化学卷·2019届内蒙古赤峰二中高二上学期第三次（12月）月考试题（解析版）

化学卷·2019届内蒙古赤峰二中高二上学期第三次（12月）月考试题（解析版）

赤峰二中2016级高二上学期第三次月考 化学试题 ‎1. 下列说法正确的是（ ）‎ A. 石油的催化重整和煤的干馏均可以得到芳香烃，说明石油和煤中含有芳香烃 B. 直馏汽油和裂化汽油均能使酸性KMnO4溶液褪色 C. 石油裂解得到的汽油是纯净物 D. 石油裂化的主要目的是为了提高轻质液体燃料的产量 ‎【答案】D ‎【解析】A. 石油中确实含有芳香烃，石油的催化重整可以从石油中获得更多的芳香烃。煤的干馏产品中含有芳香烃，但那是煤分解产生的，煤本身是不含芳香烃的，A不正确； B. 直馏汽油中不含烯烃，所以直馏汽油不能使酸性KMnO4溶液褪色，B不正确；C. 石油裂解得到的汽油仍是多种烃的混合物，C不正确； D. 石油裂化的主要目的是为了提高轻质液体燃料的产量，D正确。本题选D。‎ ‎2. 下列有关物质的表达式正确的是( )‎ A. 乙炔分子的比例模型：‎ B. 3，3-二甲基-1-己烯的键线式：‎ C. －OH的电子式：‎ D. 溴乙烷的电子式：‎ ‎【答案】C ‎【解析】A、乙炔是直线型分子，四个原子处于一条直线上，故A错误；B、主链为5个碳，名称为3，3-二甲基-1-戊烯，故B错误；C、羟基中氧原子与氢原子通过一对共用电子对连接，羟基中的氧原子含有一个未成对电子，故C正确；D、溴乙烷中溴原子也是八电子稳定结构，故D错误。故选C。‎ 点睛：本题考查化学用语，书写电子式时易漏掉孤对电子，为易错点。‎ ‎3. 下列说法不正确的是（ ）‎ A. C60与C70互为同素异形体 B. CH4和C5H12互为同系物 C. CH3COOCH2CH3和CH3CH2COOCH3为同分异构体 D. H2O与D2O属同位素 ‎【答案】D ‎【解析】A．C60与C70均为碳的不同单质，互为同素异形体，故A正确；B．CH4和C3H8结构相似，且分子组成相差2个CH2基团，互为同系物，故B正确；C．CH3COOCH2CH3和CH3CH2COOCH3的分子式相同，但结构不同，互为同分异构体，故C正确；D．H2O与D2O为相同元素组成的两种不同水分子，其中H和D为同位素，故D错误，答案为C。‎ ‎4. 设阿伏加德罗常数的值为NA，下列说法中正确的是（  ）‎ A. 1mol苯乙烯中含有的C=C数为4NA B. 常温常压下，2.8g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA C. 0.1mol-OH和0.1molOH-的电子数均等于NA D. 标准状况下，2.24L苯在氧气中完全燃烧，得到0.6NA个CO2分子 ‎【答案】B ‎【解析】A. 苯环上没有碳碳双键，所以1mol苯乙烯中含有的C=C数为NA，A不正确；B. 乙烯和丙烯的最简式都是CH2，2.8g乙烯和丙烯的混合气体含0.2molCH2，所以2.8g 乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA，B正确；C. 0.1mol-OH的电子数等于0.9NA， 0.1mol OH-的电子数等于NA，C不正确；D. 标准状况下苯是液体，所以无法计算2.24L苯的物质的量，当然也就无法计算它在氧气中完全燃烧得到的CO2分子数。‎ 点睛：苯环中6个碳碳键是完全相同的，是介于单健和双键之间的特殊共价键。‎ ‎5. 括号内物质为杂质，下列除去杂质的方法不正确的是（ ）‎ A. 甲苯(苯酚): 加氢氧化钠溶液洗涤，分液 B. 苯甲酸(NaCl)：加水溶解，重结晶 C. 己烷(己烯)：加入溴水，分液 D. 溴苯(溴):用NaOH溶液洗涤后，分液 ‎【答案】C ‎ ‎ ‎6. 关于下列四个装置的说明符合实验要求的是（ ）‎ A. 装置①：实验室中若需制备较多量的乙炔可用此装置 B. 装置②：实验室中可用此装置来制备硝基苯，但产物中可能会混有苯磺酸 C. 