D 乙醇 水 CaO 蒸馏 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．硫化氢与硫酸铜反应生成黑色沉淀，而乙炔不能，利用洗气法分离，A项正确；‎ B．溴易与溴苯混溶而难于除去，因此可选NaOH溶液，利用溴可与氢氧化钠溶液反应生成溴化钠、次溴酸钠、水进入水层，并利用分液方法分离，故B正确；‎ C.苯酚与浓溴水反应生成的三溴苯酚属于有机物易溶于有机溶剂苯中，无法分离，C项错误；‎ D．利用氧化钙易吸收水且与水反应生成微溶且沸点较高的氢氧化钙这一特点，将乙醇利用蒸馏的方式分离提纯， D项正确；‎ 答案应选C。‎ ‎【点睛】本题主要考查的是有机混合物的除杂问题。解题时需要注意的是在选择除杂试剂时，应注意除去杂质必有几个原则：（1）尽可能不引入新杂质（2）实验程序最少（3）尽可能除去杂质。(4)也可以想办法把杂质转变为主要纯净物。（5）减少主要物质的损失。‎ ‎5.有机物分子中的原子(团)之间会相互影响，导致相同的原子(团)表现不同的性质。下列各项事实不能说明上述观点的是(　　)‎ A. 甲苯能使高锰酸钾酸性溶液褪色，而甲基环己烷不能使高锰酸钾酸性溶液褪色 B. 乙烯能与溴水发生加成反应，而乙烷不能发生加成反应 C. 苯酚可以与NaOH反应，而乙醇不能与NaOH反应 D. 苯酚与溴水可直接反应，而苯与液溴反应则需要FeBr3作催化剂 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 甲苯中由于苯环对甲基的影响，使甲苯中甲基易被高锰酸钾酸性溶液氧化，而甲基环己烷不能，可说明原子与原子团间的相互影响导致物质的化学性质不同；‎ B．乙烯含有碳碳双键，能与溴水发生加成反应，乙烷属于烷烃，不含不饱和结构，不能发生加成反应，性质不同是由于官能团不同，与原子团的影响无关；‎ C.苯酚中由于苯环对羟基的影响，使羟基中氢原子更易电离，表现出弱酸性，乙醇为中性，-OH连接的烃基不同，可说明原子与原子团间的相互影响导致物质的化学性质不同；‎ D.苯酚中由于羟基对苯环的影响，使苯酚分子中处于羟基邻、对位的苯环氢原子更活泼，更易被取代，可说明原子与原子团间的相互影响导致物质的化学性质不同；‎ 答案选B。‎ ‎6.在“绿色化学”工艺中，理想状态是反应物中的原子全部转化为目标产物，即原子利用率为100%.在下列反应中：①置换反应　②化合反应　③分解反应　④取代反应⑤加成反应　⑥消去反应　⑦加聚反应 ⑧乙烯在Ag做催化剂被氧气氧化制环氧乙烷,能体现这一原子最经济原则的是 A. ①②⑤ B. ②⑤⑦⑧ C. 只有② D. 只有⑦‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由信息“绿色化学”可知，反应物全部转化为期望的产物，使原子的利用率达到100%，可知反应只生成一种生成物，结合反应的特点来解答。‎ ‎【详解】上述反应中，②化合反应、⑤加成反应、⑦加聚反应、⑧乙烯在Ag做催化剂被氧气氧化制环氧乙烷中反应产物只有一种，原子的利用率达到100%；而置换反应、分解反应、取代反应、消去反应、缩聚反应生成物不止一种，不能满足原子利用率为100%，故合理选项是B。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机反应类型和无机反应类型的特点为解答的关键。‎ ‎7.下列说法正确的是 ( 　　)‎ A. 石油的催化重整可以得到芳香烃，说明石油中含有芳香烃 B. 煤的干馏和石油裂解得到的产物相同 C. 石油分馏得到的产物可用来萃取溴水中的溴 D. 聚丙烯塑料的结构简式为 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A．不能说明石油和煤中含有芳香烃；B．裂化的目的是为了得到汽油；C．石油分馏得到的产物是饱和烃；D．单烯烃发生加聚反应得到的产物中链节上只有两个碳原子。