【化学】内蒙古北京八中乌兰察布分校2018-2019学年高一下学期四调考试试题（解析版）

【化学】内蒙古北京八中乌兰察布分校2018-2019学年高一下学期四调考试试题（解析版）

内蒙古北京八中乌兰察布分校2018-2019学年高一下学期四调考试试题 注意事项：‎ ‎1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上。‎ ‎2．将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。‎ ‎3．考试结束后，将答题卡交回。‎ 一、选择题：（本大题共20小题。每小题3分，满分60分。在每小题给出的四个选项中，只有1项是符合题意的。）‎ ‎1.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（ ）‎ A. ‎28g聚乙烯中含有NA个碳碳双键 B. 1mol乙烯与Cl2完全加成，然后与Cl2发生取代反应，共消耗氯气的分子数最多为6NA C. 标准状况下，2.24LCCl4中的原子总数等于0.5NA D. ‎15g甲基含有的电子数是9NA ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．聚乙烯不含碳碳双键，故A错误；‎ B．乙烯中含1个C=C双键，4个C-H键，1：1加成后，最多还有4个H原子能被Cl原子取代，则1mol乙烯与Cl2完全加成，然后与Cl2发生取代反应，共消耗氯气5mol即5NA个，故B错误；‎ C．标准状况下，CCl4为液体，不能由气体的摩尔体积计算其物质的量及原子数，故C错误；‎ D．1个甲基含9个电子，‎15g甲基含有的电子数为×9×NA=9NA，故D正确；‎ 故答案为D。‎ ‎2.X，Y，Z，M，W为原子序数依次增大的5种短周期元素。X的质子总数与电子层数相同，Y，Z，M同周期且相邻，W原子核外电子数是M原子最外层电子数的2倍。Z与其同主族的短周期元素可形成常见的大气污染气体甲。X，Y，Z三种元素形成化合物乙。下列说法错误的是（ ）‎ A. 气体甲可与Z的某种氢化物反应生成强酸 B. W元素的晶体单质是一种良好的半导体材料 C. 化合物乙中一定只有共价键 D. X分别与Y、Z、M、W形成的常见化合物中，稳定性最好的是XM ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：X、Y、Z、M、W为原子序数依次增大的5种短周期元素．X的质子总数与电子层数相同，则X为H元素；W原子核外电子数是M原子最外层电子数的2倍，则最外层有4个电子，所以W为Si元素；Y、Z、M同周期且相邻，而Z与其同主族的短周期元素可形成常见气体甲，则Z为O元素，可推知Y为N元素、M为F元素，X、Y、Z 三种元素形成化合物乙为HNO3、NH4NO3等，‎ A．气体甲为二氧化硫，二氧化硫与H2O2反应生成硫酸，故A正确；‎ B．W为Si元素，其单质可在电子工业用于生产半导体材料，故B正确； ‎ C．化合物乙若为NH4NO3，含有离子键、共价键，属于离子化合物，故C错误；‎ D．X为H元素、Z为O元素、Y为N元素、M为F元素，非金属性F最强，故氢化物中HF最稳定， ‎ 故D正确。‎ ‎3.下列对有机物的叙述中,不正确的是(　 　)‎ A. 它不能使溴水褪色,也不能使酸性KMnO4溶液褪色 B. 在FeBr3作催化剂时与Br2发生取代反应可生成三种一溴代物 C. 在一定条件下可发生加成反应 D. 一定条件下可以和浓硝酸、浓硫酸的混合物发生硝化反应 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.