2019届高三上学期期末考试数学试题分类汇编：30

2019届高三上学期期末考试数学试题分类汇编：30

‎（山东省德州市2019届高三期末联考数学（理科）试题）‎ ‎14.设，则的值为__________．‎ ‎【答案】1‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分别令x=0和x=-1，即可得到所求.‎ ‎【详解】由条件，令x=0,则有=0，再令x=-1,则有-1=，∴，‎ 故答案为1.‎ ‎【点睛】本题考查二项式定理的系数问题，利用赋值法是解决问题的关键，属于中档题.‎ ‎（山东省潍坊市2019届高三上学期期末测试数学（理科）试题）‎ ‎14.二项式的展开式中，的系数为__________．（用数字填写答案）‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本道题利用二项式系数,代入,计算,即可.‎ ‎【详解】利用二项式系数公式,故的系数为 ‎,所以为 ‎【点睛】本道题考查了二项式系数公式,难度较小.‎ ‎（湖北省2019届高三1月联考测试数学（理）试题）‎ ‎14.某共享汽车停放点的停车位排成一排且恰好全部空闲，假设最先来停车点停车的3辆共享汽车都是随机停放的，且这3辆共享汽车都不相邻的概率与这3辆共享汽车恰有2辆相邻的概率相等，则该停车点的车位数为_______．‎ ‎【答案】10‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 设停车位有n个，求出这3辆共享汽车都不相邻的种数和恰有2辆相邻的种数，可得An﹣23＝A32An﹣22，解得即可.‎ ‎【详解】设停车位有n个，‎ 这3辆共享汽车都不相邻的种数：相当于先将（n﹣3）个停车位排放好，再将这3辆共享汽车，插入到所成（n﹣2）个间隔中，故有An﹣23种，‎ 恰有2辆相邻的种数：先把其中2辆捆绑在一起看做一个复合元素，再和另一个插入到，将（n﹣3）个停车位排放好所成（n﹣2）个间隔中，故有A32An﹣22种，‎ 因为这3辆共享汽车都不相邻的概率与这3辆共享汽车恰有2辆相邻的概率相等，‎ ‎∴An﹣23＝A32An﹣22，‎ 解得n＝10，‎ 故答案为：10．‎ ‎【点睛】本题考查了排列组合中的相邻问题和不相邻问题，考查了运算能力和转化能力，属于中档题.‎ ‎（四川省绵阳市2019届高三第二次（1月）诊断性考试数学理试题）‎ ‎13.(2+)(2＋x)5的展开式中x2的系数是____．(用数字作答）‎ ‎【答案】200‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 求出(2＋x)5展开式的通项公式，要求x2的系数，只需求出(2＋x)5展开式中x2和x3的系数即可．‎ ‎【详解】(2+)(2＋x)5展开式中，含x2的项为2+=(2+)＝200x2，所以系数为200,‎ 故答案为200.‎ ‎【点睛】‎ 本题主要考查二项式定理的基本应用，利用展开式的通项公式确定具体的项是解决本题的关键．‎ ‎（江西省新余市2019届高三上学期期末考试数学（理）试题）‎ ‎8.把1，2，3，，6这六个数随机地排成一列组成一个数列，要求该数列恰先增后减，则这样的数列共有多少个？　　‎ A. 31 B. 30 C. 28 D. 32‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 该数列恰先增后减，则数字6一定是分界点，且前面的顺序和后面的顺序都只有一种，根据6前面的数字的个数多少分类即可．‎ ‎【详解】解：该数列恰先增后减，则数字6一定是分界点，且前面的顺序和后面的顺序都只有一种，‎ 当6前有1个数字时，有种，‎ 当6前有2个数字时，有种，‎ 当6前有3个数字时，有种，‎ 当6前有4个数字时，有种，‎ 根据分类计数原理，共有种，‎ 故选：B．‎ ‎【点睛】本题考查分类计数原理，关键是掌握分类的方法，属于中档题．‎ ‎（湖南省长沙市2019届上学期高三统一检测理科数学试题）‎ ‎14.为培养学生的综合素养，某校准备在高二年级开设，，，，，六门选修课程，学校规定每个学生必须从这门课程中选门，且，两门课程至少要选门，则学生甲共有__________种不同的选法.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本道题先计算总体个数，然后计算A,B都不选的个数，相减，即可。