‎ ‎【详解】石油的催化重整和煤的干馏均可以得到芳香烃，是通过化学变化得到芳香烃，是芳香烃的主要来源，但并不能说明石油和煤中含有芳香烃，A错误；煤的干馏得到的主要是芳香烃，石油裂解得到的主要是短链不饱和气态烃，B错误；石油分馏得到的产物是饱和烃，可用来萃取溴水中的溴，C正确；丙烯的结构为CH2=CH—CH3，发生加聚反应时，碳碳双键打开，聚合后得到，D错误。‎ ‎【点睛】本题考查石油分馏和加工、煤的干馏等，题目难度不大，注意煤焦油中含有芳香烃，石油催化重整可获得芳香烃。‎ ‎8.下列说法中正确的是(　　)‎ A. 炔烃分子中所有的碳原子都在同一条直线上 B. 分子组成符合CnH2n－2通式的链烃，一定是炔烃 C. 炔烃既易发生加成反应，又易发生取代反应 D. 炔烃既可使溴水褪色，又可使酸性KMnO4溶液褪色 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A.连在碳碳三键碳原子上的碳原子在一条直线上，连在碳碳双键和饱和碳原子上的碳原子不在一条直线上；B. 分子组成符合CnH2n－2通式的链烃可以含有1个碳碳三键，也可以含有2个双键或2个环，还可以含有1个双键和1个环；D.碳碳三键可以发生加成反应和氧化反应。‎ ‎【详解】A.炔烃分子里的碳原子不一定都在同一直线上，如HC≡C—CH2CH3中甲基的碳原子与其他3个碳原子不在同一直线上，错误；B.分子组成符合通式CnH2n－2的链烃，还可以是二烯烃，错误；C.炔烃容易发生加成反应，但难于发生取代反应，错误；炔烃既可与溴水加成而使溴水褪色，也可被KMnO4酸性溶液氧化而使其褪色，正确。‎ ‎【点睛】该题考查炔烃的结构和性质，侧重对基础知识的巩固与检验，有利于培养学生的逻辑思维能力，提高学生分析问题、灵活运用基础知识解决实际问题的能力。‎ ‎9.某有机物的分子式为，其分子中有两个．两个、一个和一个，则该有机物可能的结构有（不考虑立体异构）（　　）‎ A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据分子式可知C11H16不饱和度为4。分子中含有，苯环的不饱和度为4，所以满足条件的结构中只有一个侧链，据此写出可能的结构。‎ ‎【详解】C11H16不饱和度为=4，分子中含有 ‎，苯环的不饱和度为4，所以满足条件的结构中只有一个侧链，分子中含两个甲基，两个亚甲基和一个次甲基，1个苯环的同分异构体有：‎ ‎、、、。‎ 答案选C。‎ ‎10.分子式为C7H16的烷烃中含有3个甲基结构的同分异构体的数目是（ ）‎ A. 2 B. 3 C. 4 D. 5‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 烷烃C7H16分子中，去掉3个甲基后只有4个碳原子，其碳链方式只有两种，再连接3个甲基，较易找出符合题意的同分异构体的数目。‎ ‎【详解】分子式C7H16符合通式CnH2n+2，必为饱和链烃（烷烃）。去掉3个甲基后只有4个碳原子，其碳链方式只有两种：C－C－C－C、，再分别将3个甲基连入这两个碳链。为保证分子中只有3个甲基，碳链上的端位碳必须连接甲基，即（1）CH3－C－C－C－C－CH3，第三个甲基有2种可能方式；（2），3个甲基已经全部连入。综上，符合题意的同分异构体有3种。‎ 本题选B。‎ ‎【点睛】也可这样解答：先写出C7H16的所有同分异构体，再找出含3个甲基的同分异构体的数目。‎ ‎11.立方烷(C8H8)其八个碳原子对称地排列在立方体的八个角上。以下相关说法错误的是 A. 立方烷在空气中可燃，燃烧有黑烟产生 B. 立方烷一氯代物1种、二氯代物有3种 C. 立方烷是苯(C6H6)的同系物，也是苯乙烯(C6H5-CH=CH2)的同分异构体 D. 八硝基立方烷完全分解可能只产生二氧化碳和氮气 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．立方烷的含碳量较大，和苯的含碳量相同，则燃烧有黑烟产生，故A正确；‎ B．