根据其结构可知，该有机物能够被酸性高锰酸钾溶液氧化，使其褪色，但是不和溴水反应，而是萃取使溴水褪色，A项错误；‎ B.苯环上有3种H原子，在FeBr3作催化剂时与Br2发生取代反应可生成三种一溴代物，B项正确；‎ C.含苯环，在一定条件下与氢气可发生加成反应，C项正确；‎ D.有机物含有苯环，可以和浓硝酸、浓硫酸的混合物发生硝化反应，D项正确。‎ 故答案选A。‎ ‎4.下图是部分短周期元素的原子序数与其某种常见化合价的关系图，若用原子序数代表所对应的元素，则下列说法正确的是(　 　)‎ A. 31d和33d属于同种核素 B. 气态氢化物的稳定性：a>d>e C. b、c的最高价氧化物对应水化物可以反应 D. a和b形成的化合物不可能含共价键 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】短周期元素中，a为-2价、e为+6价，处于VI族，可推知a为O、e为S，b有+1价，原子序数大于氧，则b为Na，由原子序数可知c、d处于第三周期，化合价分别为+3、+5，则c为Al、d为P；‎ A．31d和33d质子数相同，中子数不同，是不同核素，互为同位素，故A错误；‎ B．非金属性a(O)＞e(S)＞d(P)，故氢化物稳定性：a＞e＞d，故B错误；‎ C．b为Na、c为Al，NaOH溶液能溶解Al(OH)3白色沉淀生成可溶于水的NaAlO2，故C正确；‎ D．a和b形成的化合物过氧化钠，含有共价键，故D错误；‎ 故答案为C。‎ ‎5.下列关于有机化合物的说法正确的是(　　)‎ A. 2-甲基丁烷也称异丁烷 B. 三元轴烯()与苯互为同分异构体 C. C4H9Cl有3种同分异构体 D. 烷烃的正确命名是2-甲基-3-丙基戊烷 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A项，2-甲基丁烷分子中含有5个C，也称异戊烷，A错误；‎ B项，由三元轴烯的结构可得分子式为C6H6，而结构与苯不同，故与苯互为同分异构体，B正确；‎ C项，C4H9Cl的同分异构体有、、、共4种，C错误；‎ D项，烷烃的正确命名是2-甲基-3-乙基己烷，故D错误。‎ ‎6.2019年“两会”政府工作报告指出：开展蓝天、碧水、净土保卫战。煤的综合利用可减少直接燃烧造成的污染。下列有关煤干馏的产品说法正确的是(　 　)‎ A. 和互为同系物 B. 的一氯代物共有3种 C. CH2=CH2水化制乙醇属于取代反应 D. 甲烷能被氧气或酸性高锰酸钾溶液氧化 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.苯同系物指一个苯环和烷烃基组成的芳香烃，易知苯和萘不是同系物，A项错误；‎ B.观察该有机物的结构特点可知，，因而一氯代物共有3种，B项正确；‎ C.乙烯水化指乙烯和水加成生成乙醇，C项错误；‎ D.甲烷比较稳定，不能被酸性高锰酸钾溶液氧化，但可以燃烧，被氧气氧化成二氧化碳和水，D项错误。‎ 故答案选B。‎ ‎7.下列说法正确的是(　 　)‎ A. 往苯酚钠溶液中通入CO2可制得苯酚，并得到碳酸钠 B. 将铁屑、溴水、苯混合可制得溴苯 C. 将卤代烃滴入AgNO3溶液中，根据生成沉淀颜色可以判断卤素原子种类 D. 将光亮铜丝在酒精灯火焰上加热后变黑，立即伸入无水乙醇中，铜丝能恢复成原来的颜色 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．因为苯酚酸性大于碳酸氢根离子，所以二氧化碳和苯酚钠水溶液反应生成苯酚和碳酸氢钠，故A错误；B．