‎ ‎【详解】总体种数有，A,B都不选的个数有，所以一共有16种。‎ ‎【点睛】本道题考查了排列组合问题，难度中等。‎ ‎（湖南省湘潭市2019届高三上学期第一次模拟检测数学（理）试题）‎ ‎15.某公司安排甲、乙、丙、丁4人去上海、北京、深圳出差，每人仅出差一个地方，每个地方都需要安排人出差，若甲不安排去北京，则不同的安排方法有__________种．‎ ‎【答案】24‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据特殊问题优先考虑原则，可先安排除甲以外的人去北京，因此分两种情况：一人去北京或两人去北京，即可求出结果.‎ ‎【详解】若安排一人去北京，共有种；若安排两人去北京，共有种，总共24种.‎ ‎【点睛】本题主要考查排列组合问题，排列组合的常用策略：（1）特殊位置特殊元素优先考虑；（2）相邻问题捆绑策略；（3）不相邻问题插空策略；（4）定序问题倍缩原则；（5）均分问题除法原则；（6）相同元素隔板策略等.属于中档试题.‎ ‎（广东省清远市2019届高三上学期期末考试数学（理）试题）‎ ‎13.的常数项是__________．‎ ‎【答案】-7‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据乘法的分配率，要乘以中的常数项，要乘以中含的项，将这两种情况相加，得到表达式的常数项.‎ ‎【详解】展开式中的常数项为，展开式中含的项为.由此.‎ ‎【点睛】本小题主要考查二项式定理，考查乘法的分配率的理解和应用，考查分类计算的思想方法，属于基础题.‎ ‎（广东省揭阳市2018-2019学年高中毕业班学业水平考试理科数学试题）‎ ‎13.的展开式中的系数为_______；‎ ‎【答案】224‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先求得二项式展开式的通项公式，化简后求得的系数.‎ ‎【详解】二项式展开式的通项公式为，令，解得，故的系数为.‎ ‎【点睛】本小题主要考查二项式展开式的通项公式，考查二项式展开式指定项的系数，属于基础题.‎ ‎（安徽省黄山市2019届高三第一次质量检测（一模）数学（理）试题）‎ ‎7.在展开式中，含的项的系数是( )‎ A. 36 B. 24 C. －36 D. －24‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由，可知含的项有两部分，即，进而可以求出答案。‎ ‎【详解】由题意知，含的项有两部分，即，故系数为，‎ 故答案为D.‎ ‎【点睛】本题考查了二项式定理的运用，属于中档题。‎ ‎（辽宁省丹东市2018年高三模拟（二）理科数学试题）‎ ‎14.若，则的值为_______．‎ ‎【答案】36‎ ‎【解析】‎ 分析：由，利用二项展开的通项公式求解即可.‎ 详解：由，‎ 可得，‎ 上式二项展开的通项为：.‎ 令，得.‎ 故答案为：36.‎ 点睛：本题主要考查二项式定理的通项与系数，属于简单题，二项展开式定理的问题也是高考命题热点之一，关于二项式定理的命题方向比较明确，主要从以下几个方面命题：（1）考查二项展开式的通项公式；（可以考查某一项，也可考查某一项的系数）（2）考查各项系数和和各项的二项式系数和；（3）二项式定理的应用．‎ ‎（湖南师范大学附属中学2019届高三上学期月考（四）数学（理）试题）‎ ‎5.若，则（ ）‎ A. 0 B. 1 C. 32 D. -1‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 由二项展开式的通项公式，可知都小于．则．在原二项展开式中令，可得 ‎．故本题答案选．‎ ‎（河北省衡水市第十三中学2019届高三质检（四）理科数学试题）‎ ‎14.已知，记，则的展开式中各项系数和为__________．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据定积分的计算，得到，令，求得，即可得到答案．‎ ‎【详解】根据定积分的计算，可得 ，‎ 令，则，‎ 即的展开式中各项系数和为.‎ ‎【点睛】本题主要考查了定积分的应用，以及二项式定理的应用，其中解答中根据定积分的计算和二项式定理求得的表示是解答本题的关键，着重考查了运算与求解能力，属于基础题．‎ ‎（河北省衡水市第十三中学2019届高三质检（四）理科数学试题）‎ ‎15.某市政府决定派遣8名干部（5男3女）分成两个小组，到该市甲、乙两个县去检查扶贫工作，若要求每组至少3人，且女干部不能单独成组，则不同的派遣方案共有_________种.