化学卷·2019届内蒙古赤峰二中高二上学期第三次(12月)月考试题(解析版)

申明敬告: 本站不保证该用户上传的文档完整性,不预览、不比对内容而直接下载产生的反悔问题本站不予受理。

文档介绍

化学卷·2019届内蒙古赤峰二中高二上学期第三次(12月)月考试题(解析版)

赤峰二中2016级高二上学期第三次月考 化学试题 ‎1. 下列说法正确的是( )‎ A. 石油的催化重整和煤的干馏均可以得到芳香烃,说明石油和煤中含有芳香烃 B. 直馏汽油和裂化汽油均能使酸性KMnO4溶液褪色 C. 石油裂解得到的汽油是纯净物 D. 石油裂化的主要目的是为了提高轻质液体燃料的产量 ‎【答案】D ‎【解析】A. 石油中确实含有芳香烃,石油的催化重整可以从石油中获得更多的芳香烃。煤的干馏产品中含有芳香烃,但那是煤分解产生的,煤本身是不含芳香烃的,A不正确; B. 直馏汽油中不含烯烃,所以直馏汽油不能使酸性KMnO4溶液褪色,B不正确;C. 石油裂解得到的汽油仍是多种烃的混合物,C不正确; D. 石油裂化的主要目的是为了提高轻质液体燃料的产量,D正确。本题选D。‎ ‎2. 下列有关物质的表达式正确的是( )‎ A. 乙炔分子的比例模型:‎ B. 3,3-二甲基-1-己烯的键线式:‎ C. -OH的电子式:‎ D. 溴乙烷的电子式:‎ ‎【答案】C ‎【解析】A、乙炔是直线型分子,四个原子处于一条直线上,故A错误;B、主链为5个碳,名称为3,3-二甲基-1-戊烯,故B错误;C、羟基中氧原子与氢原子通过一对共用电子对连接,羟基中的氧原子含有一个未成对电子,故C正确;D、溴乙烷中溴原子也是八电子稳定结构,故D错误。故选C。‎ 点睛:本题考查化学用语,书写电子式时易漏掉孤对电子,为易错点。‎ ‎3. 下列说法不正确的是( )‎ A. C60与C70互为同素异形体 B. CH4和C5H12互为同系物 C. CH3COOCH2CH3和CH3CH2COOCH3为同分异构体 D. H2O与D2O属同位素 ‎【答案】D ‎【解析】A.C60与C70均为碳的不同单质,互为同素异形体,故A正确;B.CH4和C3H8结构相似,且分子组成相差2个CH2基团,互为同系物,故B正确;C.CH3COOCH2CH3和CH3CH2COOCH3的分子式相同,但结构不同,互为同分异构体,故C正确;D.H2O与D2O为相同元素组成的两种不同水分子,其中H和D为同位素,故D错误,答案为C。‎ ‎4. 设阿伏加德罗常数的值为NA,下列说法中正确的是(  )‎ A. 1mol苯乙烯中含有的C=C数为4NA B. 常温常压下,2.8g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA C. 0.1mol-OH和0.1molOH-的电子数均等于NA D. 标准状况下,2.24L苯在氧气中完全燃烧,得到0.6NA个CO2分子 ‎【答案】B ‎【解析】A. 苯环上没有碳碳双键,所以1mol苯乙烯中含有的C=C数为NA,A不正确;B. 乙烯和丙烯的最简式都是CH2,2.8g乙烯和丙烯的混合气体含0.2molCH2,所以2.8g 乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA,B正确;C. 0.1mol-OH的电子数等于0.9NA, 0.1mol OH-的电子数等于NA,C不正确;D. 标准状况下苯是液体,所以无法计算2.24L苯的物质的量,当然也就无法计算它在氧气中完全燃烧得到的CO2分子数。‎ 点睛:苯环中6个碳碳键是完全相同的,是介于单健和双键之间的特殊共价键。‎ ‎5. 括号内物质为杂质,下列除去杂质的方法不正确的是( )‎ A. 甲苯(苯酚): 加氢氧化钠溶液洗涤,分液 B. 苯甲酸(NaCl):加水溶解,重结晶 C. 己烷(己烯):加入溴水,分液 D. 溴苯(溴):用NaOH溶液洗涤后,分液 ‎【答案】C ‎ ‎ ‎6. 关于下列四个装置的说明符合实验要求的是( )‎ A. 