在溴化铁作催化剂条件下，苯和液溴发生取代反应生成溴苯，苯和溴水不反应，故B错误；C．卤代烃中不含自由移动的卤离子，所以不能和硝酸银溶液反应，应该先用NaOH水溶液或醇溶液加热制取自由移动的卤离子，然后加入硝酸中和未反应的NaOH，再加入硝酸银溶液，根据沉淀颜色确定卤代烃中含有卤颜色，故C错误；D．Cu和氧气加热生成黑色的CuO，乙醇和CuO发生氧化还原反应生成Cu，从而铜丝能恢复成原来的颜色，故D正确；故答案为D。‎ ‎8.甲、乙、丙、丁为中学常见物质，其中甲、乙为单质，丙为氧化物，它们之间存在如图所示的转化关系：‎ 下列说法正确的是（ ）‎ A. 若甲、乙元素是同主族元素，根据元素周期表推测，此时乙单质可能是Si B. 若甲、乙均为金属单质，则丁所属的物质类别一定是碱性氧化物 C. 若甲为金属单质，乙为非金属单质，则甲只能是Mg D. 若甲、乙元素是同周期元素，则该反应的化学方程式一定为:‎2F2 + 2H2O＝4HF + O2‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.若甲、乙元素是同主族元素，丙为氧化物，C与SiO2反应、Na与H2O的反应符合转化关系，乙单质可能是Si，A正确；‎ B.若甲、乙均为金属单质，丙为氧化物，铝热反应符合转化关系，丁若为氧化铝，Al2O3属于两性氧化物，B错误；‎ C.若甲为金属单质，乙为非金属单质，丙为氧化物，Mg与CO2、Na与H2O的反应等都符合转化关系，甲不一定为Mg，C错误；‎ D.若甲、乙元素是同周期元素，Mg与SiO2反应生成Si与MgO也符合转化关系，D错误；‎ 故合理选项是A。‎ ‎9.下列有关同分异构体数目的叙述错误的是(　 　)‎ A. 与Cl2在光照条件下的取代产物有3种 B. 分子式为C7H8O且属于芳香族化合物同分异构体有5种 C. 丙烷的一氯代物有2种，丙烷的二氯代物有4种 D. 联苯的一氯代物有3种，二氯代物有12种 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】A、烷基与氯气在光照条件下反应不能停留在一步，能生成一氯代物、二氯代物等，据此判断；‎ B、分子式为C7H8O，且属于芳香族化合物，由分子式可知含有1个苯环，若侧链有1个，则侧链为-OCH3或-CH2OH；若侧链有2个，则侧链为-CH3和-OH，存在邻、间、对位；‎ C、根据分子中等效H原子判断一氯代物异构体数，分子中有几种H原子，其一氯代物就有几种异构体；丙烷的二氯代物，可以取代相同的碳原子的氢原子，可以取代不同碳原子上的氢原子，据此书写判断；‎ D、根据分子中等效H原子判断一氯代物异构体数，分子中有几种H原子，其一氯代物就有几种异构体；联苯（）二氯代物可以取代同一苯环是的氢原子，可以取代不同苯环上的氢原子，定其中1个氯原子位置，移动另一氯原子，书写判断。‎ ‎【详解】A. 与Cl2在光照条件下发生苯环侧链上氢原子的取代反应，可以是一氯取代、二氯取代、三氯取代等，一定会成功3种，选项A错误；‎ B、分子式为C7H8O，且属于芳香族化合物，由分子式可知含有1个苯环，若侧链有1个，则侧链为-OCH3或-CH2OH，同分异构有2种；若侧链有2个，则侧链为-CH3和-OH，存在邻、间、对三种，故符合条件的同分异构体为5种，选项B正确；‎ C、丙烷分子中有2种氢原子，其一氯代物有2种；丙烷的二氯代物，若取代相同的碳原子的氢原子，有1，1-二氯丙烷，2，2-二氯丙烷两种，若取代不同碳原子上的氢原子，有1，2-二氯丙烷、1，3-二氯丙烷两种，故丙烷的二氯代物有4种，选项C正确；‎ D、联苯（）的分子中含有3种氢原子，其一氯代物有3种；联苯（）二氯代物，若取代同一苯环是的氢原子，可以发生在如图所示的取代位置，1、2（与4、5相同）号位置，1、3（与3、5相同）号位置，1、4（与2、5相同）号位置，1、5号位置，2、3（与3、4相同）号位置，2、4号位置，有6种；若取代不同苯环上的氢原子，有如图所示的6种，故其二氯代物有12种，选项D正确。