（用数字作答）‎ ‎【答案】180‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由派遣8名干部分成两个小组，每组至少3人，可得分组的方案有3、5和4、4两类，分别求得两类分法的种数，再由分类计数原理，即可求解．‎ ‎【详解】由题意，派遣8名干部分成两个小组，每组至少3人，可得分组的方案有3、5和4、4两类，第一类有种；第二类有种，‎ 由分类计数原理，可得共有种不同的方案.‎ ‎【点睛】本题主要考查了分类计数原理，及排列、组合的应用，其中解答中根据题意合理分组，分别求得两组分法的种数，再由分类计数原理求解是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，属于基础题．‎ ‎（江西省重点中学盟校2019届高三第一次联考数学（理）试题）‎ ‎11.今有个人组成的旅游团,包括4个大人，2个小孩，去庐山旅游，准备同时乘缆车观光，现有三辆不同的缆车可供选择，每辆缆车最多可乘3人，为了安全起见，小孩乘缆车必须要大人陪同，则不同的乘车方式有( )种 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分两类，分别讨论两个小孩坐在一块和两个小孩不坐在一块所包含的情况，最后求和即可.‎ ‎【详解】第一类：只用两辆缆车，‎ 若两个小孩坐在一块，则有种乘车方式；‎ 若两个小孩不坐在一块，则有种乘车方式；‎ 第二类：用三辆缆车，‎ 若两个小孩坐在一块，则有种乘车方式；‎ 若两个小孩不坐在一块，则有种乘车方式；‎ 综上不同的乘车方式有种.‎ 故选C ‎【点睛】本题主要考查两个计数原理，熟记分类加法与分类乘法计算原理，即可分情况讨论，写出结果，属于常考题型.‎ ‎（广东省广州市天河区2019届高三毕业班综合测试（二）理科数学试题）‎ ‎8.安排5名学生去3个社区进行志愿服务，且每人只去一个社区，要求每个社区至少有一名学生进行志愿服务，则不同的安排方式共有　　‎ A. 360种 B. 300种 C. 150种 D. 125种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先把名学生分成组，再分配到个社区即可求得结果。‎ ‎【详解】名学生分成组，每组至少人，有和两种情况 ‎①：分组共有种分法；再分配到个社区：种 ‎②：分组共有种分法；再分配到个社区：种 综上所述：共有种安排方式 本题正确选项：‎ ‎【点睛】本题考查排列组合中的平均分组问题，易错点在于对学生进行分组时，忽略了有两组平均分组，造成重复。处理平均分组问题的方法是：组均分时，分组选人后除以。‎ ‎（广东省东莞市2019届高三上学期期末调研测试数学理试题）‎ ‎7.二项式的展开式的常数项为（ ）‎ A. B. 15 C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 写出二项展开式的通项公式，令x的指数为0，即可得到常数项.‎ ‎【详解】二项式 的展开式的通项公式为Tr+1＝•（﹣1）r•x6﹣3r，‎ 令6﹣3r＝0，求得r＝2，‎ ‎∴展开式的常数项是＝15，‎ 故选：B．‎ ‎【点睛】本题考查二项展开式的运用，考查求特定项的系数，熟练运用公式求解即可.‎ ‎（广东省江门市2019届高三高考模拟（第一次模拟）考试数学（理科）试题）‎ ‎14.甲、乙、丙、丁、戊名学生进行劳动技术比赛，决出第名到第名的名次．甲、乙两名参赛者去询问成绩，回答者对甲说，“很遗憾，你和乙都没有得到冠军”；对乙说，“你当然不会是最差的”．从这个回答分析，人的名次排列可能有_________种不同的情况．（用数字作答）‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 甲、乙不是第一名且乙不是最后一名．乙的限制最多，故先排乙，有3种情况；再排甲，也有3种情况；余下的问题是三个元素在三个位置全排列，根据分步计数原理得到结果．‎ ‎【详解】由题意，甲、乙都不是第一名且乙不是最后一名．乙的限制最多，故先排乙，有3种情况； 再排甲，也有3种情况；余下3人有A33种排法．故共有3•3•A33=54种不同的情况．故答案为：54．‎ ‎【点睛】本题主要考查排列、组合与简单的计数问题，解决此类问题的关键是弄清完成一件事，是分类完成还是分步完成，是有顺序还是没有顺序，像这种特殊元素与特殊位置的要优先考虑．