装置③：实验室中可用此装置来分离含碘的四氯化碳液体，最终在锥型瓶中可获得碘 D. 装置④：实验室中可用此装置来制备乙酸乙酯并在烧瓶中获得产物 ‎【答案】B ‎【解析】试题分析：制取乙炔时电石和水反应放出大量的热，不能用启普发生器，A错；制备硝基苯是要加热，反应时有副反应发生，产物中可能会混有苯磺酸，B对；碘蒸汽冷凝后变为固体，在锥形瓶中不能收集到碘，C错；制备乙酸乙酯时乙酸乙酯挥发除去在烧瓶外冷凝成液体后收集，不能在烧瓶中获得产物，D错。‎ 考点：实验目的和装置的评价。‎ ‎7. 根据有机化合物的命名原则,下列命名正确的是（ ）‎ A. 　3-甲基-1,3-丁二烯 B. 　2-甲基丁醇 C. CH3CH(C2H5)CH2CH2CH3　 2-乙基戊烷 D. CH3CH(CH3)CH2COOH　 3-甲基丁酸 ‎【答案】D ‎【解析】A、甲基的编号错误，应为2−甲基−1，3−丁二烯，故A错误；B、要选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有5个碳，羟基在2号碳，名为：2−戊醇，故B错误；C、主链上有6个碳，应为3−甲基己烷，故C错误；D、羧酸命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，则主链上有4个碳，从离官能团最近的一端给主链上的碳原子编号，故3−甲基丁酸，故D正确。故选D。‎ 点睛：含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小。‎ ‎8. 用一种试剂能鉴别苯酚溶液、己烯、己烷、乙醇四种无色透明液体，这种试剂是（ ）‎ A. 酸性KMnO4溶液 B. 饱和溴水 C. 紫色石蕊溶液 D. FeCl3溶液 ‎【答案】B ‎【解析】A. 四种溶液中，只有己烷不能使酸性KMnO4溶液褪色，A不正确；B. 取样，分别滴加饱和溴水并振荡，能产生白色沉淀的是苯酚，溴水褪色且静置后分层的是己烯，静置后分层且上层为橙红色的是己烷，余下的是乙醇，B可以鉴别；C. 紫色石蕊溶液无法鉴别己烯和己烷，C不正确；D. FeCl3溶液无法鉴别己烯和己烷，D不正确。本题选B。‎ ‎9. 具有下列性质的有机化合物中同分异构体数目最多的是（不考虑立体异构）（　　）‎ 选项 A B C D 分子式 C4H8Cl2‎ C5H10O2‎ C4H8O2‎ C9H12‎ 类别 含氯化合物 羧酸 酯 含有苯环的烃 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】A ‎【解析】A．C4H8Cl2的同分异构体可以采取“定一议二”法确定，由图可知C4H8Cl2共有9种同分异构体；B．分子式为C5H10O2且可与碳酸氢钠反应放出二氧化碳，则该有机物中含有-COOH，所以为饱和一元羧酸，烷基为-C4H9，-C4H9异构体有：-CH2CH2CH2CH3，-CH(CH3)CH2CH3，-CH2CH(CH3)CH3，-C(CH3)3，故符合条件的有机物的异构体数目为4；C．C4H8O2‎ 属于酯的同分异构体有甲酸丙酯、甲酸异丙酯、乙酸乙酯、丙酸甲酯，共4种，D．C9H12属于芳香烃的同分异构体有丙苯、异丙苯及苯环上甲基与乙基三种、苯环上有三个甲基三种共8种；故答案为A。‎ ‎10. 下列化学方程式或离子方程式正确的是（ ）‎ A. 1一氯丙烷中加入氢氧化钠溶液并加热：CH3CH2CH2Cl＋NaOH CH3CH=CH2↑＋NaCl＋H2O B. 苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳：2C6H5O－＋CO2＋H2O→2C6H5OH＋CO32－‎ C. 乙醛溶液中加入新制碱性Cu(OH)2悬浊液并加热：CH3CHO+2Cu(OH)2+OH－CH3COO－+Cu2O↓+3H2O D. 