‎ 答案选A。‎ ‎10.下列说法中不正确的是( )‎ A. 乙烯与苯都能使溴水褪色，但褪色原理不同 B. 1 mol乙烯与Cl2完全加成，然后与Cl2发生取代反应，共消耗氯气 5mol C. 溴水遇到乙醛溶液出现褪色现象，是因为发生了氧化反应 D. 与互为同分异构体 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙烯含有碳碳双键，与溴水发生加成反应使溴水褪色，苯与溴水不反应，可将溴水中的溴萃取出来，二者原理不同，故A正确；B．1mol乙烯与Cl2完全加成，消耗氯气1mol，生成1mol 1，2-二氯乙烷，1mol 1，2-二氯乙烷与4molCl2发生取代反应，生成1mol六氯乙烷，故共消耗氯气5mol，故B正确；C．溴水具有氧化性，乙醛具有还原性，溴水遇到乙醛溶液溴水褪色，则发生氧化反应，故C正确；D．与均为2，2-二氯丙烷，则为同一物质，故D错误。故答案为D。‎ ‎11.以下有关物质结构的描述正确的是(　 　)‎ A. 甲苯分子中的所有原子可能共平面 B. 苯乙烯分子中的所有原子不可能共平面 C. 二氯甲烷分子为正四面体结构 D. 乙烷分子中的所有原子不可能共面 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．由于甲烷为正四面体结构，甲苯可以看作甲烷中1个H被苯基取代，所以甲苯中所有原子不可能共平面，故A错误；‎ B．苯和乙烯都是平面机构，所有原子共平面，则苯乙烯分子中所有原子可以共平面，故B错误；‎ C．二氯甲烷中存在两个C-Cl键和2个C-H键，由于它们的键长不同，所以二氯甲烷不可能为正四面体结构，故C错误；‎ D．乙烷分子中中含有2个甲基，具有甲烷的四面体结构，则所有原子不可能在同一平面上，故D正确；‎ 故答案为D。‎ ‎12.下列有机物中，在不同条件下，既能发生水解反应和消去反应，又能发生酯化反应并能与金属钠反应放出氢气的是 (　　)‎ ‎①②③④‎ A. ② B. ②③ C. ①② D. ①②③‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】①该有机物分子中含有羧基，能够发生酯化反应，能够与金属钠反应生成氢气，含有官能团氯原子，能够发生水解反应，但是与氯原子相邻的碳上不含氢原子，不能发生消去反应，故①错误；‎ ‎②‎ 分子中含有官能团氯原子，且与氯原子所连碳原子的邻位碳原子上有氢原子，故其能够发生水解反应，也能够发生消去反应；含有官能团羧基，能够发生酯化反应，也能够与钠反应生成氢气，故②正确；‎ ‎③该有机物分子中含有酯基，能够发生水解反应，含有羟基与其所连碳原子的邻位碳原子上有氢原子，能够发生酯化反应和消去反应，也能够与钠反应放出氢气，故③正确；‎ ‎④该有机物分子不含羧基和羟基，无法发生酯化反应，故④错误；‎ 故答案为B。‎ ‎13.