‎ ‎（广东省江门市2019届高三高考模拟（第一次模拟）考试数学（理科）试题）‎ ‎9.在二项式的展开式中任取一项，则该项的系数为奇数的概率是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题是一个等可能事件的概率，在二项式（x+1）10的展开式中任取一项有11种结果，1和x系数都为1，只考虑二项式系数即可，写出二项式系数为1，10，45，120，210，252，210，120，45，10，1得到奇数4个，得到概率．‎ ‎【详解】有题意知本题是一个等可能事件的概率，‎ 在二项式（x+1）10的展开式中任取一项有11种结果，‎ ‎1和x系数都为1，我们只考虑二项式系数即可．‎ 二项式系数为1，10，45，120，210，252，210，120，45，10，1得到奇数4个，‎ ‎∴任取一项，该项的系数为奇数的概率p＝‎ 故选：B．‎ ‎【点睛】本题考查等可能事件的概率和二项式系数的特点，本题解题的关键是看出二项式的展开式中所有的二项式系数的值，本题比较特殊，因为二项式的系数等于项的系数．‎ ‎（广东省韶关市2019届高三1月调研考试数学理试题）‎ ‎9.某中学元旦晚会共由6个节目组成，演出顺序有如下要求：节目甲必须排在乙的前面，丙不能排在最后一位，该晚会节目演出顺序的编排方案共有（ ）‎ A. 720种 B. 360种 C. 300种 D. 600种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先安排好除丙之外的5个节目，再安排丙即可.‎ ‎【详解】先安排好除丙之外的5个节目，有种可能，‎ 再安排丙，有5种可能，共300种方案，‎ 故选：C.‎ ‎【点睛】本题考查排列、组合的应用，注意题目限制条件比较多，需要优先分析受到限制的元素．‎ ‎（广东省深圳市2019届高三第一次（2月）调研考试数学理试题）‎ ‎14.若的展开式中各项系数之和为32，则展开式中的系数为__________．‎ ‎【答案】15‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 依题意，令，求得，写出二项展开式的通项，进而可确定展开式中的系数。‎ ‎【详解】依题意，令，解得，所以，‎ 则二项式的展开式的通项为：，‎ 令，得，所以的系数为。‎ ‎【点睛】本题主要考查了二项式定理的应用问题，其中解答中利用各项系数的和，求解n的值，再利用二项展开式的通项求解是解答的关键，着重考查了运算与求解能力，属于基础题。‎ ‎（河北省沧州市2019年普通高等学校招生全国统一模拟考试理科数学试题）‎ ‎14.在的展开式中的系数为______．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由二项式展开式的通项公式可知的展开式的通项为：，据此确定展开式中的系数即可.‎ ‎【详解】由二项式展开式的通项公式可知的展开式的通项为：‎ ‎，‎ 令可得，‎ 故展开式中的系数为.‎ 故答案为： ．‎ ‎【点睛】二项式定理的核心是通项公式，求解此类问题可以分两步完成：第一步根据所给出的条件(特定项)和通项公式，建立方程来确定指数(求解时要注意二项式系数中n和r的隐含条件，即n，r均为非负整数，且n≥r，如常数项指数为零、有理项指数为整数等)；第二步是根据所求的指数，再求所求解的项．‎ ‎（河南省濮阳市2019届高三下学期摸底考试数学（理）试题）‎ ‎15.甲、乙、丙3位志愿者安排在周一至周五的5天中参加某项志愿者活动，要求每人参加一天且每天至多安排一人，并要求甲安排在另外两位前面不同的安排方法共有______种 ‎【答案】20‎ ‎【解析】‎ 试题分析：由题意得，要求甲安排另外两位的前面，则甲有种分配方法，即甲在星期一、二、三；可分三种情况分类讨论：甲在星期一有种安排方法；甲在星期二有种安排方法；甲在星期三有种安排方法；所以共有种不同的安排方法．‎ 考点：排列、组合与计数原理的应用．‎ ‎（河北省唐山市2019届高三下学期第一次模拟考试数学（理）试题）‎ ‎8.二项式的展开式中的常数项为（ ）‎ A. -540 B. 135 C. 270 D. 540‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在二项展开式的通项公式中，令的幂指数等于0，求出的值，即可求得常数项．‎ ‎【详解】二项式的展开式的通项公式为，‎ 令，求得，可得展开式中的常数项为，‎ 故选B．