向小苏打溶液中加入醋酸：CO32－＋2CH3COOH===CO2↑＋H2O＋2CH3COO－‎ ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：A.1一氯丙烷中加入氢氧化钠溶液并加热的反应为CH3CH2CH2Cl＋NaOHCH3CH2CH2OH＋NaCl，A错误；B．苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳的离子反应为C6H5O-+CO2+H2O→C6H5OH+HCO3-，B错误；C．乙醛溶液中加入新制碱性Cu(OH)2悬浊液并加热的离子反应为CH3CHO+2 Cu(OH)2+OH-CH3COO-+Cu2O↓+3H2O，C正确；D．向小苏打溶液中加入醋酸的离子反应为HCO3-+CH3COOH═CO2↑+H2O+CH3COO-，D错误；答案选C。‎ 考点：考查离子反应方程式书写的正误判断 ‎11. 某气态烃0.5 mol能与1 molHCl完全加成，加成后的产物分子上的氢原子又可被2 molCl2完全取代。则此气态烃可能是（ ）‎ A. HC≡CH B. CH2=CH2‎ C. HC≡C-CH3 D. CH2=C(CH3)2‎ ‎【答案】A ‎【解析】试题分析：某气态烃0.5 mol能与1 molHCl完全加成，说明分子中含有碳碳三键，增加了1molH原子，加成后的产物分子上的氢原子又可被2 molCl2完全取代。说明加成产物中含有2molH原子，则在原来的0.5 mol某气态烃分子中只含有1molH原子，因此1mol该烃分子中含有2molH 原子，只有HC≡CH符合题意，故选项A正确。‎ 考点：考查物质结构简式的推断的知识。‎ ‎12. 化合物A经李比希法和质谱法分析得知其分子式为C8H8O2，相对分子质量为 136，A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1：2：2：3，A分子中只含一个苯环，且苯环上只有一个取代基，其核磁共振氢谱与红外光谱如图。关于A的下列说法中不正确的是（ ）‎ A. A分子属于酯类化合物，在一定条件下能发生水解反应 B. A在一定条件下可与3 mol H2发生加成反应 C. 符合题中A分子结构特征的有机物只有一种 D. 与A属于同类化合物的同分异构体只有2种 ‎【答案】D ‎【解析】有机物A的分子式为分子式C8H8O2，不饱和度为=5，A分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1：2：2：3，说明A含有四种氢原子且其原子个数之比为1：2：2：3，结合红外光谱可知，分子中存在酯基等基团，故有机物A的结构简式为；A．含有酯基，可发生水解反应，故A正确；B．只有苯环能与氢气反应，则A在一定条件下可与3 mol H2发生加成反应，故B正确；C．有机物A的结构简式为，只有一种，故C正确；D．属于同类化合物，应含有酯基、苯环，若为羧酸与醇形成的酯有：甲酸苯甲酯，若为羧酸与酚形成的酯，可以是乙酸酚酯，可以是甲酸与酚形成的酯，甲基有邻、间、对三种位置，故5‎ 种异构体，故D错误；故选D。‎ 点睛：推断A的结构是解题的关键，选项D同分异构体的判断是易错点，容易忽略酸与酚形成的酯；有机物A的分子式为分子式C8H8O2，不饱和度为 =5，A分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1：2：2：3，说明A含有四种氢原子且其原子个数之比为1：2：2：3，结合红外光谱可知，分子中存在酯基等基团，故有机物A的结构简式为，以此解答该题。‎ ‎13. 有下列有机反应类型：①消去反应　②水解反应　③加聚反应　④加成反应　⑤还原反应　⑥氧化反应。以丙醛为原料制取1,2丙二醇，涉及的反应类型依次是（ ）‎ A. ⑥④②① B. ⑤①④② C. ①③②⑤ D. ⑤②④①‎ ‎【答案】B ‎【解析】[由丙醛合成1,2丙二醇的路线如下：CH3CH2CHOCH3CH2CH2OHCH3CH===CH2‎ ‎14. “人文奥运”的一个重要体现是坚决反对运动员服用兴奋剂。