下列物质中含有共价键的离子化合物是(　 　)‎ ‎①MgCl2　②Na2O2　③NaOH　④NH4Cl　⑤CO2　⑥H2O2　⑦N2‎ A. ②③④ B. ②④⑤⑦ C. ①②③④⑥ D. ①③⑤⑥‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】①MgCl2只存在离子键，是离子化合物，故①错误；②Na2O2氧原子和氧原子之间存在共价键，所以过氧化钠是含共价键的离子化合物，故②正确；③NaOH中钠离子和氢氧根离子之间存在离子键，氢氧根离子中氢原子和氧原子之间存在共价键，所以氢氧化钠是含共价键的离子化合物，故③正确；④NH4Cl中含氮氢共价键，所以含有共价键的离子化合物，故④正确；⑤CO2只含共价键，故⑤错误；⑥H2O2只含共价键，故⑥错误；⑦N2 是单质不是化合物，故⑦错误；故答案为A。‎ ‎14.甲基丙烯酸甲酯是合成有机玻璃的单体，其合成方法之一如下：CH3OC≡CH+CH3OH+ACH2=C(CH3)COOCH3，下列说法正确的是（ ）‎ A. 已知该反应的原子利用率为100%，则A为CO2‎ B. CH3OH和甘油互为同系物 C. CH‎3C≡CH与丙烯的性质相似，则该物质可以发生加成、氧化反应 D. 能与NaHCO3反应的CH2=C(CH3)COOCH3的同分异构体有9种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 已知该反应的原子利用率为100%，则产物只有CH2=C(CH3)COOCH3，根据质量守恒定律可以判断A不可能是CO2，故A不正确；‎ B. CH3OH为甲醇，甘油为丙三醇，两者所含的官能团的数目不同，所以不是同系物，故B不正确；‎ C. 丙烯中有不饱和双键，能发生加成反应和氧化反应，CH‎3C≡CH也能发生加成反应和氧化反应，所以CH‎3C≡CH与丙烯的性质相似，故C正确；‎ D. 能与NaHCO3反应的CH2=C(CH3)COOCH3的同分异构体属于羧酸，分子中除—COOH外，还有—C4H7。—C4H7可能是丁烯基，丁烯基有8种结构；还有可能是环丁基和甲基环丙烷基（有3种结构），所以该同分异构体有12种，故D不正确。‎ 本题选C。‎ ‎15.下列说法错误的是（）‎ A. 除去苯中含有的苯酚可以先加入氢氧化钠溶液后再分液 B. 检验实验室制备的乙烯气体中混有的杂质气体的顺序是H2O、SO2、CO2‎ C. 鉴别己烯中是否混有少量甲苯，应先加入足量的溴水，再加入酸性高锰酸钾溶液 D. 既可以用来鉴别乙烷和乙烯，又可以用来除去乙烷中混有的乙烯，得到纯净乙烷的方法，是通入溴的四氯化碳溶液中 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．苯酚与氢氧化钠溶液反应生成可溶于水的苯酚钠，而苯不溶于水，再通过分液分离，故A正确；‎ B．检验混合气体中的H2O、SO2、CO2，应先检验H2O，再用品红溶液检验SO2、并用酸性KMnO4溶液除去SO2，最后再检验CO2，故B正确；‎ C．乙烯、甲苯都可被酸性高锰酸钾氧化，可先加溴水，乙烯与溴水发生加成反应，然后再用高锰酸钾检验是否含有甲苯，故C正确；‎ D．乙烷为饱和烃，性质稳定，乙烯含有C=C官能团，能与溴水发生加成反应，则可以用溴的四氯化碳溶液来鉴别乙烷和乙烯，但乙烷也能溶于CCl4，则不能用溴的四氯化碳溶液除去乙烷中混有的乙烯，故D错误；‎ 故答案为D。‎ ‎16.从海带中提取碘，可经过以下实验步骤完成。下列有关说法正确的是(　 　)‎ A. 灼烧过程中使用的玻璃仪器有酒精灯、烧杯、玻璃棒 B. 氧化过程中发生反应的离子方程式为 2I-＋H2O2 =I2＋2OH-‎ C. 检验碘单质时，可选用淀粉碘化钾试纸，若试纸变蓝说明海带中含有碘单质 D. 分液时，先打开活塞放出下层液体，再关闭活塞从上口倒出上层液体 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．灼烧实验使用的仪器有：坩埚，酒精灯，玻璃棒，三脚架，用到的玻璃仪器为：酒精灯、玻璃棒，故A错误；‎ B．