‎ ‎【点睛】本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，二项式系数的性质，属于基础题．‎ ‎（江西省临川一中，南昌二中，九江一中，新余一中等九校重点中学协作体2019届高三第一次联考数学（理）试题）‎ ‎7.已知 ，则（ ）‎ A. 18 B. 24 C. 36 D. 56‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎，故，.‎ ‎（晋冀鲁豫名校2018-2019年度高三上学期期末联考数学(理)试题）‎ ‎15.的展开式中的常数项为______________．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题意首先写出展开式的通项公式，然后结合所给的式子求解其常数项即可.‎ ‎【详解】三项式展开式的通项公式为，‎ 所以的展开式中的常数项为：‎ ‎ ．‎ ‎【点睛】(1)二项式定理的核心是通项公式，求解此类问题可以分两步完成：第一步根据所给出的条件(特定项)和通项公式，建立方程来确定指数(求解时要注意二项式系数中n和r的隐含条件，即n，r均为非负整数，且n≥r，如常数项指数为零、有理项指数为整数等)；第二步是根据所求的指数，再求所求解的项．‎ ‎(2)求两个多项式的积的特定项，可先化简或利用分类加法计数原理讨论求解．‎ ‎（河南省部分省示范性高中2018-2019学年高三数学试卷（理科）1月份联考试题）‎ ‎14.已知，则__________．‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用赋值法，分别令即可得到结果.‎ ‎【详解】令可得；‎ 令，可得，‎ 所以.‎ 故答案为：0‎ ‎【点睛】本题考查二项式定理的应用，考查运算求解能力.‎ ‎（广东省汕尾市2019届高三普通高中3月教学质量检测理科数学试题）‎ ‎14.两个女生和三个男生站成一排照相，两个女生要求相邻，男生甲不站在两端，不同排法的种数为______‎ ‎【答案】24‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先把2名女生捆绑在一起看做一个复合元素，再和另外的2名男生全排列形成了2个空（不包含两端），将男生甲插入到其中，问题得以解决．‎ ‎【详解】先把2名女生捆绑在一起看做一个复合元素，再和另外的2名男生全排列形成了2个空（不包含两端），将男生甲插入到其中，故有A22A33A21=24种， ‎ 故选：24．‎ ‎【点睛】本题考查分步计数原理的应用，对于受到多个限制条件的排队问题，要关键题意，确定合理的分类或分步解决方案，做到既满足题意，又不重不漏 ‎（江西省红色七校2019届高三第二次联考数学（理）试题）‎ ‎15. 某外商计划在4个候选城市中投资3个不同的项目，且在同一个城市投资的项目不超过2个，则该外商不同的投资方案有________种．‎ ‎【答案】60‎ ‎【解析】‎ 试题分析：每个城市投资1个项目有种，有一个城市投资2个有种，投资方案共 种.‎ 考点：排列组合.‎ ‎（江西省红色七校2019届高三第二次联考数学（理）试题）‎ ‎10.杨辉三角，又称帕斯卡三角，是二项式系数在三角形中的一种几何排列.在我国南宋数学家杨辉所著的《详解九章算法》（1261年）一书中用如图所示的三角形解释二项式乘方展开式的系数规律.现把杨辉三角中的数从上到下，从左到右依次排列，得数列：1,1,1,1,2,1,1,3,3,1,1,4,6,4,1…….记作数列，若数列的前项和为，则 （ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 数列{an}中前78项在杨辉三角的从第一排到第12排，每排的和为二项式系数和, {an}中最后两项是第13排的1和12．全部相加可得结果.‎ ‎【详解】杨辉三角中前12行共有1+2+3+4+…+12＝78个数，其和为：20+21+22+…+211＝212﹣1＝4095；‎ 第13行共有2个位数，它们是1，12，其和为13，‎ 故＝4095+13＝4108，‎ 故选：B．‎ ‎【点睛】本题考查合情推理，二项式系数和，数列求和，每一排的和转化为二项式系数和是关键，属中档题．‎ ‎（江西省红色七校2019届高三第二次联考数学（理）试题）‎ ‎5.