立方烷结构对称，只有一种H，则一氧代物有1种，立方烷二氯代物有3种：两个氯原子在立方体同边有一种情况，两个氯原子的位置在对角有两种情况，立方烷三氯代物有3种：三个氯原子在同一个面上有一种情况，三个氯原子不在同一个面上有二种情况，情况1，2个氯原子在立方烷的棱上，另1个氯原子在对角线上，情况2，三个氯原子构成正三角形，所以同分异构体有三种，故B正确；‎ C．立方烷和苯的结构不同，不是同系物，分子组成也不是相差若干个CH2基团，故C错误；‎ D．八硝基立方烷的分子式为C8N8O16，则全分解可能只产生二氧化碳和氮气，故D正确；‎ 故答案为C。‎ ‎12.已知分子式为C12H12的物质A的结构简式如图所示，A苯环上的四溴代物的同分异构体的数目有 A. 9种 B. 10种 C. 11种 D. 12种 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用换元法解答，苯环上的四溴代物可以看作苯环六溴代物其中2个溴原子被2个H原子取代，故二溴代物与四溴代物同分异构体数目相同。‎ ‎【详解】苯环上的四溴代物可以看作苯环六溴代物其中2个溴原子被2个H原子取代，故四溴代物与二溴代物同分异构体数目相同，采用“定一移二”法，苯环上二溴代物有9种同分异构体，故苯环上四溴代物的同分异构体数目也为9种，故选A。‎ ‎【点睛】本题考查同分异构数目的判断，注意换元法的利用，芳香烃的苯环上有多少种可被取代的氢原子，就有多少种取代产物，若有n个可被取代的氢原子，那么m个取代基（m＜n）的取代产物与（n-m）个取代基的取代产物的种数相同。‎ ‎13.某混合烃由两种气态烃组成，取2.24 L该混合烃燃烧后，得到3.36LCO2和3.6g水，则下列关于该混合烃的组成判断正确的是(气体体积均在标准状况下测定)‎ A. 可能含甲烷 B. 可能是甲烷和丙炔的混合气体 C. 一定是甲烷和乙烯的混合气体 D. 一定含乙烷 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】标况下2.24L烃的物质的量是0.1mol，生成的二氧化碳是0.15mol，水是0.2mol，根据 ，0.1mol烃燃烧生成0.15mol CO2和0.2mol水，所以平均分子式为 ，一种烃碳原子数小于1.5，另一种烃碳原子数大于1.5，一定有甲烷；根据平均氢原子数为4，甲烷中氢原子数为4，另一种烃氢原子数也一定是4 ，所以可能是甲烷和丙炔的混合气体，故B正确。‎ ‎14.两种气态烃以任意比例混合，在105℃时1 L该混合烃与9 L氧气混合，充分燃烧后恢复到原状态，所得气体体积仍是10 L。下列各组混合烃中不符合此条件的是 （ ）‎ A. CH4 C2H4 B. CH4 C3H4 C. C2H4 C3H4 D. C2H2 C3H6‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设有机物的平均式为CxHy，燃烧通式为：CxHy+(x+)O2→xCO2+H2O，105℃时生成的水为气体，反应前后气体体积不变，则反应方程式中反应前后气体化学计量数之和相等相等，据此计算判断。‎ ‎【详解】设有机物平均式为CxHy，则有CxHy+( x+)O2→xCO2+H2O，105℃时生成的水为气体，有机物燃烧前后体积不变，则1+x+=x+，解答y=4，即混合气中平均含有H原子数为4。‎ A．CH4、C2H4中H原子数都为4，平均值为4，故A符合；‎ B．CH4、C3H4中H原子数都为4，平均值为4，故B符合；‎ C．C2H4、C3H4中H原子数都为4，平均值为4，故C符合；‎ D．C2H2、C3H6中H原子数都为2、6，只有1:1混合才能使平均值为4，不符合以任意比例混合的要求，故D不符合；‎ 答案选D。‎ ‎15.某有机物如图，下列说法错误的是（ ）‎ A. 该有机物属于饱和烷烃 B. 该有机物可由两种单炔烃分别与氢气加成得到 C. 该烃与2，3-二甲基丁烷互为同系物 D. 该烃的名称是2-甲基戊烷 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 该有机物为2-甲基戊烷，可由HC≡C-CH2CH(CH3)2、CH3C≡CCH(CH3)2与氢气发生加成反应生成，结合等效氢原子。