氧化过程中发生反应的离子方程式为：2H++2I-+H2O2=I2+2H2O，故B错误；‎ C．碘单质遇到淀粉变蓝，用淀粉检验碘存在，通常用淀粉碘化钾试纸检验氧化性强于碘的气体，故C错误；‎ D．分液时，先打开活塞放出下层液体，再关闭活塞倒出上层液体，防止液体重新混合而污染，故D正确；‎ 故答案为D。‎ ‎17.1，1-二环丙基乙烯()是重要医药中间体，下列关于该化合物的说法错误的是(　 　)‎ A. 所有碳原子不能在同一平面 B. 能被酸性髙锰酸钾溶液氧化 C. 二氯代物只有3种 D. 生成1 molC8H18至少需要3molH2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】1，1-二环丙基乙烯()含有碳碳双键、两个三元环，碳有两种杂化方式：sp3、sp2。‎ ‎【详解】A.碳有两种杂化方式：sp3、sp2，前者是四面体构型，与它相连的原子不可能全处于同一平面，所有碳原子不能在同一平面，故A正确；‎ B. 结构中含有碳碳双键，能被酸性髙锰酸钾溶液氧化，故B正确；‎ C. 二氯代物不止3种，如：、、、、、、、‎ ‎、等，故C错误；‎ D. 1，1-二环丙基乙烯()分子式为C8H12，由C8H12生成1 molC8H18至少需要3molH2，故D正确；‎ 故选C。‎ ‎18.含有一个双键的烯烃，和H2加成后的产物结构简式如图，则此烃可能有的结构有( )‎ A. 4种 B. 5种 C. 6种 D. 7种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】根据烯烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均含有原子的碳原子间是对应烯烃存在C=C的位置，该烷烃 中能形成双键键位置有：1和2之间、2和3之间、3和4之间、3和5之间、5和6之间、6和7之间(6和9)、7和8之间(9和10)，故该烯烃共有7种，故答案为D。‎ ‎19.普伐他汀是一种调节血脂的药物，其结构如图所示。下列关于普伐他汀的性质描述正确的是(　 　)‎ A. 能与FeCl3溶液发生显色反应 B. 不能使酸性KMnO4溶液褪色 C. 能发生加成、取代、消去反应 D. 1mol该物质最多可与3molNaOH反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．分子中不含酚羟基，则不能与FeCl3溶液发生显色反应，故A错误；‎ B．含碳碳双键、-OH，能使酸性KMnO4溶液褪色，故B错误；‎ C．含碳碳双键可发生加成反应，含-OH可发生取代和消去反应，故C正确；‎ D．-COOH、-COOC-可与NaOH反应，则1mol该物质最多可与2mol NaOH反应，故D错误；‎ 故答案为C。‎ ‎20.下列说法中，正确的是(　 　)‎ A. 取溴乙烷加入NaOH溶液，加热，充分反应，再加入AgNO3溶液，产生淡黄色沉淀，证明溴乙烷中含有溴元素 B. 制备新制Cu（OH）2悬浊液时，将4~6滴10％的NaOH溶液滴入2 mL 2％的CuSO4溶液中，边滴边振荡 C. 溴乙烷和NaOH醇溶液共热，产生的气体通入KMnO4酸性溶液，发现溶液褪色，证明溴乙烷发生了消去反应 D. 实验室制备乙烯时，温度计水银球应该插入浓硫酸和无水乙醇的混合液液面以下 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 加入硝酸银之前，应该先加入硝酸酸化，否则银离子与氢氧根离子反应生成沉淀干扰测定，故A错误；‎ B.