甘肃省张掖市第二中学2019-2020学年高二上学期10月月考化学试题

甘肃省张掖市第二中学2019-2020学年高二上学期10月月考化学试题

化学试题 ‎（全卷共两个大题，满分：100分，考试时间：90分钟）‎ 可能用到的原子相对质量：H：1 O：16 Na: 23 ‎ 一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共48分。）‎ ‎1.下列说法正确的是（ ）‎ A. 化合物SO2的水溶液能导电，因此SO2是电解质 B. 已知1mol/L的乙酸溶液的pH约为2，说明乙酸是弱电解质 C. 强电解质水溶液的导电性一定比弱电解质强 D. 需要加热的反应一定是吸热反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.SO2的水溶液能导电是由于SO2与水反应生成亚硫酸，导电离子是亚硫酸电离的，故SO2不是电解质，属于非电解质，A项错误；‎ B. 1mol/L的乙酸溶液的pH约为2，说明乙酸在水中部分电离，所以属于弱电解质，B项正确；‎ C.导电能力与强弱电解质没有必然关系，导电性取决于溶液中离子浓度大小，强电解质溶液的浓度太小，即使全部电离，离子浓度也很小，导电能力不强，C项错误；‎ D.需要加热的反应不一定是吸热反应。如碳燃烧需要加热，但属于放热反应，D项错误；‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】反应是放热或吸热与反应是否需要加热没有必然联系。‎ ‎2.对于可逆反应：2SO2(g)＋O2(g)2SO3(g)，下列措施能使反应物中活化分子百分数、化学反应速率和化学平衡常数都变化的是 A. 增大压强 B. 升高温度 C. 使用催化剂 D. 多充入O2‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 气体压强和反应物浓度只能影响化学反应速率，催化剂增大反应物中活化分子百分数，自然能增大化学反应速率，但催化剂不能改变化学平衡常数，化学平衡常数只与温度有关，据此分析解答。‎ ‎【详解】A．增大压强，活化分子百分数不变，化学平衡常数也不变，故A错误；‎ B．升高温度，反应物中活化分子百分数、化学反应速率都增大，且化学平衡常数发生变化，故B正确；‎ C．使用催化剂，平衡常数不变，故C错误；‎ D．多充O2，活化分子百分数、平衡常数不变，故D错误。‎ 答案选B。‎ ‎3.从如图所示的某气体反应的能量变化分析，以下判断错误的是（　　）‎ A. 这是一个放热反应 B. 该反应可能需要加热 C. 生成物中总键能高于反应物中的总键能 D. 反应物比生成物更稳定 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题中气体反应的能量变化可知，本题考查度反应能量变化，运用反应物总能量大于生成物总能量的反应是放热反应分析。‎ ‎【详解】A.图象分析可知反应物能量高于生成物，反应是放热反应，A项正确；‎ B.反应可能需要吸收能量引发反应进行，B项正确；‎ C.反应是放热反应，生成物中的总键能高于反应物中的总键能，C项正确；‎ D.物质能量越低越稳定，生成物比反应物更稳定，D项错误；‎ 答案选D。‎ ‎4.强酸和强碱的稀溶液中和热可表示为：H+(aq)+OH-(aq)=H2O(l) ΔH= －57.3kJ/mol 以下4个化学方程式中： ①H2SO4(aq)+2NaOH(aq)=Na2SO4(aq)+2H2O(l)‎ ‎②H2SO4(aq)+Ba(OH)2(aq)=BaSO4(s)+2H2O(l)‎ ‎③NH3·H2O(aq)+HCl(aq)=NH4Cl(aq)+H2O(l)‎ ‎④NaOH(aq)+CH3COOH(aq)=CH3COONa(aq)+H2O(l) 其中反应热为-57.3kJ/mol的是（ ）‎ A. ①② B. ③ C. ④ D. 