装置①:实验室中若需制备较多量的乙炔可用此装置 B. 装置②:实验室中可用此装置来制备硝基苯,但产物中可能会混有苯磺酸 C. 装置③:实验室中可用此装置来分离含碘的四氯化碳液体,最终在锥型瓶中可获得碘 D. 装置④:实验室中可用此装置来制备乙酸乙酯并在烧瓶中获得产物 ‎【答案】B ‎【解析】试题分析:制取乙炔时电石和水反应放出大量的热,不能用启普发生器,A错;制备硝基苯是要加热,反应时有副反应发生,产物中可能会混有苯磺酸,B对;碘蒸汽冷凝后变为固体,在锥形瓶中不能收集到碘,C错;制备乙酸乙酯时乙酸乙酯挥发除去在烧瓶外冷凝成液体后收集,不能在烧瓶中获得产物,D错。‎ 考点:实验目的和装置的评价。‎ ‎7. 根据有机化合物的命名原则,下列命名正确的是( )‎ A.  3-甲基-1,3-丁二烯 B.  2-甲基丁醇 C. CH3CH(C2H5)CH2CH2CH3  2-乙基戊烷 D. CH3CH(CH3)CH2COOH  3-甲基丁酸 ‎【答案】D ‎【解析】A、甲基的编号错误,应为2−甲基−1,3−丁二烯,故A错误;B、要选含官能团的最长的碳链为主链,故主链上有5个碳,羟基在2号碳,名为:2−戊醇,故B错误;C、主链上有6个碳,应为3−甲基己烷,故C错误;D、羧酸命名时,要选含官能团的最长的碳链为主链,则主链上有4个碳,从离官能团最近的一端给主链上的碳原子编号,故3−甲基丁酸,故D正确。故选D。‎ 点睛:含有官能团的有机物命名时,要选含官能团的最长碳链作为主链,官能团的位次最小。‎ ‎8. 用一种试剂能鉴别苯酚溶液、己烯、己烷、乙醇四种无色透明液体,这种试剂是( )‎ A. 酸性KMnO4溶液 B. 饱和溴水 C. 紫色石蕊溶液 D. FeCl3溶液 ‎【答案】B ‎【解析】A. 四种溶液中,只有己烷不能使酸性KMnO4溶液褪色,A不正确;B. 取样,分别滴加饱和溴水并振荡,能产生白色沉淀的是苯酚,溴水褪色且静置后分层的是己烯,静置后分层且上层为橙红色的是己烷,余下的是乙醇,B可以鉴别;C. 紫色石蕊溶液无法鉴别己烯和己烷,C不正确;D. FeCl3溶液无法鉴别己烯和己烷,D不正确。本题选B。‎ ‎9. 具有下列性质的有机化合物中同分异构体数目最多的是(不考虑立体异构)(  )‎ 选项 A B C D 分子式 C4H8Cl2‎ C5H10O2‎ C4H8O2‎ C9H12‎ 类别 含氯化合物 羧酸 酯 含有苯环的烃 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】A ‎【解析】A.C4H8Cl2的同分异构体可以采取“定一议二”法确定,由图可知C4H8Cl2共有9种同分异构体;B.分子式为C5H10O2且可与碳酸氢钠反应放出二氧化碳,则该有机物中含有-COOH,所以为饱和一元羧酸,烷基为-C4H9,-C4H9异构体有:-CH2CH2CH2CH3,-CH(CH3)CH2CH3,-CH2CH(CH3)CH3,-C(CH3)3,故符合条件的有机物的异构体数目为4;C.C4H8O2‎ 属于酯的同分异构体有甲酸丙酯、甲酸异丙酯、乙酸乙酯、丙酸甲酯,共4种,D.C9H12属于芳香烃的同分异构体有丙苯、异丙苯及苯环上甲基与乙基三种、苯环上有三个甲基三种共8种;故答案为A。‎ ‎10. 下列化学方程式或离子方程式正确的是( )‎ A. 1一氯丙烷中加入氢氧化钠溶液并加热:CH3CH2CH2Cl+NaOH CH3CH=CH2↑+NaCl+H2O B. 苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳:2C6H5O-+CO2+H2O→2C6H5OH+CO32-‎ C. 乙醛溶液中加入新制碱性Cu(OH)2悬浊液并加热:CH3CHO+2Cu(OH)2+OH-CH3COO-+Cu2O↓+3H2O D. 