某种兴奋剂的结构简式如图所示，下列有关该物质的说法正确的是（ ） ‎ ‎ ‎ A. 遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质与苯酚属于同系物 B. 该分子中的所有碳原子一定共平面 C. 1 mol该物质分别与浓溴水和H2反应时，最多消耗Br2和H2分别为4 mol、7 mol D. 滴入KMnO4酸性溶液，观察到紫色褪去，能证明结构中存在碳碳双键 ‎【答案】C ‎【解析】A、该分子含有2个苯环，且含有碳碳双键，与苯酚结构不同，不是同系物，故A错误；B、碳碳单键能够转动，两个苯环的平面结构由一个C-C相连，这两个平面不一定共面，故B错误；C、酚类与浓溴水发生取代反应，邻对位上的氢被溴取代，左边苯环邻对位上只有一个H，右边苯环邻对位上有两个H，还有一个C=C与溴水发生加成反应，共消耗4mol的Br2；两个苯环、一个C=C共消耗7mol的H2，故C正确。D、与苯环直接相连的甲基、酚羟基、碳碳双键都可被酸性高锰酸钾氧化，故D错误。故选C。 ‎ 点睛：该分子可以所有的碳原子共平面，但是不一定。从苯环的平面结构及乙烯的平面结构出发，把上述结构分成三部分：右边以苯环为中心8个碳原子共平面，左边以苯环为中心8个碳原子共平面，还有以C=C为中心4个碳原子共平面，上述三个平面可以共平面。审题时要注意关键词：“一定”、“可能”、“可以”，此为易错点。‎ ‎15. 下列物质能发生消去反应，但不能发生催化氧化的是(　　)‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】A．中羟基相连碳的相邻碳上没有氢原子，不能发生消去反应；羟基相连的碳原子上有氢，能发生催化氧化，故A错误；B．(CH3)2CHOH中羟基相连碳的相邻碳上有氢原子，能发生消去反应；羟基相连的碳原子上有氢，能发生催化氧化，故B错误；C．CH3CH2C(CH3)2CH2OH中羟基相连碳的相邻碳上没有氢原子，不能发生消去反应；羟基相连的碳原子上有氢，能发生催化氧化，故C错误；D．CH3CH2C(CH3)2OH中羟基相连碳的相邻碳上有氢原子，能发生消去反应；羟基相连的碳原子上没有氢，不能发生催化氧化，故D正确；故选D。‎ 点睛：明确醇的消去和催化反应原理是解题关键，醇发生消去反应的结构特点是：只有羟基相连碳的相邻碳上有氢原子的才能发生消去反应，形成不饱和键；醇羟基不能催化氧化的条件：羟基相连的碳原子上没有氢原子。‎ ‎16. 金刚烷是一种重要的化工原料，工业上可通过下列途径制备。下列说法中正确的是（ ）‎ A. 环戊二烯中的所有原子共平面 B. 二聚环戊二烯的分子式为C10H10‎ C. 四氢二聚环戊二烯与金刚烷互为同分异构体 D. 金刚烷的一氯代物有6种 ‎【答案】C ‎【解析】A．分子结构中含有—CH2—基团，此碳原子为sp3杂化，2个氢原子不可能和其它原子共平面，故A错误；B．的分子式为C10H12，故B错误；C．和分子式均为C10H16，结构不同，为同分异构体，故C正确；D．分子结构中只有2种等效氢，则一氯代物有2种，故D错误；答案为C。‎ ‎17. A～G是几种烃的分子球棍模型(如图)，据此回答下列问题：‎ ‎（1）等质量的上述物质完全燃烧，消耗氧气最多的是__________(填字母)，等物质的量的上述物质完全燃烧，生成CO2最多的是__________(填字母)。‎ ‎（2）能使酸性KMnO4溶液褪色的是_______________(填字母)。‎ ‎（3）G与氢气完全加成后，所得产物的一卤代物有_______种。‎ ‎（4）写出实验室制取D的化学方程式：____________________________。‎ ‎【答案】 (1). A (2). G (3). C D G (4). 