均不符合 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】①H2SO4（aq）+2NaOH（aq）=Na2SO4（aq）+2H2O（l）反应是稀硫酸和氢氧化钠溶液反应生成2mol水，放热114.6kJ，不符合；②H2SO4（aq）+Ba（OH）2（aq）=BaSO4（s）+2H2O（l）反应是稀硫酸和氢氧化钡反应生成硫酸钡沉淀放热，生成2mol水反应放热大于114.6kJ，不符合；③NH3·H2O（aq）+HCl（aq）=NH4Cl（aq）+H2O（l）反应是弱碱和强酸反应生成1mol水，弱电解质电离吸热，所以反应放热小于57.3kJ，不符合；④反应是弱酸和强碱反应生成1mol水，弱电解质电离是吸热过程，反应放热小于57.3kJ，不符合；‎ 综上，答案D。‎ ‎【名师点睛】本题考查了中和热的应用，关键理解概念，正确运用。中和热是指在稀溶液中，酸与碱发生中和反应时生成1molH2O时的反应热。书写中和热的热化学方程式时，以生成1mol水为标准来配平其余物质的化学计量数。注意：中和热必须是酸和碱的稀溶液反应，因为浓酸溶液和浓碱溶液在相互稀释时会放热。强酸与强碱的稀溶液的中和热为57.3 kJ/mol，而弱酸与弱碱在中和反应中由于电离吸收热量，其中和热小于57.3 kJ/mol。‎ ‎5.25℃‎和1.01×105Pa时，反应2N2O5（g）4NO2（g）+O2（g） △H=＋56.76kJ/mol自发进行的原因是 A. 是吸热反应 B. 是放热反应 C. 是熵减少的反应 D. 熵增大效应大于能量效应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】反应能否自发进行取决于焓变和熵变的综合判据。在反应2N2O5(g)=4NO2(g)+O2 (g)△H=+56.76kJ/mol，可知该反应吸热，且熵值增大，根据△G=△H−T△S判断，反应能自发进行，必须满足△H−T△S<0才可，即熵增大效应大于能量效应。‎ 答案选D。‎ ‎6.常温下，某溶液中由水电离产生的c(H+)、c(OH −)满足c(H+)·c(OH−)=10 −24‎ ‎，则下列各组离子在该溶液中一定可以大量共存的是（ ）‎ A. K+、Na+、CH3COO ̶、Cl − B. Na+、Cl −、SO42 ̶、HCO3 –‎ C. Ba2+、Na+、Cl−、NO3 − D. NH4+、Na+、NO3−、SO42−‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题中大量共存可知，本题考查离子共存，运用互相不反应的离子可以共存分析。‎ ‎【详解】由水电离产生的c(H+)、c(OH −)满足c(H+)·c(OH−)=10 −24，为酸或碱溶液，溶液中存在大量H+或OH−，‎ A.CH3COO ̶与氢离子反应，在溶液中不能大量共存，A项错误；‎ B. HCO3 –与氢离子、氢氧根离子反应，在溶液中一定不能大量共存，B项错误；‎ C.无论酸或碱溶液中Ba2+、Na+、Cl−、NO3 −离子之间不反应，能共存，C项正确；‎ D.碱溶液中NH4+、OH −结合生成弱电解质，则不能共存，D项错误；‎ 答案选C。‎ ‎【点睛】由水电离产生的c(H+)、c(OH −)满足c(H+)·c(OH−)=10 −24，说明，由水电离出的c(H+)和c(OH−)小于10 −7mol/L,该溶液抑制水电离，可能为酸或碱溶液。‎ ‎7.对于可逆反应：‎2A(g)＋B(g)‎2C(g) △H＜0，下列各图正确的是( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题中‎2A(g)＋B(g)‎2C(g) △H＜0，可知，本题考查可以反应的化学平衡移动图像，运用勒夏特列原理分析。