‎ ‎【详解】A. 该有机物碳与碳之间，氢与氢之间都是以共价键单键结合，所以是饱和烷烃，故A正确；‎ B. 可由HC≡C−CH2CH(CH3)2、CH3C≡CCH(CH3)2与氢气发生加成反应生成，故B正确；‎ C. 该烃与2，3−二甲基丁烷分子式相同，互为同分异构体，故C错误；‎ D. 由结构简式可知该有机物为2−甲基戊烷，故D正确；‎ 答案选C。‎ ‎16.羧基的结构可表示为“—COOH”，烷基与一个羧基直接相连形成饱和一元羧酸。则含5个碳原子的饱和一元羧酸分子式为，其属于饱和一元羧酸的异构体共有 （　　）‎ A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】除去羧基剩余四个碳原子烃基，四个碳原子烃基有四种 、、、，故答案为B。‎ ‎【点睛】利用基元法，丁基有四种同分异构体，所以答案为4种。‎ 第II卷（非选择题)‎ 二、填空题（五小题，共52分）‎ ‎17.按要求填空：‎ ‎（1）用系统命名法命名下列物质或者根据名称写出对应的结构简式 ‎_____________‎ CH3CH(CH3)CH2CH(CH3)CH(CH3)CH3 ____________‎ ‎3，4，4-三甲基-1-戊炔_________‎ ‎（2）指出下列物质中的官能团 甲________ 乙_______ 丙__________‎ ‎（3）C4H8Cl2的同分异构体有________种 ‎【答案】 (1). 5-甲基-2-庚烯 (2). 2,3,5-三甲基己烷 (3). CHCCH(CH3)C(CH3)3 (4). 羰基（或酮基）、酚羟基 (5). 羧基 (6). 醛基、醇羟基 (7). 9‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)用系统命名法命名时，要选最长的碳链为主链，如果含有官能团，需要选取包含官能团的最长的碳链为主链，然后从离支链(或官能团)近的一端给主链上碳原子编号，据此分析命名；‎ ‎(2)根据常见的官能团的结构分析解答；‎ ‎(3)分子式为C4H8Cl2的有机物可以看作C4H10中的两个氢原子被两个氯原子取代，C4H10有正丁烷和异丁烷2种，结合定一移二的方法解答。‎ ‎【详解】(1)烯烃命名时，要选含官能团的最长碳链为主链，主链上有7个碳原子，从离碳碳双键最近的一端给主链上的碳原子编号，故在2号和3号碳原子间有碳碳双键，在5号碳原子上有一个甲基，名称为：5-甲基-2-庚烯；烷烃命名时，要选最长的碳链为主链，CH3CH(CH3)CH2CH(CH3)CH(CH3)CH3主链上有6个碳原子，从离支链最近的一端给主链碳原子编号，在2、3、5号碳原子上各有一个甲基，名称为：2，3，5-三甲基己烷；根据名称(3，4，4-三甲基-1-戊炔)可知，主链上有5个碳原子，在1号和2号碳原子间含有碳碳三键，在3号碳原子上有一个甲基、4号碳原子上有两个甲基，结构简式为CHCCH(CH3)C(CH3)3，故答案为5-甲基-2-庚烯；2，3，5-三甲基己烷；CHCCH(CH3)C(CH3)3；‎ ‎(2)甲()中含有的官能团有羰基(或酮基)、(酚)羟基；乙()中含有的官能团有羧基；丙()中含有的官能团有醛基、(醇)羟基，故答案为羰基(或酮基)、酚羟基；羧基；醛基、醇羟基；‎ ‎(3)分子式为C4H8Cl2的有机物可以看作C4H10中的两个氢原子被两个氯原子取代，C4H10有正丁烷和异丁烷2种，对于正丁烷，两个氯原子取代一个碳上的氢原子，有2种、取代两个碳上的氢，有4种；对于异丁烷，两个氯原子取代一个碳上的氢原子，有1种、取代两个碳上的氢，有2种，共有2+4+1+2=9种，故答案为9。‎ ‎18.按要求完成下列问题:‎ ‎(1)松油醇( )的官能团的名称为________‎ ‎(2)戊烷有____种结构，请写出其中的核磁共振氢谱有1个吸收峰的结构简式__________‎ ‎(3)分子式为且含两种官能团的链状有机物的结构简式为______________‎ ‎(4)在一定条件下能生成高分子化合物的化学方程式为________________‎ ‎(5)写出甲苯生成 的反应方程式_____________‎ ‎【答案】 (1). 