5 (5). CaC2+2H2O → Ca(OH)2 + C2H2 ↑‎ ‎【解析】试题分析：由分子球棍模型可知，A、B、C、D、E、F、G分别为甲烷、乙烷、乙烯、乙炔、丙烷、苯、甲苯。‎ ‎（1）等质量的不同烃完全燃烧，氢元素含量越高的烃，消耗氧气越多，所以消耗氧气最多的是A。等物质的量的上述物质完全燃烧，生成CO2最多的是分子中含C最多的G。‎ ‎（2）乙烯、乙炔和甲苯都能使酸性KMnO4溶液褪色，填C D G。‎ ‎（3）G与氢气完全加成后生成甲基环己烷，根据对称分析法（图示为），甲基环己烷的一卤代物有5种。‎ ‎（4）实验室制取乙炔的方法是用碳化钙和水反应，化学方程式为CaC2+2H2O → Ca(OH)2 + C2H2 ↑。‎ ‎18. 实验室用环己醇脱水的方法合成环己烯，该实验的装置如下图所示：‎ 可能用到的有关数据如下：‎ 相对分子质量 密度／(g·cm-3)‎ 沸点／℃‎ 溶解性 环已醇 ‎100‎ ‎0.9618‎ ‎161‎ 微溶于水 环已烯 ‎82‎ ‎0.8102‎ ‎83‎ 难溶于水 按下列实验步骤回答问题：‎ Ⅰ．产物合成 在a中加入10.0g环己醇和2片碎瓷片，冷却搅拌下慢慢加入1mL浓硫酸，b中通入冷却水后，开始缓慢加热a，控制馏出物的温度接近90℃。‎ ‎（l）碎瓷片的作用是________；b的名称是________；‎ ‎（2）a中发生主要反应的化学方程式为____________________________；本实验最容易产生的有机副产物的结构简式为________。‎ Ⅱ．分离提纯 将反应粗产物倒入分液漏斗中，依次用少量5%碳酸钠溶液和水洗涤，分离后加人无水氯化钙颗粒，静置一段时间后弃去氯化钙，最终通过操作X得到纯净的环己烯，称量，其质量为4.1g。‎ ‎（3）用碳酸钠溶液洗涤的作用是________，操作X的名称为________。‎ Ⅲ．产物分析及产率计算 ‎（4）①核磁共振氢谱可以帮助鉴定产物是否为环己烯，环己烯分子中有_______种不同化学环境的氢原子。‎ ‎② 本实验所得环己烯的产率是_______。‎ ‎【答案】 (1). 防止a中液体暴沸 (2). 直形冷凝管 (3). ‎ ‎ (4). (5). 除去粗产品中的硫酸 (6). 蒸馏 (7). 3 (8). 50%‎ ‎【解析】(l)碎瓷片的存在可以防止在加热过程中产生暴沸现象；仪器b的名称是直形冷凝管；‎ ‎(3)利用碳酸钠能和硫酸反应生成可溶于水的硫酸钠，洗涤是用碳酸钠溶液除去粗产品中的硫酸；操作X的目的是分离相互混溶的液体混合物，则X的名称为蒸馏；‎ ‎(4)①环己烯是对称结构，其分子中有3种不同化学环境的氢原子；‎ ‎②环己醇的物质的量为=0.1mol，理论上可以得到0.1mol环己烯，其质量为8.2g，所以产率=×100%=50%。‎ ‎19. 某“化学鸡尾酒”通过模拟臭虫散发的聚集信息素可高效诱捕臭虫，其中一种组分T可通过下列反应路线合成（部分反应条件略）。‎ ‎（1）A的化学名称是_______，A→B新生成的官能团是______；‎ ‎（2）①B→D的化学方程式为____________________________________。‎ ‎②D→E的化学方程式为___________________________________。‎ ‎（3）G与新制的Cu(OH)2悬浊液发生反应，所得有机物的结构简式为________。‎ ‎（4）L可由B与H2发生加成反应而得，已知R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2C≡CR2+NaBr ‎，则M的结构简式为 _________。‎ ‎【答案】 (1). 丙烯 (2). —Br (3). CH2=CHCH2Br+ Br2 ®CH2BrCHBrCH2Br (4). CH2BrCHBrCH2Br+2NaOHHC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O (5). HC≡CCOONa (6). CH3CH2CH2C≡CCHO ‎【解析】（1）A含有碳碳双键，主链为3个碳，故命名为：丙烯；由A、B的结构简式可知，A和Br2发生加成反应，引入了新官能团-Br。