‎ ‎【详解】A‎.500℃‎时温度高，且升高温度，平衡向逆反应方向移动，生成物C在反应混合物中的含量减小，与图象相符，A项正确；‎ B.增大压强，平衡向正反应方向移动，正逆反应速率均增大，交叉点后，正反应速率大于逆反应速率，与图象不相符， B项错误；‎ C.催化剂能加快反应速率，但不改变化学平衡，有无催化剂，C的浓度都不变化，与图象不相符，C项错误；‎ D.反应放热，升高温度，正逆反应速率都大，平衡向逆反应方向移动，A的转化率减小，与图象不相符， D项错误；‎ 答案选A。‎ ‎【点睛】平衡图像分析技巧：“定一议二”，即固定一个因素，讨论另外两个因素的变化；“先拐先平”即先出现拐点先达到平衡，先出现拐点的温度高或压强大。‎ ‎8.pH相等、体积相等的盐酸（甲）和醋酸（乙），分别与锌反应，若最后锌全部溶解且放出气体一样多，则下列说法正确的是 A. 反应开始时的速率：甲＝乙 B. 反应所需时间：甲＜乙 C. 反应开始时，酸的物质的量浓度：甲=乙 D. 反应结束时，溶液pH：甲＜乙 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.pH相等的盐酸（甲）和醋酸（乙），氢离子浓度相同，所以开始反应速率相同，故A正确；‎ B.醋酸是弱酸，反应开始后不断电离，所以醋酸反应速率大于盐酸，反应时间，甲>乙，故B错误；‎ C.pH相等的盐酸（甲）和醋酸（乙），醋酸的浓度大于盐酸，故C错误；‎ D.反应结束时，剩余的醋酸比盐酸多，溶液pH甲>乙，故D错误。‎ 故选A。‎ ‎9.在密闭容器中进行下列反应：A(g)＋B(g)R(g)＋2D，此反应符合下面图像，下列叙述正确的是（ ） ‎ A. 正反应吸热，D是气体 B. 正反应吸热，D是固体或液体 C. 正反应放热，D是气体 D. 正反应放热，D是固体或液体 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题中A(g)＋B(g)R(g)＋2D可知，本题考查化学平衡图像，运用化学平衡原理分析。‎ ‎【详解】由图象可知，温度为T1时，根据到达平衡的时间,可知P2> P1，且压强越大，R的含量越低，说明平衡逆向移动，逆反应为气体体积减小的反应，故D为气体；压强为P1时，根据到达平衡的时间可知T2> T1，且温度越高，R的含量越低，说明平衡向逆反应方向移动，则正反应为放热反应；‎ 答案选C。‎ ‎【点睛】平衡图像分析技巧：“定一议二”，即固定一个因素，讨论另外两个因素的变化；“先拐先平”即先出现拐点先达到平衡，先出现拐点的温度高或压强大。‎ ‎10.在一定条件下发生反应：‎3A（g）+ 2B（g） xC（g）+2D（g），在 ‎2L 的密闭容器中，把 4molA 和 2molB 混合，2min后达到平衡时生成 1.6molC，又测得反应速率 v(B)= 0.2mol·(L·min)-1，下列说法正确的是（ ）‎ A. A的平衡浓度是2.8mol·L-1 B. B 的转化率是20%‎ C. x= 4 D. 平衡时气体压强是原来的 0.9倍 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题中‎3A（g）+ 2B（g） xC（g）+2D（g）可知，本题考查化学反应速率计算，运用化学反应速率之比等于化学计量数之比和气体物质的量之比等于压强之比分析。‎ ‎【详解】根据反应速率之比等于化学计量数之比来确定化学计量数x,‎ v(B)= 0.2mol·(L·min)-1, ，则x=4 则 A. A的平衡浓度是，A项错误；‎ B.B转化率=，B项错误；‎ C.计算可知：x=4，C项正确；‎ D.