碳碳双键、羟基 (2). 3 (3). (CH3)4C (4). CH≡C-CH=CH2 ‎ ‎(5). (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）松油醇( )含官能团有C=C、-OH，名称为碳碳双键、羟基，故答案为碳碳双键；羟基。‎ ‎（2）戊烷有3种结构，①CH3CH2CH2CH2CH3，核磁共振氢谱有1个吸收峰，说明它的结构十分对称，其结构简式为(CH3)4C，故答案为3，(CH3)4C。‎ ‎（3）根据分子式为C4H4，得知其不饱和度为3，因为该有机物含两种官能团，故其结构中应含1个碳碳双键和1个碳碳三键，结构简式为CH≡C-CH=CH2，故答案为CH≡C-CH=CH2。‎ ‎（4）在一定条件下发生加聚反应生成高分子化合物化学方程式为，故答案为。‎ ‎（5）甲苯和液溴在催化剂作用下生成 ，反应方程式为：，故答案为。‎ ‎19.0.2mol某烃A在氧气中完全燃烧后，生成CO2和H2O各1.2mol．试回答：‎ ‎（1）烃A分子式为__________．‎ ‎（2）若取一定量的该烃A完全燃烧后，生成CO2和H2O各3mol，则燃烧时消耗标准状况下的氧气____________L．‎ ‎（3）若烃A不能使溴水褪色，但在一定条件下能与氯气发生取代反应，其一氯取代物只有一种，则烃A的结构简式为_____________．‎ ‎（4）若烃A能使溴水褪色，在催化剂作用下，与H2加成，其加成产物经测定分子中含有4个甲基，烃A可能有的结构简式有三种，它们分别为________、________、_____．‎ ‎【答案】 (1). C6H12 (2). 100.8 (3). (4). （CH3）3C﹣CH=CH2 (5). CH3C（CH3）=C（CH3）﹣CH3 (6). CH3CH（CH3）﹣C（CH3）=CH2．‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）0.2mol某烃A在氧气中完全燃烧后，生成CO2和H2O各1.2mol，说明1个烃分子中含有6个碳原子和12个氢原子，分子式为C6H12。(2) 若取一定量的该烃A完全燃烧后，生成CO2和H2O各3mol，说明该烃的物质的量为0.5mol，根据方程式C6H12+9O2=6CO2+6H2O分析，消耗4.5mol氧气，标况下体积为22.4×4.5=100.8L； (3) 若烃A不能使溴水褪色，说明没有不饱和键，但在一定条件下能与氯气发生取代反应，其一氯取代物只有一种，说明结构对称性很强，只有一种碳原子和一种氢原子，所以结构为 ； (4) 若烃A能使溴水褪色，在催化剂作用下，与H2加成，其加成产物经测定分子中含有4个甲基，结构可能为（CH3）3C﹣CH2CH3或（CH3）2CHCH(CH3)2，所以烃A可能有的结构简式有三种：（CH3）2C﹣CH=CH2、(CH3)2C=C(CH3)2 ，CH3CH（CH3）﹣C（CH3）=CH2。‎ ‎【点睛】根据烃燃烧方程式CxHy+(x+y/4)O2=xCO2+y/2H2O分析烃的分子式，根据产物的结构特征确定烃的结构。注意掌握氢原子种类的判断方法。‎ ‎20.根据研究有机化合物的步骤和方法，填满下列空格：‎ 实验步骤 解释或实验结论 ‎（1）测得A的蒸气密度是同状况下甲烷的4.375倍,试通过计算填空：‎ ‎（1）A的相对分子质量为_______。 ‎ ‎（2）将此A 5.6g在足量纯O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重7.2g和17.6g ‎（2）A的实验式是________________。 ‎ ‎（3）A的分子式为 _______________。