故答案为：丙烯；-Br或溴原子；‎ ‎（2）B和溴发生加成反应生成D，D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E。‎ 故反应方程式为：①CH2=CHCH2Br+ Br2 →CH2BrCHBrCH2Br；‎ ‎ ②CH2BrCHBrCH2Br+2NaOHHC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O；‎ ‎（3）E发生水解反应然后发生氧化反应生成G，故G结构简式为HC≡CCHO，G与新制的Cu(OH)2悬浊液发生反应，-CHO被氧化成-COOH，又因为新制的Cu(OH)2悬浊液中NaOH过量，-COOH与NaOH反应，所得有机物的结构简式为HC≡CCOONa；‎ ‎ 故答案为：HC≡CCOONa；‎ ‎（4）L可由B与H2加成而得，则L为CH3CH2CH2Br，根据R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2C≡CR2+NaBr知，M为CH3CH2CH2C≡CCHO。‎ ‎ 故答案为：CH3CH2CH2C≡CCHO。‎ ‎20. 从薄荷油中得到一种烃A（C10H16），叫ɑ—非兰烃，与A相关反应如下：‎ ‎（1）H的分子式为_________________。‎ ‎（2）B所含官能团的名称为________、_________。‎ ‎（3）含两个—COOCH3基团的C的同分异构体共有__________种（不考虑手性异构），其中核磁共振氢谱呈现2个吸收峰的异构体结构简式为_________。‎ ‎（4）B→D，D→E的反应类型分别为____________、________________。‎ ‎（5）G为含六元环的化合物，写出D→G化学反应方程式式：________________________。‎ ‎（6）F在一定条件下发生聚合反应可得到一种高级吸水性树脂，该树脂名称为_______________。‎ ‎（7）A的结构简式为______________，A与等物质的量的Br2进行加成反应的产物共有_____________种（不考虑立体异构）。‎ ‎【答案】 (1). C10H20 (2). 羰基 (3). 羧基 (4). 4 (5). (6). 加成反应（或还原反应） (7). 取代反应 (8). 2   +2 H2O (9). 聚丙烯酸钠 (10). 【答题空10】 (11). 3‎ ‎【解析】烃A的分子式为C10H16，比烷烃C10H22少6个H原子，由A与足量的H2‎ 反应可知，A的碳链骨架与H相同，所以A分子中含有一个六元环；由已知信息可知，在酸性高锰酸钾作用下，碳碳双键断裂，双键碳有H原子则变-COOH，双键碳上没有H原子则变-CO-。根据B的分子式及C的结构简式可知，A在酸性高锰酸钾的作用下，断裂了两处化学键，则A中还有两个双键，可推断A的结构简式为：，B的结构简式为：；B到D为加成反应，则D为：；D到F为醇羟基与浓HBr的取代反应，则E为：；由E→F的条件“氢氧化钠的醇溶液加热”，E到F为消去反应，且在碱性环境下，则F为：CH2=CHCOONa；D的分子式为C3H6O3，G的分子式为C6H8O4，则D到G的反应为：2D→G+2H2O，即2个D分子酯化，生成环酯，则G为：。‎ ‎（1）根据H的结构简式可只H比烷烃C10H22少2个H原子，故H的分子式为：C10H20；‎ 故答案为：C10H20；‎ ‎（2）B的结构简式为：，则B中的官能团名称分别为：羰基、羧基；‎ 故答案为：羰基、羧基；‎ ‎（3）C分子一共含有7个碳原子，其同分异构体中除去这两个—COOCH3基团之外，还有3个C碳原子，此时可以将这两个—COOCH3基团看作是取代基，取代CH3 CH2 CH3的2个氢原子。