气体物质的量之比等于压强之比，平衡时气体压强是原来的，D项错误； ‎ 答案选C。‎ ‎11.下列关于纯净物、混合物、强电解质、弱电解质、非电解质的组合正确的是（ ）‎ 纯净物 混合物 强电解质 弱电解质 非电解质 A 大理石 玻璃 氯化钾 高氯酸 干冰 B 盐酸 水煤气 硫酸 醋酸 氯气 C 明矾 水泥 苛性钠 亚硫酸 熟石灰 D 冰醋酸 漂白粉 BaSO4‎ 氟化氢 氨气 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．大理石、玻璃、氯化钾、高氯酸、干冰分别属于混合物、混合物、强电解质、强电解质，非电解质，故A错误； ‎ B ‎．盐酸、水煤气、硫酸、醋酸、氯气分别属于混合物、混合物、强电解质、弱电解质，单质，故B错误；‎ C．明矾、硅酸盐水泥、苛性钠、亚硫酸、熟石灰分别属于纯净物、混合物、强电解质、弱电解质，电解质，故C错误；‎ D．冰醋酸、漂白粉、硫酸钡、氟化氢、氨气分别属于纯净物、混合物、强电解质、弱电解质，非电解质，故D正确；‎ 答案选D。‎ ‎【点睛】纯净物：有一种物质组成，包括单质和化合物；‎ 混合物：由两种或两种以上的物质组成；‎ 在水溶液里或熔融状态下完全电离的是强电解质，部分电离的是弱电解质；‎ 在水溶液里或熔融状态下不导电的化合物是非电解质，电解质和非电解质都是化合物 ‎12.已知醋酸溶液中存在：CH3COOHCH3COO− + H+，改变下列条件能增大醋酸电离度的是（ ）‎ ‎①加热；②通入HCl气体；③加NaOH(s)；④加CH3COONa(s)；⑤加CH3COOH；⑥加水。‎ A. ①③④⑥ B. ①③⑥ C. ①②④ D. ①③⑤⑥‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题中改变下列条件能增大醋酸电离度可知，本题考查弱电解质的电离程度，运用温度、浓度对弱电解质电离平衡的影响规律分析。‎ 详解】①加热，促进电离，醋酸电离度增大，故①正确；‎ ‎②通入HCl气体，会增大氢离子浓度，抑制电离，醋酸电离度减小，故②错误；‎ ‎③加NaOH(s)会消耗氢离子，促进电离，醋酸电离度增大，故③正确；‎ ‎④加CH3COONa(s),醋酸根离子浓度增大，抑制电离，醋酸电离度减小，故④错误；‎ ‎⑤加CH3COOH，促进电离，但CH3COOH浓度增大程度大于溶液氢离子和醋酸根离子增大程度，电离度减小，故⑤错误；‎ ‎⑥加水，促进电离，醋酸电离度增大，故⑥正确；‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】弱电解质越稀越电离，越热越电离。‎ ‎13.用0.01mol/LNaOH溶液完全中和pH=3的下列溶液各100mL需NaOH 溶液体积最大的是（　　）‎ A. 硫酸 B. 盐酸 C. 醋酸 D. 高氯酸 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】硫酸、盐酸、高氯酸都是强酸，中和pH=3的硫酸、盐酸、高氯酸各100mL，消耗氢氧化钠溶液的体积都是10mL；醋酸是弱酸，pH=3的醋酸浓度大于10-3mol/L ，所以完全中和pH=3的醋酸100mL需NaOH溶液体积大于10mL，故C正确。‎ ‎14.常温下，现有PH=2的某酸HX溶液和PH=12某碱YOH溶液，两溶液混合后，溶液的pH小于7．