‎ ‎（3）将A通入溴水中，溴水褪色 ‎（4）说明A属于______________类（若溴水不褪色，则A属于 __________类）‎ ‎（4）A的核磁共振氢谱如图：‎ ‎（5）综上所述，A的结构简式为 ______________。 ‎ ‎【答案】 (1). 70 (2). CH2 (3). C5H10 (4). 烯烃 (5). 环烷烃 (6). CH2=CH-CH(CH3)2‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）相同条件下，气体的相对分子质量之比等于密度之比；‎ ‎（2）浓硫酸增重7.2g为水的质量，碱石灰增重17.6g为二氧化碳质量，计算水、二氧化碳物质的量，进而计算n（H）、n（C），根据质量守恒确定是否含有O元素，进而确定实验式，结合相对分子质量确定分子式；‎ ‎（3）将A通入溴水中，溴水褪色，A中可能含有碳碳不饱和键，结合A的分子式判断含有官能团；‎ ‎（4）核磁共振氢谱中有4个吸收峰，面积之比为1：1：2：6，即有机物A中有4种H原子，数目之比为1：1：2：6，有机物A含有2个甲基，结合A的分子式书写其可能的结构。‎ ‎【详解】（1）相同条件下，气体的相对分子质量之比等于密度之比，所以有机物质的相对分子质量=16×4.375=70，‎ 故答案为70。‎ ‎（2）浓硫酸增重7.2g，则n（H2O）=7.2g÷18g/mol=0.4mol，所含有n（H）=0.8mol，碱石灰增重17.6g，则n（CO2）=17.6g÷44g/mol=0.4mol，所以n（C）=0.4mol，m（C）+m（H）=0.4mol×12g/mol+0.8mol×1g/mol=5.6g，故A不含氧元素，A分子中C、H原子数目之比=0.4：0.8=1：2，故实验式为CH2，令有机物A的分子式为（CH2）x，则14x=70，故x=5，则有机物分子式为C5H10，‎ 故答案为CH2；C5H10。‎ ‎（3）A的分子式为C5H10，将A通入溴水中，溴水褪色，故A含有1个C=C双键，属于烯烃；若溴水不褪色，则属于环烷烃，‎ 故答案为烯烃；环烷烃。‎ ‎（4）核磁共振氢谱中有4个吸收峰，面积之比为1：1：2：6，即有机物A中有4种H原子，数目之比为1：1：2：6，有机物A含有2个甲基，A的结构简式为：（CH3）2CHCH=CH2，‎ 故答案为（CH3）2CHCH=CH2。‎ ‎21.1，4-环己二醇可通过下列路线合成：‎ ‎（1）写出反应①、④、⑦的化学方程式：①____________；④____________；⑦____________。‎ ‎（2）②的反应类型是____________，上述七个反应中属于加成反应的有（填序号）____________。‎ ‎（3）反应⑤中可能产生一定量的副产物，其可能的结构简式为____________。‎ ‎【答案】 (1). C6H12+Cl2→C6H11Cl+HCl (2). ＋2NaOH ＋2NaCl＋2H2O (3). 2NaOH+2NaBr (4). 消去反应 (5). ③⑤⑥ (6). 、‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 苯和氯气光照条件下发生取代生成氯苯，氯苯在醇强碱溶液中发生消去反应生成环己烯，环己烯和氯气发生加成反应生成1，2-二氯环己烷，1，2-二氯环己烷在醇强碱溶液中发生消去反应生成1，3-环己二烯，环己二烯与溴单质发生加成反应生成，与氢气发生加成反应生成，水解生成。‎ ‎【详解】⑴反应①是苯和氯气在光照条件下反应，化学方程式：+Cl2+HCl；‎ 反应④是1，2-二氯环己烷在醇强碱溶液中发生消去反应生成1，3-环己二烯，其化学方程式＋2NaOH ＋2NaCl＋2H2O；反应⑦是水解生成，其化学方程式+2NaOH+2NaBr；‎ ‎⑵七个反应类型分别是取代反应、消去反应、加成反应、消去反应、加成反应、加成反应、取代反应，故反应②为消去反应，属于加成反应的有③⑤⑥；‎ ‎⑶反应发生加成反应，可能是1,2加成，也可能是1,2,3,4都加成，故答案为、。‎ ‎【点睛】注重前后之间的联系，注重重点方程式反应条件即反应类型。‎