向小苏打溶液中加入醋酸:CO32-+2CH3COOH===CO2↑+H2O+2CH3COO-‎ ‎【答案】C ‎【解析】试题分析:A.1一氯丙烷中加入氢氧化钠溶液并加热的反应为CH3CH2CH2Cl+NaOHCH3CH2CH2OH+NaCl,A错误;B.苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳的离子反应为C6H5O-+CO2+H2O→C6H5OH+HCO3-,B错误;C.乙醛溶液中加入新制碱性Cu(OH)2悬浊液并加热的离子反应为CH3CHO+2 Cu(OH)2+OH-CH3COO-+Cu2O↓+3H2O,C正确;D.向小苏打溶液中加入醋酸的离子反应为HCO3-+CH3COOH═CO2↑+H2O+CH3COO-,D错误;答案选C。‎ 考点:考查离子反应方程式书写的正误判断 ‎11. 某气态烃0.5 mol能与1 molHCl完全加成,加成后的产物分子上的氢原子又可被2 molCl2完全取代。则此气态烃可能是( )‎ A. HC≡CH B. CH2=CH2‎ C. HC≡C-CH3 D. CH2=C(CH3)2‎ ‎【答案】A ‎【解析】试题分析:某气态烃0.5 mol能与1 molHCl完全加成,说明分子中含有碳碳三键,增加了1molH原子,加成后的产物分子上的氢原子又可被2 molCl2完全取代。说明加成产物中含有2molH原子,则在原来的0.5 mol某气态烃分子中只含有1molH原子,因此1mol该烃分子中含有2molH 原子,只有HC≡CH符合题意,故选项A正确。‎ 考点:考查物质结构简式的推断的知识。‎ ‎12. 化合物A经李比希法和质谱法分析得知其分子式为C8H8O2,相对分子质量为 136,A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1:2:2:3,A分子中只含一个苯环,且苯环上只有一个取代基,其核磁共振氢谱与红外光谱如图。关于A的下列说法中不正确的是( )‎ A. A分子属于酯类化合物,在一定条件下能发生水解反应 B. A在一定条件下可与3 mol H2发生加成反应 C. 符合题中A分子结构特征的有机物只有一种 D. 与A属于同类化合物的同分异构体只有2种 ‎【答案】D ‎【解析】有机物A的分子式为分子式C8H8O2,不饱和度为=5,A分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基,A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1:2:2:3,说明A含有四种氢原子且其原子个数之比为1:2:2:3,结合红外光谱可知,分子中存在酯基等基团,故有机物A的结构简式为;A.含有酯基,可发生水解反应,故A正确;B.只有苯环能与氢气反应,则A在一定条件下可与3 mol H2发生加成反应,故B正确;C.有机物A的结构简式为,只有一种,故C正确;D.属于同类化合物,应含有酯基、苯环,若为羧酸与醇形成的酯有:甲酸苯甲酯,若为羧酸与酚形成的酯,可以是乙酸酚酯,可以是甲酸与酚形成的酯,甲基有邻、间、对三种位置,故5‎ 种异构体,故D错误;故选D。‎ 点睛:推断A的结构是解题的关键,选项D同分异构体的判断是易错点,容易忽略酸与酚形成的酯;有机物A的分子式为分子式C8H8O2,不饱和度为 =5,A分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基,A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1:2:2:3,说明A含有四种氢原子且其原子个数之比为1:2:2:3,结合红外光谱可知,分子中存在酯基等基团,故有机物A的结构简式为,以此解答该题。‎ ‎13. 有下列有机反应类型:①消去反应 ②水解反应 ③加聚反应 ④加成反应 ⑤还原反应 ⑥氧化反应。