检验醛基，制备新制Cu（OH）2悬浊液时，必须碱性环境，所以NaOH应该过量，故B错误； ‎ C.溴乙烷和NaOH醇溶液共热，产生的气体应该先通入水，除掉挥发出来的乙醇，因为乙醇也能使酸性高锰酸钾褪色，会干扰测定，故C错误；‎ D.实验室制备乙烯时，温度计测量的是反应液的温度，因此水银球应该插入浓硫酸和无水乙醇的混合液液面以下，故D正确；‎ 答案：D 二、非选择题 ‎21.为验证卤素单质氧化性的相对强弱，某学习小组用如图所示装置进行实验（夹持仪器已略去，气密性已检验）．‎ 实验过程：‎ Ⅰ．打开弹簧夹，打开活塞a，滴加浓盐酸．‎ Ⅱ．当B和C中的溶液都变为黄色时，夹紧弹簧夹．‎ Ⅲ．当B中溶液由黄色变为棕红色时，关闭活塞a．‎ Ⅳ．（1）A中产生黄绿色气体，其电子式是 ______；A中使用KMnO4可以在不加热的情况下与浓盐酸发生反应。如果改用二氧化锰，则在加热条件下发生的化学反应方程式为______。‎ ‎（2）验证氯气的氧化性强于碘的实验现象是 ______ 。‎ ‎（3）B中溶液发生反应的离子方程式是 ______ 。‎ ‎（4）为验证溴的氧化性强于碘，过程Ⅳ的操作和现象是 ______。‎ ‎（5）过程Ⅲ实验的目的是 ______ 。‎ ‎（6）实验结论：氯、溴、碘单质的氧化性逐渐 ______ ，原因是：同主族元素从上到下 ______ ，得电子能力逐渐 ______ 。‎ ‎【答案】(1). (2). MnO2＋4HCl(浓)MnCl2＋Cl2↑＋2H2O (3). 湿润的淀粉－KI试纸变蓝 (4). Cl2＋2Br－=2Cl－＋Br2 (5). 关闭弹簧夹，打开活塞b，使C中液体流入D中，振荡，CCl4层变成紫色 (6). 确认C的黄色溶液中无Cl2，排除Cl2对溴置换碘实验的干扰 (7). 减弱 (8). 原子半径逐渐增大 (9). 减弱 ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）黄绿色气体为Cl2，其电子式为；MnO2为氧化剂，将浓盐酸氧化成Cl2，其反应方程式为MnO2＋4HCl(浓)MnCl2＋Cl2↑＋2H2O；‎ ‎（2）Cl2将I－氧化成I2，使湿润的淀粉－KI试纸变蓝；‎ ‎（3）Cl2的氧化性强于Br2，发生的离子方程式为Cl2＋2Br－=2Cl－＋Br2；‎ ‎（4）Cl2将分液漏斗中Br－氧化成Br2‎ ‎，IV的操作是关闭弹簧夹，打开活塞b，使C中液体流入D中，振荡，CCl4层变成紫色；‎ ‎（5）为验证溴的氧化性强于碘，实验时应避免氯气的干扰，当B中溶液由黄色变为棕红色时，说明有大量的溴生成，此时应关闭活塞a，否则氯气过量，影响实验结论，因此过程Ⅲ的实验目的是确认C的黄色溶液中无Cl2，排除Cl2对溴置换碘实验的干扰；‎ ‎（6）根据上述分析，Cl2、Br2、I2的氧化性逐渐减弱；同主族从上到下原子半径逐渐增大，得电子能力逐渐减弱。‎ ‎22.《茉莉花》是一首脍炙人口的江苏民歌。茉莉花香气的成分有多种，乙酸苯甲酯是其中的一种，它可以从茉莉花中提取，也可以用甲苯和乙醇为原料进行人工合成。一种合成路线如下：‎ ‎（1）A的结构式为　________________；C的结构简式为_________________；‎ ‎（2）写出反应①的化学方程式_________________；‎ ‎（3）反应③的反应类型为__________________；‎ ‎（4）C通常有三种不同类别的芳香族同分异构体，试写出另两种不同类别的同分异构体的结构简式（各写一种）______________；_______________。‎ ‎（5）反应　________（填序号）原子的理论利用率为100%，符合绿色化学的要求。