将3个碳原子编号：，两个—COOCH3基团可以有四种取代情况：（1，1）、（1，2）、（1，3）、（2，2）。其中（2，2）的核磁共振氢谱呈现2个吸收峰，其结构简式为：。‎ ‎ 故答案为：4；；‎ ‎（4）B→D为羰基与氢气发生加成反应，又可称还原反应；D→E为氢原子被溴原子取代，反应类型为取代反应；‎ 故答案为：加成反应或还原反应；取代反应；‎ ‎（5）D到G为的反应为2个D分子酯化，生成六元环酯；故反应方程式为：‎ ‎2 + 2H2O ‎（6）F为CH2=CHCOONa，名为丙烯酸钠，F发生加聚反应所得聚合物的名称为：聚丙烯酸钠。故答案为：聚丙烯酸钠；‎ ‎（7）A的结构简式为：，A中两个碳碳双键与等物质的量的溴单质可分别进行加成反应，也可发生1，4加成，所以产物共有3种。‎ 故答案为：3。‎ 点睛：有机推断题中，时常结合反应条件、反应物和生成物分子式的差别来推断反应类型，此为本题的突破口；中卤素原子在NaOH的醇溶液、加热的条件下发生消去反应，此时要注意另外一个官能团-COOH是否有反应，否则产物F易错误判断为CH2=CHCOOH，此为本题的易错点。‎ ‎21. 0.2 mol有机物和0.55 mol O2在密闭容器中燃烧后的产物为CO2、CO和H2O（g）。产物经过浓硫酸后，浓硫酸的质量增加10.8 g；再通过灼热CuO充分反应后，固体质量减轻4.8 g；最后气体再通过碱石灰被完全吸收，碱石灰质量增加26.4 g。‎ ‎（1）燃烧后产生CO的物质的量___________mol。‎ ‎（2）该有机物的分子式_____________。‎ ‎（3）若该有机物能与碳酸钠反应，试写出该有机物的结构简式___________。‎ ‎（4）若该有机物呈中性且能水解，也能发生银镜反应。名称为____________。‎ ‎（5）能发生银镜反应，又能与金属钠产生氢气，则同分异构体共有______种。‎ ‎【答案】 (1). 0.3 (2). C3H6O2 (3). CH3CH2C OOH (4). 甲酸乙酯 (5). 2‎ ‎【解析】（1）气体通过灼热CuO，发生CuO+COCu+CO2，此时固体质量减轻4.8 g ‎，从反应方程式可知，每1molCO可使得固体质减轻16g，则n(CO)=；‎ 故答案为：0.3；‎ ‎（2）浓硫酸的质量增加10.8g为有机物燃烧生成水的质量，n(H2O)=0.6mol，则0.2mol有机物中含有n(H)=1.2mol，每个分子中含有6个H原子；有机物燃烧生成的CO2与CO与CuO反应生成的CO2都被碱石灰完全吸收，碱石灰质量增加26.4g为CO2的质量，n(CO2)总=0.6mol，则有机物每个分子中含有3个C原子；由（1）问可知，CO与CuO反应生成的CO2为0.3mol，则有机物燃烧时生成CO2为0.3mol；设有机物的分子式为C3H6Oz，根据上述分析可得：‎ ‎0.2 C3H6Oz + 0.55 O2→0.3 CO2+0.3CO+0.6 H2O，根据原子守恒可知：‎ ‎0.2z+0.55×2=0.1×3+0.3×1+0.6×1，z=2，故有机物的分子式为C3H6O2；‎ 故答案为：C3H6O2；‎ ‎（3）C3 H6 O2，H原子比C3 H8少2个H，不饱和度为1。若该有机物能与碳酸钠反应，则分子中含有1个-COOH，该分子为丙酸，结构简式为：CH3CH2COOH；‎ 故答案为：CH3CH2COOH；‎ ‎（4）呈中性且能水解则应具有酯基，能发生银镜反应则应又醛基，又分子的不饱和度为1，则应该是甲酸酯基，结构简式为：HCOOCH2CH3，名为甲酸乙酯；‎ 故答案为：甲酸乙酯；‎ ‎（5）能发生银镜反应则应有醛基，能与金属钠产生氢气应有羟基，这样的分子有两种：HOCH2CH2CHO、CH3CHOHCHO；‎ ‎ 故答案为：2.‎ 点睛：一个有机物既能发生水解又能发生银镜反应，优先考虑是否含有甲酸酯基。‎