以丙醛为原料制取1,2丙二醇,涉及的反应类型依次是( )‎ A. ⑥④②① B. ⑤①④② C. ①③②⑤ D. ⑤②④①‎ ‎【答案】B ‎【解析】[由丙醛合成1,2丙二醇的路线如下:CH3CH2CHOCH3CH2CH2OHCH3CH===CH2‎ ‎14. “人文奥运”的一个重要体现是坚决反对运动员服用兴奋剂。某种兴奋剂的结构简式如图所示,下列有关该物质的说法正确的是( ) ‎ ‎ ‎ A. 遇FeCl3溶液显紫色,因为该物质与苯酚属于同系物 B. 该分子中的所有碳原子一定共平面 C. 1 mol该物质分别与浓溴水和H2反应时,最多消耗Br2和H2分别为4 mol、7 mol D. 滴入KMnO4酸性溶液,观察到紫色褪去,能证明结构中存在碳碳双键 ‎【答案】C ‎【解析】A、该分子含有2个苯环,且含有碳碳双键,与苯酚结构不同,不是同系物,故A错误;B、碳碳单键能够转动,两个苯环的平面结构由一个C-C相连,这两个平面不一定共面,故B错误;C、酚类与浓溴水发生取代反应,邻对位上的氢被溴取代,左边苯环邻对位上只有一个H,右边苯环邻对位上有两个H,还有一个C=C与溴水发生加成反应,共消耗4mol的Br2;两个苯环、一个C=C共消耗7mol的H2,故C正确。D、与苯环直接相连的甲基、酚羟基、碳碳双键都可被酸性高锰酸钾氧化,故D错误。故选C。 ‎ 点睛:该分子可以所有的碳原子共平面,但是不一定。从苯环的平面结构及乙烯的平面结构出发,把上述结构分成三部分:右边以苯环为中心8个碳原子共平面,左边以苯环为中心8个碳原子共平面,还有以C=C为中心4个碳原子共平面,上述三个平面可以共平面。审题时要注意关键词:“一定”、“可能”、“可以”,此为易错点。‎ ‎15. 下列物质能发生消去反应,但不能发生催化氧化的是(  )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】A.中羟基相连碳的相邻碳上没有氢原子,不能发生消去反应;羟基相连的碳原子上有氢,能发生催化氧化,故A错误;B.(CH3)2CHOH中羟基相连碳的相邻碳上有氢原子,能发生消去反应;羟基相连的碳原子上有氢,能发生催化氧化,故B错误;C.CH3CH2C(CH3)2CH2OH中羟基相连碳的相邻碳上没有氢原子,不能发生消去反应;羟基相连的碳原子上有氢,能发生催化氧化,故C错误;D.CH3CH2C(CH3)2OH中羟基相连碳的相邻碳上有氢原子,能发生消去反应;羟基相连的碳原子上没有氢,不能发生催化氧化,故D正确;故选D。‎ 点睛:明确醇的消去和催化反应原理是解题关键,醇发生消去反应的结构特点是:只有羟基相连碳的相邻碳上有氢原子的才能发生消去反应,形成不饱和键;醇羟基不能催化氧化的条件:羟基相连的碳原子上没有氢原子。‎ ‎16. 金刚烷是一种重要的化工原料,工业上可通过下列途径制备。下列说法中正确的是( )‎ A. 环戊二烯中的所有原子共平面 B. 二聚环戊二烯的分子式为C10H10‎ C. 四氢二聚环戊二烯与金刚烷互为同分异构体 D. 金刚烷的一氯代物有6种 ‎【答案】C ‎【解析】A.分子结构中含有—CH2—基团,此碳原子为sp3杂化,2个氢原子不可能和其它原子共平面,故A错误;B.的分子式为C10H12,故B错误;C.和分子式均为C10H16,结构不同,为同分异构体,故C正确;D.分子结构中只有2种等效氢,则一氯代物有2种,故D错误;答案为C。‎ ‎17. A~G是几种烃的分子球棍模型(如图),据此回答下列问题:‎ ‎(1)等质量的上述物质完全燃烧,消耗氧气最多的是__________(填字母),等物质的量的上述物质完全燃烧,生成CO2最多的是__________(填字母)。‎ ‎(2)能使酸性KMnO4溶液褪色的是_______________(填字母)。‎ ‎(3)G与氢气完全加成后,所得产物的一卤代物有_______种。‎ ‎(4)写出实验室制取D的化学方程式:____________________________。‎ ‎【答案】 (1). A (2). G (3). C D G (4). 