‎ ‎【答案】(1). CH3CHO (2). (3). 2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O (4). 取代反应（或酯化反应） (5). (6). (7). ②‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】CH3CH2OH在Cu或Ag作催化剂的条件下可被氧化为A，A为CH3CHO，CH3CHO进一步被氧化生成B，B为CH3COOH；甲苯在光照条件下与氯气发生侧链上的取代反应生成，在氢氧化钠溶液中水解生成C，C为，与CH3COOH在一定条件下发生酯化反应可生成，据此分析解答。‎ ‎【详解】(1)根据上面的分析可知，A为CH3CHO，C为 ‎，故答案为：CH3CHO； ；‎ ‎(2)反应①为CH3CH2OH在Cu或Ag作催化剂的条件下氧化为CH3CHO的反应，反应的化学方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；‎ ‎(3)反应③为与CH3COOH在一定条件下发生酯化反应生成，酯化反应也是取代反应，故答案为：取代(酯化)；‎ ‎(4)C为，对应的同分异构体可为醚类或酚类，如、等，故答案为： ；；‎ ‎(5)反应①③都有水生成，反应②为2CH3CHO+O2→2CH3COOH，原子的理论利用率为100%，符合绿色化学的要求，故答案为：②。‎ ‎23.酚酯的合成方法之一是由酚与酰卤()反应制得。是一种医药中间体，常用来制备抗凝血药，可通过下列路线合成：‎ ‎（1）A与银氨溶液反应有银镜生成，则A的结构简式是_________。‎ ‎（2）B→C的反应类型是_________。‎ ‎（3）E的结构简式是__________________。‎ ‎（4）写出F和过量NaOH溶液共热时反应的化学方程式：__________。‎ ‎（5）下列关于G说法不正确的是________(填序号)。‎ a.能与溴单质反应 b.能与金属钠反应 c.1 mol G最多能和3 mol氢气反应 d.分子式是C9H6O3‎ ‎（6）写出符合下列要求的D的所有同分异构体的结构简式_____。‎ ‎①遇FeCl3溶液发生显色反应；‎ ‎②能发生银镜反应 ‎③最多能消耗3molNaOH。‎ ‎【答案】(1). CH3CHO (2). 取代反应 (3). (4). (5). C (6). HCOO-C6H4-OH(邻间对)三种 ‎【解析】‎ ‎【分析】A与银氨溶液反应有银镜生成，被氧化生成乙酸，说明A为乙醛，D和甲醇发生酯化反应，E为，结合有机物的官能团的性质以及官能团的转化解题。‎ ‎【详解】(1)A与银氨溶液反应生成银镜并生成乙酸，说明A为CH3CHO；‎ ‎(2)B到C是羟基被氯原子代替，为取代反应；‎ ‎(3)E为D和甲醇发生的酯化反应，所以结构简式为： ；‎ ‎(4)F含有酯基能与氢氧化钠反应，注意水解后产生的羧基能与氢氧化钠反应，酚羟基也能和氢氧化钠反应，故方程式为： ；‎ ‎ (5)G的结构简式为 其含有碳碳双键，能与溴单质反应，含有羟基，能与金属钠反应，含有苯环所以能和氢气反应，1mol物质最多与4mol氢气反应，该物质的分子式为C9H6O3，故选C；‎ ‎(6)D的结构简式为 ，其同分异构体中①遇FeCl3溶液发生显色反应，说明含有苯环和酚羟基；②能发生银镜反应说明含有醛基；③最多能消耗3molNaOH。则根据总共有3个氧原子分析，该物质的结构中含有一个酚羟基和一个酯基，且为甲酸酯。即苯环上连接有酚羟基和-OOCH 两个侧链，在苯环上有邻间对三种位置。‎ ‎ ‎