下表中判断合理的是（ ）‎ 编号 ‎ HX ‎ YOH ‎ 溶液的体积关系 ‎ A ‎ 强酸 ‎ 强碱 ‎ V（HX）=V（YOH） ‎ B ‎ 强酸 ‎ 强碱 ‎ V（HX）＜V（YOH） ‎ C ‎ 强酸 ‎ 弱碱 ‎ V（HX）=V（YOH） ‎ D ‎ 弱酸 ‎ 强碱 ‎ V（HX）=V（YOH） ‎ A. A B. B C. C D. D ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】pH=2的某酸HX溶液中氢离子浓度为0.01mol/L，PH=12某碱YOH溶液中氢氧根离子浓度为0.01mol/L，‎ A、一元强酸和一元强碱的浓度都是0.01mol/L，等体积混合后，n（H+）=n（OH﹣），完全反应后，溶液pH=7，故A错误；‎ B、一元强酸和一元强碱的浓度都是0.01mol/L，V（HX）＜V（YOH），碱过量，n（H+）＜n（OH﹣），反应后溶液呈碱性，pH＞7，故B错误；‎ C、等体积的一元强酸和一元弱碱混合，由于弱碱浓度大于0.01mol/L，反应后弱碱过量，溶液显示碱性，pH大于7，故C错误；‎ D、等体积的一元弱酸和一元强碱混合，由于弱酸浓度大于0.01mol/L，反应后酸过量，溶液显示酸性，pH小于7，故D正确；故选D。‎ ‎15.已知NaHSO4在水中的电离方程式为：NaHSO4 = Na+ + H+ + SO42—。某温度下，向pH=6的蒸馏水中加入NaHSO4晶体，保持温度不变，测得溶液的pH为2。下列对该溶液的叙述中，不正确的是（ ）‎ A. 该温度高于‎25℃‎ B. 由水电离出来的H+的浓度是1.0×10－10mol·L－1‎ C. NaHSO4晶体的加入抑制了水的电离 D. 该温度下加入等体积pH为12的NaOH溶液可使该溶液恰好呈中性 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题中NaHSO4在水中的电离可知，本题考查电解质的电离，运用温度、浓度对弱电解质电离平衡规律分析。‎ ‎【详解】A. pH=6的蒸馏水中，c（OH-）=c（H+）=1×10-6mol/L,Kw=1×10-12＞1×10-14,说明温度高于‎25℃‎，A项正确；‎ B. 水电离出来的c（H+）= c（OH-）=, B项正确；‎ C. NaHSO4 = Na+ + H+ + SO42—，相当增加氢离子浓度，抑制水的电离，C项正确；‎ D. Kw=1×10-12， 应加入等体积浓度为0.01mol·L的氢氧化钠溶液，故应加入等体积pH=10的NaOH溶液，可使该溶液恰好呈中性，D项错误；‎ 答案选D。‎ ‎16.‎ ‎ 下面是一段关于酸碱中和实验操作的叙述：①取一锥形瓶，用待测NaOH溶液润洗两次。②在一锥形瓶中加入25mL待测NaOH溶液。③加入几滴石蕊试剂做指示剂。④取一支酸式滴定管，洗涤干净。⑤直接往酸式滴定管中注入标准酸溶液，进行滴定。⑥左手旋转滴定管的玻璃活塞，右手不停摇动锥形瓶。⑦两眼注视着滴定管内盐酸溶液液面下降，直至滴定终点。文中所述操作有错误的序号为( )‎ A. ④⑥⑦ B. ①⑤⑥⑦ C. ③⑤⑦ D. ①③⑤⑦‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】①锥形瓶不能用待测液润洗，错误；‎ ‎②锥形瓶通常用于盛装一定体积的待测液，所以在一锥形瓶中加入25 mL待测NaOH溶液，所以正确；‎ ‎③石蕊试剂做指示剂，颜色变化不明显，错误；‎ ‎④取一支酸式滴定管，洗涤干净，正确；‎ ‎⑤酸式滴定管应该先用标准酸溶液润洗三次，不能直接往酸式滴定管中注入标准酸溶液，错误；‎ ‎⑥左手旋转滴定管的玻璃活塞，右手不停摇动锥形瓶，正确；‎ ‎⑦两眼应该注视着锥形瓶内溶液颜色变化，错误；‎ 故选D。‎ 二、填空题（共52分）‎ ‎17.习近平总书记在党的十九大报告中提出建设生态文明是中华民族永续发展的千年大计，到本世纪中叶把我国建成富强民主文明和谐美丽的社会主义现代化强国。二甲醚是一种重要的清洁燃料，也可替代氟利昂作制冷剂等，对臭氧层无破坏作用。工业上可利用煤的气化产物(水煤气)合成二甲醚。