5 (5). CaC2+2H2O → Ca(OH)2 + C2H2 ↑‎ ‎【解析】试题分析:由分子球棍模型可知,A、B、C、D、E、F、G分别为甲烷、乙烷、乙烯、乙炔、丙烷、苯、甲苯。‎ ‎(1)等质量的不同烃完全燃烧,氢元素含量越高的烃,消耗氧气越多,所以消耗氧气最多的是A。等物质的量的上述物质完全燃烧,生成CO2最多的是分子中含C最多的G。‎ ‎(2)乙烯、乙炔和甲苯都能使酸性KMnO4溶液褪色,填C D G。‎ ‎(3)G与氢气完全加成后生成甲基环己烷,根据对称分析法(图示为),甲基环己烷的一卤代物有5种。‎ ‎(4)实验室制取乙炔的方法是用碳化钙和水反应,化学方程式为CaC2+2H2O → Ca(OH)2 + C2H2 ↑。‎ ‎18. 实验室用环己醇脱水的方法合成环己烯,该实验的装置如下图所示:‎ 可能用到的有关数据如下:‎ 相对分子质量 密度/(g·cm-3)‎ 沸点/℃‎ 溶解性 环已醇 ‎100‎ ‎0.9618‎ ‎161‎ 微溶于水 环已烯 ‎82‎ ‎0.8102‎ ‎83‎ 难溶于水 按下列实验步骤回答问题:‎ Ⅰ.产物合成 在a中加入10.0g环己醇和2片碎瓷片,冷却搅拌下慢慢加入1mL浓硫酸,b中通入冷却水后,开始缓慢加热a,控制馏出物的温度接近90℃。‎ ‎(l)碎瓷片的作用是________;b的名称是________;‎ ‎(2)a中发生主要反应的化学方程式为____________________________;本实验最容易产生的有机副产物的结构简式为________。‎ Ⅱ.分离提纯 将反应粗产物倒入分液漏斗中,依次用少量5%碳酸钠溶液和水洗涤,分离后加人无水氯化钙颗粒,静置一段时间后弃去氯化钙,最终通过操作X得到纯净的环己烯,称量,其质量为4.1g。‎ ‎(3)用碳酸钠溶液洗涤的作用是________,操作X的名称为________。‎ Ⅲ.产物分析及产率计算 ‎(4)①核磁共振氢谱可以帮助鉴定产物是否为环己烯,环己烯分子中有_______种不同化学环境的氢原子。‎ ‎② 本实验所得环己烯的产率是_______。‎ ‎【答案】 (1). 防止a中液体暴沸 (2). 直形冷凝管 (3). ‎ ‎ (4). (5). 除去粗产品中的硫酸 (6). 蒸馏 (7). 3 (8). 50%‎ ‎【解析】(l)碎瓷片的存在可以防止在加热过程中产生暴沸现象;仪器b的名称是直形冷凝管;‎ ‎(3)利用碳酸钠能和硫酸反应生成可溶于水的硫酸钠,洗涤是用碳酸钠溶液除去粗产品中的硫酸;操作X的目的是分离相互混溶的液体混合物,则X的名称为蒸馏;‎ ‎(4)①环己烯是对称结构,其分子中有3种不同化学环境的氢原子;‎ ‎②环己醇的物质的量为=0.1mol,理论上可以得到0.1mol环己烯,其质量为8.2g,所以产率=×100%=50%。‎ ‎19. 某“化学鸡尾酒”通过模拟臭虫散发的聚集信息素可高效诱捕臭虫,其中一种组分T可通过下列反应路线合成(部分反应条件略)。‎ ‎(1)A的化学名称是_______,A→B新生成的官能团是______;‎ ‎(2)①B→D的化学方程式为____________________________________。‎ ‎②D→E的化学方程式为___________________________________。‎ ‎(3)G与新制的Cu(OH)2悬浊液发生反应,所得有机物的结构简式为________。‎ ‎(4)L可由B与H2发生加成反应而得,已知R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2C≡CR2+NaBr ‎,则M的结构简式为 _________。‎ ‎【答案】 (1). 丙烯 (2). —Br (3). CH2=CHCH2Br+ Br2 ®CH2BrCHBrCH2Br (4). CH2BrCHBrCH2Br+2NaOHHC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O (5). HC≡CCOONa (6). CH3CH2CH2C≡CCHO ‎【解析】(1)A含有碳碳双键,主链为3个碳,故命名为:丙烯;由A、B的结构简式可知,A和Br2发生加成反应,引入了新官能团-Br。