的展开式中，常数项为( )‎ A. －15 B. 16 C. 15 D. －16‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 把按照二项式定理展开，可得的展开式中的常数项．‎ ‎【详解】∵（）•（1‎ ‎），故它的展开式中的常数项是1+15=16‎ 故选：B ‎【点睛】本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，项的系数的性质，熟记公式是关键，属于基础题．‎ ‎（陕西省2019届高三第二次教学质量检测数学（理）试题）‎ ‎5.陕西省西安市周至县的旅游景点楼观台，号称“天下第一福地”，是我国著名的道教胜迹，古代圣哲老子曾在此著《道德经》五千言。景区内有一处景点建筑，是按古典著作《连山易》中记载的金、木、水、火、土之间相生相克的关系，如图所示，现从五种不同属性的物质中任取两种，则取出的两种物质恰好是相克关系的概率为（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据组合数，求得出所有相克情况，即可求得任取两种取出的两种物质恰好是相克关系的概率。‎ ‎【详解】从五种不同属性的物质中任取两种，基本事件数量为 ‎ 取出两种物质恰好相克的基本事件数量为 则取出两种物质恰好是相克关系的概率为 所以选B ‎【点睛】本题考查了概率求法，古典概型概率的相关求解，属于基础题。‎ ‎（四川省成都市实验外国语学校2019届高三二诊模拟考试理科数学）‎ ‎8.已知展开式中，各项系数的和与其各项二项式系数的和之比为，则等于（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题首先可以根据二项式得出各项系数的和，然后根据二项式得出各项二项式系数的和，最后根据各项系数的和与其各项二项式系数的和之比为，即可得出结果。‎ ‎【详解】二项式的各项系数的和为，‎ 二项式的各项二项式系数的和为，‎ 因为各项系数的和与其各项二项式系数的和之比为，‎ 所以，，故选C。‎ ‎【点睛】本题考查二项式的相关性质，主要考查二项式的各项系数的和以及各项二项式系数的和，考查计算能力，体现了基础性，提高了学生对于二项式的理解，是简单题。‎ ‎（安徽省合肥一中、马鞍山二中等六校教育研究会2019届高三第二次联考数学（文）试题）‎ ‎7.某个微信群某次进行的抢红包活动中，群主所发红包的总金额为10元，被随机分配为2.49元、1.32元、2.19元、0.63元、3.37元，共5份，供甲、乙等5人抢，每人只能抢一次，则甲、乙二人抢到的金额之和不低于4元的概率是( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 基本事件总数，再利用列举法求出其中甲、乙二人抢到的金额之和不低于4元的情况种数，根据古典概型概率计算公式可得结果．‎ ‎【详解】所发红包的总金额为10元，被随机分配为2.49元、1.32元、2.19元、0.63元、3.37元，共5份，供甲、乙等5人抢，每人只能抢一次，‎ 基本事件总数，其中甲、乙二人抢到的金额之和不低于4元的情况有：‎ ‎，，，，共有5种，‎ ‎∴甲、乙二人抢到的金额之和不低于4元的概率，故选B.‎ ‎【点睛】本题考查适合古典概型的概率求法，解题时要认真审题，注意列举法的合理运用，属于基础题．‎ ‎（安徽省合肥市2019届高三第二次教学质量检测数学（理）试题）‎ ‎8.某部队在一次军演中要先后执行六项不同的任务，要求是：任务必须排在前三项执行，且执行任务之后需立即执行任务；任务、任务不能相邻.则不同的执行方案共有（ ）‎ A. 36种 B. 44种 C. 48种 D. 54种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分三种情况，任务A排在第一位时，E排在第二位，任务A排在第二位时，E排在第三位，任务A排在第三位时，E排在第四位，结合任务B和C不能相邻，分别求出三种情况的排列方法，即可得到答案。‎ ‎【详解】六项不同的任务分别为A、B、C、D、E、F，‎ 如果任务A排在第一位时，E排在第二位，剩下四个位置，先排好B、C，再在B、C之间的3个空位中插入D、F，此时共有排列方法：；‎ 如果任务A排在第二位时，E排在第三位，则B，C可能分别在A、E的两侧，排列方法有，可能都在A、E的右侧，排列方法有； ‎ 如果任务A排在第三位时，E排在第四位，则B，C分别在A、E的两侧；‎ 所以不同的执行方案共有种．‎ ‎【点睛】本题考查了排列组合问题，考查了学生的逻辑推理能力，属于中档题。‎