请回答下列问题：‎ Ⅰ、利用水煤气合成二甲醚的三步反应如下：① 2H2(g) + CO(g) CH3OH(g) ΔH＝－90.8 kJ·mol－1，② 2CH3OH(g) CH3OCH3(g) + H2O(g) ΔH＝ －23.5 kJ·mol－1，③ CO(g) + H2O(g) CO2(g) + H2(g)；ΔH＝－41.3 kJ·mol－1，总反应：3H2(g) + 3CO(g) CH3OCH3(g) + CO2 (g)的ΔH＝____；一定条件下的密闭容器中，该总反应达到平衡，要提高CO的转化率，可以采取的措施是____(填字母代号)。‎ a．高温高压 b．加入催化剂 c．增加H2的浓度 d．增加CO的浓度 e．分离出二甲醚 Ⅱ、工业上利用H2和CO2合成二甲醚的反应如下：6H2（g）+2CO2（g）CH3OCH3（g）+3H2O（g），已知该反应平衡常数（K）与温度（T）的关系如图所示．‎ ‎（1）一定温度下，在一个固定体积的密闭容器中进行该反应．下列能判断反应达到化学平衡状态的是__（选填编号）。‎ a．c（H2）与c（H2O）的比值保持不变 b．单位时间内有2mol H2消耗时有1molH2O生成 c．容器中气体密度不再改变 d．容器中气体压强不再改变 ‎（2）温度升高，该化学平衡移动后到达新的平衡，CH3OCH3的产率将____（填“变大”、“变小”或“不变”），该反应的ΔH___0（填“ > ” 或 “ < ”）。‎ ‎（3）一定温度下，向体积为‎2L的恒容容器中通入6molH2与2molCO2，2分钟后达到平衡时，容器中含有0.3mol二甲醚．则达到平衡时H2的转化率为___，0—2min内用CO2浓度的变化表示的化学反应速率为__。‎ ‎【答案】 (1). -246.4 kJ/mol (2). ce (3). ad (4). 变小 (5). < (6). (7). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意可知，本题考查热化学方程式和盖斯定律计算，运用盖斯定律分析。‎ ‎【详解】Ⅰ、由盖斯定律2+③+①×2得到3H2(g) +3CO(g) CH3OCH3(g)+CO2(g)的 ‎△H=-246.4kJ/mol。一定条件下的密闭容器中，该总反应达到平衡，反应是放热反应，反应后气体体积减小，要提高CO的转化率，平衡需正向移动，‎ a. 高压平衡正向进行，一氧化碳转化率增大，温度升高，平衡向吸热的逆向移动，一氧化碳转化率减小，故a不符合；‎ b.加入催化剂，改变反应速率不改变化学平衡，转化率不变，故b不符合；‎ c．增加H2的浓度，平衡正向进行，故c符合；‎ d.增加CO的浓度，能提高氢气转化率，但一氧化碳转化率减小，故d不符合；‎ e.分离出二甲醚（CH3OCH3），平衡正向进行，一氧化碳转化率增大，故e符合；‎ 故答案为：-246.4 kJ/mol；c e；‎ Ⅱ、（1）a. c（H2）与c（H2O）的比值保持不变时，说明该反应达到平衡状态，故a正确；‎ b.无论反应是否达到平衡状态，单位时间内有2mol H2消耗时有1molH2O生成，所以不能说明该反应达到平衡状态，故b错误；‎ c.混合物的质量不变，容器的体积不变，所以无论反应是否达到平衡状态，容器中气体密度始终不变，所以不能说明该反应达到平衡状态，故c错误；‎ d.该反应是一个反应后气体体积减小的可逆反应，当容器中气体压强不再改变时，该反应达到平衡状态，故d正确；‎ 故答案为：ad；‎ ‎（2)根据温度和之间的关系图知，当升高温度时，K减小，说明该反应向逆反应方向移动，则二甲醚产率减小，当升高温度时，平衡向吸热反应方向移动，说明该反应正反应方向是放热反应，ΔH< 0；‎ 故答案为：变小；<；‎ ‎（3）‎ 由此可知，则达到平衡时H2的转化率为=，0—2min内用CO2浓度的变化表示的化学反应速率为，‎ 故答案为：；。