故答案为:丙烯;-Br或溴原子;‎ ‎(2)B和溴发生加成反应生成D,D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E。‎ 故反应方程式为:①CH2=CHCH2Br+ Br2 →CH2BrCHBrCH2Br;‎ ‎ ②CH2BrCHBrCH2Br+2NaOHHC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O;‎ ‎(3)E发生水解反应然后发生氧化反应生成G,故G结构简式为HC≡CCHO,G与新制的Cu(OH)2悬浊液发生反应,-CHO被氧化成-COOH,又因为新制的Cu(OH)2悬浊液中NaOH过量,-COOH与NaOH反应,所得有机物的结构简式为HC≡CCOONa;‎ ‎ 故答案为:HC≡CCOONa;‎ ‎(4)L可由B与H2加成而得,则L为CH3CH2CH2Br,根据R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2C≡CR2+NaBr知,M为CH3CH2CH2C≡CCHO。‎ ‎ 故答案为:CH3CH2CH2C≡CCHO。‎ ‎20. 从薄荷油中得到一种烃A(C10H16),叫ɑ—非兰烃,与A相关反应如下:‎ ‎(1)H的分子式为_________________。‎ ‎(2)B所含官能团的名称为________、_________。‎ ‎(3)含两个—COOCH3基团的C的同分异构体共有__________种(不考虑手性异构),其中核磁共振氢谱呈现2个吸收峰的异构体结构简式为_________。‎ ‎(4)B→D,D→E的反应类型分别为____________、________________。‎ ‎(5)G为含六元环的化合物,写出D→G化学反应方程式式:________________________。‎ ‎(6)F在一定条件下发生聚合反应可得到一种高级吸水性树脂,该树脂名称为_______________。‎ ‎(7)A的结构简式为______________,A与等物质的量的Br2进行加成反应的产物共有_____________种(不考虑立体异构)。‎ ‎【答案】 (1). C10H20 (2). 羰基 (3). 羧基 (4). 4 (5). (6). 加成反应(或还原反应) (7). 取代反应 (8). 2   +2 H2O (9). 聚丙烯酸钠 (10). 【答题空10】 (11). 3‎ ‎【解析】烃A的分子式为C10H16,比烷烃C10H22少6个H原子,由A与足量的H2‎ 反应可知,A的碳链骨架与H相同,所以A分子中含有一个六元环;由已知信息可知,在酸性高锰酸钾作用下,碳碳双键断裂,双键碳有H原子则变-COOH,双键碳上没有H原子则变-CO-。根据B的分子式及C的结构简式可知,A在酸性高锰酸钾的作用下,断裂了两处化学键,则A中还有两个双键,可推断A的结构简式为:,B的结构简式为:;B到D为加成反应,则D为:;D到F为醇羟基与浓HBr的取代反应,则E为:;由E→F的条件“氢氧化钠的醇溶液加热”,E到F为消去反应,且在碱性环境下,则F为:CH2=CHCOONa;D的分子式为C3H6O3,G的分子式为C6H8O4,则D到G的反应为:2D→G+2H2O,即2个D分子酯化,生成环酯,则G为:。‎ ‎(1)根据H的结构简式可只H比烷烃C10H22少2个H原子,故H的分子式为:C10H20;‎ 故答案为:C10H20;‎ ‎(2)B的结构简式为:,则B中的官能团名称分别为:羰基、羧基;‎ 故答案为:羰基、羧基;‎ ‎(3)C分子一共含有7个碳原子,其同分异构体中除去这两个—COOCH3基团之外,还有3个C碳原子,此时可以将这两个—COOCH3基团看作是取代基,取代CH3 CH2 CH3的2个氢原子。