‎ ‎18.Ⅰ．可逆反应N2(g)+3H2(g) 2NH3(g) △H<0,在一定条件下达平衡，若改变条件，将变化结果（“变大”、“变小”或“不变”）填入空格。‎ ‎（1）化学平衡常数的表达式为 _________。‎ ‎（2）保持温度和压强不变，充入惰性气体，则NH3的物质的量_______。‎ ‎（3）保持温度和体积不变，加入惰性气体，则N2的转化率______。‎ ‎（4）体积不变时，加入N2，则H2的转化率_______。‎ Ⅱ．已知CO(g) + H2O(g) CO2 (g) +H2 (g) ‎800℃‎ 时K = 1.0 ；在此温度下的恒容体系中，若用CO（g）和H2O（g）的起始浓度均为1mol/L开始反应。‎ ‎（1）当CO转化率为40%时，该反应___（填“是”或“否”）达到平衡，此时υ(正)___υ(逆) （填“大于”、“小于”或“等于”）。‎ ‎（2）达到平衡时，H2O的转化率为_____。‎ ‎（3）当CO的起始浓度仍为1mol/L，H2O（g）的起始浓度为4mol/L，平衡时H2O的转化率为___。‎ ‎【答案】 (1). (2). 不变 (3). 不变 (4). 变大 (5). 否 (6). 大于 (7). 50% (8). 20%‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意可知，本题考查化学平衡移动及转化率的计算，运用勒夏特列原理和三段式分析。‎ ‎【详解】Ⅰ．（1）化学平衡常数的表达式为 故答案为：；‎ ‎（2）保持温度和压强不变，充入惰性气体，则容器体积增大，NH3的浓度减小，但是，NH3物质的量不变。‎ 故答案为：不变；‎ ‎（3）保持温度和体积不变，加入惰性气体，压强增大，但是物质的浓度均没有改变，平衡没有移动，则N2的转化率不变。‎ 故答案为：不变；‎ ‎（4）体积不变时，加入N2，增大反应物浓度，平衡向正方向移动，则H2的转化率变大。‎ 故答案为：变大；‎ Ⅱ．（1）当CO转化率为40%时，‎ 此时浓度商，所以不是平衡状态，此时反应正向移动，υ(正)大于υ(逆)，‎ 故答案为：否；大于；‎ ‎（2）（1）设达到平衡时，CO的反应浓度为x,‎ 则，解得x=0.5, H2O的转化率=,‎ 故答案为：50%；‎ ‎（3）当CO的起始浓度仍为1mol/L，H2O（g）的起始浓度为4mol/L，设平衡时CO的转化率为y,‎ 则，解得y=0.8， H2O的转化率=,‎ 故答案为：20%。‎ ‎【点睛】化学平衡常数只与温度有关，温度不变，化学平衡常数不变。‎ ‎19.（1）写出NaHSO4在熔融状态下的电离方程式 _______。‎ ‎（2）写出NaHCO3在水溶液中的电离方程式 ________。‎ ‎（3）1mol乙烷气体（C2H6）在氧气中完全燃烧生成二氧化碳和液态水，放出热量1558.3 kJ，写出乙烷燃烧热热化学方程式________。‎ ‎（4）含NaOH ‎20.0g的稀溶液与足量的稀盐酸反应，放出28.7KJ的热量，表示该反应的热化学方程式是___。‎ ‎【答案】 (1). NaHSO4= Na++HSO4- (2). NaHCO3= Na++ HCO3- (3). C2H6(g)+O2(g)=2CO2(g)+3H2O(g) △H=-1558.3 kJ /mol (4). NaOH(aq)+HCl(aq)=NaCl(aq)+H2O(l) △H=-57.4kJ /mol ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意可知，本题考查电离方程式和热化学方程式的书写，运用电离方程式和热化学方程式的书写步骤分析。‎ ‎【详解】（1）NaHSO4在熔融状态下电离成钠离子和硫酸氢根离子，NaHSO4= Na++HSO4-。