将3个碳原子编号:,两个—COOCH3基团可以有四种取代情况:(1,1)、(1,2)、(1,3)、(2,2)。其中(2,2)的核磁共振氢谱呈现2个吸收峰,其结构简式为:。‎ ‎ 故答案为:4;;‎ ‎(4)B→D为羰基与氢气发生加成反应,又可称还原反应;D→E为氢原子被溴原子取代,反应类型为取代反应;‎ 故答案为:加成反应或还原反应;取代反应;‎ ‎(5)D到G为的反应为2个D分子酯化,生成六元环酯;故反应方程式为:‎ ‎2 + 2H2O ‎(6)F为CH2=CHCOONa,名为丙烯酸钠,F发生加聚反应所得聚合物的名称为:聚丙烯酸钠。故答案为:聚丙烯酸钠;‎ ‎(7)A的结构简式为:,A中两个碳碳双键与等物质的量的溴单质可分别进行加成反应,也可发生1,4加成,所以产物共有3种。‎ 故答案为:3。‎ 点睛:有机推断题中,时常结合反应条件、反应物和生成物分子式的差别来推断反应类型,此为本题的突破口;中卤素原子在NaOH的醇溶液、加热的条件下发生消去反应,此时要注意另外一个官能团-COOH是否有反应,否则产物F易错误判断为CH2=CHCOOH,此为本题的易错点。‎ ‎21. 0.2 mol有机物和0.55 mol O2在密闭容器中燃烧后的产物为CO2、CO和H2O(g)。产物经过浓硫酸后,浓硫酸的质量增加10.8 g;再通过灼热CuO充分反应后,固体质量减轻4.8 g;最后气体再通过碱石灰被完全吸收,碱石灰质量增加26.4 g。‎ ‎(1)燃烧后产生CO的物质的量___________mol。‎ ‎(2)该有机物的分子式_____________。‎ ‎(3)若该有机物能与碳酸钠反应,试写出该有机物的结构简式___________。‎ ‎(4)若该有机物呈中性且能水解,也能发生银镜反应。名称为____________。‎ ‎(5)能发生银镜反应,又能与金属钠产生氢气,则同分异构体共有______种。‎ ‎【答案】 (1). 0.3 (2). C3H6O2 (3). CH3CH2C OOH (4). 甲酸乙酯 (5). 2‎ ‎【解析】(1)气体通过灼热CuO,发生CuO+COCu+CO2,此时固体质量减轻4.8 g ‎,从反应方程式可知,每1molCO可使得固体质减轻16g,则n(CO)=;‎ 故答案为:0.3;‎ ‎(2)浓硫酸的质量增加10.8g为有机物燃烧生成水的质量,n(H2O)=0.6mol,则0.2mol有机物中含有n(H)=1.2mol,每个分子中含有6个H原子;有机物燃烧生成的CO2与CO与CuO反应生成的CO2都被碱石灰完全吸收,碱石灰质量增加26.4g为CO2的质量,n(CO2)总=0.6mol,则有机物每个分子中含有3个C原子;由(1)问可知,CO与CuO反应生成的CO2为0.3mol,则有机物燃烧时生成CO2为0.3mol;设有机物的分子式为C3H6Oz,根据上述分析可得:‎ ‎0.2 C3H6Oz + 0.55 O2→0.3 CO2+0.3CO+0.6 H2O,根据原子守恒可知:‎ ‎0.2z+0.55×2=0.1×3+0.3×1+0.6×1,z=2,故有机物的分子式为C3H6O2;‎ 故答案为:C3H6O2;‎ ‎(3)C3 H6 O2,H原子比C3 H8少2个H,不饱和度为1。若该有机物能与碳酸钠反应,则分子中含有1个-COOH,该分子为丙酸,结构简式为:CH3CH2COOH;‎ 故答案为:CH3CH2COOH;‎ ‎(4)呈中性且能水解则应具有酯基,能发生银镜反应则应又醛基,又分子的不饱和度为1,则应该是甲酸酯基,结构简式为:HCOOCH2CH3,名为甲酸乙酯;‎ 故答案为:甲酸乙酯;‎ ‎(5)能发生银镜反应则应有醛基,能与金属钠产生氢气应有羟基,这样的分子有两种:HOCH2CH2CHO、CH3CHOHCHO;‎ ‎ 故答案为:2.‎ 点睛:一个有机物既能发生水解又能发生银镜反应,优先考虑是否含有甲酸酯基。‎
查看更多

相关文章

您可能关注的文档