‎ 故答案为：NaHSO4= Na++HSO4-；‎ ‎(2) NaHCO3在水中全部电离成钠离子和碳酸氢根离子，NaHCO3= Na++ HCO3-。‎ 故答案为：NaHCO3= Na++ HCO3-；‎ ‎(3) 燃烧热是指1mol纯物质完全燃烧生成稳定的氧化物所放出的热量，1mol乙烷气体（C2H6）在氧气中完全燃烧生成二氧化碳和液态水，放出热量1558.3 kJ，则乙烷燃烧热的热化学方程式为：C2H6(g)+ O2(g)=2CO2(g)+3H2O(g) △H=-1558.3 kJ /mol。‎ 故答案：C2H6(g)+ O2(g)=2CO2(g)+3H2O(g) △H=-1558.3 kJ /mol；‎ ‎（4）‎20.0g NaOH的物质的量为0.5mol, 则表示该反应的热化学方程式为：NaOH(aq)+HCl(aq)=NaCl(aq)+H2O(l) △H=-57.4kJ /mol。‎ 故答案为：NaOH(aq)+HCl(aq)=NaCl(aq)+H2O(l) △H=-57.4kJ /mol。‎ ‎【点睛】△H的值与热化学方程式的化学计量数成正比。‎ ‎20.Ⅰ.室温下，0.01 mol/ L的盐酸溶液的pH是____，0.05 mol/ L的Ba(OH)2溶液的pH是___，pH=3的盐酸稀释100倍，所得溶液pH是____，pH = 9的NaOH溶液稀释1000倍后溶液中c(OH−)与c(Na+)之比是___。‎ Ⅱ.水的电离平衡曲线如下图所示。‎ ‎（1）若以A点表示‎25℃‎时水在电离平衡时的离子浓度，当温度升到‎100℃‎时，水的电离平衡状态到B点，则此时水的离子积从____增加到____。‎ ‎（2）‎100℃‎的温度下将pH=8的KOH溶液与pH=5的稀H2SO4混合，并保持‎100℃‎的恒温，欲使混合溶液pH=7，则KOH溶液与稀H2SO4的体积比是____。‎ ‎【答案】 (1). 2 (2). 13 (3). 5 (4). 10:1 (5). 10-14 (6). 10-12 (7). 2:9‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意可知，本题考查水在电离平衡和pH 的计算，运用水在电离平衡常数只与温度有关和H=-lgc(H+)分析。‎ ‎【详解】Ⅰ.根据PH=-lgc(H+)可得，0.01 mol/ L的盐酸溶液的pH=-lgc(0.01)=2；0.05 mol/L的Ba(OH)2‎ 中c(OH-)=0.05 mol/ L×2=0.1 mol/L，由常温下水的离子积Kw=1×10-14得，pH=-lgc(10-13)=13；pH=3的盐酸稀释100倍，所得溶液中c(H+)=10-5 mol/L ，pH=5；pH = 9的NaOH溶液中c(OH-)=1×10-5mol/ L，c(Na+)=1×10-5mol/ L，稀释1000倍后溶液中，c(OH-)≈1×10-7mol/ L接近中性，而c(Na+)=1×10-8mol/ L ，c(OH−)与c(Na+)之比约为10-7：10-8=10:1。‎ 故答案为：2；13；5；10:1；‎ Ⅱ. (1)‎25℃‎时纯水中c(H+)= c(OH-)=10-7mol/L，Kw= c(H+)· c(OH-)=1×10-14，‎ 当温度升高到‎100℃‎，纯水中c(H+)= c(OH-)=10-6mol/L，Kw= c(H+)· c(OH-)=1×10-12，‎ 故答案为：10-14；10-12；‎ ‎(2) ‎100℃‎的温度下将pH=8的KOH溶液中c(OH-)=10-4mol/L，pH=5的稀H2SO4中c(H+)=10-5mol/L，设KOH的体积为x，稀H2SO4的体积为y，‎100℃‎的恒温，欲使混合溶液pH=7，溶液显碱性，，解得x:y=2:9。‎ 故答案为：2:9。‎